2024年山东省日照市北京路中学中考物理一模试卷（含解析）

这是一份2024年山东省日照市北京路中学中考物理一模试卷（含解析），共20页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.下列有关声现象的说法不正确的是( )
A. 图甲中的倒车雷达利用超声波传递信息
B. 图乙中航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了在传播过程中减弱噪声
C. 图丙中吹笛子时，按住不同气孔是为了改变声音的音调
D. 图丁中从无人机传出的声音不能在真空中传播
2.北京第24届冬奥会火炬，其外壳由碳纤维复合材料制成，质量约为同体积钢的四分之一，强度为钢的7至9倍。火炬采用氢作燃料，燃烧时温度能达到800℃，但外壳温度却不高。关于碳纤维复合材料的特性，下列说法正确的是( )
A. 密度大B. 硬度小C. 导热性好D. 耐高温
3.水的物态变化使自然界有了雨、露、雾、霜、雪等千姿百态的奇观。关于图中水的物态变化，下列说法正确的是( )
A. 图甲中，小草上露的形成是液化现象B. 图乙中，树叶上霜的形成是凝固现象
C. 图丙中，河面上冰的形成是凝华现象D. 图丁中，群山间雾的形成是升华现象
4.2024年1月5日，中国运动员在世界乒乓球职业大联盟男子总决赛中获得单打冠军，如图所示为比赛时的场景，关于乒乓球在离开球拍上升的过程中，下列说法正确的是( )
A. 动能不变
B. 重力势能增大
C. 重力势能转化为动能
D. 机械能增大
5.小伍家在修建房屋时，用如图所示的滑轮组将重为700N的建筑材料，4s内匀速提升了2m，所做的额外功是300J。下列说法中正确的是( )
A. 若让物体以更大的速度匀速上升，绳端拉力变大
B. 改变绕绳方式可以增大滑轮组的机械效率
C. 动滑轮所受的重力为150N
D. 拉力F的功率是425W
6.某同学用如图所示的装置研究影响滑动摩擦力大小的因素。表面粗糙程度均匀的木板放在水平桌面上，木块A放在水平木板上，可忽略重力的弹簧测力计沿水平方向一端固定，一端挂在木块A上，拉动木板，下列说法正确的是( )
A. 需要在木块A相对木板静止时读取测力计的示数
B. 向右拉动木板时，木块A受到的摩擦力方向水平向左
C. 弹簧测力计对木块A的拉力和木块A受到的滑动摩擦力是一对相互作用力
D. 当木块A相对地面静止时，拉动木板的速度加快，弹簧测力计的示数不变
7.某班同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了像到凸透镜的距离v跟物体到凸透镜的距离u之间关系的图象，如图所示，下列判断正确的是( )
A. 该凸透镜的焦距是16cm
B. 当u=12cm时，在光屏上能得到一个缩小的像
C. 把物体从距凸透镜12cm处移动到24cm处的过程中，像逐渐变小
D. 当u=20cm时成放大的像，投影仪就是根据这一原理制成的
8.如图所示，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表和电压表示数将怎样变化( )
A. 电压表示数变大，电流表示数变小
B. 电压表示数变小，电流表示数变大
C. 电压表示数变大，电流表示数变大
D. 电压表示数变小，电流表示数变小
二、多选题：本大题共4小题，共16分。
9.如图所示是学习物理过程中的一些演示实验图片，下列关于这些实验的说法中，正确的是( )
A. 图甲中音乐芯片传出的声音越来越小，说明声音的传播需要介质
B. 图乙中光屏上出现彩色的光带，说明白光是由各种色光混合而成
C. 图丙中直导线通电后小磁针偏转，说明通电导体周围存在磁场
D. 图丁中活塞向下压缩后硝化棉燃烧，说明压缩时筒内气体的内能减小
10.在实验中经常遇到器材选用不合理或次要因素影响等使现象不明显的情况，我们需要对实验进行优化改进。如图所示的课本实验中，采取措施合理的是( )
A. 图甲探究二力平衡条件，用硬纸板而不用小车因为纸板好寻找
B. 图乙探究影响压力作用效果的因素，用硬度小的海绵泡沫塑料
C. 图丙探究流体压强与流速的关系，用乒乓球是因为它的惯性小
D. 图丁探究力与运动的关系，采用小车是因为轮子滚动摩擦力小
11.水平桌面上放置两个相同的容器，装有质量相等的清水和盐水，小明先用盐水浸泡草莓，然后放入清水中清洗。如图所示，草莓由盐水到清水带走的盐水和草莓质量的变化忽略不计。下列判断正确的是( )
A. 甲中是盐水，乙中是清水
B. 草莓a在甲中所受浮力与在乙中所受浮力相等
C. 草莓b的体积比草莓c的体积大
D. 草莓c在甲中所受浮力与在乙中所受浮力相等
12.如图甲电路，电源电压为3.0V，L1、L2、L3为三个规格相同的小灯泡，其电流与电压的关系如图乙所示。闭合开关后，下列说法正确的是( )
A. 干路的电流为0.45AB. 通过L1电流为L2电流的2倍
C. 三个小灯泡的阻值相等D. 电路消耗的总电功率为1.35W
三、填空题：本大题共3小题，共12分。
13.生活中有很多小妙招，如图甲所示，用钢勺很轻松就可以打开饮料瓶盖，模型如图乙，它是以______为支点(选填“A”或“B”)的省力杠杆，手在______(选填“C”或“D”)点向下压时会更省力。
14.小铁球从斜面上自由释放，当滚到水平桌面上后，由于具有 ，小球在桌面上继续运动。但当它经过磁体附近时，其运动方向发生了改变，如图所示。此现象说明力可以改变物体的 。
15.华为麒麟9000S系列、5G芯片惊艳全球，该芯片主要用到______材料(选填“导体”、“半导体”或“超导体”)；使用该芯片的手机用户可以实现卫星通话，所连接的卫星是由火箭发射到太空，火箭助推器用的是液氢+液氧燃料，液氢燃料具有较大的______。
四、作图题：本大题共2小题，共8分。
16.如图所示，物体上系一细线，细线右端固定，物体静止在水中时细线恰好水平，请作出物体受力的示意图。
17.如图所示，若利用滑轮组向下拉绳将重物提升，请画出滑轮组绕绳方法。
五、实验探究题：本大题共2小题，共17分。
18.小华和小明同学想测量一块不规则合金块的密度。请把以下空格补充完整。

(1)将天平放在水平桌面上，如图甲所示，接下的正确操作是______；
(2)调节好天平水平平衡后，小华将合金块放在左盘，在右盘加减砝码，当将最小为5g的砝码放入右盘时，分度盘指针如图乙所示，接下的正确操作是______；使天平再次水平平衡，砝码和游码如图丙所示，则合金块的质量m合金= ______g；
(3)小华在量筒中倒入体积为V1=30cm3的适量水，发现合金块放不进量筒，改用如图丁所示的方法测合金块的体积：
a.用调节好的天平称出①中烧杯和水的质量m1；
b.将合金块轻轻放入烧杯内，标记下此时水面的位置并称出②中烧杯、水和合金块的质量为m2；
c.将合金块取出后，将量筒中倒出部分水加水至烧杯标记处，量筒中剩余水的体积为V2，如丁图所示，称出此时③中烧杯和水的质量为m3；
小明根据以上步骤，快速写出了合金块体积为V合金=V1−V2，并根据这个体积计算出合金块的密度为______kg/m3，由于步骤c中取出合金块时合金块上沾有水，小明的结果会导致后面计算出的合金块密度______(偏大/偏小/不变)。
(4)小华没有利用量筒提供的数据写出了合金块的密度表达式为______(用上面的字母表示，合金块的质量用m合金表示，水的密度用ρ水表示)。此实验中合金块拿出后带走了部分水，此过程对小华的实验结果______(有/无)影响。
19.如图是用压强计“探究液体压强与哪些因素有关”的实验装置。

(1)实验中，液体内部压强的大小通过观察U形管中液面的______来反映；
(2)在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲。其调节的方法是______(选填“A”或“B”)，使U形管左右两侧的水面相平；
A.将右侧支管中高出的水倒出
B.取下软管重新安装
(3)比较图乙和图丙，可以得到结论：______；比较______两图，可以得到：深度相同时，液体密度越大，压强越大；
(4)在图乙中，固定探头的橡皮膜在水中的深度不变，使橡皮膜处于向上、向下、向左、向右等方位时，U形管中液面高度差______(选填“不变”或“改变”)；
(5)若保持丙图中探头的位置不变，将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧液面高度差变大。小芳由此得出结论：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大。你认为她的结论是否可靠？______。原因是______；
(6)实验结束后，小芳猜想：液体的压强可能与容器形状有关。然后进行了两次实验，实验现象如图戊所示。由此可知，小芳的猜想是______(选填“正确”或“错误”)的。
(7)若图丁的实验中U形管左右两侧水面的高度差为5cm，则橡皮管内气体的压强与管外大气压之差为______Pa。在图丁的实验中，保持探头位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后(液体不溢出)，橡皮膜受到的液体压强将______(选填“变大”“变小”或“无法判断”)。(g取10N/kg)
六、计算题：本大题共2小题，共23分。
20.我国从远古时代就开始利用浮力了。据考古工作者发现，在距今7500年前的新石器时期，我国古代劳动人民就制造出了独木舟，如图所示。该独木舟所用木材的体积为0.15m3，质量为60kg，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3。求：
(1)制作该独木舟所用材料的密度为多少？
(2)空载的独木舟漂在水面上时受到的浮力为多少牛？
(3)独木舟底部距离水面10cm时，底部受到的压强为多少帕？
21.随着我国经济的发展，人民生活水平日益提高，我国出现了越来越多的潜水爱好者。为了保障安全，潜水员潜水时会佩戴如图甲所示的水压表和深度表。图乙是某深度表的工作原理简化电路图，电源电压U=6V且恒定不变，定值电阻R0=15Ω，电压表量程为0～3V，RP是阻值随水深度变化的电阻，其变化关系图象如图丙所示，RP允许通过的最大电流为0.24A。求：

(1)深度表在水面上时，电路中的电流(计算结果保留1位小数)；
(2)电压表示数为2V时，潜水员下潜的深度；
(3)在保证电路安全的情况下，该深度表能浸入水中的最大深度。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、图甲中的倒车雷达利用超声波传递信息，故A正确；
B、图乙中航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了在人耳处过程中减弱噪声，故B错误；
C、图丙中吹笛子时，按住不同气孔是为了改变声音的音调，故C正确；
D、图丁中从无人机传出的声音不能在真空中传播，故D正确。
故选：B。
(1)超声波可以传递信息；
(2)减弱噪声的方法：在声源处、在传播过程中、在人耳处减弱噪声。
(3)声音的高低，和发声体的振动频率有关。
(4)真空不能传声。
本题考查了声的有关知识，属于基础题。
2.【答案】D
【解析】解：AB、由题意可知，“碳纤维质量约为同体积钢质量的四分之一”可知，碳纤维具有密度小、硬度大的特点；故AB错误；
CD、燃烧时温度能达到800℃，但外壳温度却不高，可判断耐高温，不易导热。故C错误、D正确。
故选：D。
由“碳纤维质量约为同体积钢质量的四分之一”可知，碳纤维具有密度小、硬度大的特点；燃烧时温度能达到800℃，但外壳温度却不高，可判断耐高温，不易导热。
本题主要考查了物质的基本属性，常见题目。
3.【答案】A
【解析】解：A、小草上露的形成是空气中的水蒸气液化形成的液态小水滴，是液化现象，故A正确；
B、树叶上霜的形成是空气中的水蒸气凝华形成的冰晶，是凝华现象，故B错误；
C、河面上冰的形成是水的凝固现象，故C错误；
D、群山间雾的形成是空气中的水蒸气液化形成的液态小水滴，是液化现象，故D错误；
故选：A。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】B
【解析】解：ABC、乒乓球在离开球拍上升的过程中，乒乓球的质量不变，速度减小，动能减小；高度增大，重力势能增大，所以是动能转为重力势能，故AC错误，B正确。
D、乒乓球上升时，受到空气阻力，球的一部分机械能转化为内能，机械能减小，故D错误。
故选：B。
(1)动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。
(2)重力势能大跟质量、高度有关。质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大。
(3)机械能和其它形式的能没有相互转化时，机械能守恒。
(1)掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。
(2)能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
5.【答案】D
【解析】解：AB、增大提升的物重，有用功增大，而额外功几乎不变，有用功与总功的比值增大，滑轮组的机械效率增大；而增大物体提升高度、增大匀速拉绳的速度、改变绕绳方式，不会改变滑轮组的机械效率，故AB错误；
C、若不计摩擦力时，动滑轮做的功为额外功，由W额=G动h得动滑轮所受的重力为：G动=W额h=300J2m=150N，但题目中没有说不计摩擦力，所以动滑轮的重力不为150N，故C错误；
D、有用功为：W有用=Gh=700N×2m=1400J，总功为：W总=W有用+W额=1400J+300J=1700J，拉力F的功率是：P=W总t=1700J4s=425W，故D正确。
故选：D。
(1)提高滑轮组机械效率的方法：增大提升的物重，减小摩擦和动滑轮重力；增大物体提升高度、增大匀速拉绳的速度、改变滑轮组的绕法，不会改变滑轮组的机械效率；
(2)若不计摩擦力时，动滑轮做的功为额外功，由W额=G动h算出动滑轮所受的重力，但题目中没有说不计摩擦力，据此判断出动滑轮的重力；
(3)根据W有用=Gh算出有用功，由W总=W有用+W额算出总功，由功率公式算出拉力F的功率。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率以及提高滑轮组机械效率的方法，是一道综合题，有一定的难度。
6.【答案】D
【解析】解：ABC、A相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，因测力计的拉力方向为水平向左，故木块A所受的摩擦力方向为水平向右；
读取测力计的示数即可知摩擦力的大小，但不是相对木板静止，故AB错误；
D、当木块A相对地面静止时，拉动木板的速度加快，因压力大小和接触面粗糙程度不变，故A受到的摩擦力不变，即弹簧测力计的示数不变，故D正确。
故选：D。
ABC、A相对地面处于静止状态，根据二力平衡知识分析；
D、根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及平衡力与作用力和反作用力的识别，体现了对过程和方法的考查。
7.【答案】C
【解析】解：A、u=v=2f，凸透镜成倒立、等大的实像，如图，u=v=2f=16cm时，所以f=8cm，故A错误。
B、当u=12cm时，2f>u>f，成倒立、放大的实像，故B错误。
C、物体从距凸透镜12cm处移动到24cm处的过程中，凸透镜的物距大于焦距，成实像，凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小，故C正确。
D、当u=20cm时，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故D错误。
故选：C。
(1)根据凸透镜成像的四种情况和应用进行判断：u>2f，成倒立、缩小的实像，2f>v>f，应用于照相机和摄像机。u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f，一般用来求凸透镜的焦距。2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f，应用于幻灯机和投影仪。u(2)当物距大于焦距时，凸透镜成实像。凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小。
凸透镜成像的四种情况和应用，以及凸透镜成实像时，物距、像距、像之间的关系，是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
8.【答案】B
【解析】解：将滑动变阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，根据I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
根据U=IR可知，R1两端的电压变大，由于串联电路的总电压等于各分电压之和，所以R2两端的电压变小，即电压表的示数变小。
故选：B。
由电路图可知：定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化；由欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会分析滑片移动时电路中电阻的变化。
9.【答案】ABC
【解析】解：A、由图甲可知，将空气抽出后，音乐芯片传出的声音越来越小，说明空气越少，传声效果越弱，即说明声音的传播需要介质，故A正确；
B、光屏上出现了彩色光带，说明白光是由各种色光混合而成，这就是光的色散现象，故B正确；
C、图中是奥斯特实验，直导线通电后小磁针偏转，说明受到磁场力的作用，同时说明通电导体周围存在磁场，故C正确；
D、图中活塞向下压缩后硝化棉燃烧，做功改变了物体的内能，对物体做功，物体内能增大，说明压缩时筒内气体的内能增大，故D错误。
故选：ABC。
(1)声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体和气体中传播；
(2)白光是由各种色光混合而成，光的色散现象可以将白光分散成各种色光；
(3)通电导体周围存在磁场；
(4)改变内能的方式：做功和热传递。
本题考查了对声音的传播条件、光的色散现象、奥斯特实验以及改变内能方式，属于综合题。
10.【答案】BCD
【解析】解：A、在探究二力平衡的条件时，为了忽略重力的影响，选用轻质卡片来实验，故A不合理；
B、研究压力的作用效果与哪些因素有关时，通过压痕深浅反映压力的作用效果，所以用硬度小的海绵泡沫塑料，故B合理；
C、在探究流体压强与流速的关系时，向中间吹起，中间空气流速大，压强小，周围空气流速小，压强大，乒乓球在周围大气压的作用下向中间靠拢，是利用了乒乓球质量小，惯性小，运动状态易于改变的道理，故C合理；
D、探究力与运动的关系，采用小车是因为轮子滚动的滚动摩擦力小于滑动摩擦力，故D合理。
故选：BCD。
(1)探究二力平衡时，在注意减小摩擦力和物体重力对实验效果的影响；
(2)力的作用效果之一是改变物体的形状；
(3)惯性是物体保持运动状态不变的性质，只与质量有关，质量大惯性大；
(4)用滚动摩擦代替滑动摩擦可以减小摩擦力。
本题通过实验方法考查了多方面的知识，需要同学逐项分析，判断正误。关键是增强实验效果，同时消除无关因素对实验结果的影响。
11.【答案】AB
【解析】解：A、由图知草莓b悬浮在甲液体中，草莓b受到的浮力等于草莓b的重力，草莓b的密度等于液体甲的密度，草莓b在乙液体中下沉，草莓b受到的浮力小于草莓b的重力，草莓b的密度要大于液体乙的密度，所以草莓b在甲中所受浮力大于在乙中所受浮力、液体甲的密度大于液体乙的密度，即甲中是盐水，乙中是清水，故A正确；
B、由图知草莓a在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于草莓a的重力，所以草莓a在甲液体中所受浮力与在乙中所受浮力相等，故B正确；
C、无法比较二者的体积大小，故草莓b的体积不一定比草莓c的体积大，故C错误；
D、草莓c在盐水和清水中是全部浸没的，排开的液体的体积相同，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，草莓c在甲中所受浮力大于在乙中所受浮力，故D错误。
故选：AB。
(1)由图判断出草莓b在甲、乙液体中的浮沉情况，根据浮沉情况判断出草莓b在甲、乙液体中受到浮力的关系以及草莓b与甲、乙液体密度的关系，进而判断出甲、乙液体的密度和液体的种类；
(2)由图判断出草莓a在甲、乙液体中的浮沉情况，根据浮沉情况判断出草莓a浮力与重力的关系，进而判断出草莓a在甲、乙液体中所受浮力的关系；
(3)根据阿基米德原理分析草莓c受到的浮力的大小。
此题考查阿基米德原理以及物体浮沉条件的应用，是一道综合性很强的题目，对学生要求较高，只有对相关知识点熟练掌握，并能灵活运用，才能正确作答。
12.【答案】AD
【解析】解：由电路图可知，L2与L3串联后再与L1并联，且三小灯泡的规格相同，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，L1两端的电压U1=U=3.0V，由图象可知通过的电流I1=0.25A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由串联电路的分压特点可知L2与L3两端的电压相等，则U2=U3=1.5V，
由图象可知，通过L2与L3的电流I2=I3=0.20A，
则通过L1的电流不等于L2电流的2倍，故B错误；
由I=UR可得，三灯泡的电阻分别为R1=U1I1=Ω，R2=U2I2=Ω，
所以，三个小灯泡的阻值不相等，故C错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流I=I1+I2=0.25A+0.20A=0.45A，故A正确；
电路消耗的总电功率P=UI=3.0V×0.45A=1.35W，故D正确。
故选：AD。
由电路图可知，L2与L3串联后再与L1并联，且三小灯泡的规格相同，根据并联电路的电压特点求出L1两端的电压，根据图象读出通过L1的电流，根据串联电路的分压特点求出L2与L3两端的电压，根据图象读出通过L2与L3的电流，然后比较通过L1的电流与L2电流关系；根据欧姆定律求出三灯泡的电阻，然后比较三个小灯泡的阻值关系；根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用P=UI求出电路消耗的总电功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图中获取有用的信息是关键，要注意灯泡的电阻是变化的。
13.【答案】B D
【解析】解：图中用勺子打开瓶盖时，A点随瓶盖上升，B点不动，所以B点是支点；
打开瓶盖时，阻力臂不变，动力臂越长越省力，所以作用在D点会更省力。
故答案为：B；D。
杠杆在使用时，固定不动的点是支点；
杠杆在使用时，如果阻力臂不变，动力臂越长越省力。
本题考查了对杠杆的五要素的认识，要求学生能够根据实际情况判断支点(固定不动的点)，知道什么情况更省力。
14.【答案】惯性 运动状态
【解析】解：小铁球从斜面上自由释放，当滚到水平桌面上后，由于具有惯性，小球在桌面上继续运动。但当它经过磁体附近时，其运动方向发生了改变，如图所示。此现象说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：惯性；运动状态。
(1)物体保持静止或匀速直线运动状态不变的形状叫惯性。
(2)力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态。
知道惯性的概念；知道力的作用效果。
15.【答案】半导体 热值
【解析】解：华为麒麟9000S系列、5G芯片惊艳全球，该芯片主要用到半导体材料；
液氢燃料具有较大的热值，同条件下的液氢放出的热量较多。
故答案为：半导体；热值。
(1)芯片是用半导体材料制成的；
(2)液氢的热值大，通常作为火箭的燃料。
本题考查的是半导体的特性及应用和热值的应用，是一道基础题。
16.【答案】解：由题知，物体静止在水中时细线恰好水平，说明物体处于静止状态，浮力等于重力，细线对物体没有力的作用，过物体重心分别竖直向上和竖直向下作出浮力和重力，注意长度相等，如图所示：

【解析】首先分析出物体受到的两个力：重力和浮力，细线对物体没有力的作用，然后根据运动和力的关系判断出重力和浮力的大小关系，根据力的示意图的画法表示出两个力。
此题考查了重力和浮力示意图的画法，此题中有关浮力和重力的大小关系是容易被遗忘的地方，在考查的同时涉及到了运动和力的关系。
17.【答案】解：向下拉绳将重物提升，从绳子的自由端绕过定滑轮，再绕过动滑轮，最后挂在定滑轮的下挂钩上，如下图所示。

【解析】对于滑轮组的绕法，向下拉绳子将重物提升，可以从绳子的自由端开始画，然后依次绕过定滑轮和动滑轮，最后挂在定滑轮的下挂钩上。
绕滑轮组时，可以从滑轮的挂钩开始绕，也可以从绳子的自由端开始绕，一般情况下从绳子的自由端绕更方便。
18.【答案】将游码移到零刻度处，然后调节平衡螺母，使天平平衡 移动游码 78.6 7.86×103 偏小 m合金m3−m1ρ水 无
【解析】解：(1)天平放在水平桌面上，将游码移到零刻度处，然后调节平衡螺母，使天平平衡。
(2)当将最小为5g的砝码放入右盘时，分度盘指针如图乙所示，接下的正确操作是移动游码；
由图甲知，标尺分度值0.2g，合金块的质量m=50g+20g+5g+3.6g=78.6g；
(3)由图可知，量筒中剩余水的体积为20cm3；
V合金=V1−V2=30cm3−20cm3=10cm3；
ρ=m合金V合金=78.6g10cm3=7.86g/cm3=7.86×103kg/m3；
因为合金块上沾有水，因此倒入水的体积大于合金块的体积，由ρ=mV可知，测量结果偏小。
(4)根据实验步骤可知，将合金块取出后，加水至标记处，加入水体积等于合金块体积，所以合金块体积：
V=m加水ρ水=m3−m1ρ水，
合金块密度：ρ=m合金V=m合金m3−m1ρ水=m合金m3−m1ρ水，
若此实验中将合金块拿出后带了一部分水，后来又加水到标记处，排开水的质量仍为m3−m2，故该过程对实验结果无影响；
故答案为：(1)将游码移到零刻度处，然后调节平衡螺母，使天平平衡；(2)移动游码；78.6；(3)7.86×103；偏小；(4)m合金m3−m1ρ水；无。
(1)把天平放到水平台上，游码移到标尺左端的零刻度，并调节天平的平衡螺母使指针指到分度盘的中央；
(2)天平称量过程中，先加砝码，再移动游码；物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度；
(3)直接根据密度公式即可求出合金块的密度；根据测量的质量和体积分析即可知道密度的误差；
(4)将合金块取出后，加水至标记处，此时加入水体积等于合金块体积，由此根据密度公式计算其体积从而得到合金块密度；
合金块拿出来后带了一部分水，但加水后总体积不变由此分析解答。
本题是测量合金的密度实验，考查了天平的使用和密度的计算问题，难点是矿石沾水时对体积测量中造成误差的分析。
19.【答案】高度差 B 在液体密度一定时，深度越深，液体压强越大 丙、丁 不变 不可靠 没有控制金属盒到液面的深度不变 错误 500 变大
【解析】解：(1)液体内部压强大小通过U形管中液面高度差的大小来反映，这是转换法；
(2)进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选B；
(3)比较图乙和图丙知，液体的密度相同，深度越深，U形管液面的高度差越大，液体内部的压强越大，故可以得出在液体密度一定时，深度越深，液体压强越大；
要探究液体的压强与液体密度的关系，需要控制液体的深度不变，改变液体的密度，实验丙、丁符合题意；
(4)在图乙中，固定金属盒的橡皮膜在水中的深度不变，使橡皮膜处于向上、向下、向左、向右等方位时，液体内部的压强不变，U形管中液面高度差不变；
(5)小芳保持丙图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面高度差增大，由于没有控制深度不变，所以不能探究液体压强跟液体密度的关系，故结论不可靠；
(6)比较图戊知液体的密度相同、深度相同，U形管液面的高度差相同，容器的形状不同，液体内部的压强相同，故可以得出液体的压强与容器形状无关，故小芳的猜想是错误的；
(7)图丁中U形管左右两侧水面的高度差h=5cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa；
图乙中实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后(液体不溢出)，容器底部受到液体压力增大，压强增大；
容器底压强可以分成金属盒以上和金属盒以下两部分，金属盒以下部分深度不变，加清水后液体密度变小，由p=ρgh知，金属盒以下部分液体压强变小，而容器底压强变大，所以金属盒(橡皮膜)以上的压强变大。
故答案为：(1)高度差；(2)B；(3)在液体密度一定时，深度越深，液体压强越大；丙、丁；(4)不变；(5)不可靠；没有控制金属盒到液面的深度不变；(6)错误；(7)500；变大。
(1)液体内部压强大小通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，这是转换法；
(2)U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(3)(4)(5)液体压强大小跟液体深度和密度有关。探究液体压强跟深度关系时，控制液体的密度不变，改变液体深度；探究液体压强跟方向的关系时，控制深度、密度不变，改变金属盒的方向；探究液体压强跟液体密度的关系时，应控制深度和方向不变，改变液体密度的大小；
(6)比较图戊的相同量和不同量，根据控制变量法分析解答；
(7)根据p=ρgh求出液体产生的压强即为橡皮管内气体的压强与大气压之差；容器中加入适量清水与其均匀混合后，水不溢出，容器底压强变大，容器底压强等于金属盒以上和以下液体压强的和，而加清水后液体密度减小，由此分析判断橡皮膜受到的液体压强的变化。
此题考查的是我们对于液体压强计的了解以及液体内部压强的影响因素。注意物理实验中研究方法--转换法和控制变量法的运用。液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。
20.【答案】解：(1)制作该独木舟所用材料的密度ρ=mV=60kg0.15m3=0.4×103kg/m3；
(2)空载的独木舟漂在水面上时受到的浮力F浮=G舟=mg=60kg×10N/kg=600N；
(3)独木舟底部距离水面10cm时，底部受到的压强p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×10×10−2m=1000Pa。
答：(1)制作该独木舟所用材料的密度为0.4×103kg/m3；
(2)空载的独木舟漂在水面上时受到的浮力为600N；
(3)独木舟底部距离水面10cm时，底部受到的压强为1000Pa。
【解析】(1)根据ρ=mV得出制作该独木舟所用材料的密度；
(2)根据F浮=G舟=mg得出空载的独木舟漂在水面上时受到的浮力；
(3)独木舟底部距离水面10cm时，根据p=ρ水gh得出底部受到的压强。
本题考查密度、浮力和压强的有关计算，是一道综合题。
21.【答案】解：(1)由图乙可知，该电路为R0和RP的串联电路，电压表测R0两端的电压；
深度表在海面上时，即h=0m时，由图丙可知，此时RP=40Ω，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知电路中的电流为：I=UR0+RP=6V15Ω+40Ω≈0.1A；
(2)已知电压表示数为2V时，即R0两端的电压为U0=2V，
通过R0的电流为I0=U0R0=2V15Ω=25A，即电路中的电流为215A，
由串联电路的电压特点可知RP两端的电压为：UP=U−U0=6V−2V=4V，
则此时RP的阻值为：RP′=UPI0=4V215A=30Ω，
由图丙可知，此时潜水员下潜的深度为h′=10m；
(3)当电路中电流最大时，由U=IR可知R0两端的电压最大，由电压表量程可知R0两端的电压最大为U0大=3V，
由此可知电路中电流最大为：I大=U0大R0=3V15Ω=0.2A<0.24A，
为保护电路，电路中允许通过的最大电流为0.2A，
此时电路总电阻为：R总=UI大=6V0.2A=30Ω，
由串联电路的电阻特点可知压敏电阻RP的阻值为：RP=R总−R0=30Ω−15Ω=15Ω，
由图丙可知，此时下潜的深度为40m，即该深度表能测量的最大深度为40m。
答：(1)深度表在水面上时，电路中的电流约为0.1A；
(2)电压表示数为2V时，潜水员下潜的深度为10m；
(3)在保证电路安全的情况下，该深度表能浸入水中的最大深度为40m。
【解析】(1)由图乙可知，该电路为R0和RP的串联电路，电压表测R0两端的电压，深度表在海面上深度为0m时，由图丙可知，此时RP阻值，由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知电路中的电流；
(2)已知电压表示数为2V时，由欧姆定律可得通过R0的电流，由串联电路的电流特点和电压特点可知RP两端的电压，再求此时RP的阻值，对照图丙可知此时潜水员下潜的深度；
(3)当电路中电流最大时，R0两端的电压最大为电压表量程的最大值，可得电路中最大电流且小于0.24A，由欧姆定律算出此时电路总电阻，由串联电路的电阻特点可知压敏电阻RP的阻值，对照图丙可知，此时下潜的深度即为该深度表能测量的最大深度。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息和正确得出电路中的最大电流是关键。