2024年甘肃省武威二十四中中考物理一模试卷（含解析）

这是一份2024年甘肃省武威二十四中中考物理一模试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.一架加油机给两架受油机在空中加油，我们说加油机是静止的，所选的参照物是( )
A. 地面上的行人B. 下面的山峰C. 受油机D. 蓝天上的白云
2.下列现象中，通过热传递改变物体内能的是( )
A. 反复弯折后，铁丝的温度升高B. 火车经过后，铁轨的温度升高
C. 用火炉烧水，水的温度升高D. 两手相互搓揉，手掌发热
3.甲、乙两小车运动的s−t图像如图所示，由图像可知( )
A. 甲、乙两车都做匀速直线运动
B. 甲车的速度为10米/秒，乙车的速度为2米/秒
C. 经过6秒，甲、乙两车相距2米
D. 经过5秒，甲、乙两车通过的路程均为10米
4.如图为某物质发生凝固过程的图像。下列说法中正确的是( )
A. 该物质属于非晶体
B. 该物质的熔点为80℃
C. 该物质的凝固过程用时18min
D. 该物质的凝固过程需要吸热
5.如图，纸筒A的一端蒙了一层半透明纸，纸筒B的一端嵌了一个凸透镜，两纸筒套在一起组成了一个模型照相机。为了在A端得到清晰的像，要调整A、B间的距离，这时( )
A. 眼睛应对着B端向筒内观察，看像是否清晰
B. 应把A端朝着明亮的室外，B筒朝着较暗的室内
C. 如果看远处的景物时像很清晰，再看近处景物时应该把B向外拉，增加A、B间的距离
D. 为了粗测该凸透镜的焦距，早上太阳出来后将凸透镜与水平地面平行放置，调节凸透镜到地面的距离，直到地面上出现一个最小的亮点，此点到凸透镜的距离即为焦距
6.甲、乙两种物质的质量与体积关系m−V图象如图所示，甲、乙密度之比为( )
A. 2: 1B. 1: 2C. 3:1D. 1:3
7.如图所示，使一薄钢条的下端固定，分别用不同的力去推它，使其发生(a)、(b)、(c)、(d)各图中的形变，如果力的大小F1=F3=F4>F2，那么，能说明力的作用效果跟力的作用点有关的图是( )
A. 图(a)和(b)B. 图(a)和(c)C. 图(a)和(d)D. 图(b)和(d)
8.A、B为两种长度、材料相同，横截面积不同的圆柱形导体，连接在如图的电路中，下列物理量大小判断正确的是( )
A. IA>IB
B. IAC. RAD. UA>UB
9.在如图所示的电路中，电压U保持不变，当电键K闭合和断开时电流表的示数之比为4：1，则电阻R1、R2的阻值之比是( )
A. 4：1
B. 3：1
C. 1：4
D. 1：3
10.两个定值电阻，R1标有“20Ω，0.3A”、R2标有“15Ω，0.6A”的字样，把它们并联起来直接接在一电源两端，则电源电压最大只能是( )
A. 3VB. 6VC. 9VD. 15V
11.现有两个热敏电阻R1、R2和一个定值电阻R0，R1的阻值会因通过的电流增大导致温度升高而增大，R2的阻值会因通过的电流增大导致温度升高而减小，R0的阻值不变，它们的电流随电压的变化曲线如图甲所示。实验过程中，小明将R2和R0两个电阻连接成如图乙所示电路时，电流表的示数为0.4A，下列说法中正确的是( )
A. 此时R2的电阻为17.5Ω
B. 此时电源电压为15V
C. 改变图乙中电源电压，当电压表的示数为11V时，电路总功率是18.7W
D. 若将R0、R1并联时干路电流为1.5A，则此时R0：R1=2：1
12.如图所示，闭合电磁铁开关S，条形磁铁静止在水平桌面上。下列判断正确的是( )
A. 条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力
B. 条形磁铁受到桌面对其向左的摩擦力
C. 将滑动变阻器的滑片向右移动，条形磁铁受到的摩擦力不变
D. 若只改变电源的正负极，条形磁铁受到的摩擦力变大
二、填空题：本大题共8小题，共20分。
13.用脚踢足球时，用力越大球飞的越远，这说明力的作用效果与力的______有关；用手推门时，手离门轴越远门越容易开，这说明力的作用效果与力的______有关．
14.如图所示，利用轻质滑轮组沿水平方向匀速拉动水平地面上的物体。已知物体重为300N，地面对它的摩擦力为45N，拉力F为30N，物体在10s内移动的距离为1.5m。则拉力F做的功是______J，拉力的功率是______W，滑轮组的机械效率是______。
15.农作物的秸秆可以回收加工制成秸秆煤。完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出______J的热量；
若这些热量完全被质量为100kg，初温为20℃的水吸收，可使水温升高到______℃[已知q秸秆煤=2.1×107J/kg，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。
16.班级厨艺展示活动中，用煤气炉烹饪食物主要是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式增大食物的内能；现场香气四溢，表明______。
17.如图甲所示，当开关闭合时，电流表测量的是通过______(填“L1”、“L2”或“L1和L2”)的电流。两个灯泡的连接方式是______联，电流表的指针偏转如图乙，其示数为______A。
18.甲灯标有“220V 60W”、乙灯标有“220V 100W”字样，如果两灯泡钨丝长短一样，则钨丝较粗的是______灯，如果将两灯串联在220V的电源上，______灯亮，两灯的电压之比是______，1度电可供乙灯正常工作______h。
19.如图所示，定值电阻R1=8Ω，R2=6Ω，电源电压为8V，R为定值电阻。当开关S接位置1时，电流表的示数为0.4A，该电路工作5min电流做的功为______J。当开关S接位置2时，电阻R两端的电压______(选填“不变”“变大”或“变小”)。
20.某些商场里的自动扶梯在无人和有人乘坐时运行速度不同，从而节约电能。小明根据所学的知识，画出如图所示的电路(R是一个压敏电阻)。小明分析：电磁铁上端为______极，当人站在电梯上，压敏电阻的阻值减小，电磁铁磁性强弱发生变化，衔铁与触点______(填“1”或“2”)接触。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
21.如图所示，MN为凸透镜的主光轴，S为主光轴上的一个发光点，SA、SB为发光点S射出的两条入射光线，S′为该发光点的像，试作出SA、SB经凸透镜折射后的出射光线。
22.如图，观光缆车沿轨道斜向上做匀速直线运动，画出车中重物A所受力的示意图。
23.在图中圆圈内填入适当的电表符号，使开关闭合后两盏灯都能发光。
四、实验探究题：本大题共2小题，共12分。
24.测“小灯泡电功率”实验时，所用器材有：电源、额定电压为3.8V的小灯泡、符合实验要求的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和若干导线。图甲为该实验电路图。

(1)请在图乙中把实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻值变大；连接电路时，开关应该处于______状态；
(2)闭合开关，发现灯泡不亮，移动滑片灯泡仍不亮，用手按一下灯泡，灯泡亮了。出现这种故障的原因可能是______(选填字母序号)；
A.开关短路
B.电流表短路
C.电压表断路
D.灯泡接触不良
(3)排除故障后，继续进行实验，把电压表、电流表的示数以及灯泡的亮度记录如下表：
小灯泡正常发光时的功率为______W；第5次实验看不到灯泡发光，主要原因是：______；
(4)完成实验后，小明还想测量定值电阻Rx的阻值，用Rx替换了小灯泡，同时发现电流表损坏，于是用如图丙所示的电路完成了实验，已知滑动变阻器的最大阻值为R0，他的实验步骤：
①闭合开关，将滑片移至最左端，读出电压表示数为U1；
②将滑片移至最右端，读出电压表示数为U2，则电阻Rx的阻值表达式：Rx= ______(用U、U2、R0表示)。
25.如图甲所示，用压强计探究液体内部压强的特点。(ρ盐水>ρ水)
(1)实验中，将液体内部的压强大小用U形管两侧液面的______来表示。
(2)为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用______的(选填“有色”或“无色”)。
(3)将探头放在如图乙所示液体内部的A、B位置，观察到U形管两侧液面的高度差hB>hA，经过多次实验观察到同样的现象，这说明同种液体内部的压强随______的增加而增大。
(4)将探头放在图乙中液体内部等深的B、C位置，观察到U形管两侧液面的高度差hC ______hB(选填“<”“=”或“>”)，这是为了研究液体压强与液体的______关系。
(5)由以上实验可知图乙中液体内部A、B、C、D四个位置压强最大的是位置______。
五、计算题：本大题共3小题，共18分。
26.如图所示，盛有水的杯子静止在水平桌面上。杯子重1N，高10cm，底面积为2×10−3m2；杯内水重2N，水深8cm。g取10N/kg。求：(ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)水对杯底的压强；
(2)水杯对桌面的压强。
27.如图所示，重力不计的木棒AOB可绕支点O无摩擦转动，木棒AB长为1.5m，物体甲是重力为79N、边长为0.1m的正方体，物体乙所受重力为56N，当把甲、乙两物体用细绳分别挂在木棒的两个端点A、B上时，木棒在水平位置平衡，支点O距A点0.8m。求：
(1)A端受到绳子的拉力；
(2)物体甲对地面的压强。
28.如图所示，电源电压恒定，电阻R1为20Ω，R2为16Ω，闭合开关S，电流表A1、A2的示数分别为0.9A和0.5A.求：
(1)通过R1的电流和R1两端的电压；
(2)通电20s电阻R2产生的电热。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：以受油机为参照物，加油机和受油机之间的位置没有发生变化，所以是静止的；
若以地面上的行人、下面的山峰、蓝天上的白云为参照物，加油机与它们之间的位置发生了变化，所以是运动的。
故选项A、B、D错误，选项C正确。
故选：C。
解答此题的关键在于被研究物体“加油机”与哪一个物体之间的相对位置没有发生变化，那么这个物体就应该是所选择的参照物。
研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，所以，解答此类题目要抓住“参照物”这个中心，认真审题，逐一分析。
2.【答案】C
【解析】解：A、反复弯折铁丝时，通过做功把人体的化学能转化为铁丝的内能，使铁丝温度升高；
B、火车经过时，通过克服摩擦力做功把机械能转化为内能，使铁轨温度升高；
C、用火炉烧水，水吸收热量，温度升高，热量由火转移到水中，是能量的转移，是通过热传递来改变水的内能的；
D、搓手时，双手相互摩擦，克服摩擦力做功，机械能转化成内能，从而使手发热，这是通过做功的方式改变内能；
故选：C。
根据以下知识，逐一分析各选项，作出选择；
(1)改变物体内能的方式有两种：做功与热传递，这两种方式在改变物体内能的效果上是等效的；
(2)热传递是能量的转移过程，热传递的实质是内能从一个物体转移到另一个物体，
或者是从物体的高温部分转移到低温部分，在此过程中能量的形式不发生变化；
(3)做功的实质是能量的转化过程，在做功过程中能量的形式发生变化。
本题是考查了改变物体内能的两种方式，即做功和热传递；判断哪种方式改变了物体的内能，关键是看是能量的转化还是能量的转移，发生能量转化的是做功的方式，发生能量转移的是热传递的方式。
3.【答案】C
【解析】解：A、由图象知：甲车的s−t图象是一条平行于时间轴的直线路程不随时间变化，甲车处于静止状态；乙车的s−t图象是一条倾斜的直线，路程随时间均匀增加，乙车做匀速直线运动，故A错误；
B、由图象可知，甲车处于静止状态，速度为0，乙车的速度v=st=10m5s=2m/s，故B错误；
C、由图象知，经过6s，甲在10m处，乙在12m处，甲、乙相距12m−10m=2m，故正确；
D、由图象知，甲车处于静止状态，乙车做匀速直线运动；经过5s，通过的路程为0m；乙车通过的路程为10m，故D错误。
故选：C。
(1)匀速直线运动的s−t图象是一条倾斜的直线，如果物体的s−t图象不随时间变化，即图象是一条平行于时间轴的直线，则物体静止；
(2)由s−t图象找出物体路程与所对应的时间，由速度公式可求出物体的速度。
能根据路程和时间的图象，能判断物体的运动状态，能读出物体所在的位置，通过的时间，能根据速度公式计算速度大小等。
4.【答案】B
【解析】解：AC.由图像可知，该物质在凝固过程中，从8min到18min时，共用时10min，温度没有变化，说明有固定的凝固点，由此判断该物质属于晶体，故AC错误；
B.处于固液共存态时温度是80℃，即该物质的熔点为80℃，故B正确；
D.物质凝固时，要放热，故D错误。
故选：B。
晶体凝固时放出热量，温度不变，不变的温度为凝固点，晶体的熔点与凝固点在数值上大小相等；
由图像可知该物质的凝固时间和凝固点。
本题考查的是对凝固图像的理解，根据图像分辨晶体和非晶体，并能分析出凝固过程中的特点是解决该题的关键。
5.【答案】C
【解析】解：A、A端的半透明质，上面成的像由于漫反射，在A端附近合适的位置都能看到，用不着对着A端观察或对着B端向内方向观察，让光线从纸筒B通过凸透镜才可以看到、看清楚物体的像，故A错误；
B、为使半透明纸上得到的像更亮一些，要成像的物体就应该在明亮的地方，所以应该把模型照相机的B朝着室外面，A端朝着较暗的室内，故B错误；
C、看远处的景物时像很清晰，再看近处景物时，物近像远像变大，像距要增大，应该把B向外拉，增加A、B间的距离，故C正确；
D、太阳光可以近似看为平行光源，将凸透镜正对着太阳光，而不是平行于地面放置，故D错误。
故选：C。
(1)(2)模型照相机中在纸筒B的右端为凸透镜，纸筒A的左端的半透明纸就相当于真实照相机的底片，在半透明纸上所看到的就是凸透镜前方的景物通过凸透镜所生成的像。
(3)凸透镜成实像时：u>2f，成倒立缩小的实像，在调节上，符合物近像远像变大，像要变小，物距要增大；
(4)平行于主光轴的光线会聚于一点，此点为凸透镜的焦点。由焦点到凸透镜光心的距离叫做焦距，粗略测量薄透镜的焦距时，可以测出从焦点到凸透镜的距离即可。
照相机应用的是凸透镜成实像时：u>2f，成倒立缩小的实像；在调节上，符合物近像远像变大：像要变小，物距要增大，像距要变小。
6.【答案】C
【解析】解：由图可知，当V甲=V乙=10cm3时，m甲=30g，m乙=10g，
则甲、乙两种物质的密度之比为：
ρ甲ρ乙=m甲V甲m乙V乙=m甲m乙×V乙V甲=30g10g×10cm310cm3=3：1。
故选：C。
由图可知读出一组等体积的两种物质的质量，然后根据密度公式ρ=mV求出甲、乙两种物质的密度之比。
本题考查了密度公式的灵活应用，从题干中获取有用的信息是关键，属于基础题目，难度不大。
7.【答案】C
【解析】解：A.图(a)和(b)，力的方向和作用点相同时，研究力的作用效果跟力的大小的关系，力越大钢条形变大，不符合题意；
B、图(a)和(c)，力的大小和作用点相同时，研究力的作用效果跟力的方向的关系，力的方向不同，钢条的形变不同，不符合题意；
C、图(a)和(d)，力的大小和力的方向相同时，研究力的作用效果跟力的作用点的关系，力的作用点不同，钢条的形变大小不同，符合题意；
D、图(b)和(d)，力的方向相同时，力的大小不同，力的作用点不同，一个不变量，两个改变量，不能研究力的作用效果的影响因素，不符合题意。
故选：C。
力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果；要探究力的作用效果跟力的作用点有关，就应该控制力的方向、大小相同，而作用点的位置不同。
本题考查控制变量法在探究影响力的作用效果的因素，要认真分析四图中的异同条件。
8.【答案】D
【解析】解：AB、由图可知，两导体串联在电路中，根据串联电路的电流规律可知，通过两导体的电流是相同的，故AB错误；
CD、A、B的长度、材料相同，由图知A的横截面积小于B的横截面积，所以A的电阻大于B的电阻，由于通过A、B的电流相同，由U=IR知A两端的电压大于B两端的电压，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)根据串联电路的电流特点可知通过两段导体的电流关系；
(2)电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关；根据U=IR可知A、B导体两端的电压大小关系。
本题考查了影响电阻大小的因素、串联电路的电流的规律，属于基础题。
9.【答案】B
【解析】解：当开关闭合时，电路为R2的简单电路；
电路中的电流为I1=UR2，
开关断开时，两电阻串联，
电路中的电流为I2=UR1+R2
所以I1：I2=UR2：UR1+R2=4：1
即：(R1+R2)：R2=4：1，
解得R1：R2=3：1。
故选：B。
开关闭合时电路为R2的简单电路，开关断开时两电阻串联，由欧姆定律分别表示出开关断开前后，电路中的电流(即电流表示数)的表达式，然后根据已知的电流表示数之比求出阻值比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律应用，关键是弄清开关的通断对电路的影响。
10.【答案】B
【解析】解：
由电阻铭牌和欧姆定律可得，R1两端允许加的最大电压：U1=I1大R1=0.3A×20Ω=6V，
R2两端允许加的最大电压：U2=I2大R2=0.6A×15Ω=9V，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以电源电压最大为：U=U1=6V，故B正确，ACD错误。
故选：B。
根据电阻铭牌字样计算每个定值电阻允许加的最大电压，结合并联电路的电压特点进行解题。
本题考查用电器铭牌字样的意义，要理解并联电路中电压规律。
11.【答案】C
【解析】解：由甲图可知，图中直线表示的是电阻不随电流变化的图像，为定值电阻R0的图像；上面的曲线，在电压变化相同的情况下，电流的变化量变大，表明其电阻值变小，即电阻随电流变大而变小，所以该图像为R2的图像，下面的图像则为R1的图像；
AB、由乙图可知，R2与R0串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测量电路中的电流；
当图乙中的电流为I=0.4A时，由图甲分别可知R2与R0两端的电压：U2=3V，U0=4V，
根据欧姆定律可得，R2的电阻值：R2=U2I2=U2I=3V0.4A=7.5Ω，故A错误；
由串联电路电压规律可得，此时电源电压：U=U2+U0=3V+4V=7V，故B错误；
C、当电压表示数为U′0=11V时，由甲图可知，通过R0的电流I0=1.1A，
R2两端的电压：U′2=6V，
由串联电路电压规律可得，此时电源电压：U′=U′2+U′0=6V+11V=13V=17V，
由P=UI可得，电路总功率是：P=U′I′=17V×1.1A=18.7W，故C正确；
D、由甲图可知，当R0与R1两端的电压均为10V时，通过两电阻的电流分别为：I0=1A，I1=0.5A，
根据并联电路规律，若R0与R1并联在U″=10V电源两端，干路中的电流：
I干路=I0+I1=1A+0.5A=1.5A，
由欧姆定律可得，R0=U″I0=10V1A=10Ω，
R1=U″I1=10V0.5A=20Ω，
R0：R1=(10Ω)：(20Ω)=1：2，故D错误。
故选：C。
(1)由甲图可知，图中直线表示的是电阻不随电流变化的图像，为定值电阻R0的图像；上面的曲线，在电压变化相同的情况下，电流的变化量变大，表明其电阻值变小，即电阻随电流变大而变小，所以该图像为R2的图像；下面的图像则为R1的图像；
(2)由乙图可知，R2与R0串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测量电路中的电流；当图乙中的电流为0.4A时，由图甲分别可知R2与R0两端的电压，根据欧姆定律计算R2的电阻值，由串联电路电压规律计算电源电压；
(3)当电压表示数为11V时，由甲图可知，电路中的电流和R2两端的电压，由串联电路电压规律计算电源电压，由P=UI计算电路的总电功率；
(4)根据并联电路规律，由甲图确定R0与R1的电流，根据欧姆定律求得R0和R1的阻值，进一步计算R0与R1之比。
本题考查串、并联电路规律和欧姆定律及电功率公式的应用，是基础题，从图像中获取信息是关键。
12.【答案】A
【解析】解：
A、由安培定则得，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁右端为N极，左侧为S极，同名磁极相互排斥，所以条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力，故A正确；
B、条形磁铁处于静止状态，水平方向上受到平衡力的作用，水平向左的排斥力和桌面对条形磁铁的水平向右的摩擦力为一对平衡力，故B错误；
C、将滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变弱，排斥力变小，摩擦力和排斥力是一对平衡力，大小相等，所以摩擦力变小，故C错误；
D、若只改变电源的正负极，电流的方向改变，大小不变，则电磁铁的磁性不变，条形磁体受到电磁铁的吸引力大小等于原来的排斥力大小，此时吸引力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则摩擦力不变，故D错误。
故选：A。
(1)由安培定则可判断电磁铁的极性，由磁极间的相互作用和二力平衡知识可判断条形磁铁受到的摩擦力的方向；
(2)根据二力平衡的条件分析桌面对条形磁铁的摩擦力的方向；
(3)(4)电磁铁磁性的大小与电流大小、线圈的匝数有关。
本题是电磁学和二力平衡知识的综合分析题，涉及的知识规律要掌握清楚：磁极间的相互作用规律，影响电磁铁磁性强弱的因素，二力平衡的判断及应用等等。
13.【答案】大小；作用点
【解析】【分析】
此题主要考查学生对力的三要素的理解和掌握。
力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果。
【解答】
力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果．用脚踢足球时，用力越大球飞的越远，这说明力的作用效果与力的大小有关；用手推门时，手离门轴越远门越容易开，这说明力的作用效果与力的作用点有关。
故答案为：大小；作用点。
14.【答案】90 9 75%
【解析】解：由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=ns物=2×1.5m=3m，
拉力做的总功：W总=Fs=30N×3m=90J；
拉力做功的功率：P=W总t=90J10s=9W；
拉力做的有用功：W有=fs物=45N×1.5m=67.5J，
滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=67.5J90J×100%=75%。
故答案为：90；9；75%。
由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=ns物，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；利用W有=fs物求有用功，利用η=W有W总×100%求滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率和机械效率的计算，明确有用功和总功是关键。
15.【答案】1.05×107；45
【解析】【分析】
本题考查学生对燃料完全燃烧放出热量公式和吸热公式的掌握和运用，计算时注意沸腾特点。
根据公式Q=mq计算燃料完全燃烧放出的热量；根据Δt=Q吸c水m水计算水升高的温度，根据初温从而得出末温。
【解答】
秸秆煤完全燃烧释放的热量：Q放=m秸秆煤q秸秆煤=0.5kg×2.1×107J/kg=1.05×107J；
由题意可知，水吸收的热量为：Q吸=Q放=1.05×107J，
由Q吸=cmΔt可得，水升高的温度：
Δt=Q吸c水m水=1.05×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg=25℃，
则水的末温：t=t0+Δt=20℃+25℃=45℃。
故答案为：1.05×107；45。
16.【答案】热传递 分子在不停地做无规则运动
【解析】解：用煤气炉烹饪食物，食物从锅中吸收热量，用热传递的方式增大食物的内能；
食物的香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
故答案为：热传递；分子在不停地做无规则运动。
(1)改变内能的方法有两个：做功和热传递；
(2)扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
本题考查了与热学相关的多个知识点，联系生活中的现象，能用相关热学知识做出解释是解答的关键。
17.【答案】L2 并 0.28
【解析】解：由图甲可知，两灯泡并联，电流表与L2串联，则电流表测L2支路的电流，
由图可知：电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A。
故答案为：L2；并；0.28。
由图甲可知，两灯泡并联，电流表测L2支路的电流，根据电流表的量程，再确定分度值，根据电流表指针的位置，读出示数。
本题考查了电流表的正确使用和读数以及并联电路的判断，关键是电流表读数时注意量程和分度值。
18.【答案】乙 甲 5：3 10
【解析】解：两灯泡钨丝长短一样，灯丝粗的电阻小，由P=U2R可知额定电压相同时，电阻越小，额定功率越大，乙的额定功率大，所以甲灯泡的电阻大，乙灯泡的电阻小，则灯丝粗的是乙灯；如果将两灯串联在220V的电源上，根据串联电路电流特点可知通过两灯泡的电流相等，根据P=I2R可知甲灯泡的实际
功率大于乙灯泡的实际功率，即甲灯亮；
甲灯的电阻R甲=U2P甲=(220V)260W=24203Ω；
乙灯的电阻R乙=U2P乙=(220V)2100W=484Ω；
两灯的电压之比是：U甲U乙=IR甲IR乙=R甲R乙=24203Ω484Ω=53；
100W=0.1kW，1度电可供乙灯正常工作的时间：t=WP=1kW⋅h0.1kW=10h。
故答案为：乙；甲；5：3；10。
两灯泡钨丝长短一样，灯丝粗的电阻小，额定电压相同时，电阻越小，额定功率越大，据此比较两灯泡的电阻，两灯串联电流相同，比较灯泡的亮度就是比较灯泡的实际功率，根据公式P=I2R可比较两灯泡的亮度，根据R=U2P计算两灯泡的电阻，根据U=IR表示两灯泡两端的电压，进一步计算两灯泡两端的电压之比，根据t=WP计算1度电可供乙灯正常工作的时间。
本题考查电功率公式的灵活运用，影响电阻大小的因素，电功公式的灵活运用，关键是求出两灯的电阻。
19.【答案】960 变大
【解析】解：(1)当开关S接位置1时，R和R1串联，该电路工作5min电流做的功为：
W=UIt=8V×0.4A×5×60s=960J；
(2)当开关S接位置2时，R和R2串联，由于R1=8Ω，R2=6Ω，根据串联电路电阻的规律知道电路的总电阻变小，由欧姆定律知电路的电流变大，则由U=IR知电阻R两端的电压变大。
故答案为：960；变大。
(1)当开关S接位置1时，R和R1串联，利用W=UIt得到电流做的功；
(2)根据R1和R2的大小关系和串联电路电阻的规律得到电路总电阻的变化，由欧姆定律推出电流的变化，由U=IR得到电阻R两端的电压变化。
本题考查了电路的识别、欧姆定律、电功公式和串联电路规律的应用，难度中等。
20.【答案】S 2
【解析】解：根据图示可知，电流从电磁铁的上端流入，根据安培定则，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的下方为螺线管的N极，则上端为S极。
控制电路的压敏电阻与电磁铁串联。当扶梯上有人时，R所受压力增大，根据已知条件，压敏电阻变小，由串联电阻的规律，控制电路的总电阻变小，由欧姆定律可知控制电路中的电流变大，电磁铁磁性变强，则衔铁被吸下，与触点2接触。
故答案为：S；2。
本题中有两个电路，左侧为压敏电压与电磁铁串联，右侧为电机控制电路，用安培定则判断电磁铁上端极性；当衔铁与触点1接触时，R2与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻断路，电机中电压增大。
本题考查应用物理知识解决实际问题的能力，在本题中应认清电路的构造联系所学知识进行解答。
21.【答案】解：经分析知，S′是S经凸透镜所成的虚像，因为折射光线的反向延长线过像点，所以连接S′A、S′B并延长分别为SA、SB经凸透镜折射后的光线，如图所示：

【解析】由图知，S的像S′与S在凸透镜的同侧，所以S经凸透镜成虚像，根据折射光线的反向延长线过像点作出两条光线的折射光线。
本题考查凸透镜光路的作图，凸透镜成像时，实像与物体在凸透镜两侧，虚像与物体在凸透镜同侧，据此判断成像性质是解题的关键。
22.【答案】解：
物体A随观光缆车沿轨道斜向上做匀速直线运动，水平方向上是不受力的；
竖直方向上受重力和支持力，物体A竖直方向上是静止的，重力和支持力就是一对平衡力，大小相等、方向相反。
过物体重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，注意两条线段长度要相等，如图所示：

【解析】首先分析物体A受到的作用力，物体A做匀速直线运动说明物体受到了平衡力---重力和支持力的作用；然后根据力的示意图的画法来作图。
能否正确分析物体在水平和竖直方向上的受力情况，是本题的解题关键所在。
23.【答案】解：电压表并联在电路中，电流表要串联在电路中。
由图可知，当下面的圈内为电流表时，L2会被下面的导线短路，则下面的圈内为电压表，为了能使L2发光，上面的圈内只能为电流表，否则L2不能工作，所以上面的圈内为电流表，下面的圈内为电压表：

【解析】电压表并联在电路中，电流表要串联在电路中。
因为电流表电阻很小，若与用电器并联，则用电器短路。
因为电压表电阻很大，若与用电器串联，相当于断路，用电器不能工作。
本题只要知道电压表并联在电路中，电流表要串联在电路中即可解答。
24.【答案】断开 D 1.14 小灯泡的实际功率太小 U2R0U1−U2
【解析】解：(1)滑动变阻器滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻值变大，说明接的是B接线柱，小灯泡的额定电压为3.8V，电压表的量程应选择大量程接入电路，如下图所示：
；为了保护电路，连接电路时，开关应该处于断开状态；
(2)闭合开关，发现灯泡不亮，移动滑片灯泡仍不亮，用手按一下灯泡，灯泡亮了，说明灯泡的接触不良，故选：D。
(3)灯在额定电压下工作正常发光，由表中数据U=3.8V，I=0.3A时，
所以小灯泡正常发光时的功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；
第5次实验看不到灯泡发光，灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，说明灯泡的实际功率过小；
(4)如图丙，将滑片移到最左端，滑动变阻器接入电路的电阻为0Ω，电压表测量电源电压，读出电压表示数为U1；
将滑动变阻器的滑片移至最右端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大为R0，此时待测电阻与滑动变阻器R0串联，电压表测量Rx两端的电压，示数为U2，根据串联电路电压的特点知：R0两端的电压为U0=U1−U2，通过R0的电流为：I0=UR0=U1−U2R0，根据串联电路电流处处相等知：Ix=I0=U1−U2R0，
待测电阻：Rx=U2I0=U2U1−U2R0=U2R0U1−U2。
故答案为：(1)；断开(2)D；(3)1.14；小灯泡的实际功率太小；(4)U2R0U1−U2。
(1)本实验中滑动变阻器、电流表和灯泡应串联，电压表测灯泡两端电压，根据小灯泡的额定电压确定电压表的量程，根据滑片P向左移动，变阻器接入电路的电阻值变大，由此连接实物；在连接电路时，开关应断开；
(2)闭合开关，灯泡不亮，用手按一下灯泡，灯泡就亮了，说明灯泡没有损坏，是接触不良；
(3)小灯泡在额定电压下工作，会正常发光，由表中数据和电功率的计算公式得出答案；灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率；
(4)在没有电流表时，使定值电阻与待测电阻串联，根据滑片移动和电压表的示数以及欧姆定律得出定值电阻的电流，然后根据公式R=UI计算出被测电阻的阻值。
本题涉及到知识点较多，由电路图连接实物图、电路故障的判断、电功率的计算等，综合性较强，但难度不大。
25.【答案】高度差 有色 深度 > 密度 D
【解析】解：(1)压强计的工作原理是；橡皮膜受到压强时，U形管内两边液面出现高度差，两侧液面高度差反映了探头受到的压强大小，采用的是转换法；液体压强越大，两侧液面高度差也越大；
(2)为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体；
(3)将探头分别放在图乙所示的液体内部A、B位置，液体的密度相同，B位置的深度大，观察到U形管两侧液面的高度差hB>hA，经过多次实验观察到同样的现象，根据转换法，这说明同种液体内部的压强随深度的增加而增大；
(4)将探头放在图乙中所示液体内部等深的B、C位置，观察到U形管两侧液面的高度差hC>hB，在相同的深度时，探头在浓盐水时U形管两边液面的高度差增大了，即压强变大了，故结论为：在深度相同中，液体密度越大，压强越大；这是为了研究液体压强与液体密度关系；
(5)D点位于密度大，深度大的位置，故该点液体压强最大。
故答案为：(1)高度差；(2)有色；(3)深度；(4)>；密度；(5)D。
(1)压强计的工作原理是；橡皮膜受到压力时，U形管内两边液面出现高度差，两边高度差表示压强的大小，压强越大，液面高度差也越大；
(2)为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体；
(3)(4)(5)液体内部向各个方向都有压强，深度越深压强越大，液体压强的大小还与液体的密度有关；根据控制变量法解答。
此题主要考查的是液体内部压强的规律，注意转换法、制变量法在实验中的运用，液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。
26.【答案】解：(1)水的深度h=8cm=0.08m，
水对杯底的压强p=ρ水gh=1.0×103 kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa；
(2)水杯对水平桌面的压力F′=G水+G杯=2N+1N=3N
水杯对桌面的压强p′=F′S=3N2×10−3m2=1500Pa。
答：(1)水对杯底的压强为800Pa；
(2)水杯对桌面的压强为1500Pa。
【解析】(1)知道杯子内水的深度，根据p=ρgh求出水对杯底的压强；
(2)水杯对桌面的压力等于杯子和水的重力之和，根据p=FS求出水杯对桌面的压强。
本题考查了液体压强和压强的计算，注意物体对水平面的压力等于物体的重力。
27.【答案】解：(1)由题知，木棒在水平位置平衡，OA=0.8m，OB=AB−OA=1.5m−0.8m=0.7m，
由杠杆平衡条件可得：FA×OA=F乙×OB，
A端受到绳子的拉力：FA=F乙×OBOA=56N×；
(2)甲与地面的受力面积为：S=(0.1m)2=0.01m2；
甲受到的支持力即甲对地面的压力为：F=G−FA=79N−49N=30N；
物体甲对地面的压强为：p=FS=30N0.01m2=3000Pa。
答：(1)A端受到绳子的拉力为49N；
(2)物体甲对地面的压强为3000Pa。
【解析】(1)根据杠杆的平衡条件求出绳子的拉力；
(2)求出甲与地面的受力面积；根据同一直线上力的合成求出压力的大小，然后根据p=FS求出压强的大小。
本题考查了重力公式、密度公式、杠杆平衡条件的应用，根据条件确定杠杆A端受到的拉力是关键。
28.【答案】解：由电路图可知，两电阻并联，A2测R2的电流，A1测并联的总电流。
(1)电流表A1、A2的示数分别为0.9A和0.5A，根据并联电路电流的规律，通过R1的电流：
I1=I−I2=0.9A−0.5A=0.4A；
由I=UR可得，R1两端的电压：
U=I1R1=0.4A×20Ω=8V；
(2)根据并联电路电压的规律可知，R2两端的电压为8V，
通电20s电阻R2产生的电热：
Q2=W2=U2I2t=8V×0.5A×20s=80J。
答：(1)通过R1的电流为0.4A；R1两端的电压为8V；
(2)通电20s电阻R2产生的电热为80J。
【解析】由电路图可知，两电阻并联，A2测R2的电流，A1测并联的总电流。
(1)根据并联电路电流的规律求出通过R1的电流，由欧姆定律求出R1两端的电压；
(2)根据并联电路电压的规律和Q=W=UIt求出通电20s电阻R2产生的电热。
本题考查并联电路的规律及欧姆定律、电热的计算，是一道基础题目。数据序号
1
2
3
4
5
电压U/V
4.3
3.8
3.3
0.61
0.24
电流I/A
0.33
0.3
0.29
0.13
0.1
灯泡亮度
很亮
较亮
偏暗
微微发光
看不见发光