山东省“学情空间”区域教研共同体2022-2023学年高一数学上学期12月联考试题(B)(Word版附解析)
展开“学情空间”区域教研共同体高一12月份联考
数学试题(B)
注意事项:
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
第Ⅰ卷(选择题)
一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 命题“,”的否定为( )
A. , B. ,
C. , D. ,
【答案】D
【解析】
【分析】根据全称量词命题的否定为存在量词命题即可求解.
【详解】命题“,”的否定为
,.
故选:D
2. 设集合,则集合A的子集个数为( )
A. 16 B. 32 C. 15 D. 31
【答案】B
【解析】
【分析】先化简集合A,再利用集合的子集概念.
【详解】因为集合,
所以集合A的子集个数为,
故选:B
3. 十六世纪中叶,英国数学家雷科德在《砺智石》一书中首先把“”作为等号使用,后来英国数学家哈利奥特首次使用“”和“”符号,并逐渐被数学界接受,不等号的引入对不等式的发展影响深远.若,则下列命题正确的是( )
A 若且,则 B. 若,则
C. 若,则 D. 若且,则
【答案】B
【解析】
【分析】
利用不等式性质,结合特殊值法,即可判断选项的正误.
【详解】A中,有,错误;
B中,时,成立,正确;
C中,时,,错误;
D中,由题设,当时,,错误;
故选:B
4. 若是第三象限角,则下列各式中成立的是( )
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】根据所在象限,确定的三角函数值的正负,然后逐一判断选项的正误即可.
【详解】因为是第三象限角
,
,A正确;
,B错误;
,C错误;
,D错误.
故选:A.
5. 函数的零点所在的区间是( )
A. (0,1) B. (1,2) C. (2,3) D. (3,4)
【答案】B
【解析】
【分析】易知函数是上的增函数,,结合零点存在性定理可判断出函数零点所在区间.
【详解】函数是上的增函数,是上的增函数,
故函数是上的增函数.
,,
则时,;时,,
因为,所以函数在区间上存在零点.
故选:B.
【点睛】本题考查了函数零点所在区间,利用函数的单调性与零点存在性定理是解决本题的关键,属于基础题.
6. 如图所示,函数的图象是( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】将原函数变形为分段函数,根据及时的函数值即可得解.
【详解】∵,
∴时,,
当时,函数为上的单调递增函数,且,
当时,函数为上的单调递减函数,且,
故选:B
7. 已知函数,满足对任意x1≠x2,都有0成立,则a的取值范围是( )
A. a∈(0,1) B. a∈[,1) C. a∈(0,] D. a∈[,2)
【答案】C
【解析】
【分析】根据条件知在R上单调递减,从而得出,求a的范围即可.
【详解】∵满足对任意x1≠x2,都有0成立,
∴在R上是减函数,
∴,解得,
∴a的取值范围是.
故选:C.
8. Logistic模型是常用数学模型之一,可应用于流行病学领域.有学者根据公布数据建立了某地区新冠肺炎累计确诊病例数I(t)(t单位:天)的Logistic模型:,其中K为最大确诊病例数.当I()=0.95K时,标志着已初步遏制疫情,则约为( )(ln19≈3)
A. 60 B. 63 C. 66 D. 69
【答案】C
【解析】
【分析】将代入函数结合求得即可得解.
【详解】,所以,则,
所以,,解得.
故选:C.
【点睛】本题考查对数的运算,考查指数与对数的互化,考查计算能力,属于中等题.
二、多选题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
9. 若-1<x<4是-3<x<a的充分不必要条件,则实数a的值可能是( )
A. 3 B. 4 C. 5 D. 6
【答案】BCD
【解析】
【分析】由必要条件、充分条件的定义即可得出结果.
【详解】∵-1<x<4是-3<x<a的充分不必要条件,
∴{x|-1<x<4}{x|-3<x<a},∴a≥4,
∴实数a的值可以是4,5,6.
故选:BCD.
10. 已知正数满足,则下列选项正确的是( )
A. 的最小值是2 B. 的最大值是1
C. 的最小值是4 D. 的最大值是
【答案】ABD
【解析】
【分析】根据题设条件和基本不等式,逐项判定,即可求解.
【详解】因为正数满足,
由,
当且仅当时,即时,等号成立,所以A正确;
由,可得,即,当且仅当时成立,所以B正确;
由,当且仅当时成立,所以C错误;
由正数满足,可得,
则,当且仅当时,
即时,等号成立,即的最大值是,所以D正确.
故选:ABD
11. 下列说法正确的是( )
A. ,
B. 若不等式的解集为或,则
C. (且)的图象恒过定点
D. 函数的单调减区间为
【答案】AB
【解析】
【分析】根据特例可判断A的正误,根据一元二次不等式的解集可判断B的正误,根据指数函数的性质可判断C的正误,根据“同增异减”的原则可判断D的正误.
【详解】对于A,取,则成立,故A正确;
对于B,因为的解集为或,
故为方程的根,故即,故B正确;
对于C,,故的图象恒过,故C错误;
对于D,由可得,
因为为减函数,故若求的减区间,
即求在上的增区间,
而在上为增函数,在上为减函数,
当时,;当时,;
且在上为增函数,故的增区间为,
故的减区间为,故D错误.
故选:AB.
12. 已知实数满足,则下列关系式中可能成立的是( )
A. B. C. D.
【答案】ACD
【解析】
【分析】根据,令,,,在同一坐标系作出函数图象求解.
【详解】因为,
令,,,
记与交点纵坐标为m,与交点纵坐标为t,
当y=t时,A正确;
当y=m时,B错误;
当t <y<m时,C正确
当y<t时,D正确
故选:ACD
第Ⅱ卷(非选择题)
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13. 函数的定义域是____________.
【答案】
【解析】
【分析】根据分母不为零、真数大于零列不等式组,解得结果.
【详解】由题意得,
故答案为:
【点睛】本题考查函数定义域,考查基本分析求解能力,属基础题.
14. 函数在区间上的最大值是_________.
【答案】
【解析】
【分析】将函数化成,再利用换元法令,将函数的最大值,转化为求二次函数的最大值.
【详解】因为,令,
所以,对称轴,
所以当时,.
故答案为:
【点睛】本题考查二次函数的最大值,考查转化与化归思想的运用,考查运算求解能力,利用换元法求解时,注意新元取值范围的确定,考能保证问题的等价性.
15. 已知是定义在上偶函数,且在区间上是减函数,若,则实数的取值范围是___________.
【答案】
【解析】
【分析】由的单调性与奇偶性转化后求解,
【详解】函数是定义在上的偶函数,且在区间上单调递减,
故等价于,解得.
故答案为:
16. 如图是由4个相同的直角三角形与中间的小正方形拼成的一个大正方形,若直角三角形中较小的内角为,大正方形的面积是1,小正方形的面积是.
①的值为__________;②的值为__________.
【答案】 ①. ## ②.
【解析】
【分析】根据直角三角形的内角及斜边长表示出两直角边长,作差即可得出小正方形边长,再由同角三角函数的基本关系求解.
【详解】因为大正方形的面积是1,所以大正方形边长为1,
则直角三角形中较短直角边长为,较长的直角边为,
所以小正方形的边长为,又小正方形的面积是,所以小正方形边长为,故;
因为,所以,
又,,
所以,
所以.
故答案为:;
四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
17. 已知集合,.求:
(1)当时,求,,;
(2)若,求实数的取值范围.
【答案】(1),,
(2)
【解析】
【分析】(1)解分式不等式得到,进而求解交集和并集,以及补集;
(2)由得到,从而得到.
【小问1详解】
等价于,解得,
故,
而时,,故,
,故.
【小问2详解】
因为,所以,
又,,
故.
18. 已知函数.
(1)求的最小正周期;
(2)当时,求的最小值和最大值.
【答案】(1)
(2)最小值为0,最大值为
【解析】
【分析】(1)根据正弦型函数的周期公式计算可得;
(2)由的取值范围求出的范围,再根据正弦函数的性质计算可得.
【小问1详解】
由题意,,
所以的最小正周期;
【小问2详解】
当时,,
可知,
即,
故的最小值为,最大值为.
19. 已知对数函数,并且它的图象过点.
(1)求的解析式;
(2)若,,求的值域.
【答案】(1)
(2)
【解析】
【分析】(1)利用待定系数法,结合对数的运算性质进行求解即可;
(2)利用换元法,结合二次函数的性质和对数的单调性进行求解即可.
【小问1详解】
设(,且)
的图像过点,,即,
,即,;
【小问2详解】
令,,
函数转化为函数,
该函数图象开口朝上,对称轴为,
当时,有最小值,,
当时,有最大值,,
的值域为
20. 已知定义域为的函数是奇函数.
(1)求、的值;
(2)证明在上为减函数;
(3)若对于任意,不等式恒成立,求的取值范围.
【答案】(1)
(2)证明见解析 (3)
【解析】
【分析】(1)由奇函数的性质可得,可求得的值,再利用奇函数的定义可求得的值;
(2)根据函数单调性的定义即可证明结论成立;
(3)利用函数的奇偶性和单调性将恒成立,转化为对任意的都成立,结合可求得实数的取值范围.
【小问1详解】
解:因为函数在上为奇函数,则,解得,
由奇函数的定义可得,
所以,,即,则,可得.
【小问2详解】
证明:由(1)得 ,
任取、,且,则,
则,
,即,所以函数在上为减函数.
【小问3详解】
解:根据 (1)(2)知,函数奇函数且在上为减函数.
不等式恒成立,
即恒成立,
也就是对任意的都成立,
即对任意的都成立,则,解得,
即的范围是.
21. 我国某企业自主研发了一款具有自主知识产权的平板电脑,并从2021年起全面发售.经测算,生产该平板电脑每年需投入固定成本1350万元,每生产 (千台)电脑需要另投成本万元,且另外每台平板电脑售价为0.6万元,假设每年生产的平板电脑能够全部售出.已知2021年共售出10000台平板电脑,企业获得年利润为1650万元.
(1)求该企业获得年利润(万元)关于年产量 (千台)的函数关系式;
(2)当年产量为多少千台时,该企业所获年利润最大?并求最大年利润.
【答案】(1)
(2)100千台,最大年利润为5 900万元.
【解析】
【分析】(1)由已知的条件知道该函数为一个分段函数,所以分两种情况把表达式分别求出来即可
(2)由(1)知当时,为二次函数,利用二次函数的性质求它在该区间上的最大值,当时,利用基本不等式性质求最大值.
【小问1详解】
解:10 000台=10千台,则,根据题意得:,解得,
当时,,
当时,
,
综上所述.
【小问2详解】
当时,
当时, 取得最大值;
当时,
,
当且仅当时,
因为,
故当年产量为100千台时,该企业所获年利润最大,最大年利润为5 900万元.
22. 已知定义在R上的函数满足且,.
(1)求的解析式;
(2)若不等式恒成立,求实数a取值范围;
(3)设,若对任意的,存在,使得,求实数m取值范围.
【答案】(1)
(2)
(3)
【解析】
【分析】(1)根据,代入计算可得;
(2)根据单调性得,分离参数求最值即可.
(3)因为对任意的,存在,使得,等价于,先求的最小值,再分类讨论对称轴与区间的位置关系,使的最小值满足小于等于1的条件,求解即可.
【小问1详解】
由题意知,,
即,所以,
故.
【小问2详解】
由(1)知,,
所以在R上单调递增,
所以不等式恒成立等价于,
即恒成立.
设,则,,当且仅当,即时取等号,
所以,
故实数a的取值范围是.
【小问3详解】
因为对任意的,存在,使得,
所以在上的最小值不小于在上的最小值,
因为在上单调递增,
所以当时,,
又的对称轴为,,
当时,在上单调递增,,解得,
所以;
当时,在上单调递减,在上单调递增,
,解得,所以;
当时,在上单调递减,,解得,
所以,
山东省“学情空间”区域教研共同体2022-2023学年高二数学下学期5月月考试题(Word版附解析): 这是一份山东省“学情空间”区域教研共同体2022-2023学年高二数学下学期5月月考试题(Word版附解析),共23页。试卷主要包含了单项选择题,多项选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
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