2023-2024学年安徽师大附中高二(下)月考数学试卷(3月份)(含解析)
展开1.已知集合A={x∈N|lg(2−x)≤0},B={x∈N|y= 1−x2},则A∪B=( )
A. {0,1,2}B. {1,2}C. {0,1}D. {1}
2.在等差数列{an}中,若a3+a7=10,a6=7,则公差d=( )
A. 1B. 2C. 3D. 4
3.已知不重合的直线a,b和平面α,β,a⊥α,b⊥β,则“a⊥b”是“α⊥β”的( )
A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件
C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件
4.已知数据4x1+1,4x2+1,…,4x10+1的平均数和方差分别为4,10,那么数据x1,x2,…,x10的平均数和方差分别为( )
A. −1,52B. 1,52C. 1,32D. 34,58
5.已知向量a,b满足a⋅(a+b)=2,且|a|=1,则向量b在向量a上的投影向量为( )
A. 1B. −1C. aD. −a
6.已知sinx−2csx= 5sin(x+φ),则sin2φ−2cs2φ=( )
A. 15B. 25C. 35D. 45
7.血氧饱和度是呼吸循环的重要生理参数.人体的血氧饱和度正常范围是95%~100%,当血氧饱和度低于90%时,需要吸氧治疗,在环境模拟实验室的某段时间内,可以用指数模型:S(t)=S0eKt描述血氧饱和度S(t)随给氧时间t(单位:时)的变化规律,其中S0为初始血氧饱和度,K为参数.已知S0=60%,给氧1小时后,血氧饱和度为80%.若使得血氧饱和度达到90%,则至少还需要给氧时间(单位:时)为( )
(精确到0.1,参考数据:ln2≈0.69,ln3≈1.10)
A. 0.3B. 0.5C. 0.7D. 0.9
8.已知定义在R上的连续可导函数f(x)及其导函数f′(x)满足f(x)
A. f(8)>2f(4)B. f(4)>2f(2)C. f(2)>2f(1)D. f(1)>2f(12)
二、多选题:本题共3小题,共18分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。
9.给定数集A=R,B=(0,+∞),x,y满足方程2x−y=0,下列对应关系f为函数的是( )
A. f:A→B,y=f(x)B. f:B→A,y=f(x)
C. f:A→B,x=f(y)D. f:B→A,x=f(y)
10.已知z为复数,设z,z−,iz在复平面上对应的点分别为A,B,C,其中O为坐标原点,则( )
A. |OA|=|OB|B. OA⊥OCC. |AC|=|BC|D. OB//AC
11.设定义在R上的可导函数f(x)和g(x)满足f′(x)=g(x),g′(x)=f(x),f(x)为奇函数,且g(0)=1.则下列选项中正确的有( )
A. g(x)为偶函数B. f(x)为周期函数
C. g(x)存在最大值且最大值为1D. g(x+y)=g(x)g(y)+f(x)f(y)
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分。
12.已知f(x)=2sinx+f′(0)csx,则f′(0)= ______.
13.已知A(4,1),B(2,2),C(0,3),若在圆x2+y2=r2(r>0)上存在点P满足|PA|2+|PB|2+|PC|2=13,则实数r的取值范围是______.
14.已知动点P,Q分别在圆M:(x−lnm)2+(y−m)2=14和曲线y=lnx上,则|PQ|的最小值为______.
四、解答题:本题共5小题,共77分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
15.(本小题13分)
已知函数f(x)=2x3+3ax2+1(a∈R).
(1)讨论函数f(x)的单调性;
(2)当a=−1时,求函数f(x)在区间[0,2]上的最值.
16.(本小题15分)
已知椭圆C1,抛物线C2的焦点均在x轴上,C1的中心和C2的顶点均为坐标原点O,从C1,C2上分别取两个点,将其坐标记录于表中:
(1)求C1和C2的标准方程;
(2)若C1和C2交于不同的两点A,B,求OA⋅OB的值.
17.(本小题15分)
如图,在四棱锥P−ABCD中,△PAD为正三角形,底面ABCD为直角梯形,AD//BC,AD⊥CD,AD=2BC=2,CD= 3,PB= 6.
(1)求证:平面PAD⊥平面ABCD;
(2)点M为棱PC的中点,求BM与平面PCD所成角的正弦值.
18.(本小题17分)
设Sn为数列{an}的前n项和,已知{Snn(n+1)}是首项为12、公差为13的等差数列.
(1)求{an}的通项公式;
(2)令bn=(2n−1)anSn,Tn为数列{bn}的前n项积,证明:i=1nTi≤6n−15.
19.(本小题17分)
已知集合A中含有三个元素x,y,z,同时满足①x
(1)试判断集合A={1,2,3,5,7,9}是否具有性质P,并说明理由;
(2)若集合B={3,4,a}具有性质P,证明:集合B是集合S4的“期待子集”;
(3)证明:集合M具有性质P的充要条件是集合M是集合Sn的“期待子集”.
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解:∵集合A={x∈N|lg(2−x)≤0}={x∈N|0<2−x≤1}={1},
B={x∈N|y= 1−x2}={0,1},
∴A∪B={0,1}.
故选:C.
由题意,利用对数、偶次根式的性质求出A和B,再根据并集的定义求出A∪B.
本题主要考查对数、偶次根式的性质,求集合的并集,属于基础题.
2.【答案】B
【解析】解:因为a3+a7=10,a6=7,
则由等差数列的性质可知a3+a7=a4+a6=10,
所以,a4=3,d=a6−a42=2.
故选:B.
由已知结合等差数列的性质可得a3+a7=a4+a6,可求a4,然后结合d=a6−a42可求.
本题主要考查了等差数列的性质的简单应用,属于基础试题.
3.【答案】C
【解析】【分析】
本题考查平面与平面之间的位置关系,以及空间中直线与平面之间的位置关系,考查空间想象能力、属于基础题.
根据面面垂直的性质可知a⊥b,两平面的法向量垂直则两平面垂直,最后根据“若p⇒q为真命题且q⇒p为真命题,则命题p是命题q的充要条件”即可得到结论.
【解答】解:∵a⊥α,α⊥β,
∴a//β或a⊂β,
又∵b⊥β,
∴a⊥b,
反之,若a⊥b,则α⊥β也成立,
故选C.
4.【答案】D
【解析】解:设数据x1,x2,…,x10的平均数和方差分别为μ和s2,
则数据4x1+1,4x2+1,…,4x10+1的平均数为4×μ+1=4,方差为42×s2=10,
得μ=34,s2=58.
故选:D.
利用平均数与方差的运算性质求解即可.
本题考查平均数和方差公式的应用,属于基础题.
5.【答案】C
【解析】解:因为a⋅(a+b)=2,且|a|=1,
所以a2+a⋅b=2,即|a|2+a⋅b=2,
所以a⋅b=1,
所以向量b在向量a上的投影向量为a⋅b|a|×a|a|=a.
故选:C.
根据数量积的运算律求出a⋅b,在根据向量b在向量a上的投影向量为a⋅b|a|×a|a|计算可得.
本题主要考查投影向量的公式,属于基础题.
6.【答案】B
【解析】解:sinx−2csx= 5sin(x+φ)= 5sinxcsφ+ 5csxsinφ,
则csφ= 55,sinφ=−2 55,
所以sin2φ−2cs2φ=(−2 55)2−2×( 55)2=25.
故选:B.
根据已知条件,结合正弦的两角和公式,即可求解.
本题主要考查正弦的两角和公式,属于基础题.
7.【答案】B
【解析】解:设使得血氧饱和度达到正常值,给氧时间至少还需要t−1小时,
由题意可得60eK=80,60eKt=90,两边同时取自然对数并整理,
得K=ln8060=ln43=ln4−ln3=2ln2−ln3,Kt=ln9060=ln32=ln3−ln2,
则t=ln3−ln22ln2−ln3≈1.10−0.692×0.69−1.10≈1.5,则给氧时间至少还需要0.5小时.
故选:B.
依据题给条件列出关于时间t的方程,解之即可求得给氧时间至少还需要的小时数.
本题主要考查函数在实际问题中的应用,考查运算求解能力,属于基础题.
8.【答案】D
【解析】解:设F(x)=f(x)ex,
因为F′(x)=f′(x)ex−f(x)ex(ex)2=f′(x)−f(x)ex,
又f(x)
对于A:因为F(8)>F(4),即f(8)e8>f(4)e4,化简得f(8)>e4f(4)>2f(4),故A成立;
对于B:因为F(4)>F(2),即f(4)e4>f(2)e2,化简得f(4)>e2f(2)>2f(2),故B成立;
对于C:因为F(2)>F(1),即f(2)e2>f(1)e,化简得f(2)>ef(1)>2f(1),故C成立;
对于D:因为F(1)>F(12),即f(1)e>f(12)e12,化简得f(1)>e12f(12),而e12f(12)<2f(12),故D不一定成立.
故选:D.
构造函数F(x)=f(x)ex,利用F(x)的单调性可得结果.
本题考查导数的综合应用,解题中注意转化思想的应用,属于中档题.
9.【答案】ABD
【解析】解:对于A,y=f(x)=2x,∀x∈A,均有唯一确定f(x)∈(0,+∞)=B,符合函数定义,A正确;
对于B,y=f(x)=2x,∀x∈B,均有唯一确定f(x)∈(1,+∞)⊆A,符合函数定义,B正确;
对于C,x=f(y)=lg2y,取y=1∈A,x=0∉B,不符合函数定义,C错误;
对于D,x=f(y)=lg2y,∀y∈B,均有唯一确定f(y)∈R=A,符合函数定义,D正确.
故选:ABD.
根据给定条件,利用函数的定义,结合指数函数、对数函数的性质逐项判断即得.
本题主要考查了函数的定义,考查了指数函数和对数函数的性质,属于基础题.
10.【答案】AB
【解析】解:设z=a+bi(a,b∈R),
∴A(a,b),
z−=a−bi(a,b∈R),
∴B(a,−b),
iz=i(a+bi)=−b+ai,
∴C(−b,a),
OA=(a,b),OB=(a,−b),OC=(−b,a),AC=(−b−a,a−b),BC=(−b−a,a+b),
对于A,∵ a2+b2= a2+(−b)2,
∴|OA|=|OB|,故A正确;
对于B,∵a(−b)+ba=0,∴OA⊥OC,故B正确;
对于C,∵|AC|= (−b−a)2+(a−b)2,|BC|= (−b−a)2+(a+b)2,
当ab≠0时,|AC|≠|BC|,故C错误;
对于D,∵a(a−b)−(−b)(−b−a)=a2−2ab−b2,a2−2ab−b2可以为零,也可以不为零,
故OB不一定平行于AC,故选D错误.
故选:AB.
根据复数的几何意义、共轭复数、复数的乘法运算可以表示出A,B,C三点的坐标,通过向量的模长、向量的平行和垂直知识进而可以判断.
本题主要考查向量与复数的综合应用,考查转化能力,属于中档题.
11.【答案】AD
【解析】解:对于A:∵f(x)为奇函数,即f(x)=−f(−x),
∴f′(x)=f′(−x),
又f′(x)=g(x),则g(x)=g(−x),
∴g(x)为偶函数,故A正确;
对于B:令F(x)=f(x)+g(x),
f′(x)=g(x),g′(x)=f(x),则F′(x)=f′(x)+g′(x)=g(x)+f(x)=F(x),即F′(x)−F(x)=0,
令G(x)=e−xF(x),x∈R,则G′(x)=e−x[F′(x)−F(x)]=0,
∴G(x)=c,x∈R,即F(x)=f(x)+g(x)=cex,x∈R,其中c为常数,
又f(x)为奇函数,f(0)=0.g(0)=1,则F(0)=f(0)+g(0)=ce0=1,即c=1,
∴F(x)=f(x)+g(x)=ex,x∈R,
又f(x)为奇函数,g(x)为偶函数,
F(−x)=f(−x)+g(−x)=−f(x)+g(x)=e−x,
联立F(x)=f(x)+g(x)=ex,
∴f(x)=ex−e−x2,g(x)=ex+e−x2,x∈R,
∴f(x)不是周期函数,故B错误;
对于C:由基本不等式得g(x)=ex+e−x2≥1,其中当且仅当ex=e−x,即x=0时等号成立,
∴g(x)存在最小值且最小值为1,故C错误;
对于D:由选项B得f(x)=ex−e−x2,g(x)=ex+e−x2,
则g(x)g(y)+f(x)f(y)=(ex+e−x)(ey+e−y)+(ex−e−x)(ey−e−y)4=ex+y+e−(x+y)2=g(x+y),故D正确.
故选:AD.
对于A:利用奇函数的性质可得f(x)=−f(−x),结合题意即可判断A;
对于B:构造函数F(x)=f(x)+g(x),结合题意可得F′(x)=f′(x)+g′(x)=g(x)+f(x)=F(x),即F′(x)−F(x)=0,构造函数G(x)=e−xF(x),求导得G′(x)=e−x[F′(x)−F(x)]=0,即G(x)=c,结合题意可得F(x)=f(x)+g(x)=ex,且F(−x)=f(−x)+g(−x)=−f(x)+g(x)=e−x,联立求解即可得出答案;
对于C:由基本不等式得g(x)=ex+e−x2≥1,可得g(x)存在最小值且最小值为1,即可判断C;
对于D:由选项B得f(x)=ex−e−x2,g(x)=ex+e−x2,计算g(x)g(y)+f(x)f(y),即可得出答案.
本题考查抽象函数问题,考查转化思想,考查逻辑推理能力和运算能力,属于中档题.
12.【答案】2
【解析】解:由f(x)=2sinx+f′(0)csx⇒f′(x)=2csx−f′(0)sinx,
所以f′(0)=2cs0−f′(0)×sin0⇒f′(0)=2.
故答案为:2.
利用基本初等函数的求导公式及加法运算法则计算即可.
本题考查导数的计算,属于基础题.
13.【答案】[2 2−1,2 2+1]
【解析】解:设点P(x,y),
由A(4,1),B(2,2),C(0,3),点P满足|PA|2+|PB|2+|PC|2=13,
可得(x−4)2+(y−1)2+(x−2)2+(y−2)2+(x−0)2+(y−3)2=13,
化简可得x2+y2−4x−4y+7=0,
即(x−2)2+(y−2)2=1,即点P在以(2,2)为圆心,1为半径的圆上,
因为点P在圆x2+y2=r2(r>0)上,
所以|r−1|≤ (2−0)2+(2−0)2≤r+1,
解得2 2−1≤r≤2 2+1,
故实数r的取值范围是[2 2−1,2 2+1].
故答案为:[2 2−1,2 2+1].
由题意设出点P(x,y),结合点P满足|PA|2+|PB|2+|PC|2=13,求出P点的轨迹为圆,进而问题转化为两圆有公共点问题即可.
本题主要考査圆与圆的位置关系以及转化与化归思想的应用,属于中档题.
14.【答案】 2−12
【解析】解:因为圆M:(x−lnm)2+(y−m)2=14,
设M(x,y),则x=lnmy=m,
所以y=ex,
即圆心M在曲线y=ex上运动,
易知,函数y=ex与函数的图象y=lnx关于直线y=x对称,
而曲线f(x)与直线y=x+1相切于点A(0,1),曲线(x)与直线y=x−1相切于点B(1,0),
所以PM|的最小值为|AB|= 2,
即|PQ|的最小值为|PM|−12= 2−12.
故答案为: 2−12.
设M(x,y),则x=lnmy=m,得出圆心轨迹为y=ex,由函数y=ex与函数y=lnx的图象关于直线y=x对称,结合导数的几何意义可得|PQ|的最小值为 2,进而确定|PQ|的最小值.
本题主要考查切线的应用,属于中档题.
15.【答案】解:1)因为f(x)=2x3+3ax2+1(a∈R),所以f′(x)=6x2+6ax=6x(x+a),
①当a=0时,f′(x)=6x2≥0恒成立,此时f(x)在R上单调递增;
②当a<0时,由f′(x)=6x(x+a)>0,解得x<0或x>−a,由f′(x)=6x(x+a)<0,得到0
③当a>0时,由f′(x)=6x(x+a)>0,解得x>0或x<−a,由f′(x)=6x(x+a)<0,得到−a
(2)当a=−1时,f(x)=2x3−3x2+1,则f′(x)=6x2−6x=6x(x−1),
由f′(x)=0,得到x=0或x=1,
所以f(x)在[0,1]上单调递减,在(1,2]上单调递增.
又f(0)=1,f(1)=0,f(2)=5,
所以当a=−1时,函数f(x)在[0,2]上的最小值为0,最大值为5.
【解析】(1)根据条件得到f′(x)=6x(x+a),分a=0,a<0和a>0三种情况讨论导函数的符号,即可得出结论;
(2)求出函数的导函数,根据导函数的符号求出函数的单调区间,再根据函数的单调性即可求得函数在区间[0,2]上的最值.
本题主要考查了导数与单调性关系的应用,还考查了单调性在函数最值求解中的应用,属于中档题.
16.【答案】解:(1)设抛物线C2的标准方程为y2=2px(p>0),则2p=y2x,
结合表格数据,因为221=(2 2)22=4,
所以点(1,2),(2,2 2)在抛物线C2上,且2p=4,解得p=2,
所以抛物线C2的标准方程为y2=4x,
得12a2+34b2=12a2=1,解得a2=2,b2=1,
所以椭圆C1的标准方程为x22+y2=1;
(2)根据对称性,可设A,B两点坐标分别为(x0,y0),(x0,−y0),
联立方程组y2=4xx2+2y2=2,消y得x2+8x−2=0,
解得x1=−4−3 2,x2=−4+3 2,
因为x=y24≥0,
所以x0=3 2−4,
所以OA⋅OB=x02−y02=x02−4x0=(3 2−4)2−4(3 2−4)=50−36 2.
【解析】(1)通过观察可得点(1,2),(2,2 2)在抛物线C2上,点( 22, 32),( 2,0)在椭圆上,代入点的方程求解即可;
(2)将C1和C2联立,求出交点横坐标,然后利用数量积的坐标运算求解.
本题考查了椭圆和抛物线的性质,属于中档题.
17.【答案】(1)证明:如图,取AD的中点K,连接PK,BK,
因为△PAD为正三角形,AD=2,
所以PK= 3,且PK⊥AD,
因为AD=2BC=2,K为AD中点,所以DK=BC,
又因为底面ABCD为直角梯形,AD//BC,
所以四边形BKDC为平行四边形
且BK⊥AD,BK=CD= 3,
由因为PB= 6,因为PK2+BK2=PB2,
所以PK⊥BK,
又因为PK⊥AD,BK∩AD=K,BK,AD⊂平面ABCD,
所以PK⊥平面ABCD,
因为PK⊂平面PAD,
所以平面PAD⊥平面ABCD;
(2)解:由(1)易知PK⊥平面ABCD,BK⊥AD,
如图,以K为坐标原点KA,KB,KP所在直线为x,y,z轴建立空间直角坐标系,
则P(0,0, 3),B(0, 3,0),C(−1, 3,0),D(−1,0,0),M(−12, 32, 32),
则CD=(0,− 3,0),PD=(−1,0,− 3),BM=(−12,− 32, 32),
设平面PCD的法向量为n=(x,y,z),
由n⋅CD=0n⋅PD=0,得− 3y=0−x− 3z=0,令x= 3,则y=0,z=−1,
所以n=( 3,0,−1),
因为n⋅BM= 3×(−12)+0×(− 32)+(−1)× 32=− 3,|n|= 3+0+1=2,|BM|= 14+34+34= 72,
所以cs
设BM与平面PCD所成的角为θ,θ∈[0,π2],
所以sinθ=|cs
即BM与平面PCD所成角的正弦值为 217.
【解析】(1)取AD的中点K,由题意可得PK的值,可证得PK⊥BK,PK⊥AD,可证得PK⊥平面ABCD,进而可证得结论;
(2)由(1)可得BK⊥AD,建立空间直角坐标系,分别写出点的坐标,可求出直线BM与平面PCD所成角的正弦值.
本题考查面面垂直的证法及直线与平面所成的角的正弦值的求法,属于中档题.
18.【答案】解:(1)由{Snn(n+1)}是首项为12、公差为13的等差数列,
故Snn(n+1)=12+13(n−1)=n3+16,
即Sn=(n3+16)n(n+1)=n(2n+1)(n+1)6,
当n≥2时,Sn−1=n(2n−1)(n−1)6,
故Sn−Sn−1=an=n(2n+1)(n+1)6−n(2n−1)(n−1)6
=n(2n2+3n+1−2n2+3n−1)6=n2,
当n=1时,a1=S1=3×26=1,符合上式,
故an=n2;
(2)证明:由an=n2,Sn=n(2n+1)(n+1)6,
故bn=(2n−1)anSn=6(2n−1)n2n(2n+1)(n+1)=6(2n−1)n(2n+1)(n+1),
则Tn=b1b2…bn=6(2−1)(2+1)(1+1)⋅6(4−1)×2(4+1)(2+1)⋅…⋅6(2n−1)n(2n+1)(n+1)
=6n(2−1)(2n+1)(n+1)=6n(2n+1)(n+1),
由(2n+1)(n+1)≥3×2=6,
故Tn≤6n6=6n−1,
则i=1nTi≤i=1n6n−1=1×(1−6n)1−6=6n−15.
【解析】(1)由等差数列定义可得Sn,由Sn与an的关系即可得an;
(2)由Sn与an可得bn,即可得Tn,由(2n+1)(n+1)≥6,可得Tn≤6n−1,借助等比数列求和公式计算即可得证.
本题考查等差数列的通项公式,以及不等式的性质,考查转化思想和运算能力,属于中档题.
19.【答案】解:(1)集合A={1,2,3,5,7,9}不具有性质P,理由如下:
(i)从集合A中任取三个元素x,y,z均为奇数时,x+y+z为奇数,不满足条件③,
(ii)从集合A中任取三个元素x,y,z有一个为2,另外两个为奇数时,不妨设y=2,x
综上所述,可得集合A={1,2,3,5,7,9}不具有性质P.
(2)证明:由3+4+a是偶数,得实数a是奇数,
当a<3<4时,由a+3>4,得1当3<4a,得4因为3+4+5=12是偶数,所以集合B={3,4,5},
令a+b=3,b+c=4,c+a=5,解得a=2,b=1,c=3,
显然a,b,c∈S4={1,2,3,4,5,6,7,8},
所以集合B是集合S4的“期待子集”得证.
(3)证明:
先证充分性:
当集合M是集合Sn的“期待子集”时,存在三个互不相同的a,b,c,使得a+b,b+c,c+a均属于M,
不妨设a因为x+y−z=(a+b)+(a+c)−(b+c)=2a>0,所以x+y>z,即满足条件②,
因为x+y+z=2(a+b+c),所以x+y+z为偶数,即满足条件③,
所以当集合M是集合Sn的“期待子集”时,集合M具有性质P.
再证必要性:
当集合M具有性质P,则存在x,y,z,同时满足①x
令a=x+y+z2−z,b=x+y+z2−y,c=x+y+z2−x,则由条件①得a由条件②得a=x+y+z2−z=x+y−z2>0,
由条件③得a,b,c均为整数,
因为z−c=z+x−x+y+z2=z+x−y2>z+(y−z)−y2=0,
所以0所以a,b,c∈Sn,
因为a+b=x,a+c=y,b+c=z,
所以a+b,b+c,c+a均属于M,
所以当集合M具有性质P时,集合M是集合Sn的“期待子集”.
综上所述,集合M是集合Sn的“期待子集”的充要条件是集合M具有性质P.
【解析】(1)分取到的三个元素都是奇数和有偶数2,两种情况比较三个条件,即可判断;
(2)首先根据性质P,确定集合B,再根据“期待子集”的定义,确定集合B是集合S4的“期待子集”;
(3)首先证明充分性,存在三个互不相同的a,b,c,使得a+b,b+c,c+a均属于M,
证明满足性质P的三个条件;再证明必要性,首先设满足条件的a,b,c,再证明a+b,b+c,c+a均属于M,即可证明.
本题主要考查子集和真子集,属于中档题.x
22
1
2
2
y
32
2
0
2 2
2023-2024学年湖南师大附中高一(下)入学数学试卷(含解析): 这是一份2023-2024学年湖南师大附中高一(下)入学数学试卷(含解析),共15页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2022-2023学年河北师大附中高二(下)开学数学试卷(含解析): 这是一份2022-2023学年河北师大附中高二(下)开学数学试卷(含解析),共19页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
安徽省芜湖市安徽师大附中2023-2024学年高二下学期3月测试数学试卷(Word版附解析): 这是一份安徽省芜湖市安徽师大附中2023-2024学年高二下学期3月测试数学试卷(Word版附解析),文件包含安徽省芜湖市安徽师大附中2023-2024学年高二下学期3月测试数学试题原卷版docx、安徽省芜湖市安徽师大附中2023-2024学年高二下学期3月测试数学试题Word版含解析docx等2份试卷配套教学资源,其中试卷共21页, 欢迎下载使用。