甘肃省张掖市某重点校2023-2024学年高一物理上学期9月月考试题（Word版附解析）

2023年秋学九月检测高一物理试卷

第I卷：选择题（共54分）

一、单项选择题（共6小题，每小题6分，共36分。每小题四个选项中只有一个选项最符合题目要求）

1. 做变速直线运动的质点经过A点时的速度为3m/s，这表示（　　）

A. 质点在过A点后1s内的位移是3m

B. 质点在过A点前1s内的位移是3m

C. 若质点从A点做减速直线运动，则以后每1s内的位移是3m

D. 若质点从A点做匀速直线运动，则以后每1s内的位移是3m

【答案】D

【解析】

【详解】AB．因为质点做变速直线运动，在A点前后1s内的速度都不等于3m/s，则质点在过A点前1s内或后1s内的位移不一定等于3m，故AB错误；

C．若质点从A点做减速直线运动，则以后每1s内的速度小于3m/s，所以以后每1s内的位移不是3m，故C错误；

D．若质点从A点做匀速直线运动，速度保持不变，由

即知以后每1s内的位移是3m，故D正确。

故选D。

2. 火箭发射时，速度能在10s内由0增加到 100m/s，而汽车以30m/s的速度行驶，急刹车时能在2.5s内停下来，下列说法中正确的是（    ）

A. 10s内火箭的速度改变量为10m/s

B. 2.5s内汽车的速度改变量为12m/s

C. 汽车的加速度比火箭的加速度大

D. 火箭的加速度比汽车的加速度大

【答案】C

【解析】

【详解】火箭的初速度为0，末速度为100m/s，所以火箭10秒内速度改变量为100m/s，A错误；

B．汽车的初速度为30m/s，末速度为零，所以2.5s内汽车的速度改变量为-30m/s，B错误；

CD．根据加速度定义式可得汽车、火箭的加速度大小为

所以汽车的加速度比火箭的加速度大，C正确，D错误。

故选C。

3. 下列图像不能反映该物体做匀变速直线运动的是（　　）

A.    B.  

C.    D.  

【答案】C

【解析】

【详解】A．由图像可知该运动加速度恒定，表明物体做匀变速直线运动。故A不符合题意；

B．图像的斜率表示加速度，由图像可知斜率恒定，加速度不变，表明物体做匀变速直线运动。故B不符合题意；

C．图像的斜率表示速度，由图像可知斜率恒定，速度不变，表明物体做匀速直线运动。故C符合题意；

D．由

得到

匀变速直线运动图像为一条倾斜直线，斜率表示加速度的一半。该图像表示物体做匀变速直线运动。故D不符合题意；

故选C。

4. 一个从静止开始做匀加速直线运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间分别是1s、2s、3s，这三段位移的长度之比和这三段位移上的平均速度之比分别是（　　）

A. ，1：2：3 B. ，

C. 1：2：3，1：1：1 D. 1：3：5，1：2：3

【答案】B

【解析】

【详解】根据

知，物体在1s内、3s内、6s内的位移之比为1：9：36，则三段位移之比为1：8：27，根据

可知，三段位移上的平均速度之比为1：4：9，故B正确ACD错误。

故选B。

5. 2018年11月1日，京张高铁全线第一节轨排徐徐落下，准确到位，标志着京张高铁全线铺轨工程正式开始。若高铁列车在平直跑道上由静止开始做加速度大小为1.6m/s2的匀加速直线运动，当其速度达到288km/h时运动的时间为（　　）

A. 25s B. 50s C. 90s D. 180s

【答案】B

【解析】

【详解】列车从静止开始做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动的速度公式有

其中

计算可得

故选B。

6. 交警在处理某次交通事故时，把监控仪器记录的数据输入计算机，得到肇事汽车在平直路面上紧急刹车（车轮抱死）过程中的位移随时间变化的规律为（x的单位是m，t的单位是s），则下列说法正确的是（　　）

A. 该车刹车的初速度为

B. 该汽车刹车的加速度为

C. 刹车后5s内的位移为

D. 该汽车在地面上留下的痕迹长为

【答案】D

【解析】

【详解】AB．由匀变速直线运动的位移时间关系

及汽车刹车过程中的位移规律

可知，汽车刹车时的初速度为

加速度为

故AB错误；

C．由得汽车刹车时间

所以刹车后内的位移即为4s的位移为

故C错误；

D．汽车在地面上留下的痕迹长即为刹车距离48m，故D正确。

故选D。

二、多选题（共4小题，每小题6分，共24分。每小题四个选项中有多个选项符合题目要求）

7. 北京时间2021年6月17日9时22分27秒，神舟十二号载人飞船成功发射，并于当日15时54分与天和核心舱成功对接，整个交会对接过程历时约6.5小时，之后航天员聂海胜、刘伯明、汤洪波先后进入天和核心舱，标志着中国人首次进入自己的空间站。关于此次航天任务，下列说法正确的是（    ）

A. “2021年6月17日9时22分27秒”是时间间隔

B. “整个过程历时约6.5小时”是时间间隔

C. 在研究整个交会对接的过程中，可以将神舟十二号飞船看作质点

D. 在研究神舟十二号飞船从发射到对接之前的运行时间时，可以将神舟十二号飞船看作质点

【答案】BD

【解析】

【详解】A．“2021年6月17日9时22分27秒”是指时刻，故A错误；

B．“整个过程历时约6.5小时”指时间间隔，故B正确；

C．在研究整个交会对接的过程中，飞船的形状大小不可以忽略不计，不可以将神舟十二号飞船看作质点，故C错误；

D．在研究神舟十二号飞船从发射到对接之前运行时间时，飞船的形状大小可以忽略不计，可以将神舟十二号飞船看作质点，故D正确。

故选BD。

8. 梦天实验舱将由长征五号B遥四运载火箭执行发射任务。届时，中国空间站三舱组合体将形成“T”字型的基本构型，完成中国空间站的在轨建造。关于火箭点火升空的速度和加速度的判断，下列说法正确的是（　　）

A. 火箭点火将要升空时，火箭的速度为零，加速度也为零

B. 火箭的速度增大，加速度也一定增大

C. 火箭速度变化越来越快时，加速度越来越大

D. 火箭竖直向上升空过程中若速度增大，加速度方向一定向上

【答案】CD

【解析】

【详解】A．火箭点火将要升空时，火箭的速度为零，加速度不为零，故A错误；

B．火箭的速度增大时，速度与加速度同向，加速度不一定增大，故B错误；

C．加速度反映速度变化的快慢，火箭速度变化越来越快时，加速度越来越大，故C正确；

D．加速度与速度同向时加速，火箭竖直向上升空过程中若速度增大，加速度方向一定向上，故D正确。

故选CD。

9. 电竞遥控车表演赛中，时刻，可视为质点的甲、乙两车以等大反向的速度在O点擦肩而过，甲向右运动，乙向左运动，图像如图所示，且两车的运动方向都发生了改变，以向右为正方向，以下说法正确的是（　　）

A. ，甲的位移比乙大

B. ，甲的加速度比乙大

C. 时，甲刚好回到O点

D. 乙回到O点时，甲在O点的左边

【答案】CD

【解析】

【详解】A．v-t图像与坐标轴围成的面积表示位移大小，根据图像可知0∼t0乙比甲围成图像的面积更大，故甲的位移比乙小，A错误；

B．v-t图像的斜率表示加速度，甲乙图像的斜率绝对值相等，加速度大小相等，B错误；

C．在2t0内，甲图像第一象限和第四象限所围成的面积相等，故0∼2t0甲的位移为0，甲刚好回到O点，C正确；

D．2t0时，乙第一象限图像围成的面积小于乙第四象限图像所围成的面积，故乙在2t0后才回到O点，此时甲已经向左发生了位移，故乙回到O点时，甲在O点的左边，D正确；

故选CD。

第Ⅱ卷：非选择题（共48分）

三、实验题（每空2分，共13分）

10. 在做“研究匀变速直线运动”的实验时，记录小车运动情况的一条纸带如图所示，A、B、C、D、E、F、G为计数点，每两个计数点间还有个点未画出，其中。

（1）电火花计时器使用频率为50Hz交流电，工作电压___________V，打点周期是___________s。

（2）根据纸带可判定物体做___________直线运动（选填“匀加速”、“匀减速”或“匀速”）。

（3）C点的瞬时速度 ___________  m/s（计算结果保留到小数点后两位）。

（4）小车的加速度  ___________（计算结果保留到小数点后两位）。

【答案】    ①. 220    ②. 0.02    ③. 匀加速    ④. 0.18    ⑤. 0.40

【解析】

【详解】（1）[1]电火花计时器使用频率为50Hz交流电，工作电压为220V；

[2]打点周期为

（2）由图可知

即知连续相等时间间隔内位移增大，位移之差为常数，则知物体做匀加速直线运动；

（3）[4]根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该过程中的平均速度，则有

（4）[5]根据匀变速直线运动的推论公式

可得，小车的加速度为

四、解答题

11. 为了测定斜面上小车下滑的加速度，某实验小组利用DIS（数字化信息系统）技术进行实验，如图所示。当装有宽度为的遮光条的小车经过光电门时，系统就会自动记录挡光时间，并由相应软件计算遮光条经过光电门的平均速度来表示瞬时速度。某次实验中，小车从距离光电门中心为L处由静止释放做匀加速直线运动，遮光条经过光电门的挡光时间为。

（1）计算经过光电门时小车的速度为？

（2）若，则小车下滑的加速度的大小为多少？

【答案】（1）；（2）

【解析】

【详解】（1）遮光条经过光电门时的平均速度

得到

（2）依据匀变速直线运动的速度与位移的关系，有

又

联立解得

12. 2022年第24届冬奥会在北京举行，冰壶比赛是冬奥会的重要项目之一，我国女子冰壶队曾夺得世锦赛冠军。某次比赛时，冰壶被运动员推出后在冰面上向前滑行了18m才停止，已知在滑行过程中加速度大小为a=0.25m/s2。第二次以相同的初速度推出冰壶后，两位运动员开始擦冰至冰壶静止，结果冰壶向前运动到了27m处停下，没有擦冰和擦冰时，冰壶的运动均看成匀变速运动。

（1）没有擦冰时，求冰壶被推出时的初速度大小；

（2）求第二次冰壶运动的时间；

（3）赛前的某一次训练中，冰壶投出后经过10s停止，已知倒数第4s内的位移大小为1.4m，求冰壶第4s内的位移大小。

【答案】（1）3m/s；（2）18s；（3）2.6m

【解析】

【详解】（1）没有擦冰时，冰壶做匀减速，末速度为0，设初速度为，根据速度—位移公式有

，

代入数据解得

（2）擦冰后，冰壶做匀减速，末速度为0，初速度不变，根据公式有

，

代入数据解得

（3）整个过程的逆过程是初速度为0的匀加速直线运动，设此时加速度大小为，倒数第4s内的位移大小为，有

解得

则冰壶第4s内的位移大小为

13. 汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0~60s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示。

（1）求10s末，40s末，60s末的速度，并画出汽车在0~60s内的图线；

（2）求在这60s内汽车行驶的路程。

【答案】（1）见解析；（2）900m

【解析】

【详解】（1）设t=10s末、40s末、60s末，汽车的速度分别为v1、v2、v3，由题图知在0~10s内汽车以2m/s2的加速度匀加速行驶，由运动学公式得

在10~40s内汽车匀速行驶，因此

在40~60s内汽车以1m/s2的加速度匀减速行驶，由运动学公式得

画出汽车在0~60s内的v-t图线，如图所示

（2）由上图可知，在这60s内汽车行驶路程为