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江苏省南通市崇川区田家炳中学2023-2024学年九年级上学期月考物理试卷（10月份）
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这是一份江苏省南通市崇川区田家炳中学2023-2024学年九年级上学期月考物理试卷（10月份），共35页。试卷主要包含了综合等内容，欢迎下载使用。
江苏省南通市崇川区田家炳中学2023-2024学年九年级上学期月考物理试卷（10月份）(解析版)
一、（本题20小题，每小题2分，共40分，每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）下列四幅图中，属于利用热传递改变物体内能的是（ ）
A．冬天，搓手取暖 B．滑梯上滑下臀部发热
C．棉被晒得暖呼呼 D．下压活塞硝化棉燃烧
2．（2分）关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（ ）
A．物体内能增加时，温度一定升高
B．物体温度不变时，物体的内能就一定不变
C．物体的温度越高，所含热量越多
D．内能小的物体也可能将热量传给内能大的物体
3．（2分）如图所示的四个实物图，若将开关S闭合，会发生短路的电路是（ ）
A． B．
C． D．
4．（2分）如图所示，甲、乙杠杆的质量和长度均相同，机械摩擦不计，则在工作过程中，甲、乙杠杆的机械效率相比（ ）
A．甲的大 B．乙的大 C．一样大 D．无法确定
5．（2分）科普活动中，老师为同学们表演了一个“自动爬坡”实验，惊艳了全场。该实验如下：将一个用轻质泡沫做成的圆环，结果发现圆环不但没有滚下，反而加速滚上了斜坡。揭秘后才发现，
在圆环加速滚上斜坡的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．圆环的动能增大，重力势能减小
B．圆环的动能减小，重力势能减小
C．圆环的动能增大，重力势能增大
D．圆环的动能减小，重力势能增大
6．（2分）质量相同的铜块和铝块（c铜＜c铝）。使它们吸收相等的热量后，再相互接触，则（ ）
A．两物体之间不发生热传递
B．温度从铜块传递向铝块
C．热量从铜块传递给铝块
D．热量可能由铝块传给铜块
7．（2分）如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，往易拉罐里喷少量酒精，用手拿着这个“冲天炮”对着前方点燃的打火机靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“冲天”飞出去（ ）
A．酒精燃烧时，将化学能转化为机械能
B．纸杯飞出去的过程，相当于内燃机的排气冲程
C．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功
D．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小
8．（2分）在体育比赛的“鞍马”项目中，运动员上“马”前要踩踏板，如图所示，下列有关运动员和弹簧的动能和势能变化情况不正确的是（ ）
A．运动员的重力势能不断减小
B．弹簧的弹性势能不断增大
C．运动员的动能不断减小
D．运动员的动能先增大后减小
9．（2分）如图所示，长为2m的斜面，小明同学用600N的沿斜面的推力将重为900N的物体缓慢推至斜面的顶端。则斜面对物体的摩擦阻力最接近于（ ）
A．150N B．250N C．300N D．500N
10．（2分）物理学中把机械对重物施加的力与人对机械施加的力的比值叫作机械效益（用“MA”表示），根据机械效益可以比较省力程度。为了研究机械效益与什么因素有关，小明正确组装了滑轮组，并得到以下几幅图，若不计绳重和摩擦（ ）
A．其他条件不变，只改物重，机械效益MA与物重的图像
B．其他条件不变，只改动滑轮重，机械效益MA与物重的图像
C．只改股数，机械效益MA与股数n的图像
D．各组机械效益与机械效率的图像
二、综合
11．（4分）指纹识别解锁是目前较为流行的手机解锁方式，如图甲所示，手指轻轻触碰感应区，则感应区相当于手机电路中的 ；如图乙所示，充电宝给手机充电过程中，手机电池相当于 ；此过程中将 能转化成 能。
12．（3分）如图所示，小强用一根筷子用力摩擦可乐易拉罐，居然将一罐掉了环的可乐打开了。这是因为在筷子摩擦易拉罐的过程中 能转化为内能。通过 的方式使易拉罐外壳的内能增大，再通过 的方式使易拉罐内部气体内能增大，形成高压气体，将易拉罐顶开。
13．（4分）小明想把冰的熔化和水的沸腾合二为一进行实验，他对1000g冰加热使冰熔化并加热到水不断沸腾。根据实验记录的数据绘制成如图所示的温度随时间变化的图像。分析图像发现，AB段比CD段升温快 ，图像中，物体在B点时具有的内能 （选填“大于”“小于”或“等于”）在C点时的内能。实验过程中，第2～3分钟物体吸收的热量为 J。[冰的比热容是2.1×103J/（kg•℃）]DE段杯中剩余水的内能 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
14．（4分）为制造压缩空气动力汽车，工程师将装有压缩空气的钢瓶与空气动力发动机连接，该发动机的一个工作循环分为进气冲程和排气冲程 （进气/排气）冲程，此过程中钢瓶内压缩空气的温度 ，依靠惯性完成的冲程是 （进气/排气）冲程。若该发动机的转速为1200r/min，则1s内发动机对外做功 次。
15．（7分）如图所示是某一科学小组探究“斜面的机械效率”实验装置及实验数据记录表：
斜面的倾斜程
度
物块重G（N）
斜面高h（m）
沿斜面拉力F（N）
斜面长s（m）
机械效率η
较缓
10
0.1
5.0
1
20%
较陡
10
0.3
6.7
1
45%
最陡
10
0.5
8.0
1
62.5%
（1）沿斜面拉动木块时，为使测力计的示数稳定，应尽量使木块做 运动，此时的绳子对物体的拉力和斜面对木块的摩擦力 （选填“是”或“不是”）平衡力。
（2）比较表中“物块重”和“ ”两栏对应的数据，可知斜面是一种 （选填“省力”或“费力”）的简单机械。
（3）本实验研究了 对斜面机械效率的影响，其影响规律是 。
（4）当斜面最陡时，物块受到斜面的摩擦力是 N。
16．（2分）观察手电筒结构图，在虚线方框内画出对应的电路图。
17．（2分）如图甲为探究摆球的动能与势能相互转化的示意图，不计空气阻力，在乙图中画出：摆球在摆动过程中其机械能E随时间t变化的图象。
18．（2分）小明正在探究“滑轮组的机械效率和绕线方式是否有关”时，请参照小明设计的图甲补全图乙完成探究实验。
19．（6分）如图工人用250N的力F将重为400N的物体在10s内匀速提升2m。不计绳重和摩擦，求：
（1）拉力做的有用功；
（2）拉力F做功的功率；
（3）若将重为900N的物体提升相同高度，此滑轮组的机械效率。
20．（7分）氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点，被认为是二十一世纪最理想的能源，氢燃料新能源公交车逐渐在很多城市投放使用。氢的热值为1.4×108J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃），求：
（1）质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是多少？
（2）若放出的热量全部被初温为15℃的水吸收后，水的温度升高到65℃，则水质量是多少？
（3）燃烧0.5kg的氢燃料可以使恒定功率为1.4×105W的公交车匀速行驶5分钟，则氢燃料公交车的效率为多少？
21．（6分）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。已知燃料的质量、烧杯内的液体质量、液体初温、加热方式等均相同。
（1）比较不同燃料的热值应选择 两图进行实验；比较不同物质的吸热能力，应选择 两图进行实验；
（2）为比较不同燃料的热值，应该在燃料 （选填“燃烧相同时间”或“完全燃烧完毕”）后，通过比较 来得出结论（选填“温度计示数变化”或“加热时间”）；
（3）不考虑热量损失，将燃料点燃直至燃尽，三装置烧杯中液体升高的温度随时间变化的图像如图丁所示 。燃料1和燃料2的热值之比 。
22．（6分）小宏用如图所示的装置探究杠杆的机械效率，杠杆的质量分布均匀，右端固定在O点，且AC＝BC＝OA；弹簧测力计始终竖直向上提杠杆。
（1）该实验中杠杆所做的额外功主要是 。
（2）他将重为G的钩码悬挂在A点，在B点匀速拉动弹簧测力计，拉力为F1，测得A、B两点上升的高度分别为h1、h2，则此次杠杆的机械效率为η1＝ （用物理量的符号表示）；
（3）若保持弹簧测力计位置不变，将钩码挂在C点，缓慢拉动弹簧测力计将杠杆提升与第一次相同的高度（不计摩擦）2做的功 第一次拉力做的功，此次杠杆的机械效率η2 η1（选填“＞”或“＜”或“＝”）；
（4）若保持钩码挂在A点位置不变，仅将弹簧测力计由B点移动到C，缓慢将杠杆提升与第一次相同的高度（不计摩擦） （选填“变大”或“变小”或“不变”），此次杠杆的机械效率为η3，则η3 η1。（选填“＞”或“＜”或“＝”）
23．（7分）为了“探究弹性势能与哪些因素有关”，小明在水平桌面上设计了如图甲所示的实验装置进行探究。将弹簧左端固定，用小球（小球与弹簧不连接），由静止释放小球，小球离开弹簧后撞击静放在桌面上的木块0，分析实验数据得出结论。
（1）实验中，弹簧弹性势能大小是通过 来反映的，实验中探究了弹簧弹性势能大跟 的关系。上述实验还能探究动能和 （速度/质量）的关系。
实验中，小明又发现在水平桌面上滚动的小球离开桌面后，会沿着曲线向前飞行并最终落到地面上
猜想1：与小球离开桌面时的速度有关；
猜想2：与小球离地的高度有关；
猜想3：与小球的质量有关。
（2）为了验证猜想1是否正确，小组成员进行如下实验：保持小球质量和离地高度不变，将弹簧压缩到不同的长度，发现小球水平飞行的距离不相同，这说明猜想1是 （正确/错误）的。
（3）为了探究猜想2，同组小华按照正确的实验方法，实验并记录数据如下，
离地高度H/cm
5
20
45
80
125
水平飞行距离s/cm
5
10
15
20
25
根据表中数据，可以得出：当该小球以实验中以相同速度离开桌面时，小球离地面的高度H为 cm时，小球水平飞行的距离s为60cm。
（4）小明接下来想探究猜想3，仍采用图乙的装置，用不同质量的小球将弹簧压缩到相同的长度 ，请你为小明设计一个正确的方案： 。
24．（10分）阅读短文，回答文后的问题。
涡轮喷气发动机
2023年5月28日上午，我国首架自行研制、拥有自主知识产权的喷气式客机C919，如图甲，历时2h从上海到北京，开启了首次商业载客飞行。
如图乙所示，为C919客机使用的轴流式涡轮喷气发动机，其结构是由进气道、压气机、燃烧室、涡轮和尾喷管组成，其中压气机与涡轮装在同一条转轴上工作，空气首先进入发动机的进气道，当飞机飞行时，由于飞机飞行的速度是变化的，而进入压气机气流速度有一定限制，使进入进气道的气体全部通过可调管道，空气流过压气机时被压气机的旋转叶片压缩后进入燃烧室，产生的高温高压气流推动涡轮，一边带动压气机正常工作
C919客机搭载的涡轮喷气发动机，其部分参数如下表，其中热效率是指涡轮喷气发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比（推力所做的功）与其获得的机械能之比。
热效率η1
40%
推进效率η2
60%
航空燃油热值q
5.0×107J/kg
（1）涡轮喷气发动机在工作中，空气流过压气机时内能 （选填“增大”“减小”或“不变”），这部分气体与燃料混合后在燃烧室中燃烧，燃烧产生的高温高压气流推动涡轮。此过程的能量转化相当于热机的 冲程，涡轮喷气发动机常用循环流动的水进行冷却，这是因为水的 。
（2）关于涡轮喷气发动机，下列说法中不正确的是 。
A.进气道中吸入的是空气
B.燃烧室中，内能转化为机械能
C.燃料耗尽后还可以利用压气机压缩气体推动涡轮转动
D.尾喷管中喷出的高速气流对飞机做功
（3）设可调管道的通风口面积为S1，当飞机加速飞行时，应使通风口面积；S1 （变大/不变/变小）。
（4）机舱内先进的“呼吸系统”使飞机在气压只有25×104Pa左右的万米高空时，能将机外﹣50℃下的冷空气不断压缩，送入舱内的空气温度达到50℃以上，使舱气压和温度维持体感舒适值，为确保机舱内的温度维持体感舒适值 （选填“加热”或“制冷”）。
（5）已知，涡轮喷气发动机所受空气阻力与运行速度的关系如图乙所示，当飞机以200m/s的速度水平匀速巡航0.5h的过程中 J，此时需要 kg的航空燃油。
（6）涡轮喷气发动机使压缩后的混合气体在燃烧室燃烧直到膨胀的气体再从尾部喷出过程中，燃气的温度是不断变化的，下列能大致反应燃气温度随时间而变化的是图 。
参考答案与试题解析
一、（本题20小题，每小题2分，共40分，每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）下列四幅图中，属于利用热传递改变物体内能的是（ ）
A．冬天，搓手取暖 B．滑梯上滑下臀部发热
C．棉被晒得暖呼呼 D．下压活塞硝化棉燃烧
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：A、冬天，是摩擦生热，故A错误；
B、滑梯上滑下臀部发热，属于做功改变物体内能；
C、棉被晒得暖呼呼，故C正确；
D、下压活塞硝化棉燃烧，故D错误。
故选：C。
【点评】熟悉并理解改变内能的两种方式，并能与生活中的实例相联系是解决该题的关键。
2．（2分）关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（ ）
A．物体内能增加时，温度一定升高
B．物体温度不变时，物体的内能就一定不变
C．物体的温度越高，所含热量越多
D．内能小的物体也可能将热量传给内能大的物体
【分析】（1）晶体熔化过程，吸热内能增加，但温度不变；
（2）热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；
（3）发出热传递的条件是存在温度差；
【解答】解：A、晶体熔化过程，但温度不变；
B、晶体熔化过程，但吸热，故B错误；
C、热量是一个过程量，故C错误；
D、内能小的物体温度可能比内能大的物体的温度高，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查了热量、内能、温度的关系的理解和应用，应注意物体内能增大，但温度 不一定升高。
3．（2分）如图所示的四个实物图，若将开关S闭合，会发生短路的电路是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两端相连；而用电电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，使电器两端的电压为零；分析各电路可知是否出现短路现象。
【解答】解：A、闭合开关、灯泡回到电源的负极；故A不符合题意；
B、开关与灯泡间导线断开；故B不符合题意；
C、导线与灯泡并联，电流从电源正极出发经开关S直接回到电源的负极；故C符合题意；
D、两灯泡串联接入电路，电流从电源正极出发经两灯泡回到电源的负极；故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了串并联电路的识别和电路的三种状态，关键是分清开关的通断对电路用电器的影响。
4．（2分）如图所示，甲、乙杠杆的质量和长度均相同，机械摩擦不计，则在工作过程中，甲、乙杠杆的机械效率相比（ ）
A．甲的大 B．乙的大 C．一样大 D．无法确定
【分析】使用杠杆提升物体时，克服物体重力做的功是有用功；克服杠杆重力做的功是额外功。在有用功一定时，额外功越大，机械效率越低。
【解答】解：使用杠杆提升物体时，克服物体重力做的功是有用功，
物体A重力一定，提升相同的高度，
根据W＝Gh可知，拉力所做的有用功相比W甲＝W乙；
由图知：使用甲装置提起物体时，拉力做的功包括两部分：克服物重；
使用乙装置提起物体时，由于杠杆的重心在O点。由η＝。
故选：B。
【点评】此题考查的是我们对杠杆机械效率高低的比较，需要清楚的是：使用任何机械不可避免地做额外功，所以机械效率一定小于1。
5．（2分）科普活动中，老师为同学们表演了一个“自动爬坡”实验，惊艳了全场。该实验如下：将一个用轻质泡沫做成的圆环，结果发现圆环不但没有滚下，反而加速滚上了斜坡。揭秘后才发现，
在圆环加速滚上斜坡的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．圆环的动能增大，重力势能减小
B．圆环的动能减小，重力势能减小
C．圆环的动能增大，重力势能增大
D．圆环的动能减小，重力势能增大
【分析】动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关。
【解答】解：在圆环加速滚上斜坡的过程中，圆环的质量不变，动能增大，重心变低，重力势能减小。
故选：A。
【点评】本题考查了动能和势能的变化，明确影响动能、重力势能大小的因素是解题的关键。
6．（2分）质量相同的铜块和铝块（c铜＜c铝）。使它们吸收相等的热量后，再相互接触，则（ ）
A．两物体之间不发生热传递
B．温度从铜块传递向铝块
C．热量从铜块传递给铝块
D．热量可能由铝块传给铜块
【分析】知道铜块和铝块质量相同，吸收相同的热量后，根据Q吸＝cmΔt知道，比热容大的温度升高的少；而铝的比热容大于铜的比热容，所以铝的温度变化小；热量将从温度高的物体向温度低的物体传递，据此判断得出答案。
【解答】解：质量相同的铜块和铝块，使它们吸收相等的热量后吸＝cmΔt可知，因为c铝＞c铜，所以铝块升高的温度少，因为不知道初温大小关系，所以热量可能由铝块传给铜块。
故选：D。
【点评】本题考查了热量的计算、热传递的方向，知道铁和铜比热容的大小关系是突破口，用好吸热公式是解本题的关键。
7．（2分）如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，往易拉罐里喷少量酒精，用手拿着这个“冲天炮”对着前方点燃的打火机靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“冲天”飞出去（ ）
A．酒精燃烧时，将化学能转化为机械能
B．纸杯飞出去的过程，相当于内燃机的排气冲程
C．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功
D．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小
【分析】气体对外做功，本身的内能会减小，内能转化为机械能。
【解答】解：A、酒精燃烧时，故A错误；
B、纸杯飞出去的过程，相当于内燃机的做功冲程；
C、纸杯飞出去时，故C错误；
D、纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小。
故选：D。
【点评】本题考查了内能的转化，属于基础知识，要熟记。
8．（2分）在体育比赛的“鞍马”项目中，运动员上“马”前要踩踏板，如图所示，下列有关运动员和弹簧的动能和势能变化情况不正确的是（ ）
A．运动员的重力势能不断减小
B．弹簧的弹性势能不断增大
C．运动员的动能不断减小
D．运动员的动能先增大后减小
【分析】动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，弹性势能与物体的弹性形变程度有关，它们之间可以相互转化。动能和势能统称机械能。
【解答】解：A、当脚接触踏板直至弹簧被压缩至最短的过程中，所以重力势能不断减小；
B、当脚接触踏板直至弹簧被压缩至最短的过程中，所以弹性势能不断增大；
CD、当脚接触踏板直至弹簧被压缩至最短的过程中，当弹簧形变达到一定程度时，其动能也开始转化为弹性势能，运动员的动能是先增大后减小，D正确。
故选：C。
【点评】理解动能、重力势能和弹性势能的影响因素，能根据所研究过程中能量的变化情况进行分析，是解答的关键。
9．（2分）如图所示，长为2m的斜面，小明同学用600N的沿斜面的推力将重为900N的物体缓慢推至斜面的顶端。则斜面对物体的摩擦阻力最接近于（ ）
A．150N B．250N C．300N D．500N
【分析】根据图示估测出斜面的高度，利用W有＝Gh求出有用功，利用W总＝Fs求出推力做的总功；根据W总＝W有用+W额求出克服摩擦做的额外功，根据W额＝fs求出摩擦力。
【解答】解：由图可知，斜面的高度约为斜面长度的二分之一，则斜面的高度约为h＝1m，
推力做的有用功：W有＝Gh＝900N×1m＝900J，
推力做的总功：W总＝Fs＝600N×7m＝1200J，
因为W总＝W有+W额，
所以克服摩擦做的额外功：W额＝W总﹣W有用＝1200J﹣900J＝300J，
由W额＝fs可得斜面对物体的摩擦力：f＝＝＝150N。
故选：A。
【点评】本题考查了使用斜面时有用功、额外功、总功和摩擦力的计算，根据图示估测出斜面的高度是关键。
10．（2分）物理学中把机械对重物施加的力与人对机械施加的力的比值叫作机械效益（用“MA”表示），根据机械效益可以比较省力程度。为了研究机械效益与什么因素有关，小明正确组装了滑轮组，并得到以下几幅图，若不计绳重和摩擦（ ）
A．其他条件不变，只改物重，机械效益MA与物重的图像
B．其他条件不变，只改动滑轮重，机械效益MA与物重的图像
C．只改股数，机械效益MA与股数n的图像
D．各组机械效益与机械效率的图像
【分析】根据机械效益MA的定义可知，MA＝；不计绳重和摩擦，绳端拉力F＝（G+G动），机械效率为：η＝＝＝＝或η＝＝＝，根据这些关系式推理判断。
【解答】解：
由机械效益MA的定义可知，MA＝，
不计绳重和摩擦，滑轮组绳端拉力F＝动），
机械效率为：η＝＝＝＝，
所以MA＝＝n×，
A、其他条件不变，由η＝知，因为机械效率η总小于2A只会越来越接近n，不会等于nA随物重的增大而增大得越来越慢，故A错误；
B、其他条件不变，由η＝知动增大而减小，并且机械效率η总大于0A只会越来越接近0，不会等于8A随动滑轮重的增大而减小得越来越慢，故B错误；
C、只改股数，由η＝知，由MA＝nη知，滑轮组机械效益MA与股数n成正比，故C正确；
D、由MA＝nη知，n一定时A与机械效率成正比，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了机械效益MA与G、G动、n、η的图像，灵活应用机械效率与机械效益MA的公式，并建立联系是解题的关键。
二、综合
11．（4分）指纹识别解锁是目前较为流行的手机解锁方式，如图甲所示，手指轻轻触碰感应区，则感应区相当于手机电路中的 开关 ；如图乙所示，充电宝给手机充电过程中，手机电池相当于 用电器 ；此过程中将 电 能转化成 化学 能。
【分析】一个完整的电路有导线、电源、开关和用电器组成；根据电路的组成判断手机电池充电时属于哪类元件。用电器消耗电能的过程，是电流做功的过程，也是电能转化成其他形式能的过程。
【解答】解：手指轻轻触碰感应区，识别出正确的指纹后手机自动开锁，对手机起控制作用、导线，在给手机电池充电的过程中，在电路中手机电池消耗电能。
手机电池在充电过程中将电能转化为化学能。
故答案为：开关；用电器；电。
【点评】本题考查电路的组成和能量的转化，属于基础题。
12．（3分）如图所示，小强用一根筷子用力摩擦可乐易拉罐，居然将一罐掉了环的可乐打开了。这是因为在筷子摩擦易拉罐的过程中 机械 能转化为内能。通过 做功 的方式使易拉罐外壳的内能增大，再通过 热传递 的方式使易拉罐内部气体内能增大，形成高压气体，将易拉罐顶开。
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
【解答】解：在筷子摩擦易拉罐的过程中，将机械能转化为内能，再通热传递的方式使易拉罐内部气体内能增大，将易拉罐顶开。
故答案为：机械；做功。
【点评】本题考查改变内能的方法，属于基础题。
13．（4分）小明想把冰的熔化和水的沸腾合二为一进行实验，他对1000g冰加热使冰熔化并加热到水不断沸腾。根据实验记录的数据绘制成如图所示的温度随时间变化的图像。分析图像发现，AB段比CD段升温快 冰的比热容比水小 ，图像中，物体在B点时具有的内能 小于 （选填“大于”“小于”或“等于”）在C点时的内能。实验过程中，第2～3分钟物体吸收的热量为 4.2×105 J。[冰的比热容是2.1×103J/（kg•℃）]DE段杯中剩余水的内能 变大 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，吸收相同的热量，水的温度变化小；
（2）晶体熔化时吸收热量、内能增加、温度不变；
（3）知道冰的比热容、质量、0～2min内温度变化量，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算冰吸收的热量。利用相同的加热器加热，在相同时间内吸收的热量相等，可求2～3分钟物体吸收的热量；
（4）水沸腾过程中吸收热量内能增加，温度不变。
【解答】解：（1）由于冰的比热容比水小，冰和水的质量相等，冰的温度变化多；
（2）BC段是冰的熔化过程，该过程吸收热量，温度不变；
（3）第0～2min吸收的热量：
Q吸3＝c冰m（t﹣t0）＝2.2×103J/（kg•℃）×1kg×[（6﹣（﹣40℃）]＝8.4×108J，
利用相同的加热器加热，在相同时间内吸收的热量相等，则第2～3min吸收的热量等于第5～2min吸收的热量的一半：
Q吸2＝Q吸1＝×8.6×104J＝4.8×105J；
由图知DE段水沸腾，水沸腾过程中吸收热量内能增加，所以杯中剩余水的内能变大。
故答案为：冰的比热容比水小；小于5；变大。
【点评】本题考查了对比热容特性的理解、吸热公式的应用、晶体熔化的特点，以及对晶体熔化图像和沸腾图像的认识，考查比较全面，要熟练掌握。
14．（4分）为制造压缩空气动力汽车，工程师将装有压缩空气的钢瓶与空气动力发动机连接，该发动机的一个工作循环分为进气冲程和排气冲程 进气 （进气/排气）冲程，此过程中钢瓶内压缩空气的温度 降低 ，依靠惯性完成的冲程是 排气 （进气/排气）冲程。若该发动机的转速为1200r/min，则1s内发动机对外做功 20 次。
【分析】进气冲程中压缩空气进入气缸，压缩空气对活塞做功，将内能转化为机械能，据此判断出内能的变化和温度的变化；
该发动机的一个工作循环分为进气冲程和排气冲程，即一个工作循环有两个冲程，做一次功，飞轮转一周。
【解答】解：如图所示，进气冲程中压缩空气进入气缸，将内能转化为机械能，温度降低；
该发动机的一个工作循环分为进气冲程和排气冲程，若该发动机飞轮的转速为1200r/min＝20r/s，对外做功20次。
故答案为：进气；降低；20。
【点评】本题考查热机的工作过程以及能量的转化，难度不大。
15．（7分）如图所示是某一科学小组探究“斜面的机械效率”实验装置及实验数据记录表：
斜面的倾斜程
度
物块重G（N）
斜面高h（m）
沿斜面拉力F（N）
斜面长s（m）
机械效率η
较缓
10
0.1
5.0
1
20%
较陡
10
0.3
6.7
1
45%
最陡
10
0.5
8.0
1
62.5%
（1）沿斜面拉动木块时，为使测力计的示数稳定，应尽量使木块做 匀速直线 运动，此时的绳子对物体的拉力和斜面对木块的摩擦力 不是 （选填“是”或“不是”）平衡力。
（2）比较表中“物块重”和“ 沿斜面拉力 ”两栏对应的数据，可知斜面是一种 省力 （选填“省力”或“费力”）的简单机械。
（3）本实验研究了 斜面倾斜程度 对斜面机械效率的影响，其影响规律是 其它条件不变时，斜面的倾斜程度越大，机械效率越高 。
（4）当斜面最陡时，物块受到斜面的摩擦力是 3 N。
【分析】（1）应沿斜面匀速拉动木块，让木块做匀速直线运动，此时的绳子对木块的拉力和斜面对木块的摩擦力大小不相等，不是平衡力；
（2）分析表中实验数据，根据所控制的变量与实验现象分析答题；
（3）分析表中实验数据，根据实验所控制的变量与实验数据，得出实验结论；
（4）根据W有＝Gh求出有用功，W总＝Fs求出总功，进一步计算额外功，根据f＝求出摩擦力。
【解答】解：（1）沿斜面拉动木块时，为使测力计的示数稳定，此时的绳子对木块的拉力和斜面对木块的摩擦力大小不相等；
（2）比较表中“物块重”和“沿斜面的拉力”两栏对应的数据，由实验数据可知，拉力总是小于重力；
（3）由表中实验数据可知，实验控制了斜面长度不变而高度不断变化，实验研究的是斜面倾斜程度对斜面机械效率的影响，斜面越高；
（4）最后1次实验的数据可知，斜面的有用功为：W有＝Gh＝10N×0.4m＝5J，W总＝Fs＝8.3N×1m＝8J；
则额外功W额外＝W总﹣W有＝3J﹣5J＝3J，
因此摩擦力f＝＝＝3N。
故答案为：（1）匀速直线；不是；省力；其它条件不变时，机械效率越高。
【点评】本题考查了实验注意事项、实验数据分析，应用控制变量法、认真分析实验数据即可正确解题。
16．（2分）观察手电筒结构图，在虚线方框内画出对应的电路图。
【分析】手电筒中，按钮向上推，灯泡发光，向下推，灯泡熄灭，相当于一个开关，干电池做电源，灯泡作为用电器，由金属外壳和弹簧连接起来。
【解答】解：在手电筒中，按钮相当于开关，干电池为电源；所以这是灯泡的简单电路
【点评】本题考查根据实物图画电路图，根据实物图画电路图是整个初中物理的难点，也是中考必考的内容。
17．（2分）如图甲为探究摆球的动能与势能相互转化的示意图，不计空气阻力，在乙图中画出：摆球在摆动过程中其机械能E随时间t变化的图象。
【分析】摆球摆动过程中，不计空气阻力，只有重力做功，机械能守恒。
【解答】解：摆球摆动过程中，不计空气阻力，总的机械能不变。
故摆球在摆动过程中其机械能E随时间t变化的图象如下。
【点评】本题关键是明确小球摆动过程中动能、重力势能、机械能的转化情况，明确机械能守恒。
18．（2分）小明正在探究“滑轮组的机械效率和绕线方式是否有关”时，请参照小明设计的图甲补全图乙完成探究实验。
【分析】探究“滑轮组的机械效率和绕线方式是否有关”应可知滑轮相同，提升的物重相同，绳子的绕法不同，据此分析作图。
【解答】解：探究“滑轮组的机械效率和绕线方式是否有关”应可知滑轮相同，提升的物重相同，由甲图可知有2段绳子拉着动滑轮，如图：
。
【点评】本题考查控制变量法在探究“滑轮组的机械效率和绕线方式是否有关”的实验中的应用。
19．（6分）如图工人用250N的力F将重为400N的物体在10s内匀速提升2m。不计绳重和摩擦，求：
（1）拉力做的有用功；
（2）拉力F做功的功率；
（3）若将重为900N的物体提升相同高度，此滑轮组的机械效率。
【分析】（1）利用W有＝Gh求有用功；
（2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用W总＝Fs求拉力做的总功，利用P＝求拉力做功的功率；
（3）利用不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）求动滑轮的重力，利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）有用功：W有＝Gh＝400N×2m＝800J；
（2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝8×2m＝4m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝250N×2m＝1000J，
拉力做功的功率：P＝＝＝100W；
（3）因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×250N﹣400N＝100N，
则滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝＝90%。
答：（1）拉力做的有用功为800J；
（2）拉力F做功的功率为100W；
（3）若将重为900N的物体提升相同高度，此滑轮组的机械效率为90%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、总功和机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）是关键。
20．（7分）氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点，被认为是二十一世纪最理想的能源，氢燃料新能源公交车逐渐在很多城市投放使用。氢的热值为1.4×108J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃），求：
（1）质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是多少？
（2）若放出的热量全部被初温为15℃的水吸收后，水的温度升高到65℃，则水质量是多少？
（3）燃烧0.5kg的氢燃料可以使恒定功率为1.4×105W的公交车匀速行驶5分钟，则氢燃料公交车的效率为多少？
【分析】（1）利用Q放＝mq计算出质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量；
（2）放出的热量全部被初温为15℃的水吸收，则有Q吸＝Q放，利用Q吸＝cm（t﹣t0）可以计算出水的质量；
（3）利用Q放＝mq计算出质量为0.5kg的氢燃料完全燃烧放出的热量，然后利用P＝计算出公交车所做的有用功，最后利用η＝可以计算出公交车的效率。
【解答】解：（1）质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放2＝m1q＝0.4kg×1.4×103J/kg＝8.4×106J；
（2）放出的热量全部被初温为15℃的水吸收，则有Q吸＝Q放1＝8.2×107J；
由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，水的质量：m水＝＝＝400kg；
（3）燃烧0.7kg的氢燃料放出的热量：Q放2＝m2q＝8.5kg×1.6×108J/kg＝7×106J；
由P＝可知5W×5×60s＝2.2×107J；
公交车的效率：η＝×100%＝。
答：（1）质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是5.4×107J；
（2）水的质量为400kg；
（3）氢燃料公交车的效率为60%。
【点评】本题考查热量燃烧放热公式、物质吸收热量的公式、效率公式以及功的计算公式的应用，熟记公式并灵活运用是解题的关键。
21．（6分）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。已知燃料的质量、烧杯内的液体质量、液体初温、加热方式等均相同。
（1）比较不同燃料的热值应选择 甲、乙 两图进行实验；比较不同物质的吸热能力，应选择 甲、丙 两图进行实验；
（2）为比较不同燃料的热值，应该在燃料 完全燃烧完毕 （选填“燃烧相同时间”或“完全燃烧完毕”）后，通过比较 温度计示数变化 来得出结论（选填“温度计示数变化”或“加热时间”）；
（3）不考虑热量损失，将燃料点燃直至燃尽，三装置烧杯中液体升高的温度随时间变化的图像如图丁所示 1：2 。燃料1和燃料2的热值之比 4：3 。
【分析】（1）根据控制变量法的应用规则，要比较不同燃料的热值，必须取不同种类的燃料；要比较不同物质的比热，就要取不同种类的液体；
（2）为比较不同燃料的热值，应让相同质量的燃料完全燃烧，根据液体升高的温度比较燃料的热值大小；
（3）相同质量的不同物体吸收相同的热量，温度变化越小的，比热容越大，吸热能力越强；根据图象和Qa＝Qb＝cmΔt即可求出比热容之比；
从图丁中读出数据，运用公式Q＝qm和Q＝cmΔt可求出两燃料的热值之比。
【解答】解：（1）为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，通过温度计的示数高低得出吸热多少，应选择甲；
为了比较两种液体的比热容，需要燃烧同种燃料，且液体的质量相同，通过温度计的示数高低进而判断两种比热容的大小关系、丙两图进行实验；
（2）实验时应比较相同质量的燃料1和燃料2完全燃尽后液体升高的温度，即根据温度计上升的示数比较燃料热值的大小；
（3）由图丁可知，相同质量的a，被加热相同的时间（吸收相同的热量），b液体升温慢；
根据图丁可知，a、b都加热tmin3，b温度变化量为T0；
由Qa＝Qb＝cmΔt可得：camΔta＝cbmΔtb，则caΔta＝cbΔtb；
则：ca：cb＝Δtb：Δta＝T0：4T0＝1：2；
读图丁可知，燃料燃烧完时，燃料2燃烧了2tmin8，乙图中液体温度变化量为1.5T3，实验中忽略热量的散失，且两杯液体的质量，则由公式Q＝cmΔt可得＝＝＝＝；
燃料的质量相同，由公式Q＝qm可得1：q8＝Q1：Q2＝3：3；
故答案为：（1）甲、乙；甲、丙；（2）（3）完全燃烧完毕；（3）1：8。
【点评】本题考查比热容、热值计算公式的运用和控制变量法、转换法的应用，为热学中的重要实验。
22．（6分）小宏用如图所示的装置探究杠杆的机械效率，杠杆的质量分布均匀，右端固定在O点，且AC＝BC＝OA；弹簧测力计始终竖直向上提杠杆。
（1）该实验中杠杆所做的额外功主要是 克服杠杆重力做的功 。
（2）他将重为G的钩码悬挂在A点，在B点匀速拉动弹簧测力计，拉力为F1，测得A、B两点上升的高度分别为h1、h2，则此次杠杆的机械效率为η1＝ （用物理量的符号表示）；
（3）若保持弹簧测力计位置不变，将钩码挂在C点，缓慢拉动弹簧测力计将杠杆提升与第一次相同的高度（不计摩擦）2做的功 ＞ 第一次拉力做的功，此次杠杆的机械效率η2 ＞ η1（选填“＞”或“＜”或“＝”）；
（4）若保持钩码挂在A点位置不变，仅将弹簧测力计由B点移动到C，缓慢将杠杆提升与第一次相同的高度（不计摩擦） 变大 （选填“变大”或“变小”或“不变”），此次杠杆的机械效率为η3，则η3 ＝ η1。（选填“＞”或“＜”或“＝”）
【分析】（1）（2）弹簧测力计向上拉力做的功是总功，克服钩码重力做的功是有用功，克服摩擦以及杠杆自重做的功是额外功；由功的计算公式求出有用功、总功与额外功，由效率公式求出杠杆的效率；
（3）有用功不变，根据总功的来源，分析动力的作用点移动后，总功的变化，根据机械效率公式讨论机械效率大小变化；
（4）根据有用功和总功的变化，利用机械效率公式分析机械效率的变化。
【解答】解：（1）因为杠杆自身有重力，提升物体的同时也要提升杠杆。
（2）拉力做的功为总功，大小为W总＝F1h2，杠杆对重物做的功为有用功，大小为W有＝Gh6，则杠杆的机械效率为：η1＝＝；
（3）将钩码悬挂点移至C点，由图可知，钩码的重力不变，根据杠杆的平衡条件可知，即F1＜F6，上升的高度相同，由W＝Gh知弹簧测力计的拉力F2做的功大于第一次拉力做的功；
悬挂点移至C点时，杠杆提升与第一次相同，有用功增大，提升高度不变，根据总功等于有用功与额外功之和可知；根据η＝＝＝，机械效率变大2＞η1。
（4）由图可知，测力计拉力的力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，
不计摩擦，杠杆提升钩码时，克服杠杆重力做额外功总＝W有+W额；设杠杆重心升高的距离为h，则有Gh3+G杆h＝Fh2，
而G不变，h1不变，G杆不变，弹簧测力计从点到C点，杠杆升高的距离h不变7+G杆h不变，所以Fh2也不变，由η1＝＝×100%得，即η8＝η3。
故答案为：（1）克服杠杆重力做的功；（2）；＞； （4）变大；＝。
【点评】机械效率计算的关键是明确有用功和总功，一般来说，使用机械所用外力做的功是总功，而克服提升重物重力做的功是有用功。
23．（7分）为了“探究弹性势能与哪些因素有关”，小明在水平桌面上设计了如图甲所示的实验装置进行探究。将弹簧左端固定，用小球（小球与弹簧不连接），由静止释放小球，小球离开弹簧后撞击静放在桌面上的木块0，分析实验数据得出结论。
（1）实验中，弹簧弹性势能大小是通过 木块在水平面上滑行的距离 来反映的，实验中探究了弹簧弹性势能大跟 弹性形变 的关系。上述实验还能探究动能和 速度 （速度/质量）的关系。
实验中，小明又发现在水平桌面上滚动的小球离开桌面后，会沿着曲线向前飞行并最终落到地面上
猜想1：与小球离开桌面时的速度有关；
猜想2：与小球离地的高度有关；
猜想3：与小球的质量有关。
（2）为了验证猜想1是否正确，小组成员进行如下实验：保持小球质量和离地高度不变，将弹簧压缩到不同的长度，发现小球水平飞行的距离不相同，这说明猜想1是 正确 （正确/错误）的。
（3）为了探究猜想2，同组小华按照正确的实验方法，实验并记录数据如下，
离地高度H/cm
5
20
45
80
125
水平飞行距离s/cm
5
10
15
20
25
根据表中数据，可以得出：当该小球以实验中以相同速度离开桌面时，小球离地面的高度H为 720 cm时，小球水平飞行的距离s为60cm。
（4）小明接下来想探究猜想3，仍采用图乙的装置，用不同质量的小球将弹簧压缩到相同的长度 没有控制小球飞出桌面时的速度一定 ，请你为小明设计一个正确的方案： 让质量不同的小球从同一斜面的同一高度自由滑下，再观察小球水平飞行的距离 。
【分析】（1）根据实验步骤可知探究弹簧弹性势能大小跟哪些因素有关；
弹性势能的大小是通过物块滑行的距离远近来比较弹性势能的多少，这种研究方法叫转换法；
将弹簧压缩不同的长度，小球获得的速度不同，还能探究动能和速度的关系；
（2）小球在水平方向飞行的距离与小球离开桌面时的速度有关，需要控制小球质量和离地高度不变，改变小球的速度，分析实验现象可知猜想1是否正确；
（3）根据表格数据得出水平飞行距离s变化量与离地高度H变化量的关系，算出小球水平飞行的距离s为60cm时小球离地面的高度H；
（4）要探究小球在水平方向飞行的距离与小球质量的关系，需要控制小球的速度和离地高度不变，改变小球的质量，实验中用不同质量的小球将弹簧压缩到相同的长度，静止释放后不能保证小球的速度相同；
为了保证不同质量小球的初速度相同，可以让质量不同的小球从同一斜面的同一高度自由滑下。
【解答】解：（1）由于弹性势能的大小不便于用仪器直接测量，本实验是通过比较木块移动的距离来判断弹簧的弹性势能大小；
由实验步骤可知，本实验探究了弹簧弹性势能大小跟弹簧形变大小的关系；
将弹簧压缩不同的长度，小球获得的速度不同；
（2）要验证猜想1是否正确，即小球在水平方向飞行的距离与小球离开桌面时的速度有关，改变小球的速度，小球离开弹簧后，发现小球水平飞行的距离不相同，所以猜想1是正确的；
（3）探究猜想2时保持小球质量为5g不变，将弹簧压缩到相同的长度释放小球即保持小球的开始速度相同；
根据表格数据知离地高度H由5cm→20cm，变成原来的6倍，变成原来的2倍，
依此类推离地高度H由5cm→45cm，变成原来的2倍，变成原来的3倍，
离地高度H由5cm→80cm，变成原来的16倍，变成原来的6倍，
由此可以得出离地高度H变成原来的n2倍，水平飞行距离s变成原来的n倍，
所以当小球水平飞行的距离s为60cm时，是原来的，离地高度H变成原来的122＝144倍，即小球离地面的高度H为5cm×144＝720cm；
（4）要探究猜想3，即小球在水平方向飞行的距离与小球的质量有关，改变小球的质量，弹簧的弹性势能一定，但由于质量不同，所以存在的问题是没有控制小球飞出桌面时的速度一定；
为了保证不同质量小球的初速度相同，可以让质量不同的小球从同一斜面的同一高度自由滑下。
故答案为：（1）木块在水平面上滑行的距离；弹性形变；（2）正确；（4）没有控制小球飞出桌面时的速度一定，再观察小球水平飞行的距离。
【点评】本题考查了小球在水平方向飞行的距离的影响因素的探究，掌握控制变量法是解题的关键。
24．（10分）阅读短文，回答文后的问题。
涡轮喷气发动机
2023年5月28日上午，我国首架自行研制、拥有自主知识产权的喷气式客机C919，如图甲，历时2h从上海到北京，开启了首次商业载客飞行。
如图乙所示，为C919客机使用的轴流式涡轮喷气发动机，其结构是由进气道、压气机、燃烧室、涡轮和尾喷管组成，其中压气机与涡轮装在同一条转轴上工作，空气首先进入发动机的进气道，当飞机飞行时，由于飞机飞行的速度是变化的，而进入压气机气流速度有一定限制，使进入进气道的气体全部通过可调管道，空气流过压气机时被压气机的旋转叶片压缩后进入燃烧室，产生的高温高压气流推动涡轮，一边带动压气机正常工作
C919客机搭载的涡轮喷气发动机，其部分参数如下表，其中热效率是指涡轮喷气发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比（推力所做的功）与其获得的机械能之比。
热效率η1
40%
推进效率η2
60%
航空燃油热值q
5.0×107J/kg
（1）涡轮喷气发动机在工作中，空气流过压气机时内能 增大 （选填“增大”“减小”或“不变”），这部分气体与燃料混合后在燃烧室中燃烧，燃烧产生的高温高压气流推动涡轮。此过程的能量转化相当于热机的 做功 冲程，涡轮喷气发动机常用循环流动的水进行冷却，这是因为水的 比热容大 。
（2）关于涡轮喷气发动机，下列说法中不正确的是 BC 。
A.进气道中吸入的是空气
B.燃烧室中，内能转化为机械能
C.燃料耗尽后还可以利用压气机压缩气体推动涡轮转动
D.尾喷管中喷出的高速气流对飞机做功
（3）设可调管道的通风口面积为S1，当飞机加速飞行时，应使通风口面积；S1 变大 （变大/不变/变小）。
（4）机舱内先进的“呼吸系统”使飞机在气压只有25×104Pa左右的万米高空时，能将机外﹣50℃下的冷空气不断压缩，送入舱内的空气温度达到50℃以上，使舱气压和温度维持体感舒适值，为确保机舱内的温度维持体感舒适值 制冷 （选填“加热”或“制冷”）。
（5）已知，涡轮喷气发动机所受空气阻力与运行速度的关系如图乙所示，当飞机以200m/s的速度水平匀速巡航0.5h的过程中 2.592×1010 J，此时需要 2160 kg的航空燃油。
（6）涡轮喷气发动机使压缩后的混合气体在燃烧室燃烧直到膨胀的气体再从尾部喷出过程中，燃气的温度是不断变化的，下列能大致反应燃气温度随时间而变化的是图 C 。
【分析】（1）外界对物体做功时物体的内能增加，物体对外界做功时物体的内能减少；
热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能；
水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，所以经常用水来做散热剂或冷却剂；
（2）A、根据题中信息可知进气道中吸入的气体类别；
B、燃料燃烧时，将化学能转化为内能；
C、压缩气体时，机械能转化为内能；
D、物体间力的作用是相互的；
（3）根据飞机加速飞行可知，飞机要获得更大的推力，飞机需要燃烧更多的燃料，同时需要更多的氧气来助燃，由此得出通风口面积的变化；
（4）要将机外﹣50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，同时系统依靠传感器的自动控制，所以机体上的空调要不断制冷，使舱内气压和温度达到舒适值；
（5）根据图乙判断出当飞机以200m/s的水平速度匀速巡航时受到的阻力，根据飞机受到的推力和阻力是平衡力判断出推力，由W＝fs＝fvt算出在巡航1h的过程中克服阻力做的功，根据η＝算出获得的机械能，根据Q放＝算出航空燃油完全燃烧放出的热量，由Q放＝mq得需要航空燃油的质量；
（6）内燃机一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，在做功冲程中的能量转化是内能转化为机械能，在压缩冲程中的能量转化是转化机械能为内能，据此分析燃气温度的变化。
【解答】解：（1）空气流过压气机时被压气机的旋转叶片压缩后进入燃烧室，因此对气体做功；
四冲程热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能，产生的高温高压气流推动涡轮，相当于热机工作时的做功冲程；
因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，水吸收的热量多，冷却效果好；
（2）A、根据题中信息可知进气道中吸入的气体是空气；
B、燃烧室中，将化学能转化为内能；
C、压缩气体时，不能推动涡轮转动；
D、由于力的作用是相互的，对飞机做功；
故选：BC；
（3）根据飞机加速飞行可知，飞机要获得更大的推力，同时需要更多的氧气来助燃，所以可调管道的通风口面积S1应变大；
（4）能将机外﹣50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，所以机体上的空调要不断制冷；
（5）如图乙所示，当飞机以200m/s的水平速度匀速巡航时4N；飞机受到推力和阻力是平衡力5N；
在巡航1h的过程中克服阻力做的功为：
W＝fs＝fvt＝3.6×104N×200m/s×1×3600s＝7.592×1010J；
根据η＝获得的机械能为：
W机＝＝＝4.32×1010J，
航空燃油完全燃烧放出的热量：
Q放＝＝＝1.08×1011J，
根据Q放＝mq得需要航空燃油的质量为：
m＝＝＝2160kg；
（6）从能量转化的角度看，内燃机在压缩冲程中，所以燃气的温度升高，气体推动活塞对外做功，燃气温度降低。
故答案为：（1）增大；做功；（2）BC；（4）制冷10；2160；（6）C。
【点评】本题综合考查了能量的转化、热值的特性、内燃机工作过程中燃气温度的变化特点、涡轮发动机的工作特点以及功和功率的计算，属于综合性题目。
江苏省南通市崇川区田家炳中学2023-2024学年九年级上学期月考物理试卷（10月份）(解析版)
一、（本题20小题，每小题2分，共40分，每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）下列四幅图中，属于利用热传递改变物体内能的是（ ）
A．冬天，搓手取暖 B．滑梯上滑下臀部发热
C．棉被晒得暖呼呼 D．下压活塞硝化棉燃烧
2．（2分）关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（ ）
A．物体内能增加时，温度一定升高
B．物体温度不变时，物体的内能就一定不变
C．物体的温度越高，所含热量越多
D．内能小的物体也可能将热量传给内能大的物体
3．（2分）如图所示的四个实物图，若将开关S闭合，会发生短路的电路是（ ）
A． B．
C． D．
4．（2分）如图所示，甲、乙杠杆的质量和长度均相同，机械摩擦不计，则在工作过程中，甲、乙杠杆的机械效率相比（ ）
A．甲的大 B．乙的大 C．一样大 D．无法确定
5．（2分）科普活动中，老师为同学们表演了一个“自动爬坡”实验，惊艳了全场。该实验如下：将一个用轻质泡沫做成的圆环，结果发现圆环不但没有滚下，反而加速滚上了斜坡。揭秘后才发现，
在圆环加速滚上斜坡的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．圆环的动能增大，重力势能减小
B．圆环的动能减小，重力势能减小
C．圆环的动能增大，重力势能增大
D．圆环的动能减小，重力势能增大
6．（2分）质量相同的铜块和铝块（c铜＜c铝）。使它们吸收相等的热量后，再相互接触，则（ ）
A．两物体之间不发生热传递
B．温度从铜块传递向铝块
C．热量从铜块传递给铝块
D．热量可能由铝块传给铜块
7．（2分）如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，往易拉罐里喷少量酒精，用手拿着这个“冲天炮”对着前方点燃的打火机靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“冲天”飞出去（ ）
A．酒精燃烧时，将化学能转化为机械能
B．纸杯飞出去的过程，相当于内燃机的排气冲程
C．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功
D．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小
8．（2分）在体育比赛的“鞍马”项目中，运动员上“马”前要踩踏板，如图所示，下列有关运动员和弹簧的动能和势能变化情况不正确的是（ ）
A．运动员的重力势能不断减小
B．弹簧的弹性势能不断增大
C．运动员的动能不断减小
D．运动员的动能先增大后减小
9．（2分）如图所示，长为2m的斜面，小明同学用600N的沿斜面的推力将重为900N的物体缓慢推至斜面的顶端。则斜面对物体的摩擦阻力最接近于（ ）
A．150N B．250N C．300N D．500N
10．（2分）物理学中把机械对重物施加的力与人对机械施加的力的比值叫作机械效益（用“MA”表示），根据机械效益可以比较省力程度。为了研究机械效益与什么因素有关，小明正确组装了滑轮组，并得到以下几幅图，若不计绳重和摩擦（ ）
A．其他条件不变，只改物重，机械效益MA与物重的图像
B．其他条件不变，只改动滑轮重，机械效益MA与物重的图像
C．只改股数，机械效益MA与股数n的图像
D．各组机械效益与机械效率的图像
二、综合
11．（4分）指纹识别解锁是目前较为流行的手机解锁方式，如图甲所示，手指轻轻触碰感应区，则感应区相当于手机电路中的 ；如图乙所示，充电宝给手机充电过程中，手机电池相当于 ；此过程中将 能转化成 能。
12．（3分）如图所示，小强用一根筷子用力摩擦可乐易拉罐，居然将一罐掉了环的可乐打开了。这是因为在筷子摩擦易拉罐的过程中 能转化为内能。通过 的方式使易拉罐外壳的内能增大，再通过 的方式使易拉罐内部气体内能增大，形成高压气体，将易拉罐顶开。
13．（4分）小明想把冰的熔化和水的沸腾合二为一进行实验，他对1000g冰加热使冰熔化并加热到水不断沸腾。根据实验记录的数据绘制成如图所示的温度随时间变化的图像。分析图像发现，AB段比CD段升温快 ，图像中，物体在B点时具有的内能 （选填“大于”“小于”或“等于”）在C点时的内能。实验过程中，第2～3分钟物体吸收的热量为 J。[冰的比热容是2.1×103J/（kg•℃）]DE段杯中剩余水的内能 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
14．（4分）为制造压缩空气动力汽车，工程师将装有压缩空气的钢瓶与空气动力发动机连接，该发动机的一个工作循环分为进气冲程和排气冲程 （进气/排气）冲程，此过程中钢瓶内压缩空气的温度 ，依靠惯性完成的冲程是 （进气/排气）冲程。若该发动机的转速为1200r/min，则1s内发动机对外做功 次。
15．（7分）如图所示是某一科学小组探究“斜面的机械效率”实验装置及实验数据记录表：
斜面的倾斜程
度
物块重G（N）
斜面高h（m）
沿斜面拉力F（N）
斜面长s（m）
机械效率η
较缓
10
0.1
5.0
1
20%
较陡
10
0.3
6.7
1
45%
最陡
10
0.5
8.0
1
62.5%
（1）沿斜面拉动木块时，为使测力计的示数稳定，应尽量使木块做 运动，此时的绳子对物体的拉力和斜面对木块的摩擦力 （选填“是”或“不是”）平衡力。
（2）比较表中“物块重”和“ ”两栏对应的数据，可知斜面是一种 （选填“省力”或“费力”）的简单机械。
（3）本实验研究了 对斜面机械效率的影响，其影响规律是 。
（4）当斜面最陡时，物块受到斜面的摩擦力是 N。
16．（2分）观察手电筒结构图，在虚线方框内画出对应的电路图。
17．（2分）如图甲为探究摆球的动能与势能相互转化的示意图，不计空气阻力，在乙图中画出：摆球在摆动过程中其机械能E随时间t变化的图象。
18．（2分）小明正在探究“滑轮组的机械效率和绕线方式是否有关”时，请参照小明设计的图甲补全图乙完成探究实验。
19．（6分）如图工人用250N的力F将重为400N的物体在10s内匀速提升2m。不计绳重和摩擦，求：
（1）拉力做的有用功；
（2）拉力F做功的功率；
（3）若将重为900N的物体提升相同高度，此滑轮组的机械效率。
20．（7分）氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点，被认为是二十一世纪最理想的能源，氢燃料新能源公交车逐渐在很多城市投放使用。氢的热值为1.4×108J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃），求：
（1）质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是多少？
（2）若放出的热量全部被初温为15℃的水吸收后，水的温度升高到65℃，则水质量是多少？
（3）燃烧0.5kg的氢燃料可以使恒定功率为1.4×105W的公交车匀速行驶5分钟，则氢燃料公交车的效率为多少？
21．（6分）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。已知燃料的质量、烧杯内的液体质量、液体初温、加热方式等均相同。
（1）比较不同燃料的热值应选择 两图进行实验；比较不同物质的吸热能力，应选择 两图进行实验；
（2）为比较不同燃料的热值，应该在燃料 （选填“燃烧相同时间”或“完全燃烧完毕”）后，通过比较 来得出结论（选填“温度计示数变化”或“加热时间”）；
（3）不考虑热量损失，将燃料点燃直至燃尽，三装置烧杯中液体升高的温度随时间变化的图像如图丁所示 。燃料1和燃料2的热值之比 。
22．（6分）小宏用如图所示的装置探究杠杆的机械效率，杠杆的质量分布均匀，右端固定在O点，且AC＝BC＝OA；弹簧测力计始终竖直向上提杠杆。
（1）该实验中杠杆所做的额外功主要是 。
（2）他将重为G的钩码悬挂在A点，在B点匀速拉动弹簧测力计，拉力为F1，测得A、B两点上升的高度分别为h1、h2，则此次杠杆的机械效率为η1＝ （用物理量的符号表示）；
（3）若保持弹簧测力计位置不变，将钩码挂在C点，缓慢拉动弹簧测力计将杠杆提升与第一次相同的高度（不计摩擦）2做的功 第一次拉力做的功，此次杠杆的机械效率η2 η1（选填“＞”或“＜”或“＝”）；
（4）若保持钩码挂在A点位置不变，仅将弹簧测力计由B点移动到C，缓慢将杠杆提升与第一次相同的高度（不计摩擦） （选填“变大”或“变小”或“不变”），此次杠杆的机械效率为η3，则η3 η1。（选填“＞”或“＜”或“＝”）
23．（7分）为了“探究弹性势能与哪些因素有关”，小明在水平桌面上设计了如图甲所示的实验装置进行探究。将弹簧左端固定，用小球（小球与弹簧不连接），由静止释放小球，小球离开弹簧后撞击静放在桌面上的木块0，分析实验数据得出结论。
（1）实验中，弹簧弹性势能大小是通过 来反映的，实验中探究了弹簧弹性势能大跟 的关系。上述实验还能探究动能和 （速度/质量）的关系。
实验中，小明又发现在水平桌面上滚动的小球离开桌面后，会沿着曲线向前飞行并最终落到地面上
猜想1：与小球离开桌面时的速度有关；
猜想2：与小球离地的高度有关；
猜想3：与小球的质量有关。
（2）为了验证猜想1是否正确，小组成员进行如下实验：保持小球质量和离地高度不变，将弹簧压缩到不同的长度，发现小球水平飞行的距离不相同，这说明猜想1是 （正确/错误）的。
（3）为了探究猜想2，同组小华按照正确的实验方法，实验并记录数据如下，
离地高度H/cm
5
20
45
80
125
水平飞行距离s/cm
5
10
15
20
25
根据表中数据，可以得出：当该小球以实验中以相同速度离开桌面时，小球离地面的高度H为 cm时，小球水平飞行的距离s为60cm。
（4）小明接下来想探究猜想3，仍采用图乙的装置，用不同质量的小球将弹簧压缩到相同的长度 ，请你为小明设计一个正确的方案： 。
24．（10分）阅读短文，回答文后的问题。
涡轮喷气发动机
2023年5月28日上午，我国首架自行研制、拥有自主知识产权的喷气式客机C919，如图甲，历时2h从上海到北京，开启了首次商业载客飞行。
如图乙所示，为C919客机使用的轴流式涡轮喷气发动机，其结构是由进气道、压气机、燃烧室、涡轮和尾喷管组成，其中压气机与涡轮装在同一条转轴上工作，空气首先进入发动机的进气道，当飞机飞行时，由于飞机飞行的速度是变化的，而进入压气机气流速度有一定限制，使进入进气道的气体全部通过可调管道，空气流过压气机时被压气机的旋转叶片压缩后进入燃烧室，产生的高温高压气流推动涡轮，一边带动压气机正常工作
C919客机搭载的涡轮喷气发动机，其部分参数如下表，其中热效率是指涡轮喷气发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比（推力所做的功）与其获得的机械能之比。
热效率η1
40%
推进效率η2
60%
航空燃油热值q
5.0×107J/kg
（1）涡轮喷气发动机在工作中，空气流过压气机时内能 （选填“增大”“减小”或“不变”），这部分气体与燃料混合后在燃烧室中燃烧，燃烧产生的高温高压气流推动涡轮。此过程的能量转化相当于热机的 冲程，涡轮喷气发动机常用循环流动的水进行冷却，这是因为水的 。
（2）关于涡轮喷气发动机，下列说法中不正确的是 。
A.进气道中吸入的是空气
B.燃烧室中，内能转化为机械能
C.燃料耗尽后还可以利用压气机压缩气体推动涡轮转动
D.尾喷管中喷出的高速气流对飞机做功
（3）设可调管道的通风口面积为S1，当飞机加速飞行时，应使通风口面积；S1 （变大/不变/变小）。
（4）机舱内先进的“呼吸系统”使飞机在气压只有25×104Pa左右的万米高空时，能将机外﹣50℃下的冷空气不断压缩，送入舱内的空气温度达到50℃以上，使舱气压和温度维持体感舒适值，为确保机舱内的温度维持体感舒适值 （选填“加热”或“制冷”）。
（5）已知，涡轮喷气发动机所受空气阻力与运行速度的关系如图乙所示，当飞机以200m/s的速度水平匀速巡航0.5h的过程中 J，此时需要 kg的航空燃油。
（6）涡轮喷气发动机使压缩后的混合气体在燃烧室燃烧直到膨胀的气体再从尾部喷出过程中，燃气的温度是不断变化的，下列能大致反应燃气温度随时间而变化的是图 。
参考答案与试题解析
一、（本题20小题，每小题2分，共40分，每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）下列四幅图中，属于利用热传递改变物体内能的是（ ）
A．冬天，搓手取暖 B．滑梯上滑下臀部发热
C．棉被晒得暖呼呼 D．下压活塞硝化棉燃烧
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：A、冬天，是摩擦生热，故A错误；
B、滑梯上滑下臀部发热，属于做功改变物体内能；
C、棉被晒得暖呼呼，故C正确；
D、下压活塞硝化棉燃烧，故D错误。
故选：C。
【点评】熟悉并理解改变内能的两种方式，并能与生活中的实例相联系是解决该题的关键。
2．（2分）关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（ ）
A．物体内能增加时，温度一定升高
B．物体温度不变时，物体的内能就一定不变
C．物体的温度越高，所含热量越多
D．内能小的物体也可能将热量传给内能大的物体
【分析】（1）晶体熔化过程，吸热内能增加，但温度不变；
（2）热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；
（3）发出热传递的条件是存在温度差；
【解答】解：A、晶体熔化过程，但温度不变；
B、晶体熔化过程，但吸热，故B错误；
C、热量是一个过程量，故C错误；
D、内能小的物体温度可能比内能大的物体的温度高，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查了热量、内能、温度的关系的理解和应用，应注意物体内能增大，但温度 不一定升高。
3．（2分）如图所示的四个实物图，若将开关S闭合，会发生短路的电路是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两端相连；而用电电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，使电器两端的电压为零；分析各电路可知是否出现短路现象。
【解答】解：A、闭合开关、灯泡回到电源的负极；故A不符合题意；
B、开关与灯泡间导线断开；故B不符合题意；
C、导线与灯泡并联，电流从电源正极出发经开关S直接回到电源的负极；故C符合题意；
D、两灯泡串联接入电路，电流从电源正极出发经两灯泡回到电源的负极；故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了串并联电路的识别和电路的三种状态，关键是分清开关的通断对电路用电器的影响。
4．（2分）如图所示，甲、乙杠杆的质量和长度均相同，机械摩擦不计，则在工作过程中，甲、乙杠杆的机械效率相比（ ）
A．甲的大 B．乙的大 C．一样大 D．无法确定
【分析】使用杠杆提升物体时，克服物体重力做的功是有用功；克服杠杆重力做的功是额外功。在有用功一定时，额外功越大，机械效率越低。
【解答】解：使用杠杆提升物体时，克服物体重力做的功是有用功，
物体A重力一定，提升相同的高度，
根据W＝Gh可知，拉力所做的有用功相比W甲＝W乙；
由图知：使用甲装置提起物体时，拉力做的功包括两部分：克服物重；
使用乙装置提起物体时，由于杠杆的重心在O点。由η＝。
故选：B。
【点评】此题考查的是我们对杠杆机械效率高低的比较，需要清楚的是：使用任何机械不可避免地做额外功，所以机械效率一定小于1。
5．（2分）科普活动中，老师为同学们表演了一个“自动爬坡”实验，惊艳了全场。该实验如下：将一个用轻质泡沫做成的圆环，结果发现圆环不但没有滚下，反而加速滚上了斜坡。揭秘后才发现，
在圆环加速滚上斜坡的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．圆环的动能增大，重力势能减小
B．圆环的动能减小，重力势能减小
C．圆环的动能增大，重力势能增大
D．圆环的动能减小，重力势能增大
【分析】动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关。
【解答】解：在圆环加速滚上斜坡的过程中，圆环的质量不变，动能增大，重心变低，重力势能减小。
故选：A。
【点评】本题考查了动能和势能的变化，明确影响动能、重力势能大小的因素是解题的关键。
6．（2分）质量相同的铜块和铝块（c铜＜c铝）。使它们吸收相等的热量后，再相互接触，则（ ）
A．两物体之间不发生热传递
B．温度从铜块传递向铝块
C．热量从铜块传递给铝块
D．热量可能由铝块传给铜块
【分析】知道铜块和铝块质量相同，吸收相同的热量后，根据Q吸＝cmΔt知道，比热容大的温度升高的少；而铝的比热容大于铜的比热容，所以铝的温度变化小；热量将从温度高的物体向温度低的物体传递，据此判断得出答案。
【解答】解：质量相同的铜块和铝块，使它们吸收相等的热量后吸＝cmΔt可知，因为c铝＞c铜，所以铝块升高的温度少，因为不知道初温大小关系，所以热量可能由铝块传给铜块。
故选：D。
【点评】本题考查了热量的计算、热传递的方向，知道铁和铜比热容的大小关系是突破口，用好吸热公式是解本题的关键。
7．（2分）如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，往易拉罐里喷少量酒精，用手拿着这个“冲天炮”对着前方点燃的打火机靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“冲天”飞出去（ ）
A．酒精燃烧时，将化学能转化为机械能
B．纸杯飞出去的过程，相当于内燃机的排气冲程
C．纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功
D．纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小
【分析】气体对外做功，本身的内能会减小，内能转化为机械能。
【解答】解：A、酒精燃烧时，故A错误；
B、纸杯飞出去的过程，相当于内燃机的做功冲程；
C、纸杯飞出去时，故C错误；
D、纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小。
故选：D。
【点评】本题考查了内能的转化，属于基础知识，要熟记。
8．（2分）在体育比赛的“鞍马”项目中，运动员上“马”前要踩踏板，如图所示，下列有关运动员和弹簧的动能和势能变化情况不正确的是（ ）
A．运动员的重力势能不断减小
B．弹簧的弹性势能不断增大
C．运动员的动能不断减小
D．运动员的动能先增大后减小
【分析】动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，弹性势能与物体的弹性形变程度有关，它们之间可以相互转化。动能和势能统称机械能。
【解答】解：A、当脚接触踏板直至弹簧被压缩至最短的过程中，所以重力势能不断减小；
B、当脚接触踏板直至弹簧被压缩至最短的过程中，所以弹性势能不断增大；
CD、当脚接触踏板直至弹簧被压缩至最短的过程中，当弹簧形变达到一定程度时，其动能也开始转化为弹性势能，运动员的动能是先增大后减小，D正确。
故选：C。
【点评】理解动能、重力势能和弹性势能的影响因素，能根据所研究过程中能量的变化情况进行分析，是解答的关键。
9．（2分）如图所示，长为2m的斜面，小明同学用600N的沿斜面的推力将重为900N的物体缓慢推至斜面的顶端。则斜面对物体的摩擦阻力最接近于（ ）
A．150N B．250N C．300N D．500N
【分析】根据图示估测出斜面的高度，利用W有＝Gh求出有用功，利用W总＝Fs求出推力做的总功；根据W总＝W有用+W额求出克服摩擦做的额外功，根据W额＝fs求出摩擦力。
【解答】解：由图可知，斜面的高度约为斜面长度的二分之一，则斜面的高度约为h＝1m，
推力做的有用功：W有＝Gh＝900N×1m＝900J，
推力做的总功：W总＝Fs＝600N×7m＝1200J，
因为W总＝W有+W额，
所以克服摩擦做的额外功：W额＝W总﹣W有用＝1200J﹣900J＝300J，
由W额＝fs可得斜面对物体的摩擦力：f＝＝＝150N。
故选：A。
【点评】本题考查了使用斜面时有用功、额外功、总功和摩擦力的计算，根据图示估测出斜面的高度是关键。
10．（2分）物理学中把机械对重物施加的力与人对机械施加的力的比值叫作机械效益（用“MA”表示），根据机械效益可以比较省力程度。为了研究机械效益与什么因素有关，小明正确组装了滑轮组，并得到以下几幅图，若不计绳重和摩擦（ ）
A．其他条件不变，只改物重，机械效益MA与物重的图像
B．其他条件不变，只改动滑轮重，机械效益MA与物重的图像
C．只改股数，机械效益MA与股数n的图像
D．各组机械效益与机械效率的图像
【分析】根据机械效益MA的定义可知，MA＝；不计绳重和摩擦，绳端拉力F＝（G+G动），机械效率为：η＝＝＝＝或η＝＝＝，根据这些关系式推理判断。
【解答】解：
由机械效益MA的定义可知，MA＝，
不计绳重和摩擦，滑轮组绳端拉力F＝动），
机械效率为：η＝＝＝＝，
所以MA＝＝n×，
A、其他条件不变，由η＝知，因为机械效率η总小于2A只会越来越接近n，不会等于nA随物重的增大而增大得越来越慢，故A错误；
B、其他条件不变，由η＝知动增大而减小，并且机械效率η总大于0A只会越来越接近0，不会等于8A随动滑轮重的增大而减小得越来越慢，故B错误；
C、只改股数，由η＝知，由MA＝nη知，滑轮组机械效益MA与股数n成正比，故C正确；
D、由MA＝nη知，n一定时A与机械效率成正比，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了机械效益MA与G、G动、n、η的图像，灵活应用机械效率与机械效益MA的公式，并建立联系是解题的关键。
二、综合
11．（4分）指纹识别解锁是目前较为流行的手机解锁方式，如图甲所示，手指轻轻触碰感应区，则感应区相当于手机电路中的 开关 ；如图乙所示，充电宝给手机充电过程中，手机电池相当于 用电器 ；此过程中将 电 能转化成 化学 能。
【分析】一个完整的电路有导线、电源、开关和用电器组成；根据电路的组成判断手机电池充电时属于哪类元件。用电器消耗电能的过程，是电流做功的过程，也是电能转化成其他形式能的过程。
【解答】解：手指轻轻触碰感应区，识别出正确的指纹后手机自动开锁，对手机起控制作用、导线，在给手机电池充电的过程中，在电路中手机电池消耗电能。
手机电池在充电过程中将电能转化为化学能。
故答案为：开关；用电器；电。
【点评】本题考查电路的组成和能量的转化，属于基础题。
12．（3分）如图所示，小强用一根筷子用力摩擦可乐易拉罐，居然将一罐掉了环的可乐打开了。这是因为在筷子摩擦易拉罐的过程中 机械 能转化为内能。通过 做功 的方式使易拉罐外壳的内能增大，再通过 热传递 的方式使易拉罐内部气体内能增大，形成高压气体，将易拉罐顶开。
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
【解答】解：在筷子摩擦易拉罐的过程中，将机械能转化为内能，再通热传递的方式使易拉罐内部气体内能增大，将易拉罐顶开。
故答案为：机械；做功。
【点评】本题考查改变内能的方法，属于基础题。
13．（4分）小明想把冰的熔化和水的沸腾合二为一进行实验，他对1000g冰加热使冰熔化并加热到水不断沸腾。根据实验记录的数据绘制成如图所示的温度随时间变化的图像。分析图像发现，AB段比CD段升温快 冰的比热容比水小 ，图像中，物体在B点时具有的内能 小于 （选填“大于”“小于”或“等于”）在C点时的内能。实验过程中，第2～3分钟物体吸收的热量为 4.2×105 J。[冰的比热容是2.1×103J/（kg•℃）]DE段杯中剩余水的内能 变大 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，吸收相同的热量，水的温度变化小；
（2）晶体熔化时吸收热量、内能增加、温度不变；
（3）知道冰的比热容、质量、0～2min内温度变化量，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算冰吸收的热量。利用相同的加热器加热，在相同时间内吸收的热量相等，可求2～3分钟物体吸收的热量；
（4）水沸腾过程中吸收热量内能增加，温度不变。
【解答】解：（1）由于冰的比热容比水小，冰和水的质量相等，冰的温度变化多；
（2）BC段是冰的熔化过程，该过程吸收热量，温度不变；
（3）第0～2min吸收的热量：
Q吸3＝c冰m（t﹣t0）＝2.2×103J/（kg•℃）×1kg×[（6﹣（﹣40℃）]＝8.4×108J，
利用相同的加热器加热，在相同时间内吸收的热量相等，则第2～3min吸收的热量等于第5～2min吸收的热量的一半：
Q吸2＝Q吸1＝×8.6×104J＝4.8×105J；
由图知DE段水沸腾，水沸腾过程中吸收热量内能增加，所以杯中剩余水的内能变大。
故答案为：冰的比热容比水小；小于5；变大。
【点评】本题考查了对比热容特性的理解、吸热公式的应用、晶体熔化的特点，以及对晶体熔化图像和沸腾图像的认识，考查比较全面，要熟练掌握。
14．（4分）为制造压缩空气动力汽车，工程师将装有压缩空气的钢瓶与空气动力发动机连接，该发动机的一个工作循环分为进气冲程和排气冲程 进气 （进气/排气）冲程，此过程中钢瓶内压缩空气的温度 降低 ，依靠惯性完成的冲程是 排气 （进气/排气）冲程。若该发动机的转速为1200r/min，则1s内发动机对外做功 20 次。
【分析】进气冲程中压缩空气进入气缸，压缩空气对活塞做功，将内能转化为机械能，据此判断出内能的变化和温度的变化；
该发动机的一个工作循环分为进气冲程和排气冲程，即一个工作循环有两个冲程，做一次功，飞轮转一周。
【解答】解：如图所示，进气冲程中压缩空气进入气缸，将内能转化为机械能，温度降低；
该发动机的一个工作循环分为进气冲程和排气冲程，若该发动机飞轮的转速为1200r/min＝20r/s，对外做功20次。
故答案为：进气；降低；20。
【点评】本题考查热机的工作过程以及能量的转化，难度不大。
15．（7分）如图所示是某一科学小组探究“斜面的机械效率”实验装置及实验数据记录表：
斜面的倾斜程
度
物块重G（N）
斜面高h（m）
沿斜面拉力F（N）
斜面长s（m）
机械效率η
较缓
10
0.1
5.0
1
20%
较陡
10
0.3
6.7
1
45%
最陡
10
0.5
8.0
1
62.5%
（1）沿斜面拉动木块时，为使测力计的示数稳定，应尽量使木块做 匀速直线 运动，此时的绳子对物体的拉力和斜面对木块的摩擦力 不是 （选填“是”或“不是”）平衡力。
（2）比较表中“物块重”和“ 沿斜面拉力 ”两栏对应的数据，可知斜面是一种 省力 （选填“省力”或“费力”）的简单机械。
（3）本实验研究了 斜面倾斜程度 对斜面机械效率的影响，其影响规律是 其它条件不变时，斜面的倾斜程度越大，机械效率越高 。
（4）当斜面最陡时，物块受到斜面的摩擦力是 3 N。
【分析】（1）应沿斜面匀速拉动木块，让木块做匀速直线运动，此时的绳子对木块的拉力和斜面对木块的摩擦力大小不相等，不是平衡力；
（2）分析表中实验数据，根据所控制的变量与实验现象分析答题；
（3）分析表中实验数据，根据实验所控制的变量与实验数据，得出实验结论；
（4）根据W有＝Gh求出有用功，W总＝Fs求出总功，进一步计算额外功，根据f＝求出摩擦力。
【解答】解：（1）沿斜面拉动木块时，为使测力计的示数稳定，此时的绳子对木块的拉力和斜面对木块的摩擦力大小不相等；
（2）比较表中“物块重”和“沿斜面的拉力”两栏对应的数据，由实验数据可知，拉力总是小于重力；
（3）由表中实验数据可知，实验控制了斜面长度不变而高度不断变化，实验研究的是斜面倾斜程度对斜面机械效率的影响，斜面越高；
（4）最后1次实验的数据可知，斜面的有用功为：W有＝Gh＝10N×0.4m＝5J，W总＝Fs＝8.3N×1m＝8J；
则额外功W额外＝W总﹣W有＝3J﹣5J＝3J，
因此摩擦力f＝＝＝3N。
故答案为：（1）匀速直线；不是；省力；其它条件不变时，机械效率越高。
【点评】本题考查了实验注意事项、实验数据分析，应用控制变量法、认真分析实验数据即可正确解题。
16．（2分）观察手电筒结构图，在虚线方框内画出对应的电路图。
【分析】手电筒中，按钮向上推，灯泡发光，向下推，灯泡熄灭，相当于一个开关，干电池做电源，灯泡作为用电器，由金属外壳和弹簧连接起来。
【解答】解：在手电筒中，按钮相当于开关，干电池为电源；所以这是灯泡的简单电路
【点评】本题考查根据实物图画电路图，根据实物图画电路图是整个初中物理的难点，也是中考必考的内容。
17．（2分）如图甲为探究摆球的动能与势能相互转化的示意图，不计空气阻力，在乙图中画出：摆球在摆动过程中其机械能E随时间t变化的图象。
【分析】摆球摆动过程中，不计空气阻力，只有重力做功，机械能守恒。
【解答】解：摆球摆动过程中，不计空气阻力，总的机械能不变。
故摆球在摆动过程中其机械能E随时间t变化的图象如下。
【点评】本题关键是明确小球摆动过程中动能、重力势能、机械能的转化情况，明确机械能守恒。
18．（2分）小明正在探究“滑轮组的机械效率和绕线方式是否有关”时，请参照小明设计的图甲补全图乙完成探究实验。
【分析】探究“滑轮组的机械效率和绕线方式是否有关”应可知滑轮相同，提升的物重相同，绳子的绕法不同，据此分析作图。
【解答】解：探究“滑轮组的机械效率和绕线方式是否有关”应可知滑轮相同，提升的物重相同，由甲图可知有2段绳子拉着动滑轮，如图：
。
【点评】本题考查控制变量法在探究“滑轮组的机械效率和绕线方式是否有关”的实验中的应用。
19．（6分）如图工人用250N的力F将重为400N的物体在10s内匀速提升2m。不计绳重和摩擦，求：
（1）拉力做的有用功；
（2）拉力F做功的功率；
（3）若将重为900N的物体提升相同高度，此滑轮组的机械效率。
【分析】（1）利用W有＝Gh求有用功；
（2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用W总＝Fs求拉力做的总功，利用P＝求拉力做功的功率；
（3）利用不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）求动滑轮的重力，利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）有用功：W有＝Gh＝400N×2m＝800J；
（2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝8×2m＝4m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝250N×2m＝1000J，
拉力做功的功率：P＝＝＝100W；
（3）因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×250N﹣400N＝100N，
则滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝＝90%。
答：（1）拉力做的有用功为800J；
（2）拉力F做功的功率为100W；
（3）若将重为900N的物体提升相同高度，此滑轮组的机械效率为90%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、总功和机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）是关键。
20．（7分）氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点，被认为是二十一世纪最理想的能源，氢燃料新能源公交车逐渐在很多城市投放使用。氢的热值为1.4×108J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃），求：
（1）质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是多少？
（2）若放出的热量全部被初温为15℃的水吸收后，水的温度升高到65℃，则水质量是多少？
（3）燃烧0.5kg的氢燃料可以使恒定功率为1.4×105W的公交车匀速行驶5分钟，则氢燃料公交车的效率为多少？
【分析】（1）利用Q放＝mq计算出质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量；
（2）放出的热量全部被初温为15℃的水吸收，则有Q吸＝Q放，利用Q吸＝cm（t﹣t0）可以计算出水的质量；
（3）利用Q放＝mq计算出质量为0.5kg的氢燃料完全燃烧放出的热量，然后利用P＝计算出公交车所做的有用功，最后利用η＝可以计算出公交车的效率。
【解答】解：（1）质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放2＝m1q＝0.4kg×1.4×103J/kg＝8.4×106J；
（2）放出的热量全部被初温为15℃的水吸收，则有Q吸＝Q放1＝8.2×107J；
由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，水的质量：m水＝＝＝400kg；
（3）燃烧0.7kg的氢燃料放出的热量：Q放2＝m2q＝8.5kg×1.6×108J/kg＝7×106J；
由P＝可知5W×5×60s＝2.2×107J；
公交车的效率：η＝×100%＝。
答：（1）质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是5.4×107J；
（2）水的质量为400kg；
（3）氢燃料公交车的效率为60%。
【点评】本题考查热量燃烧放热公式、物质吸收热量的公式、效率公式以及功的计算公式的应用，熟记公式并灵活运用是解题的关键。
21．（6分）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。已知燃料的质量、烧杯内的液体质量、液体初温、加热方式等均相同。
（1）比较不同燃料的热值应选择 甲、乙 两图进行实验；比较不同物质的吸热能力，应选择 甲、丙 两图进行实验；
（2）为比较不同燃料的热值，应该在燃料 完全燃烧完毕 （选填“燃烧相同时间”或“完全燃烧完毕”）后，通过比较 温度计示数变化 来得出结论（选填“温度计示数变化”或“加热时间”）；
（3）不考虑热量损失，将燃料点燃直至燃尽，三装置烧杯中液体升高的温度随时间变化的图像如图丁所示 1：2 。燃料1和燃料2的热值之比 4：3 。
【分析】（1）根据控制变量法的应用规则，要比较不同燃料的热值，必须取不同种类的燃料；要比较不同物质的比热，就要取不同种类的液体；
（2）为比较不同燃料的热值，应让相同质量的燃料完全燃烧，根据液体升高的温度比较燃料的热值大小；
（3）相同质量的不同物体吸收相同的热量，温度变化越小的，比热容越大，吸热能力越强；根据图象和Qa＝Qb＝cmΔt即可求出比热容之比；
从图丁中读出数据，运用公式Q＝qm和Q＝cmΔt可求出两燃料的热值之比。
【解答】解：（1）为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，通过温度计的示数高低得出吸热多少，应选择甲；
为了比较两种液体的比热容，需要燃烧同种燃料，且液体的质量相同，通过温度计的示数高低进而判断两种比热容的大小关系、丙两图进行实验；
（2）实验时应比较相同质量的燃料1和燃料2完全燃尽后液体升高的温度，即根据温度计上升的示数比较燃料热值的大小；
（3）由图丁可知，相同质量的a，被加热相同的时间（吸收相同的热量），b液体升温慢；
根据图丁可知，a、b都加热tmin3，b温度变化量为T0；
由Qa＝Qb＝cmΔt可得：camΔta＝cbmΔtb，则caΔta＝cbΔtb；
则：ca：cb＝Δtb：Δta＝T0：4T0＝1：2；
读图丁可知，燃料燃烧完时，燃料2燃烧了2tmin8，乙图中液体温度变化量为1.5T3，实验中忽略热量的散失，且两杯液体的质量，则由公式Q＝cmΔt可得＝＝＝＝；
燃料的质量相同，由公式Q＝qm可得1：q8＝Q1：Q2＝3：3；
故答案为：（1）甲、乙；甲、丙；（2）（3）完全燃烧完毕；（3）1：8。
【点评】本题考查比热容、热值计算公式的运用和控制变量法、转换法的应用，为热学中的重要实验。
22．（6分）小宏用如图所示的装置探究杠杆的机械效率，杠杆的质量分布均匀，右端固定在O点，且AC＝BC＝OA；弹簧测力计始终竖直向上提杠杆。
（1）该实验中杠杆所做的额外功主要是 克服杠杆重力做的功 。
（2）他将重为G的钩码悬挂在A点，在B点匀速拉动弹簧测力计，拉力为F1，测得A、B两点上升的高度分别为h1、h2，则此次杠杆的机械效率为η1＝ （用物理量的符号表示）；
（3）若保持弹簧测力计位置不变，将钩码挂在C点，缓慢拉动弹簧测力计将杠杆提升与第一次相同的高度（不计摩擦）2做的功 ＞ 第一次拉力做的功，此次杠杆的机械效率η2 ＞ η1（选填“＞”或“＜”或“＝”）；
（4）若保持钩码挂在A点位置不变，仅将弹簧测力计由B点移动到C，缓慢将杠杆提升与第一次相同的高度（不计摩擦） 变大 （选填“变大”或“变小”或“不变”），此次杠杆的机械效率为η3，则η3 ＝ η1。（选填“＞”或“＜”或“＝”）
【分析】（1）（2）弹簧测力计向上拉力做的功是总功，克服钩码重力做的功是有用功，克服摩擦以及杠杆自重做的功是额外功；由功的计算公式求出有用功、总功与额外功，由效率公式求出杠杆的效率；
（3）有用功不变，根据总功的来源，分析动力的作用点移动后，总功的变化，根据机械效率公式讨论机械效率大小变化；
（4）根据有用功和总功的变化，利用机械效率公式分析机械效率的变化。
【解答】解：（1）因为杠杆自身有重力，提升物体的同时也要提升杠杆。
（2）拉力做的功为总功，大小为W总＝F1h2，杠杆对重物做的功为有用功，大小为W有＝Gh6，则杠杆的机械效率为：η1＝＝；
（3）将钩码悬挂点移至C点，由图可知，钩码的重力不变，根据杠杆的平衡条件可知，即F1＜F6，上升的高度相同，由W＝Gh知弹簧测力计的拉力F2做的功大于第一次拉力做的功；
悬挂点移至C点时，杠杆提升与第一次相同，有用功增大，提升高度不变，根据总功等于有用功与额外功之和可知；根据η＝＝＝，机械效率变大2＞η1。
（4）由图可知，测力计拉力的力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，
不计摩擦，杠杆提升钩码时，克服杠杆重力做额外功总＝W有+W额；设杠杆重心升高的距离为h，则有Gh3+G杆h＝Fh2，
而G不变，h1不变，G杆不变，弹簧测力计从点到C点，杠杆升高的距离h不变7+G杆h不变，所以Fh2也不变，由η1＝＝×100%得，即η8＝η3。
故答案为：（1）克服杠杆重力做的功；（2）；＞； （4）变大；＝。
【点评】机械效率计算的关键是明确有用功和总功，一般来说，使用机械所用外力做的功是总功，而克服提升重物重力做的功是有用功。
23．（7分）为了“探究弹性势能与哪些因素有关”，小明在水平桌面上设计了如图甲所示的实验装置进行探究。将弹簧左端固定，用小球（小球与弹簧不连接），由静止释放小球，小球离开弹簧后撞击静放在桌面上的木块0，分析实验数据得出结论。
（1）实验中，弹簧弹性势能大小是通过 木块在水平面上滑行的距离 来反映的，实验中探究了弹簧弹性势能大跟 弹性形变 的关系。上述实验还能探究动能和 速度 （速度/质量）的关系。
实验中，小明又发现在水平桌面上滚动的小球离开桌面后，会沿着曲线向前飞行并最终落到地面上
猜想1：与小球离开桌面时的速度有关；
猜想2：与小球离地的高度有关；
猜想3：与小球的质量有关。
（2）为了验证猜想1是否正确，小组成员进行如下实验：保持小球质量和离地高度不变，将弹簧压缩到不同的长度，发现小球水平飞行的距离不相同，这说明猜想1是 正确 （正确/错误）的。
（3）为了探究猜想2，同组小华按照正确的实验方法，实验并记录数据如下，
离地高度H/cm
5
20
45
80
125
水平飞行距离s/cm
5
10
15
20
25
根据表中数据，可以得出：当该小球以实验中以相同速度离开桌面时，小球离地面的高度H为 720 cm时，小球水平飞行的距离s为60cm。
（4）小明接下来想探究猜想3，仍采用图乙的装置，用不同质量的小球将弹簧压缩到相同的长度 没有控制小球飞出桌面时的速度一定 ，请你为小明设计一个正确的方案： 让质量不同的小球从同一斜面的同一高度自由滑下，再观察小球水平飞行的距离 。
【分析】（1）根据实验步骤可知探究弹簧弹性势能大小跟哪些因素有关；
弹性势能的大小是通过物块滑行的距离远近来比较弹性势能的多少，这种研究方法叫转换法；
将弹簧压缩不同的长度，小球获得的速度不同，还能探究动能和速度的关系；
（2）小球在水平方向飞行的距离与小球离开桌面时的速度有关，需要控制小球质量和离地高度不变，改变小球的速度，分析实验现象可知猜想1是否正确；
（3）根据表格数据得出水平飞行距离s变化量与离地高度H变化量的关系，算出小球水平飞行的距离s为60cm时小球离地面的高度H；
（4）要探究小球在水平方向飞行的距离与小球质量的关系，需要控制小球的速度和离地高度不变，改变小球的质量，实验中用不同质量的小球将弹簧压缩到相同的长度，静止释放后不能保证小球的速度相同；
为了保证不同质量小球的初速度相同，可以让质量不同的小球从同一斜面的同一高度自由滑下。
【解答】解：（1）由于弹性势能的大小不便于用仪器直接测量，本实验是通过比较木块移动的距离来判断弹簧的弹性势能大小；
由实验步骤可知，本实验探究了弹簧弹性势能大小跟弹簧形变大小的关系；
将弹簧压缩不同的长度，小球获得的速度不同；
（2）要验证猜想1是否正确，即小球在水平方向飞行的距离与小球离开桌面时的速度有关，改变小球的速度，小球离开弹簧后，发现小球水平飞行的距离不相同，所以猜想1是正确的；
（3）探究猜想2时保持小球质量为5g不变，将弹簧压缩到相同的长度释放小球即保持小球的开始速度相同；
根据表格数据知离地高度H由5cm→20cm，变成原来的6倍，变成原来的2倍，
依此类推离地高度H由5cm→45cm，变成原来的2倍，变成原来的3倍，
离地高度H由5cm→80cm，变成原来的16倍，变成原来的6倍，
由此可以得出离地高度H变成原来的n2倍，水平飞行距离s变成原来的n倍，
所以当小球水平飞行的距离s为60cm时，是原来的，离地高度H变成原来的122＝144倍，即小球离地面的高度H为5cm×144＝720cm；
（4）要探究猜想3，即小球在水平方向飞行的距离与小球的质量有关，改变小球的质量，弹簧的弹性势能一定，但由于质量不同，所以存在的问题是没有控制小球飞出桌面时的速度一定；
为了保证不同质量小球的初速度相同，可以让质量不同的小球从同一斜面的同一高度自由滑下。
故答案为：（1）木块在水平面上滑行的距离；弹性形变；（2）正确；（4）没有控制小球飞出桌面时的速度一定，再观察小球水平飞行的距离。
【点评】本题考查了小球在水平方向飞行的距离的影响因素的探究，掌握控制变量法是解题的关键。
24．（10分）阅读短文，回答文后的问题。
涡轮喷气发动机
2023年5月28日上午，我国首架自行研制、拥有自主知识产权的喷气式客机C919，如图甲，历时2h从上海到北京，开启了首次商业载客飞行。
如图乙所示，为C919客机使用的轴流式涡轮喷气发动机，其结构是由进气道、压气机、燃烧室、涡轮和尾喷管组成，其中压气机与涡轮装在同一条转轴上工作，空气首先进入发动机的进气道，当飞机飞行时，由于飞机飞行的速度是变化的，而进入压气机气流速度有一定限制，使进入进气道的气体全部通过可调管道，空气流过压气机时被压气机的旋转叶片压缩后进入燃烧室，产生的高温高压气流推动涡轮，一边带动压气机正常工作
C919客机搭载的涡轮喷气发动机，其部分参数如下表，其中热效率是指涡轮喷气发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比（推力所做的功）与其获得的机械能之比。
热效率η1
40%
推进效率η2
60%
航空燃油热值q
5.0×107J/kg
（1）涡轮喷气发动机在工作中，空气流过压气机时内能 增大 （选填“增大”“减小”或“不变”），这部分气体与燃料混合后在燃烧室中燃烧，燃烧产生的高温高压气流推动涡轮。此过程的能量转化相当于热机的 做功 冲程，涡轮喷气发动机常用循环流动的水进行冷却，这是因为水的 比热容大 。
（2）关于涡轮喷气发动机，下列说法中不正确的是 BC 。
A.进气道中吸入的是空气
B.燃烧室中，内能转化为机械能
C.燃料耗尽后还可以利用压气机压缩气体推动涡轮转动
D.尾喷管中喷出的高速气流对飞机做功
（3）设可调管道的通风口面积为S1，当飞机加速飞行时，应使通风口面积；S1 变大 （变大/不变/变小）。
（4）机舱内先进的“呼吸系统”使飞机在气压只有25×104Pa左右的万米高空时，能将机外﹣50℃下的冷空气不断压缩，送入舱内的空气温度达到50℃以上，使舱气压和温度维持体感舒适值，为确保机舱内的温度维持体感舒适值 制冷 （选填“加热”或“制冷”）。
（5）已知，涡轮喷气发动机所受空气阻力与运行速度的关系如图乙所示，当飞机以200m/s的速度水平匀速巡航0.5h的过程中 2.592×1010 J，此时需要 2160 kg的航空燃油。
（6）涡轮喷气发动机使压缩后的混合气体在燃烧室燃烧直到膨胀的气体再从尾部喷出过程中，燃气的温度是不断变化的，下列能大致反应燃气温度随时间而变化的是图 C 。
【分析】（1）外界对物体做功时物体的内能增加，物体对外界做功时物体的内能减少；
热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能；
水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，所以经常用水来做散热剂或冷却剂；
（2）A、根据题中信息可知进气道中吸入的气体类别；
B、燃料燃烧时，将化学能转化为内能；
C、压缩气体时，机械能转化为内能；
D、物体间力的作用是相互的；
（3）根据飞机加速飞行可知，飞机要获得更大的推力，飞机需要燃烧更多的燃料，同时需要更多的氧气来助燃，由此得出通风口面积的变化；
（4）要将机外﹣50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，同时系统依靠传感器的自动控制，所以机体上的空调要不断制冷，使舱内气压和温度达到舒适值；
（5）根据图乙判断出当飞机以200m/s的水平速度匀速巡航时受到的阻力，根据飞机受到的推力和阻力是平衡力判断出推力，由W＝fs＝fvt算出在巡航1h的过程中克服阻力做的功，根据η＝算出获得的机械能，根据Q放＝算出航空燃油完全燃烧放出的热量，由Q放＝mq得需要航空燃油的质量；
（6）内燃机一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，在做功冲程中的能量转化是内能转化为机械能，在压缩冲程中的能量转化是转化机械能为内能，据此分析燃气温度的变化。
【解答】解：（1）空气流过压气机时被压气机的旋转叶片压缩后进入燃烧室，因此对气体做功；
四冲程热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能，产生的高温高压气流推动涡轮，相当于热机工作时的做功冲程；
因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，水吸收的热量多，冷却效果好；
（2）A、根据题中信息可知进气道中吸入的气体是空气；
B、燃烧室中，将化学能转化为内能；
C、压缩气体时，不能推动涡轮转动；
D、由于力的作用是相互的，对飞机做功；
故选：BC；
（3）根据飞机加速飞行可知，飞机要获得更大的推力，同时需要更多的氧气来助燃，所以可调管道的通风口面积S1应变大；
（4）能将机外﹣50℃以下的冷空气不断压缩，导致送入舱内的空气温度达到50℃以上，所以机体上的空调要不断制冷；
（5）如图乙所示，当飞机以200m/s的水平速度匀速巡航时4N；飞机受到推力和阻力是平衡力5N；
在巡航1h的过程中克服阻力做的功为：
W＝fs＝fvt＝3.6×104N×200m/s×1×3600s＝7.592×1010J；
根据η＝获得的机械能为：
W机＝＝＝4.32×1010J，
航空燃油完全燃烧放出的热量：
Q放＝＝＝1.08×1011J，
根据Q放＝mq得需要航空燃油的质量为：
m＝＝＝2160kg；
（6）从能量转化的角度看，内燃机在压缩冲程中，所以燃气的温度升高，气体推动活塞对外做功，燃气温度降低。
故答案为：（1）增大；做功；（2）BC；（4）制冷10；2160；（6）C。
【点评】本题综合考查了能量的转化、热值的特性、内燃机工作过程中燃气温度的变化特点、涡轮发动机的工作特点以及功和功率的计算，属于综合性题目。
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