2024年湖南省娄底市娄星区中考一模考试物理试题（原卷版+解析版）

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（请把答案写在答题卡上 时量：60分钟 满分：100分）
第Ⅰ卷（选择题）
一、单选题（本题共36分。每小题给出的选项中，只有一个是正确的，每小题选对得3分，错选或未选的得0分）
1. 某同学用一把分度值为1mm的刻度尺，先后测量同一木块的厚度，5次测量的结果分别为3.12cm、3.13cm、3.1cm、3.32cm、3.12cm。下面结果最接近真实值的是（ ）
A. 3.12cmB. 3.158cmC. 3.1725cmD. 3.123cm
【答案】A
【解析】
【详解】根据五次测量结果，可以观察出3.32cm与其他三次结果偏差较大，3.1cm没有估计值，这两个数据属于错误数据，应去掉，依据取多次测量平均值的方法，在最后结果除不尽时采取四舍五入，保留到小数点后面两位，木块的厚度为
故A符合题意，故BCD不符合题意。
故选A。
2. 关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A. 用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调一定是不同的
B. 课堂上能听到老师讲课声，是由于空气能够传声
C. 当人们感觉室外的噪声过大时，习惯于关闭门窗，这是在声源处减弱噪声
D. “闻其声而知其人”是根据声音的响度来区分的
【答案】B
【解析】
【分析】（1）响度指声音的强弱或大小，与振幅和距声源的距离有关；
（2）声音能够通过固体、液体和气体传播，真空不能传声；
（3）防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在声源处减弱；
（4）声音三个特性：音调、响度和音色．音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅有关；音色跟发声体的材料和结构有关．
【详解】A、用大小不同的力敲击音叉，改变了音叉的振动幅度，用力越大，振幅越大，故响度越大，故A错误；
B、课堂上能听到老师的讲课声，是通过空气传播的，故B正确；
C、关闭门窗是为了在传播过程中减弱噪声，故C错误；
D、“闻其声而知其人”主要是根据音色来判断的，故D错误．
故选B．
【点睛】本题考查了声音的产生、传播、防治噪声的途径以及声音的特性，属于声学基础知识的考查．
3. 保护视力、科学用眼已成为社会共识。下列有关眼睛和眼镜的说法正确的是（ ）
A. 眼睛成像原理与小孔成像原理相同
B. 物体在眼睛的视网膜上成倒立、缩小的虚像
C. 近视眼看远处的物体时，像成在视网膜的后方
D. 近视眼可佩戴凹透镜矫正
【答案】D
【解析】
【详解】A．眼睛成像的原理是凸透镜成像，小孔成像利用的是光在同种均匀介质中是沿直线传播的，二者原理不同，故A错误；
B．人的眼睛相当于一架照相机，物体在眼睛的视网膜上成倒立、缩小的实像，故B错误；
CD．近视眼看不清楚远处的物体，原因是远处物体的像成在视网膜的前方，可以用凹透镜进行矫正，使光线会聚能力减弱，使像能成在视网膜上，从而能看清物体，故C错误，D正确。
故选D。
4. 下列四个情景中没有受到浮力的物体是（ ）
A. 水中的桥墩
B. 水中下沉的苹果
C. 水面上运动的赛艇
D. 沉入水底鸡蛋
【答案】A
【解析】
【详解】A．大桥的桥墩由于底面埋在淤泥下，因此桥墩没有受到水对其向上的压力，根据浮力产生的原因可知桥墩不受浮力作用，故A符合题意；
BCD．水里中下沉的苹果、水面上运动的赛艇和沉入水底的鸡蛋都浸在液体中，因为液体对浸在其中的物体表面有压强，上下表面所处深度不同，从而产生压强差，使物体受到向上的压力，即物体所受浮力，故它们均受到浮力作用，故BCD不符合题意。
故选A。
5. 如图所示，是不用火不插电，只用一杯冷水就可以加热食物的发热包．将发热包放到水中，会放出大量的热，从而加热食物，下列说法正确的是（ ）
A. 发热包将温度传递给盒中的水
B. 食物温度升高的过程伴随着内能的转移
C. 被加热的食物吸收热量后自身所含热量增大
D. 当加热包和水的温度相同时，它们的内能一定相等
【答案】B
【解析】
【详解】A．发热包将热量传递给盒中的水，故A错误；
B．食物温度升高的过程伴随着内能的转移，故B正确；
C．热量是过程量，不能说所含热量，故C错误；
D．内能与物体的温度、质量、状态等有关，只知道温度高低，不能判断内能的大小，故D错误。
故选B。
6. 2023年3月，我国自主研制的国内首套高温超导电动悬浮全要素试验系统完成首次悬浮运行，如图所示。高温超导材料可在液氮温度（196℃）以上转变为超导态。下列说法中正确的是（ ）
A. 电流流经超导材料时不发生热损耗
B. 磁浮列车以太阳为参照物是静止的
C. 高温超导材料在任何温度下的电阻都为零
D. 磁浮列车刹车后不能立即停止是受到惯性的作用
【答案】A
【解析】
【详解】A．超导材料转变为超导态后电阻为零，根据焦耳定律可知，电流流经超导材料时不发生热损耗，故A正确；
B．磁浮列车相对于太阳位置发生了变化，以太阳为参照物它是运动的，故B错误；
C．高温超导材料在不太低的温度下转变为超导态，但不是在任何温度下的电阻都为零，故C错误；
D．磁浮列车刹车后不能立即停止是因为具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用。故D错误。
故选A。
7. 下列科学家中，对“牛顿第一定律”的建立做出巨大贡献的是（ ）
A. 焦耳B. 伽利略
C. 欧姆D. 法拉第
【答案】B
【解析】
【详解】A．焦耳总结发现了焦耳定律，故A不符合题意；
B．伽利略的斜面实验为“牛顿第一定律”的建立奠定了基础，故B符合题意；
C．欧姆发现了欧姆定律，故C不符合题意；
D．法拉第发现了电磁感应现象，故D不符合题意。
故选B。
8. 如图所示，两个完全相同的机翼模型a和b都只能沿竖直方向上下自由运动，A、B两弹簧测力计的示数分别为、，下列说法正确的是（ ）
A. 当风向反向时，模型a将下降
B. 当风突然停止时，模型b将下降
C. 当相同的风速吹向飞机模型时，
D. 当相同的风速吹向飞机模型时，
【答案】C
【解析】
【详解】A．当风向反向时，模型a上表面的空气流速较快，压强较小，在竖直向上的压力差的作用下，将上升，故A错误；
B．有风时，模型b下表面的空气流速较快，压强较小，在竖直向下的压力差的作用下，将下降，当风突然停止时，压力差消失，模型b将上升，故B错误；
CD．如图所示，a的形状类似于机翼，气流流过时，上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，会产生向上的升力，所以弹簧测力计A的示数变小；图中b的形状是装反了的机翼，气流流过时，下方空气流速大、压强小，上方空气流速小、压强大，会产生向下的力，所以弹簧测力计B的示数变大；所以Fa＜Fb，故C正确，D错误。
故选C。
9. 甲、乙两个物体从同一地点出发沿同一方向运动，运动的s-t关系图象如图所示，则下列判断不正确的是（ ）
A. 甲、乙都做匀速直线运动
B. 甲、乙在运动了1.5km时第一次相遇
C. 前5min内，甲的速度大于乙的速度
D. 从开始运动到第二次相遇的整个过程中，甲、乙的平均速度相等
【答案】A
【解析】
【详解】A．在s-t关系图象中斜直线表示匀速直线运动，由图像可知，甲的s-t关系图象不总是一条斜直线，所以甲不是一直做匀速直线运动，故A错误，A符合题意；
B．在s-t关系图象中，两图线的交点表示两物体相遇，所以两个物体在运动了1.5km时第一次相遇，故B正确，B不符合题意；
C．由s-t关系图象可知，前5min内，甲、乙的s-t关系图象都是一条斜直线，则两物体均做匀速直线运动，且甲的路程大于乙的路程，由
可知，甲的速度大于乙的速度，故C正确，C不符合题意；
D．从开始运动到第二次相遇的整个过程中，甲、乙的路程和所用的时间相等，由
可知，甲的平均速度等于乙的平均速度，故D正确，D不符合题意。
故选A。
10. 小明将标有“6V6W”的灯L1与标有“6V3W”的灯L2串联，如图所示。下列说法错误的是（ ）
A. 该电路能探究电流做功的多少与电压的关系
B. 该电路能探究电流与电压的关系
C. 该电路不能测出灯泡L1正常发光时的电阻
D. 该电路可以测出灯泡L2的额定功率
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据，两个灯泡的额定电压相同，额定功率不同，故灯的电阻不同，串联电路中电流一定，由欧姆定律变形公式U＝IR，两灯的实际电压不同，通过时间相同，由W＝UIt可得，因此可以探究电流做功的多少与电压的关系，故A正确，不符合题意；
B．探究电流与电压的关系时，要控制电阻大小不变，因为灯丝的电阻随温度的改变而改变，因此无法探究电流与电压的关系；故B错误，符合题意；
CD．两个灯泡的额定电压相同，由可知：额定功率大的额定电流大，所以L1的额定电流大于L2的额定电流，因此电路中的最大电流为L2的额定电流，只有灯L2能正常发光，L1不可能正常发光，故该电路不能测出灯泡L1正常发光时的电阻，该电路能测量灯泡L2的额定功率，故CD正确，不符合题意。
故选B。
11. 下列估测数据中最接近实际的是（ ）
A. 一张试卷厚度大约1cm
B. 家用电风扇正常工作的电流约为4.2A
C. 汽车校园内的通道行驶时限速为80m/s
D. 小明同学将两个鸡蛋举高1m，克服鸡蛋重力所做的功约为1J
【答案】D
【解析】
【详解】A．10张试卷的厚度约为1mm，则一张试卷厚度大约0.1mm，故A不符合题意；
B．家用电风扇的功率不到100W，正常工作时的电流
故B不符合题意；
C．汽车在校园内通道行驶时限速为30km/h，约为
故C不符合题意；
D．两个鸡蛋重约1N，将其匀速举高所用的力为1N，举高1m做的功约为
故D符合题意。
故选D。
12. 在如图所示的电路中，电源电压不变。闭合开关 S 后，当滑片 P 在某一端点时，电流表示数为 0.3A，小灯泡消耗的功率为 0.9W；当滑片 P 移至中点时，电压表示数变化了 2V，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为 2W。下列说法中正确的是（ ）
A. 小灯泡正常发光时的电阻为 10Ω
B. 滑动变阻器的最大阻值为 20Ω
C. 电源电压为 10V
D. 当滑片 P 在最右端时，滑动变阻器消耗的功率为 3.6W
【答案】B
【解析】
【详解】由图可知，开关S闭合后，小灯泡与滑动变阻器及电流表串联，电压表测量小灯泡两端的电压。
A．当滑片 P 在某一端点时，电流表示数为 0.3A，小灯泡消耗的功率为 0.9W，根据公式可得，此时小灯泡两端的电压为
当滑片 P 移至中点时，电压表示数变化了 2V，且此时小灯泡恰好正常发光，说明小灯泡正常发光时的电压大于3V，所以小灯泡的额定电压为
U额=3V+2V=5V
额定功率为2W，则小灯泡正常发光时的电阻为
故A错误；
BC．根据串联分压原理可知，滑片P位于最右端，即滑动变阻器最值最大时，电路电流为0.3A，根据欧姆定律及串联电路电压规律可得
①
当滑片 P 移至中点时，电路电流为
则
②
由①②两式可得：U=9V，R滑=20Ω，故B正确，C错误；
D．当滑片 P 在最右端时，滑动变阻器消耗的功率为
故D错误。
故选B。
第Ⅱ卷（非选择题）
二、填空题（本题共18分，每空2分）
13. 北京时间2023年10月26日，载人飞船与空间站组合体成功实现对接，神舟十六号航天员乘组顺利打开“家门”，欢迎远道而来的神舟十七号航天员乘组入驻“天官”随后，两个航天员乘组拍下“全家福”，共同向全国人民报平安。如下图所示，载人飞船助推器向地面喷火升空，在飞船升空过程中，飞船相对于地面是______的；在飞船与空间站对接后，飞船相对于空间站是______的。
【答案】 ①. 运动 ②. 静止
【解析】
【详解】[1]在飞船升空过程中，飞船相对于地面位置发生了变化，因此飞船是运动的。
[2]在飞船与空间站对接后，飞船相对于空间站位置没有发生改变，因此飞船是静止的。
14. 拔河比赛中，运动员为取得好成绩，会带上纱布手套，穿鞋底带有花纹的鞋，这些措施都是通过增大______来增大摩擦；在比赛进行过程中，同学们双手用力紧紧地握住绳子生怕它从自己的手中溜走，这是通过增大______来增大摩擦力。
【答案】 ①. 接触面的粗糙程度 ②. 压力
【解析】
【详解】[1]增大摩擦的方法：增大压力和增大接触面的粗糙程度；拔河时会带上纱布手套，穿鞋底带有花纹的鞋，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦。
[2]手要将绳子握紧，这是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方法来增大摩擦。
15. 四冲程热机工作过程中，将内能转化为机械能的是____________冲程，李白在《望庐山瀑布》中写道：“日照香炉生紫烟”，这是通过______________（选填“做功”或“热传递”）的方式来改变香炉的内能，加热 1 千克水，使其温度上升 2℃，则加热过程中水吸收的热量为______________焦。[ c水  4.2 103焦/(千克·℃)]
【答案】 ①. 做功 ②. 热传递 ③. 8.4×103
【解析】
【详解】[1]热机是将内能转化为机械能的机器，它的一个工作循环包括四个冲程：吸气、压缩、做功、排气冲程，其中压缩冲程是将机械能转化为内能；做功冲程是将内能转化为机械能。
[2]改变物体内能的方式有做功和热传递，太阳释放的热量通过热传递的方式传给香炉。
[3]水吸收的热量
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×2℃=8.4×103J
16. 小聪利用一长木板在地面和高台处搭建一个斜面，如图所示，高台高为3m，长木板长9m。小聪用大小为500N的拉力F将重为1200N的物体从地面拉上高台，用时45s。则小聪所做的有用功为______J，拉力F做功的功率为______W。
【答案】 ①. 3600 ②. 100
【解析】
【详解】[1]小聪做的有用功
W有用=Gh=1200N×3m=3600J
[2]拉力做的总功为
W总=Fs=500N×9m=4500J
拉力F所做功的功率
三、作图与实验探究（本题共28分，其中17题4分，其余题每空2分）
17. 请在图中画出教室里的灯所受重力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】重力的方向是竖直向下的，过重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：
18. 在图的A点标出磁感线的方向、在小磁针旁的括号内标出小磁针的南北极符号（“N”、“S”）、在电源旁的括号内标出电源的正负极符号（“+”、“－”）。

【答案】
【解析】
【详解】由图知道，通电螺线管的右端为S极，则螺线管左端为N极，由于异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，所以，小磁针的左端为N极，右端为S极；又因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以A点的磁感线的方向是指向右的；由安培定则知道，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的左端为负极，右端为正极，作图如下

19. 如图是小赵测量自制果汁密度的实验：
（1）将天平放在水平桌面上，把游码移到零刻度线处，发现指针位置偏向分度盘左侧，要使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向__________移动；
（2）他用已调好的天平测量空烧杯质量时，添加最小砝码后，天平的指针仍略左偏，于是他进行了如图甲的操作，他的错误是______________；
（3）纠正错误后，完成了下列实验步骤：
①测得空烧杯的质量是49.4g；
②取适量的果汁倒入烧杯中，用天平测果汁和烧杯的总质量，天平平衡时，右盘中砝码及游码的位置如图乙所示；
③将烧杯中的果汁全部倒入量筒中，如图丙所示；
④计算果汁的密度为________g/cm3。
（4）小组内交流发现：将上述实验步骤①②③④顺序调整为_____，可以减小误差。
【答案】 ①. 右 ②. 在测量过程中调节平衡螺母 ③. 1.2 ④. ②③①④
【解析】
【详解】（1）[1]指针位置偏向分度盘左侧，说明天平左侧下沉，要使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向右移。
（2）[2]由图甲可以看出，在测量的过程中，调节平衡螺母，这是错误的。
（3）③[3]果汁和烧杯总质量为
测得空烧杯的质量是49.4g，则果汁的质量为
由丙图知，量筒的分度值为2mL，所以果汁的体积为
果汁的密度为
（4）[4]当把烧杯内的果汁全部倒入量筒内时，不可能把烧杯内的果汁全部倒入量筒内，导致测量的果汁的体积偏小，由公式可知，密度测量结果偏大。所以可以先用天平称出盛有果汁的烧杯的总质量，再把烧杯中的果汁倒入量筒中一部分，记下量筒中果汁体积，最后用天平称出剩余果汁和烧杯的总质量，故合理的实验顺序是②③①④。
20. 如图为某学习小组“探究动能大小跟哪些因素有关”的实验操作，其中hA>hB=hC，mA=mB（1）让小球从同一高度由静止开始滚下，目的是使小球到达水平面时具有相同的______；
（2）实验中通过比较木块B被小球撞击后移动的距离s来判断小球具有动能的大小，这种方法在物理学中属于______；（选填“控制变量法”或“转换法”）
（3）比较______两图进行的实验，可以探究小球动能大小与质量有关；
（4）由此实验联想到某段道路限速牌上标明“100”和“80”字样，______（选填“大客车”或“小轿车”）的限速应该是100km/h。
【答案】 ①. 初速度 ②. 转换法 ③. 乙、丙 ④. 小轿车
【解析】
【详解】（1）[1]小球从斜面的同一高度由静止下滑到达斜面低端时的速度是一样的，也就是在水平面上的初速度相同。
（2）[2]小球的动能无法用肉眼直接判断，故使小球撞击木块，木块被小球撞击后移动的距离越远说明小球对木块做功越多，也就说明小球具有的动能越多，用木块移动的距离远近来分析小球具有的动能大小，这是转换法的思想。
（3）[3]根据控制变量法，研究动能与质量的关系需要控制小球质量不同，并且使小球在水平面上的初速度相同，即小球要从同一高度由静止下滑，故应选择乙和丙。
（4）[4]物体的动能与质量和速度有关，质量越大、速度越快，动能越大，小轿车的质量比大客车小，故限速更高的应该是小轿车。
21. 如图所示是小玲测量小灯泡的电阻所用的器材，已知小灯泡的额定电压是2.5V。
（1）这个实验根据欧姆定律，用电压表测电阻两端电压，用电流表测通过电阻的电流，这种方法叫______；
（2）小刚按电路图连接完电路，闭合开关快速试触的瞬间，电流表出现了如图B所示的情况，所有仪器、元件完好。请分析出现以上现象的可能原因。电流表：______；
（3）电路接通后，小明发现移动滑动变阻器的滑片使其接入电路的电阻减小时，电压表的示数也变小了，你认为电路连接中存在的错误是______；
（4）该同学排除电路故障后，完成实验并将实验数据绘制成图象，如图C所示，当小灯泡两端的电压为2.0V时，小灯泡的电阻为______Ω。
【答案】 ①. 伏安法 ②. 电流表的正负接线柱接反了 ③. 电压表并联在滑动变阻器两端 ④. 5
【解析】
【详解】（1）[1]用电压表测电阻两端电压，用电流表测通过电阻的电流，再根据求出电阻，这种方法叫做伏安法。
（2）[2]闭合开关快速试触的瞬间，由图B知，指针反转，故原因是电流表正负接线柱接反了。
（3）[3]根据串联分压的知识，滑动变阻器的电阻减小时，电压表的示数也变小，故原因是电压表并联在滑动变阻器两端。
（4）[4]由图象可知，当U＝2V时，通过的电流I=0.4A，由得，此时小灯泡电阻为
四、计算题（本题共18分，21题8分，22题10分）
22. 在如图所示的电路中，电源两端的电压U=12V且保持不变，R1为阻值是20Ω的定值电阻。当开关S闭合后，电流表的示数为I=0.2A。求：
（1）R1两端的电压U1；
（2）定值电阻R2的阻值；
（3）定值电阻R1的功率P1；
（4）通电1min电阻R2消耗的电能W2。
【答案】（1）；（2）；（3）；（4）
【解析】
【详解】解：（1）如图，两电阻串联，电流表测电路中电流。R1两端的电压为
（2）定值电阻R2两端的电压为
定值电阻R2的阻值为
（3）定值电阻R1的功率为
（4）通电1min电阻R2消耗的电能为
答：（1）R1两端的电压为；
（2）定值电阻R2的阻值为；
（3）定值电阻R1的功率为；
（4）通电1min电阻R2消耗的电能为 。
23. 某建筑师设计出了一种能漂浮在水中的城市（如图甲所示），漂浮城市装有动力装置，可以移动。该漂浮城市三角形建筑的主体结构是中空的，强风能从中通过，可以确保当飓风来临时，把飓风对建筑的破坏降至最低。该漂浮城市高达360m，占地270万平方米，可容纳多达4万居民。酒店、商店这里都一应俱全。漂浮城市的表面安装有太阳能电池板，接收太阳能的功率为8×108W，请回答下列问题。
（1）当漂浮城市漂浮在水面上时，其受到的浮力_________自身重力；
（2）假如某班有50位平均质量为50kg的中学生从岸上进入漂浮城市参观，则漂浮城市此时排开水的重力增加多少_________？
（3）若电池板吸收的太阳能只用来提供推动漂浮城市前进所需的能量，漂浮城市在平静的水面上沿直线运动，运动过程中受到的阻力不变。从某一时刻开始，漂浮城市受到水平方向的牵引力F随运动时间t的变化关系如图乙所示，漂浮城市的运动速度v与时间t的关系如图丙所示，则：
①从第50s到100s内牵引力做的功为多少_________？
②漂浮城市在匀速运动过程中，太阳能转化为机械能的效率为多少_________？
【答案】 ①. 等于 ②. 2.5×104N ③. 2×1010J ④. 50%
【解析】
【详解】（1）[1]因为漂浮城市漂浮在水面上，根据物体浮沉条件可知，浮力等于重力。
（2）[2]漂浮城市增加的浮力就是50位中学生的重力，一个同学的重力是
G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N
所以漂浮城市增加的浮力为
F浮＝50G＝50×500N＝2.5×104N
（3）[3]从速度v与时间t图上看出，50s到100s时物体做匀速直线运动，物体处于平衡状态，即物体所受到的阻力大小与拉力F大小相等，从F的大小与时间t的关系图，50s到100s时，拉力F＝8×108N，由速度与时间图可知，50s到100s时物体做匀速直线运动，v＝0.5m/s，而
t＝100s﹣50s＝50s
牵引力F做功为
W＝Fs＝Fvt＝8×108N×0.5m/s×50s＝2×1010J
[4]由W=Pt得，转化效率为