2023-2024学年安徽省合肥市六校联盟高三(上)期末数学试卷(含解析)
展开1.已知集合A={1,2,3},B={x|(x+1)(x−2)<0,x∈Z},则A∪B=( )
A. {1}B. {1,2}C. {0,1,2,3}D. {−1,0,1,2,3}
2.若复数z满足i⋅z=3−4i,则|z|=( )
A. 1B. 5C. 7D. 25
3.已知向量a=(1,m),b=(3,−2),且(a+b)⊥b,则m =( )
A. −8B. −6C. 6D. 8
4.已知空间中不过同一点的三条直线m,n,l,则“m,n,l在同一平面”是“m,n,l两两相交”的( )
A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件
C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件
5.若将函数y=2sin2x的图象向左平移π12个单位长度,则平移后的图象的对称轴为
( )
A. x=kπ2−π6(k∈Z)B. x=kπ2+π6(k∈Z)
C. x=kπ2−π12(k∈Z)D. x=kπ2+π12(k∈Z)
6.函数y=xcsx+sinx在区间[−π,π]的图象大致为
( )
A. B.
C. D.
7.若2 x−2 y<3− x−3− y,则
( )
A. ln(y−x+1)>0B. ln(y−x+1)<0
C. ln|x−y|>0D. ln|x−y|<0
8.已知函数f(x)的定义域为R,y=f(x)+ex是偶函数,y=f(x)−3ex是奇函数,则f(x)的最小值为( )
A. eB. 2 2C. 2 3D. 2e
二、多选题:本题共4小题,共20分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。
9.已知a,b,c∈R,则
( )
A. 若a>b>0,则1a>1bB. 若ac2>bc2,则a−c>b−c
C. 若a>b>0,则a> ab>bD. 若a10.已知函数f(x)=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0,0<φ<π2)的部分图象如图所示,则下列结论中正确的是( )
A. f(x)的最小正周期为π
B. f(π12+x)=f(π12−x)
C. f(x)在[π2,π]上单调递增
D. f(x−π6)为奇函数
11.已知直线l:ax+by−r2=0与圆C:x2+y2=r2,点A(a,b),则下列说法正确的是
( )
A. 若点A在圆C上,则直线l与圆C相切B. 若点A在圆C内,则直线l与圆C相离
C. 若点A在圆C外,则直线l与圆C相离D. 若点A在直线l上,则直线l与圆C相切
12.已知{an}是等差数列,公差d不为零,前n项和是Sn,若a3,a4,a8成等比数列,则( )
A. a1d>0B. a1d<0C. dS4>0D. dS4<0
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13.在平面直角坐标系xOy中,若双曲线x2−y2b2=1(b>0)经过点(3,4),则该双曲线的渐近线方程是 .
14.已知a∈R,函数f(x)=x2−4,x>2|x−3|+a,x⩽2若f(f( 6)=3,则a= .
15.若sinα+sinβ= 33(csβ−csα)&α、β∈(0,π),则α−β的值是______.
16.已知∠ACB=90°,M为平面ABC外一点,MC= 3,点M到∠ACB两边AC,BC的距离均为 2,那么M到平面ABC的距离为______.
四、解答题:本题共6小题,共70分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
17.(本小题10分)
在△ABC中,a,b,c分别为角A,B,C的对边,且满足(a−c)sinC=(a+b)(sinA−sinB).
(1)求角B;
(2)若b=2,△ABC的面积为 3,求△ABC的周长.
18.(本小题12分)
已知函数f(x)=x(aex+1),a∈R.
(1)若a=1,求曲线y=f(x)在点(0,f(0))处的切线方程;
(2)若f(x)≥x2在(0,+∞)上恒成立,求实数a的取值范围.
19.(本小题12分)
如图,圆柱的轴截面ABCD是边长为6的正方形,下底面圆的一条弦EF交CD于点G,其中DG=2,DE=DF.
(1)证明:平面AEF⊥平面ABCD;
(2)判断母线BC上是否存在点P,使得直线PE与平面AEF所成的角的正弦值为45,若存在,求CP的长;若不存在,请说明理由.
20.(本小题12分)
已知函数f(x)=2sin2x+2 3sinxcsx−1.
(1)求函数f(x)的最小正周期;
(2)将函数f(x)图象向右平移π6个单位长度得到g(x)的图象,若g(θ2+π12)=−27,θ∈(0,π2),求sinθ的值.
21.(本小题12分)
已知正项数列{an}的前n项和为Sn,a1=1,2Sn=an2+an,n∈N+.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)设bn=(n−1)2nanan+1,求数列{bn}的前n项和Tn.
22.(本小题12分)
已知函数f(x)=x−aln(1+x),a∈R.
(1)讨论f(x)的单调性;
(2)证明:对于任意正整数n,都有1+13+15+…+12n−1>12ln(2n+1).
答案和解析
1.【答案】C
【解析】【分析】
本题主要考查集合的并集运算,属于基础题.
先求出集合B,然后求并集即可.
【解答】
解:集合A={1,2,3},B={x|(x+1)(x−2)<0,x∈Z}=0,1,
∴A∪B=0,1,2,3.
故选C.
2.【答案】B
【解析】【分析】
本题考查复数模的求法,是基础题.
把已知等式变形,再由商的模等于模的商求解.
【解答】
解:由i⋅z=3−4i,得z=3−4ii,
∴|z|=|3−4ii|=|3−4i||i|= 32+(−4)21=5.
故选:B.
3.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查了向量垂直的充要条件,向量的坐标运算,属于基础题.
求出向量a+b的坐标,根据向量垂直的充要条件,得到关于m的方程,求解即可.
【解答】解:∵向量a=(1,m),b=(3,−2),
∴a+b=(4,m−2),
又∵(a+b)⊥b,
∴(a+b)·b=12−2(m−2)=0,
解得m=8.
故选D.
4.【答案】B
【解析】【分析】
本题借助空间的位置关系,考查了充分条件和必要条件,属于基础题.
由m,n,l在同一平面,则m,n,l两两相交或m,n,l有两个平行,另一直线与之相交,或三条直线两两平行,根据充分条件,必要条件的定义即可判断.
【解答】
解:空间中不过同一点的三条直线m,n,l,若m,n,l在同一平面,
则m,n,l两两相交或m,n,l有两个平行,另一直线与之相交,或三条直线两两平行.
故充分性不成立;
若m,n,l两两相交,则m,n,l在同一平面,故必要性成立.
故m,n,l在同一平面”是“m,n,l两两相交”的必要不充分条件,
故选:B.
5.【答案】B
【解析】【分析】
本题考查函数y=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0)图象的变换规律的应用及正弦函数的图象性质,属于中档题.
由函数图象变换法则得出平移后的函数的解析式,然后利用正弦函数的性质求解即可.
【解答】
解:将函数y=2sin2x的图象向左平移π12个单位长度,
得到y=2sin[2(x+π12)]=2sin(2x+π6)的图象,
令2x+π6=kπ+π2(k∈Z),
得:x=kπ2+π6(k∈Z),
即平移后的图象的对称轴方程为x=kπ2+π6(k∈Z).
故选B.
6.【答案】A
【解析】【分析】
本题考查函数图象的识别,掌握函数的奇偶性与函数值的特点是关键,属于中档题.
先判断函数的奇偶性,再利用f(π)的符号确定选项.
【解答】
解:y=f(x)=xcsx+sinx,
则f(−x)=−xcsx−sinx=−f(x),
∴f(x)为奇函数,函数图象关于原点对称,故排除C,D,
当x=π时,y=f(π)=πcsπ+sinπ=−π<0,故排除B.
故选:A.
7.【答案】A
【解析】【分析】
本题主要考查了函数的单调性在比较变量大小中的应用,属于中档题.
由2x−2y<3−x−3−y,可得2x−3−x<2y−3−y,令f(x)=2x−3−x,则f(x)在R上单调递增,且f(x)
解:由2x−2y<3−x−3−y,可得2x−3−x<2y−3−y,
令f(x)=2x−3−x,则f(x)在R上单调递增,且f(x)
由于y−x+1>1,故ln(y−x+1)>ln1=0,
因为不确定|x−y|与1的大小,故CD错误,
故选:A.
8.【答案】B
【解析】【分析】
本题主要考查奇函数和偶函数的定义以及利用基本不等式求最值,难度一般,属于中档题.
首先结合奇函数和偶函数求出f(x)的解析式,再结合基本不等式进行求解即可.
【解答】
解:∵y=f(x)+ex 是偶函数,
∴f(−x)+e−x=f(x)+ex,
进而得到:fx−f(−x)=e−x−ex,①
∵y=f(x)−3ex 是奇函数,
∴f(−x)−3e−x=3ex−f(x),
进而得到:fx+f(−x)=3e−x+3ex,②,
由①+②得到:f(x)=ex+2e−x=ex+21ex⩾2 2,当且仅当 ex=2ex时取得等号,
故选B.
9.【答案】BC
【解析】【分析】
本题考查利用不等式的性质判断不等关系,属于中档题.
由不等式的性质,结合作差法比较大小、特殊值法等依次判断即可.
【解答】
解:对于A,若a>b>0,令a=2,b=1,则1a=12,1b=1,1a<1b,故A错误;
对于B,若ac2>bc2,显然c2>0,则a>b,则a−c>b−c,故B正确;
对于C,因为a>b>0,所以a ab= a b>1,所以a> ab,同理可得 ab>b,即a> ab>b,故C正确;对于D,aa−1−bb−1=a(b−1)−b(a−1)(a−1)(b−1)=b−a(a−1)(b−1),
因为a0,故b−a(a−1)(b−1)>0,即aa−1>bb−1,故D错误.
故选BC.
10.【答案】ABD
【解析】解:根据函数f(x)=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0,0<φ<π2)的部分图象,
可得A=2,2sinφ= 3,∴φ=π3或2π3(不符合图象,舍去).
再根据五点法作图,可得ω×π3+π3=π,∴φ=π3,f(x)=2sin(2x+π3).
由函数的解析式,可得函数的最小正周期为2π2=π,故A正确;
令x=π12,求得f(x)=2,为最大值,可得函数f(x)的图像关于直线x=π12对称,故有f(x+π12)=f(π12−x),故B正确;
在[π2,π]上,2x+π3∈[4π3,7π3],函数f(x)不单调,故C错误;
由题意可得,f(x−π6)=2sin(2x−π3+π3)=2sin2x,为奇函数,故D正确.
故选:ABD.
根据题意,由函数的图象的顶点坐标求出A,由特殊点的坐标求出φ的值,由五点法作图求出ω的值,可得函数f(x)的解析式,再根据正弦函数的图象和性质,得出结论.
本题主要考查由函数y=Asin(ωx+φ)的部分图象求解析式,正弦函数的图象和性质,属于中档题.
11.【答案】ABD
【解析】【分析】
本题考查了直线与圆的位置关系,属于中档题.
转化点与圆、点与直线的位置关系为a2+b2,r2的大小关系,结合点到直线的距离及直线与圆的位置关系即可得解.
【解答】
解:圆心C0,0到直线l的距离d=r2 a2+b2,
若点Aa,b在圆C上,则a2+b2=r2,所以d=r2 a2+b2=|r|,
则直线l与圆C相切,故A正确;
若点Aa,b在圆C内,则a2+b2
则直线l与圆C相离,故B正确;
若点Aa,b在圆C外,则a2+b2>r2,所以d=r2 a2+b2<|r|,
则直线l与圆C相交,故C错误;
若点Aa,b在直线l上,则a2+b2−r2=0即a2+b2=r2,
所以d=r2 a2+b2=r,直线l与圆C相切,故D正确.
故选ABD.
12.【答案】BD
【解析】【分析】
本题考查了等差数列和等比数列的性质,考查了等差数列的前n项和,是基础题.
由a3,a4,a8成等比数列,得到首项和公差的关系,即可判断a1d和dS4的符号.
【解答】
解:设等差数列{an}的首项为a1,则a3=a1+2d,a4=a1+3d,a8=a1+7d,
由a3,a4,a8成等比数列,得(a1+3d)2=(a1+2d)(a1+7d),整理得:3a1d=−5d2,
∵d≠0,∴d=−35a1,
∴a1d=−35a12<0,
dS4=−35a1[4a1+4×32×(−35a1)]=−35a1(4a1−185a1)=−625a12<0.
故选:BD.
13.【答案】y=± 2x
【解析】【分析】
本题考查双曲线的标准方程,考查双曲线的简单性质,是基础题.
把已知点的坐标代入双曲线方程,求得b,则双曲线的渐近线方程可求.
【解答】
解:∵双曲线x2−y2b2=1(b>0)经过点(3,4),
∴32−16b2=1,解得b2=2,即b= 2.
又a=1,∴该双曲线的渐近线方程是y=± 2x.
故答案为:y=± 2x.
14.【答案】2
【解析】【分析】
本题考查已知分段函数的函数值求参,属基础题.
根据题意列方程求解即可.
【解答】
解:由题意知,f( 6)=( 6)2−4=2,
则f(f( 6))=f(2)=|2−3|+a=3,解得a=2.
故答案为2.
15.【答案】2π3
【解析】解:原式化为:2sinα+β2csα−β2= 33×2sinα+β2sinα−β2
所以tanα−β2= 3,因为α,β∈(0,π),所以α−β=2π3
故答案为:2π3
利用和差化积公式化简sinα+sinβ= 33(csβ−csα)α、β∈(0,π),
本题是基础题,考查三角函数的和差化积,三角函数的特殊值求角,注意角的范围.
16.【答案】1
【解析】解:如图,
设M在平面ABC内的射影为O,则OM⊥平面ABC,
由于AC,BC,OC⊂平面ABC,所以OM⊥AC,OM⊥BC,OM⊥OC,
过O作OE⊥AC,OF⊥BC,垂足分别为E,F,则ME=MF= 2,
由于∠ACB=90°,所以四边形OECF是矩形,
由于OE∩OM=O,OE,OM⊥平面MOE,所以CE⊥平面MOE,
ME⊂平面MOE,所以CE⊥ME;同理可证得CF⊥MF,
所以CE=CF= ( 3)2−( 2)2=1,OC= 12+12= 2,
所以OM= ( 3)2−( 2)2=1,
即M到平面ABC的距离是1.
故答案为:1.
通过线线垂直、线面垂直以及勾股定理等知识求得M到平面ABC的距离.
本题考查了空间位置关系和空间距离的综合运用,属于中档题.
17.【答案】解:(1)因为(a−c)sinC=(a+b)(sinA−sin B),
所以(a−c)c=(a+b)(a−b),
化简得c2+b2−a2=ac,
所以csB=c2+a2−b22ac=12,
因为B∈(0,π),
所以B=π3;
(2)∵S△ABC=12acsinB= 3,
∴ac=4,
由余弦定理得b2=a2+c2−2accsB,
即a2+c2=8,
则(a+c)2−2ac=8,
从而有(a+c)2=16,
则a+c=4,
故△ABC的周长为b+(a+c)=6.
【解析】(1)由条件利用正弦定理可得a2+c2−b2=ac,求得csB的值,即可求得B的值;
(2)由面积 3,求出ac,再结合余弦定理求出a+c即可求解.
本题考查正余弦定理的应用,属于中档题.
18.【答案】解:(1)当a=1时,f(x)=x(ex+1),
则f(0)=0,f′(x)=ex+xex+1,
所以切线的斜率k=f′(0)=2,
所以曲线y=f(x)在点(0,f(0))处的切线方程为y=2x.
(2)f(x)≥x2在(0,+∞)上恒成立,
则a≥x−1ex在(0,+∞)上恒成立,
令g(x)=x−1ex(x>0),则g′(x)=2−xex,
令g′(x)=0,则x=2,当x>2时,g′(x)<0,当0
所以g(x)在(0,2)上单调递减,在(2,+∞)上单调递增,
则g(x)≤g(2)=1e2,所以a≥1e2,
所以a的取值范围为[1e2,+∞).
【解析】(1)将a=1代入f(x)中,求出切线的斜率f′(0),再求出切线方程即可;
(2)由f(x)≥x2在(0,+∞)上恒成立,可得a≥x−1ex在(0,+∞)上恒成立,令g(x)=x−1ex(x>0),判断g(x)的单调性,再求出a的取值范围即可.
本题考查了利用导数研究函数的切线方程,利用不等式恒成立求参数的取值范围,考查了转化思想,属基础题.
19.【答案】解:(1)证明:由题意可知在下底面圆中,CD是直径,
∵DE=DF,∴G为EF的的中点,且EF⊥CD,
∵EF⊥AD,AD∩CD=D,AD,CD⊂平面ABCD,
∴EF⊥平面ABCD,
∵EF⊂平面AEF,∴平面AEF⊥平面ABCD.
(2)设平面PEF交圆柱上底面于PQ,交AB于点H,
则二面角P−EF−A的大小就是二面角H−EF−A的大小,
分别以下底面垂直于DG的直线为x轴,DG所在直线为y轴,DA所在直线为z轴,建立空间直角坐标系,
∵DG=2,底面圆半径为3,∴EG=FG=2 2,
则A(0,0,6),E(2 2,2,0),F(−2 2,2,0),
设H(0,m,6),(0
设平面AEF的一个法向量为m=(x1,y1,z1),
由m⋅AE=2 2x1+2y1−6z1=0m⋅AF=−2 2x1+2y1−6z1=0,取z1=1,得m=(0,3,1),
设平面HEF的法向量为n=(x2,y2,z2),
由m⋅EF=−4 2x2=0m⋅EH=−2 2x2+(m−2)y2+6z2=0,取y2=−6,得n=(0,−6,m−2),
∴|cs
化简,得3m2+8m−80=0,解得m=4或m=−203(舍),
∴AH=4,BH=2,
∵EF//平面PAB,EF⊂平面PEF,平面PAB∩平面PEF=PQ,
∴EF//PQ,PQ⊥AB,且H为PQ中点,
PH=2 2,PB= PH2+BH2=2 3,
∴CP= PB2+BC2= 12+36=4 3,
∴母线BC上存在点P,使得直线PE与平面AEF所成的角的正弦值为45,CP的长为4 3.
【解析】(1)将面面垂直转化为EF⊥平面ABCD,根据圆和圆柱的性质可证;
(2)建立空间直角坐标系,利用向量法求解.
本题考查面面垂直的判定与性质、线面角等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.
20.【答案】解:(1)因为f(x)=2sin2x+2 3sinxcsx−1
=1−cs2x+ 3sin2x−1=2(−12cs2x+ 32sin2x)=2sin(2x−π6),
所以f(x)的最小正周期T=2π2=π.
(2)将函数f(x)图象向右平移π6个单位长度得到g(x)=2sin[2(x−π6)−π6]=2sin(2x−π2)=−2cs2x,
则g(θ2+π12)=−2cs2(θ2+π12)=−2cs(θ+π6)=−27,
所以cs(θ+π6)=17,
因为θ∈(0,π2),所以θ+π6∈(π6,2π3),所以sin(θ+π6)=4 37,
所以sinθ=sin[(θ+π6)−π6]=sin(θ+π6)csπ6−cs(θ+π6)sinπ6=4 37× 32−17×12=1114.
【解析】(1)利用二倍角公式及两角差的正弦公式化简,再根据正弦函数的性质计算可得;
(2)由(1)可得cs(θ+π6)=17,即可求出sin(θ+π6),再根据sinθ=sin[(θ+π6)−π6]计算可得.
本题考查的知识要点:三角函数的关系式的变换,函数的图象的平移变换和伸缩变换,主要考查学生的理解能力和计算能力,属于中档题.
21.【答案】解:(1)已知正项数列{an}的前n项和为Sn,a1=1,
2Sn=an2+an,n∈N+,
当n≥2时,2Sn−1=an−12+an−1,
两式相减得2an=an2+an−an−12−an−1,
化简可得(an−an−1−1)(an+an−1)=0,
又an>0,所以an−an−1−1=0,即an−an−1=1,n≥2,
所以数列{an}是以1为首项,1为公差的等差数列,
所以an=n;
(2)由(1)知,bn=(n−1)2nn(n+1)=2n+1n+1−2nn,
所以Tn=b1+b2+⋯+bn
=(222−211)+(233−222)+⋯+(2n+1n+1−2nn)
=2n+1n+1−2,
所以Tn=2n+1n+1−2.
【解析】(1)利用数列的递推式得到数列{an}是以1为首项,1为公差的等差数列,根据等差数列的通项公式即可求解;
(2)利用裂项相消求和即可求解.
本题考查了数列的递推式和裂项相消求和,属于中档题.
22.【答案】解:(1)f(x)的定义域为(−1,+∞),f′(x)=1−ax+1=x+1−ax+1,
若a≤0,当x∈(−1,+∞)时,f′(x)>0,所以f(x)在(−1,+∞)上单调递增;
若a>0,当x∈(−1,a−1)时,f′(x)<0;当x∈(a−1,+∞)时,f′(x)>0,
所以f(x)在(−1,a−1)上单调递减,在(a−1,+∞)上单调递增.
综上,当a≤0时,f(x)在(−1,+∞)上单调递增;
当a>0时,f(x)在(−1,a−1)上单调递减,在(a−1,+∞)上单调递增.
(2)证明:当a=1时,由(1)知,f(x)在(0,+∞)上单调递增,
所以f(x)>f(0)=0,所以x−ln(1+x)>0,
对于任意正整数n,令x=22n−1,得12n−1>12ln2n+12n−1,
所以1+13+15+⋅⋅⋅+12n−1>12(ln31+ln53+75+⋯+ln2n+12n−1)=12ln(2n+1).
【解析】(1)对f(x)求导,分a≤0和a>0两种情况,判断f(x)的单调性即可;
(2)当a=1时,根据条件得到x−ln(1+x)>0,令x=22n−1,得12n−1>12ln2n+12n−1,再证明不等式成立即可.
本题考查了利用导数研究函数的单调性,利用综合法证明不等式,考查了转化思想,属难题.
2022-2023学年安徽省合肥市六校联盟高二(下)期末数学试卷(含详细答案解析): 这是一份2022-2023学年安徽省合肥市六校联盟高二(下)期末数学试卷(含详细答案解析),共17页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
安徽省合肥市六校联盟2023-2024学年高三上学期期末考试数学试卷: 这是一份安徽省合肥市六校联盟2023-2024学年高三上学期期末考试数学试卷,共4页。
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