2023届重庆市普通高中学业水平选择性考试高考模拟调研卷物理试题（二）（康德卷）(含答案)

这是一份2023届重庆市普通高中学业水平选择性考试高考模拟调研卷物理试题（二）（康德卷）(含答案)，共14页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。


一、单选题
1、电磁波应用极其广泛，家用微波炉的微波频率为，医院对人体透视的X射线的频率为，广播电台的短波频率为，它们的大小关系正确的是( )
A.B.C.D.
2、在电场中带电粒子受到静电力的作用，向着电极运动，最后会被吸附在电极上。下列现象不属于静电吸附原理应用的是( )
A.静电除尘B.静电喷漆C.静电屏蔽D.静电复印
3、中国人喜欢挂灯笼。如图所示，某户人家用三根细线连接灯笼1和灯笼2，细线a一端固定在天花板上，细线c水平，一端固定在竖直墙壁上。三根细线的弹力大小分别为、、，则( )
A.B.C.D.
4、如图所示电路中，水平放置的平行金属板间有一带电液滴恰好处于静止状态。要使液滴竖直向上运动，下列操作可行的是( )
A.增大B.减小C.增大D.减小
5、宇宙中，质量相同的三个星球位于边长为L的等边三角形的三个顶点上，仅依靠它们之间的引力绕等边三角形的中心旋转，三个星球间的距离始终保持不变，星球旋转的周期为T，已知引力常量为G，则每个星球的质量为( )
A.B.C.D.
6、如图所示，某电动工具置于水平地面上。该电动工具底座质量为M，半径为R的转动圆盘质量可不计，在圆盘边缘固定有质量为m的物块（可视为质点），重力加速度为g。要使该电动工具底座不离开地面（不考虑底座翻转的情况），允许圆盘转动的最大转速为( )
A.B.C.D.
7、质量为m的小球甲静置于光滑水平面上，质量为的小球乙以大小为v的速度沿水平方向向着甲球运动，两球发生正碰，碰撞时间很短可不计，则碰后甲球的速度大小可能为( )
A.B.C.D.v
二、多选题
8、传感器在现代生产生活中的应用十分广泛。下列传感器中，输入物理量为温度的是( )
A.热敏电阻B.电阻应变片
C.金属热电阻D.电容式位移传感器
9、田径运动会上正进行接力比赛。如图所示，静止在O处等待接棒的运动员甲，观察到乙以大小为v的速度运动到P处时，甲从静止开始以大小为a的加速度匀加速直线运动，当甲速度达到v时，运动员乙恰好追上甲。在此过程中运动员乙做匀速直线运动，则( )
A.运动员甲的运动时间为B.运动员甲的运动时间为
C.距离为D.距离为
10、如图所示，电阻忽略不计的两根平行光滑金属导轨竖直放置，其上端接一阻值为R的定值电阻。在水平虚线间有一与导轨所在平面垂直的匀强磁场B，磁场区域的高度为d。导体棒质量为m、电阻也为R，从距磁场上边界高h处由静止开始在导轨上无摩擦向下滑动，恰能匀速穿过磁场区域。则能使导体棒穿过磁场过程中，导体棒产生的电热增加的措施是( )
A.仅增大RB.仅增大dC.仅增大hD.仅增大B
三、实验题
11、某学习小组进行验证动量守恒定律实验。如图所示，立柱竖直固定在水平面上，水平轻弹簧一端固定在立柱上，处于自然长度，物块甲静置于水平面上，与轻弹簧的自由端在O点接触但不栓接。实验步骤如下：
（1）先对物块甲施力使其缓慢向左运动至轻弹簧的自由端到P点，撤去外力后，物块甲可运动到O点右侧A点停止运动。
（2）再次对物块甲施力使其缓慢向左运动至轻弹簧的自由端到P点，在O点放置物块乙（图中未画出），撤去作用于物块甲的外力后，物块甲与物块乙在O点发生碰撞，碰撞后，物块甲到达B点停止运动，物块乙到达C点停止运动。
（3）物块甲、乙与水平面间动摩擦因数相同，物块甲、乙均可视为质点，物块甲、乙的碰撞时间极短可不计，不计空气阻力。
（4）用刻度尺测量及间距，则要验证物块甲、乙碰撞过程动量是否守恒。还需测量的物理量是①______②_______；在实验误差允许范围内，若满足_______=_______，则说明物块甲、乙碰撞过程动量守恒。
12、某同学利用土豆制作电池，把锌片和铜片相隔适当距离插入同一颗土豆中，就制成了一个电池。为了测量该电池的电动势和内阻，使用了以下实验器材：
电压表（0-1V，内阻约）
电流表（0-3mA，内阻约）
电阻箱R（）
导线若干
单刀单掷开关
单刀双掷开关
（1）请根据图1中的实验电路，用笔画线代替导线，将图2中的实物电路连接起来。
（2）该同学按照正确的操作，多次改变电阻箱R接入电路的阻值，测得多组电压表示数U及对应电流表示数I，并作出图象，如图3所示，则该土豆电池的电动势_______V，内阻______Ω。
（3）根据实验结果，说明该同学在实验过程中应将单刀双掷开关接______（填“a”或“b”）接线柱。
四、计算题
13、重庆某河流，河水流量为，落差为10m，当地建立了一个水电站来发电，水电站的总效率为75%。水电站到用户间要进行远距离输电，两地间输电线的总电阻为，用户所需电压为220V，所用变压器为理想变压器，用户能获得发电机输出功率的96%。已知重力加速度为。求：
（1）用户能获得的电功率；
（2）连接用户的降压变压器原、副线圈匝数比。
14、如图所示，传送带部分水平，部分与水平方向夹角为θ，与在B处平滑连接，与长度均为L。现将质量为m的工件在A处放到传送带上，放置时初速度为零，在到达B之前已经相对于传送带静止，且以后也不再滑动。工件与传送带间动摩擦因数为μ，工件与传送带间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，传送带速度大小为v且始终保持不变，重力加速度为g。求：
（1）工件与传送带间动摩擦因数μ应满足的条件；
（2）该装置由电动机带动，传送带与轮子之间无相对滑动，不计轮轴处的摩擦，在工件从A到达C过程中，求电动机的平均输出功率。
15、如图1所示，MN与PQ为垂直纸面固定放置的水平平行板，PQ与MN间电势差u随时间t变化关系图象如图2所示，其中时间内板间电压恒定，后，板间电压变化规律恒定。MN板上方有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，PQ板下方有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为2B。时刻，质量为m、电量为q的带正电粒子，从PQ上O点开始加速运动。已知，带电粒子重力不计，带电粒子在平行板间运动时间不计。求：
（1）时，带电粒子的速度大小；
（2）时，带电粒子所在位置到O点的距离。
参考答案
1、答案：C
解析：微波炉的频率范围一般是；X射线的频率范围；广播电台的短波频率是，因此有，ABD错误，C正确。
故选C。
2、答案：C
解析：静电除尘、静电喷漆和静电复印属于静电吸附，静电屏蔽不属于静电吸附，故C正确，ABD错误。
故选C。
3、答案：A
解析：设灯笼的质量为m，细线a与竖直方向夹角为α，把两个灯笼看成整体，受力如图所示，由平衡条件，则有
对灯笼2受力分析可得
可知
因，则有
因此有
A正确，BCD错误。
故选A。
4、答案：B
解析：液滴原来在金属板间处于静止状态，受向上的电场力与重力平衡；电路稳定时电容器两极板电压等于电阻R两端电压。
AB.要使液滴竖直向上运动，需电容器两板间场强增大，电压增大，则需通过R的电流增大，需总电阻减小，可通过减小实现，A错误，B正确；
CD.改变不会改变电路稳定时R两端电压，即不会改变电容器两板电压，液滴仍然保持静止，CD错误。
故选B。
5、答案：A
解析：对双黑洞中的任一黑洞有，得，对另一黑洞有，得；又因，联立可得，即，得出双黑洞总质量，选项A正确。
6、答案：C
解析：解：当物块转动到最高点，物块对圆盘拉力的大小刚好等于电动工具底座的重力时，底座刚要离开地面，圆盘的转速最大，其此时满足
对物块，合力提供向心力有
解得
则转速为，故ABD错误，C正确；
故选：C。
7、答案：D
解析：由题意，两球发生正碰，则满足
联立，可求得碰后甲球的速度大小
故选D。
8、答案：AC
解析：A.热敏电阻是将温度信号转化为电压（电阻）信号输出的，A正确；
B.电阻应变片是将压力信号转化为电压（电阻）信号输出的，B错误；
C.金属热电阻是将温度信号转化为电压（电阻）信号输出的，C正确；
D.电容式位移传感器，是将位移信号转化为电压（电阻）信号输出的，D错误。
故选AC。
9、答案：AD
解析：AB.设甲从出发到乙追上甲所用时间为t，甲做匀加速直线运动，则有
解得
故A正确。故B错误;
CD.设两点之间的距离为x，则有
带入数据解得
故C错误。故D正确。
故选AD。
10、答案：BCD
解析：根据机械能守恒
得
感应电动势为
感应电流为
导体棒恰能匀速穿过磁场区域，则
导体棒克服安培力做功等于整个电路的焦耳热，则导体棒产生的热量为
A.若仅增大R，则导体棒进入磁场时受到的安培力小于重力，安培力的平均值小于重力，导体棒产生的电热减小，A错误；
B.仅增大d，则导体棒产生的电热增大，B正确；
CD.仅增大h或B，则导体棒进入磁场时受到的安培力大于重力，安培力的平均值大于重力，导体棒产生的电热增大，CD正确。
故选BCD。
11、答案：（4）；；；
解析：（4）要验证物块甲、乙碰撞过程动量守恒，即验证，需测量的物理量是物块甲的质量，物块乙的质量；由步骤（1）可计算出甲碰撞前的速度，由步骤（2）可计算出甲乙碰撞后的速度，，物块甲、乙碰撞过程动量守恒，可得。
12、答案：（1）
（2）0.6；300
（3）a
解析：（1）由电路图连接实物图，如图所示
（2）由闭合电路欧姆定律可得
变形可得
结合图3可知，内阻
土豆电池的电动势
（3）根据实验结果，可知土豆电池的内阻较大，应采用电流表相对于电源内接法，所以单刀双掷开关应接a。
13、答案：（1）（2）
解析：（2）降压变器的输出电流为
输电线上损失的功率为
可得降压变压器的输入电流为
所以连接用户的降压变压器原、副线圈匝数比
14、答案：（1）（2）
解析：（1）工件运动到部分时，相对于传送带静止，则
可得μ应满足的条件为
（2）工件从A加速到v的过程，由牛顿第二定律
由匀变速直线运动规律得
该过程中工件、传送带的位移分别为
，
工件与传送带相对滑动时，摩擦产生得热量为
工件加速到v后，运动到C点的过程，有
工件从A到达C过程中，电动机的平均输出功率为
联立解得
15、答案：（1）（2）
解析：（1）带正电粒子从PQ上O点开始加速运动，则根据动能定理可知
解得
在MN板上方电荷洛伦兹力提供向心力，根据左手定则可知，穿过MN时洛伦兹力水平向右，则
带正电粒子穿过在MN板上方做圆周运动，运动半个周期后，进入电场，则
而由于电场变换方向的时间为，且
则粒子再次进入电场时，电场方向正好变化，根据动能定理可知
解得
粒子从PQ板射出做圆周运动，根据左手定则可知，向左偏转，则
则粒子从PQ板射出做圆周运动，运动半个周期后，进入电场，则
而由于电场变换方向的时间为，且
则粒子再次进入电场时，电场方向正好变化，由此可知，粒子再次经过电场加速穿出后在磁场中偏转，推理可知，在时间内，由动能定理可知
解得
（2）由于
推理得
在时间内板间电压恒定，则粒子运动半个周期，即进出电场后做减速运动，从下极板穿出后偏转半个周期，即再次进出电场，而时间为
则再次阶段粒子先加速后减速粒子速度不变，则
此后粒子做减速运动，直到在后，粒子的速度再次变为，随后重复开始的运动规律，运动后，即在
时，带电粒子在时间内
解得
在时间内
在时间内
则时，带电粒子所在位置到O点的距离为