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重庆市巴蜀科学城中学2023-2024学年九年级上学期开学物理试卷
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这是一份重庆市巴蜀科学城中学2023-2024学年九年级上学期开学物理试卷，共34页。试卷主要包含了 下列估测值符合生活实际的是， 下列说法中不正确的是， 小川发现一个质量为1等内容，欢迎下载使用。
2023-2024学年重庆市巴蜀科学城中学九年级（上）开学物理试卷
1. 下列估测值符合生活实际的是( )
A. 一个中学生的重力约为500N B. 考场内的气压为1×106Pa
C. 教室的一盏日光灯的电流约为10A D. 一节新干电池的电压为220V
2. 如图所示，正在使用的四种工具，属于费力杠杆的是( )
A. 羊角锤 B. 园艺剪
C. 核桃夹 D. 食品夹
3. 如图所示是我国首辆火星车“祝融号”抵达火星的照片，下列说法正确的是( )
A. “祝融号”到达火星表面后将失去惯性
B. “祝融号”静止在火星表面时受力平衡
C. “祝融号”对地面的压力与地面对它的弹力是一对平衡力
D. “祝触号”要靠电力驱动，说明力是维持物体运动的原因
4. 2021年3月23日，排水量20万吨的重型货轮“长赐号”在苏伊士运河搁浅造成运河堵塞，如图。经过6天“长赐号”终于借助潮汐涨潮的作用下才重新起浮(g取10N/kg)。关于此事件下列说法错误的是( )
A. “长赐号”正常满载的情况下受到的浮力是2×109N
B. “长赐号”从海水密度较大的红海前往海水密度较小的地中海受到的浮力会变小
C. “长赐号”搁浅时受到的浮力小于重力
D. “长赐号”脱困是借助潮汐作用使排开海水的体积变大从而使得浮力变大
5. 如图所示中主要利用大气压强原理的是( )
A. 利用高压锅煮饭
B. 吸盘挂钩
C. 锅炉的水位计显示水位
D. 飞机起飞的升力
6. 下列说法中不正确的是( )
A. “花气袭人知骤暖”说明分子的热运动与温度有关
B. 人造木板黏结剂中的甲醛扩散到空气中造成环境污染
C. 用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明分子间有间隙
D. 微观粒子按空间尺度由大到小排序的是：原子、原子核、质子
7. 如图所示，两薄壁圆柱形容器内分别盛有甲、乙两种液体放置在水平地面上，现从两容器中分别抽出部分液体，使甲、乙剩余部分的深度均为h，若此时两液体对容器底部的压力相等，则甲、乙抽出部分的质量m甲、m乙及液体对容器底部压强变化p甲、p乙的大小关系是( )
A. m甲p乙 B. m甲>m乙，p甲>p乙
C. m甲=m乙，p甲
A. F甲=F乙；p甲=p乙 B. F甲=F乙；p甲>p乙
C. F甲>F乙；p甲=p乙 D. F甲>F乙；p甲>p乙
9. 小明体重为500N，双脚与地面接触面积为0.05m2，用如图所示的滑轮组将重为600N的物体匀速提升了1m，用时10s。拉动过程中小明对绳子的拉力为400N，若不计绳重与摩擦，则( )
A. 在匀速提升物体的过程中，拉力做功的功率为40W
B. 在匀速提升物体的过程中，小明对地面的压强为104Pa
C. 使用该滑轮组，小明最多能提起800N的物体
D. 不管提起多重的物体，该滑轮组的机械效率总是75%
10. 小川发现一个质量为1.35kg的空心铝球(ρ铝=2.7g/cm3)，他设计了如图所示装置进行实验。重为4N、底面积为200cm2的薄壁容器M内盛有3000cm3的水，容器M置于水平地面，当轻质杠杆在水平位置平衡时，此时铝球浸没在水中静止且未触底，已知OB=0.3m，OA=0.1m，物体C重为22.5N，不计摩擦和绳重。下列说法正确的是( )
A. 铝球受到的浮力为8N
B. 铝球的空心体积为250cm3
C. 铝球浸没后容器M对水平地面的压强为2×103Pa
D. 若将容器M中的水换成酒精，杠杆仍然在水平位置平衡
11. 如图所示将物体A放入水中时悬浮，将物体B放入水中时有一半的体积露出水面，将物体A置于物体B上再放入水中时，物体B有三分之一的体积露出水面。下列说法正确的是( )
A. 物体B的密度是1×103kg/m3
B. 物体A、B的体积之比为1：3
C. 物体A、B的重力之比为1：6
D. 乙、丙图，物体B下表面所受的压力之比为3：4
12. 如图所示，质量不计的轻杆OC可绕支点A无摩擦转动，B处与物体M连接，M可看作一个质量为20kg的小正方体和一个质量为50kg的大正方体组成的凸字形物体(M与杠杆的作用点始终在B处)，M的底面积为0.1m2，OA=AB=BC=1m，质量为50kg的小田站在杠杆上，以下说法中正确的是( )
①当小田站在O位置时，M对地面的压力为200N；
②要使M对地面的压强为1.2×104Pa，小田应该站在B位置；
③要使M对地面的压强为1.6×104Pa，小田应该站在C位置；
④要使小田站在C位置时M对地的压强为2×104Pa，需将M下部分的大正方体沿竖直方向切去五分之一。
A. ①② B. ①②④ C. ①②③ D. ①②③④
13. 生活在青藏高原的藏族同胞，主要采用烧、烤、炒的烹调方式做像糍粑(把干面粉炒熟)的一类食品，很少用平原地区居民常用的煮、炖一类的烹调方式。其主要原因是青藏高原的大气压较______，导致水的沸点较______。(均选填“高”或“低”)
14. 如图所示是2023年6月，我国神舟十五号载人飞船搭乘长征二号运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，并取得圆满成功。在加速升空过程中，载人飞船的重力势能______ ，动能______ (均选填“变大”、“变小”、“不变”)。
15. 将一只密度计先后放入甲、乙两容器中，如图，两容器中液体密度分别为ρA、ρB，则密度计在两液体中受到的浮力F1 ______ F2，两液体的密度ρA ______ ρB(选填“>”“=”和“<”)。
16. 如图所示，OB为轻质杠杆，OA=20cm，AB=10cm，在杠杆的B端挂一个重力为40N的重物，要使杠杆在水平位置上平衡，在A点施加的最小作用力为______ N，方向______ 。
17. 如图所示，小川的质量为50kg，A、B、C处能承受的最大拉力分别为1000N，1300N，600N，每个滑轮重力均为100N，设每段绳子均处于竖直状态，不考虑绳子的质量和摩擦，则用此滑轮组提升重物的最大的机械效率为______，在最大机械效率的情况下若让物体以0.lm/s的速度上升，小川做功的功率为______W。
18. 如图所示，可绕O点转动的轻质杠杆OA，其中点B处挂一重力为100N的物体在A处施加竖直向上的拉力F，使杠杆在水平位置平衡，则拉力F大小为______，若始终保持拉力F的方向竖直向上，则在杠杆从水平位置匀速转动到图中虚线位置的过程中，拉力F大小将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)
19. 如图(a)所示，物体A重为38N，体积为3×10-3m3。如图(b)所示，水平地面上有一个重为12N、底面积为S的薄壁圆柱形容器，容器足够高，容器内盛有重为50N的水。
(1)若用绳子吊着物体A，将三分之一体积浸入水中，水对容器底压强的增加量Δp水与容器对桌面的压强增加量Δp桌比值为______ 。
(2)若剪断绳子后，物体A下沉至容器底部且完全浸没在水中，此时水对容器底的压强p水与容器对桌面压强p桌的比值为______ 。
20. A、B是质量分布均匀的实心正方体，A的边长为10cm，密度为8×103kg/m3，B的边长为20cm，则A的质量为______ kg。当A、B按如图的方式放置在水平地面时，A对B的压强是B对水平地面压强的43倍，若只将A沿水平方向切去比例为n的部分后，B对水平地面的压强变为p1，若只将B沿竖直方向切去同样的比例后，B对水平地面的压强变为p2，当p1：p2=5：8时，n= ______ 。
21. 如图甲所示，静止在水平地面的薄壁容器，上下两部分均为圆柱体，下底面积为200cm2，柱形物体用细线吊着浸没在水中。现在拉着柱形物体缓慢上升，图乙是细线受到的拉力F随物体上升高度h的关系图像，柱形物体的底面积为100cm2，则柱形物体所受的重力为 N，从开始拉动柱形物体直到完全露出水面后，水对容器底部的压力变化了 N。
22. 重力为5N的物体放在斜面上，请画出物体所受重力的示意图。
23. 作图题：
如图所示，请画出人站在地面上利用滑轮组提起物体时的绕绳方法。
24. 如图所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，将小球从高度为h的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一小木块在木板上向前移动一段距离s后停下，完成甲、乙、丙所示的三次实验，其中mA=mBhB。
(1)实验中小球的动能是由______ 能转化而来的，其大小是通过______ 来反映的；
(2)分析比较步骤______ 两组实验可得出物体的动能与物体速度的关系；分析比较甲、丙两组实验可得的结论是速度一定时，物体质量越大，物体的动能______ (选填“越大”或“越小”)，这里主要采用的实验方法是______ ；
(3)若水平面绝对光滑且足够长，木块被撞击后，它将做______ (选填“减速”“匀速”或“加速”)直线运动。
25. 某中学两支物理小组的同学，在实验室中验证阿基米德原理。
(1)方案一，小刚用石块按如图1实验步骤依次进行实验。由图1可知，石块浸没在水中受到的浮力F浮= ______ N，排开水的重力G排= ______ N，发现F浮≠G排，造成这种结果的原因不可能是______ (选填下列字母序号)；
A.最初溢水杯中的水未装至溢水口
B.整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零
C.步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯底部
(2)方案二，如图2，小明将装满水的溢水杯放在升降台C上，用升降台来调节溢水杯的高度。当小明逐渐调高升降台，发现随着重物浸入水中的体积越来越大，弹簧测力计A的示数______ (选填“增大”“减小”或“不变”)，且弹簧测力计A的示数变化量______ (选填“大于”“小于”或“等于”)B的示数变化量，从而证明了。F浮=G排；为了多次实验得到普遍规律，方案______ (选填“一”或“二”)的操作更加简便；
(3)该同学用同样的方法测量另一工艺品的密度时，发现该工艺品的重力超过了弹簧测力计的量程。为了能准确测出该工艺品的密度，聪明的小敏设计了如下实验方案；
①将一圆柱形烧杯漂浮在盛有水的玻璃水槽中，如图甲所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h1；
②将工艺品轻轻放入水槽中，如图乙所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h2；
③将工艺品从水槽中取出，平稳放在烧杯中，如图丙所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h3；已知水的密度为ρ水，则小敏测出工艺品的密度表达式为ρ工艺品= ______ (用已知的物理量表示)；
(4)同组同学对实验过程提出质疑，认为将工艺品从水中取出时会沾水，导致测量的密度会产生误差。你认为由于工艺品沾水导致小敏测出工艺品的密度将______ (选填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。
26. 小明用电子秤、薄壁柱形容器(质量忽略不计，底面积为100cm2)、合金块(高度为5cm)、气球(质量忽略不计)、细线(质量和体积忽略不计)、水进行相关实验探究，操作步骤如图：
①将电子秤放在水平台上，测出合金的质量，如图甲；
②将柱形容器放置在电子秤上，向其中装入部分水，如图乙；
③将合金块与气球用细线连接，用手拉着细线使它们逐渐进入水中，如图丙、丁、戊；
④气球全部放气，撤去拉力，合金块沉入容器底部，如图己。
请根据相关信息，回答如下问题：
(1)实验过程中，气球的体积大小可反映气体受到液体压强的大小，根据图丁和戊，说明液体压强大小与______有关。
(2)根据图甲乙丙，可知合金块的密度为______g/cm3。
(3)根据图丙和丁，由电子秤示数的变化，说明浮力的大小与______有关。丁图中气球所受的浮力为______N，此时水对容器底部的压强为______Pa。从图丁到戊，容器对桌面的压强变化了______Pa。
(4)若图戊中的气球缓慢向外漏气，手对细绳的拉力______(选填“变大”“变小”“不变”)，若将气体全部放完，撤去拉力，如图己，求图己中，合金块对容器底部的压强为______Pa。
27. 如图为重庆白居寺长江大桥，长1.4km，一辆质量为1.2t的家用桥车以72km/h的速度匀速通过主大桥，已知轿车受到的阻力为车重的0.05倍，求：
(1)轿车通过主大桥所做的功？
(2)轿车在主大桥上匀速行驶时的功率？
28. 如图所示，壁厚不计的圆柱形容器放在水平地面上，内装有水，上端固定的细线悬挂着正方体A(不吸水)竖直浸在水中，A有14的体积露出水面，此时水深为10cm，已知容器的底面积为200cm2，正方体A的边长为10cm、重12N，细线能承受的最大拉力为8N，不计细线体积和质量。求：
(1)正方体A受到的浮力；
(2)水对容器底部的压力；
(3)现在将容器中的水缓慢抽出，细线恰好断裂时立即停止抽水，A最终静止后，A对容器底部的压强。
29. 某校物理兴趣小组改装了一个压力传感器改装为水深测量仪，设计了如图甲所示的装置。轻质杠杆的支点为O，不吸水的实心圆柱体A通过轻质细线悬于杠杆左端C点，A的体积为5×10-3m3，A的高度h0=50cm，上表面与容器中的水面刚好相平，下表面与置于水平桌面上的薄壁圆柱形容器底部刚好接触但无挤压。物体B通过轻质细线悬于杠杆右端D点，置于压力传感器上，压力传感器可以显示B对其支撑面压力F的大小。连接杠杆和物体A、B间的细线承受的拉力有一定限度。现对该装置进行测试，以500cm3/min的速度将圆柱形容器中的水缓缓抽出，10min恰能将水全部抽尽，压力传感器示数F随时间t变化的图像如图乙所示。杠杆始终静止在水平位置，不计杠杆、细线的重力，不计细线的形变，已知圆柱形容器底面积S=200cm3，杠杆OC：OD=1：2。求：
(1)t=0min时刻，A所受到的浮力是多少？
(2)若B的重力GB为40N，则A的重力GA是多少？
(3)研究小组对装置进行了改进，使得圆柱形容器中水的深度从0上升到50cm的过程中，连接杠杆和物体A、B间的细线始终有拉力。写出压力传感器示数F随水深h变化的关系式(写出具体的计算过程)，并在图丙中作F-h图像。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、一个中学生的重力约为50kg，重力约为G=mg=50kg×10N/kg=500N，故A符合实际；
B、考场内的气压接近标准大气压，约为1.0×105Pa，故B不符合实际；
C、教室的一盏日光灯的电功率约为40W，通过的电流约为I=PU=40W220V≈0.18A，故C不符合实际；
D、一节新干电池的电压为1.5V，故D不符合实际。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】D
【解析】解：
A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不合题意；
B、园艺剪在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不合题意；
C、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不合题意；
D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3.【答案】B
【解析】解：
A、“祝融号”到达火星表面后仍然有质量，不会失去惯性，故A错误；
B、祝融号”静止在火星表面时运动状态不变，受力平衡，故B正确；
C、“祝融号”对地面的压力与地面对它的弹力，没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、“祝触号”要靠电力驱动，这说明力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持，故D错误。
故选：B。
(1)任何物体在任何情况下都有惯性；
(2)物体处于静止或匀速直线运动状态时，物体受力平衡；
(3)二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(4)力是改变物体运动状态的原因。
本题考查了惯性、物体受力情况的判定、二力平衡条件、力与运动的关系，属于基础题。
4.【答案】B
【解析】解：
A、根据阿基米德原理可知，长赐号正常满载的情况下受到的浮力是：F浮=G排=m排g=20×10000×1000kg×10N/kg=2×109N，故A正确；
B、长赐号从海水密度较大的红海前往海水密度较小的地中海时，始终处于漂浮状态，浮力等于重力，重力不变，受到的浮力会不变，故B错误；
C、长赐号搁浅时受力平衡，受到三个力的作用：竖直向下的重力、竖直向上的支持力和浮力，则受到的浮力小于重力，故C正确；
D、发生潮汐时，液面上涨，长赐号排开的水的体积变大，根据阿基米德原理可知，受到的浮力变大，从而能脱困，故D正确。
故选：B。
(1)知道长赐号排开的水的重力，根据阿基米德原理求出浮力大小；
(2)物体在液体中漂浮时，受到的浮力等于物体自身的重力；
(3)长赐号搁浅时处于静止状态，受到平衡力的作用，对长赐号受力分析，求出浮力和重力的大小关系；
(4)浮力的大小与液体的密度和排开的液体的体积有关，涨潮时，长赐号排开的水的体积变大，根据阿基米德原理分析浮力大小的变化。
本题考查了物体浮沉条件的应用、阿基米德原理的应用、物体的受力分析，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、用高压锅煮饭，是利用了锅内气压升高，水的沸点升高的原理，不是利用大气压来工作，故A不符合题意；
B、吸盘要吸在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，盘内的气压小于大气压，吸盘在外界大气压力作用下被压在墙壁上，属于大气压的应用，故B符合题意；
C、蜗炉水位计的结构符合上端开口、下端连通的特点，是利用连通器原理工作的，故C不符合题意；
D、飞机机的机翼上凸下平，飞机在运动过程中，机翼上方的空气流速大、压强小，机翼下方的空气流速小、压强大，所以机翼在较大的向上压强差的作用下升上天空，即飞机获得升力的原理是流体压强和流速的关系；故D不符合题意。
故选：B。
(1)高压锅是利用锅内气压增大、沸点升高的原理煮熟食物的；
(2)大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；
(3)连通器特点：上端开口、下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的；
(4)对于流体来说，流速大，压强小，流速小，压强大。
本题考查大气压的应用、连通器在生活中的应用、流体压强与流速的关系等，物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。
6.【答案】C
【解析】解：A、“花气袭人知骤暖”说明分子的热运动与温度有关，故A正确；
B、人造木板黏结剂中的甲醛扩散到空气中造成环境污染，故B正确；
C、用手捏海绵，海绵的体积变小了，是因为海绵的中空结构，故C错误；
D、微观粒子按空间尺度由大到小排序的是：原子、原子核、质子，故D正确。
故选：C。
(1)一切物体的分子都在不停地做无规则运动。
(2)不同物质的分子在互相接触时，彼此进入对方的现象叫扩散。
(3)海绵的体积变小，是因为它有中空的结构。
(4)微观粒子按空间尺度由大到小排序的是：原子、原子核、质子。
知道分子动理论的基本内容，知道微观粒子的空间尺度。
7.【答案】D
【解析】解：盛有甲、乙两种液体的两薄壁圆柱形容器内，分别放置在水平地面上，由于当甲、乙剩余部分的深度均为h时两液体对容器底部的压力相等，即：F甲'=F乙'；
由p=FS和p=ρgh得：ρ甲ghS甲=ρ乙ghS乙；
所以，ρ甲S甲=ρ乙S乙；
由图可知：h甲
G甲0=m甲0g=ρ甲V甲0g=ρ甲h甲0S甲g；
G乙0=m乙0g=ρ乙V乙0g=ρ乙h乙0S乙g；
所以，G甲0
由于m=G g，所以，m甲'=m乙'；
所以甲、乙抽出部分的质量：m甲
先根据液体压强公式p=ρgh和p=FS得出甲、乙密度和底面积的关系式，然后再根据甲乙的密度和底面积的关系式由p=FS和p=ρgh得出甲、乙液体原来的质量关系，进而即可求出变化量关系，分别判断液体对容器底部压强变化量p甲、p乙的大小关系。
本题考查了学生对密度公式、压强公式的掌握和运用，关键是知道规则柱状体产生的压强p=ρgh；然后能推导出两物体ρ的大小关系。
8.【答案】D
【解析】解：(1)a、b两个实心球，分别放入甲、乙两种液体中，静止时，a球漂浮在液面上，b球悬浮在液体中，
则F甲=Ga，F乙=Gb，
a、b两个实心球材料相同，ρa=ρb，
Va>Vb，
根据ρ=mV可知，ma>mb，
根据G=mg可知，Ga>Gb，
所以，F甲>F乙，故AB错误；
(2)甲、乙两种液体质量相等，则重力相等，
Ga>Gb，
所以，两种液体对烧杯底的压力F甲'>F乙'，
两个相同的烧杯，则底面积相等，
所以，根据p=FS可知，甲、乙两种液体对烧杯底的压强p甲>p乙，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)首先根据物体浮沉条件判断两球与自身重力的关系，然后利用密度和重力公式判断两球的重力关系，从而得出两球受到的浮力关系；
(2)根据甲、乙两种液体对烧杯底的压力等于烧杯内液体与球的总重力得出两种液体对烧杯底的压力关系，然后利用压强公式比较甲、乙两种液体对烧杯底的压强。
此题考查物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较，同时考查重力、密度公式的应用，关键是整体法应用，知道甲、乙两种液体对烧杯底的压力等于烧杯内液体与球的总重力。
9.【答案】C
【解析】解：A、由图可知n=2，绳重自由端移动的距离：s=2h=2×1m=2m，
拉力做的总功：W总=Fs=400N×2m=800J，
拉力做功的功率：P=W总t=800J10s=80W，故A错误；
B、人向下拉绳子时，绳子也会对人施加向上的拉力，
则人对地面的压力：
F压=G人-F=500N-400N=100N，
则工人对地面的压强：
p=F压S=100N0.05m2=2×103Pa.故B错误；
C、由图可知n=2，不计绳重与摩擦，F=12(G+G动)可得，
动滑轮重力：G动=2F-G=2×400N-600N=200N，
使用该滑轮组提升重物时，工人的最大拉力等于其重力，即F大=G人=500N，
不计绳重及摩擦，由F=12(G+G动)得，提升物体的最大重力：
G大=nF大-G动=2×500N-200N=800N.故C正确；
D、不计绳重与摩擦，提起物体的重力越大，做的有用功越多，有用功在总功中所占的比例越大，则滑轮组的机械效率越大，因此该滑轮组的机械效率不总是80%，故D错误。
故选：C。
(1)由图可知n=2，绳重自由端移动的距离s=2h，利用W总=Fs求总功，利用P=W总t拉力做功的功率；
(2)求出地面受到的压力(G-F)和受力面积(双脚站立)，再利用压强公式求工人对地面的压强；
(3)根据不计绳重和摩擦时F=12(G+G动)求出动滑轮重力，使用该滑轮组提升重物时，工人的最大拉力等于其重力，再根据F=12(G+G动)求出提升物体的最大重力；
(4)不计绳重与摩擦，提起物体的重力越大，做的有用功越多，有用功在总功中所占的比例越大，据此分析机械效率的变化情况。
本题考查了使用滑轮组时压强、功、功率、绳子拉力和机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)是解题的关键。
10.【答案】C
【解析】解：A、空心铝球的重力：G=mg=1.35kg×10N/kg=13.5N，
根据杠杆平衡条件可得FA×OA=FB×OB，即22.5N×0.1m=FB×0.3m，解得：FB=7.5N，
铝球受到的浮力等于铝球的重力与铝球受到绳子的拉力之差，即F浮=G-FB=13.5N-7.5N=6N，故A错误；
B、铝球的体积即铝球浸没在水中的体积：V=V排=F浮ρ水g=6N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-4m3，
铝球中铝的体积：V'=mρ铝=1.35kg2.7×103kg/m3=0.5×10-3m3，
铝球的空心体积：V0=V-V'=6×10-4m3-0.5×10-3m3=1×10-4m3，故B错误；
C、容器中水的质量：m'=ρ水V水=1.0×103kg/m3×3000×10-6m3=3kg，
水的重力：G'=m'g=3kg×10N/kg=30N，
铝球浸没后容器M对水平地面的压力等于容器的重力、水的重力、铝球的浮力之和，即F=G0+G'+F浮=4N+30N+6N=40N，
铝球浸没后容器M对水平地面的压强：p=FS=40N200×10-4m2 =2000Pa，故C正确；
D、将容器M中的水换成酒精，因为酒精的密度小于水的密度，所以铝球仍浸没在酒精中，排开酒精的体积不变，根据阿基米德原理可知铝球受到的浮力变小，铝球受到的拉力变大，即绳子B端对杠杆的拉力变大，而杠杆A端的力不变，两侧的力臂不变，根据杠杆平衡条件可知B端力和力臂的乘积变大，杠杆在水平位置不平衡，故D错误。
故选：C。
(1)根据重力公式计算空心铝球的重力，根据杠杆平衡条件计算杠杆B端受到绳子的拉力，铝球受到的浮力等于铝球的重力与铝球受到绳子的拉力之差，据此计算铝球受到的浮力；
(2)根据阿基米德原理计算空心铝球的体积，根据密度公式计算铝的体积，进一步计算铝球的空心体积；
(3)根据密度公式计算容器中水的质量。根据重力公式计算水的重力，铝球浸没后容器M对水平地面的压力等于容器的重力、水的重力、铝球的浮力之和，据此计算铝球浸没后容器M对水平地面的压力，根据压强公式计算铝球浸没后容器M对水平地面的压强；
(4)将容器M中的水换成酒精，因为酒精的密度小于水的密度，所以铝球仍浸没在酒精中，排开酒精的体积不变，根据阿基米德原理可知铝球受到的浮力的变化，进一步可知绳子B端对杠杆的拉力的变化，根据杠杆平衡条件判断杠杆在水平位置是否平衡。
本题考查重力公式、密度公式、阿基米德原理、压强公式的灵活运用，综合性强。
11.【答案】D
【解析】解：A、物体B漂浮在水中，浮力等于重力，V排=12VB，则ρB=12ρ水=0.5×103kg/m3，故A错误；
B、物体A悬浮在水中，浮力等于重力，V排=VA，则ρA=ρ水=1×103kg/m3；
AB一起放入水中，此时浮力等于AB重力之和，V排=23VB，GA+GB=F浮=ρ水gV排=ρ水g23VB，即ρAgVA+ρBg12VB=ρ水g23VB得VA=512VB，A、B的体积之比为5：12，故B错误；
C、物体A、B的重力之比为：GA：GB=ρAgVA：ρBgVB=5：6，故C错误；
D、乙、丙图中，物体B下表面受到的压力即为浮力，则压力之比等于浮力之比也等于排开液体体积之比12VB：23VB=3：4，故D正确。
故选：D。
(1)物体A悬浮在水中，浮力等于重力，V排=VA，则ρA=ρ水=1×103kg/m3；
(2)物体B漂浮在水中，浮力等于重力，V排=12VB，则ρB=12ρ水=0.5×103kg/m3；
(3)AB一起放入水中，此时浮力等于AB重力之和，V排=23VB，GA+GB=F浮=ρ水gV排=ρ水g23VB，求出VA和VB的关系，从而得出GA和GB的比值；
(4)乙、丙图中，物体B下表面受到的压力即为浮力，则压力之比等于浮力之比也等于排开液体体积之比。
本题考查物体沉浮条件的应用及阿基米德原理的计算和浮力产生的原因，属于比较综合题目，有一定难度。
12.【答案】B
【解析】解：①小田的重力大小为：G人=m人g=50kg×10N/kg=500N，
物体M的重力大小为：GM=mMg=(20kg+50kg)×10N/kg=700N，
当小田站在O位置时，由杠杆平衡条件可得，杠杆对M的拉力大小为：
F1=G人×OAAB=500N×1m1m=500N，
则物体M对地面的压力为：F2=GM-F1=700N-500N=200N，故①正确；
②小田站在B位置时，物体M对地面的压力为：F3=GM+G人=700N+500N=1200N，
此时M对地面的压强为：p1=F3SM=1200N0.1m2=1.2×104Pa，故②正确；
③小田站在C位置时，根据杠杆平衡条件可知，杠杆对M的压力大小为：
F4=G人×ACAB=500N×2m1m=1000N，
则M对地面的压力为：F5=F4+GM=1000N+700N=1700N，
此时M对地面的压强为：p2=F5SM=1700N0.1m2=1.7×104Pa，故③错误；
④当小田站在C位置时，M下部分的大正方体沿竖直方向切去五分之一，
则M的底面积变为：SM'=45SM=45×0.1m2=0.08m2，
M的质量变为：mM'=20kg+45×50kg=60kg，
M的重力变为：GM'=mM'g=60kg×10N/kg=600N，
此时M对地面的压力为：F6=F4+GM'=1000N+600N=1600N，
此时M对地面的压强为：p3=F6SM'=1600N0.08m2=2×104Pa，故④正确。
故选：B。
①先根据G=mg求出小田和物体M的重力，再根据杠杆平衡条件可求出杠杆对M的拉力，从而求出M对地面的压力；
②小田站在B位置时，物体M对地面的压力为人和M的重力之和，根据p=FS可求出M对地面的压强；
③小田站在C位置时，根据杠杆平衡条件可求出杠杆对M的压力，从而求出M对地面的压力，根据p=FS可求出M对地面的压强；
④当小田站在C位置时，M下部分的大正方体沿竖直方向切去五分之一，则底面积变为原来的45，M下部分的大正方体的质量也变原来的45，从而可求出M此时的重力大小，从而求出M对地面的压力，根据p=FS可求出M对地面的压强。
本题主要考查杠杆平衡条件及压强的计算，关键是要搞清楚各种情况下M对地面的压力大小。
13.【答案】低 低
【解析】解：大气压随高度的增加而减小，在青藏高原地区，海拔较高，气压较小，沸点与气压有关，气压低沸点低。从而导致水的沸点降低，低于100℃。
故答案为：低；低。
(1)气压跟海拔有关，海拔越高，气压越小。
(2)1标准大气压下水的沸点是100℃.沸点跟气压有关，气压越低，沸点越低。
本题考查了沸点与气压、气压与海拔高度的关系，属于联系生活的问题，难度不大。
14.【答案】变大 变大
【解析】解：飞船在加速上升的过程中，飞船的质量不变，由于速度增大，其动能变大；由于上升时高度变大，其重力势能变大。
故答案为：变大；变大。
动能与质量、速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大。
掌握动能、重力势能的影响因素，会根据影响因素进行判断可顺利解答，难度不大。
15.【答案】= >
【解析】解：因为密度计漂浮，密度计受到的浮力等于其重力，所以密度计在A、B两种液体中受到的浮力相等，即两液体中受到的浮力F1=F2，
由图知，密度计在甲容器中排开液体的体积小于在乙容器中排开液体的体积VA
故答案为：=；>。
密度计放在A、B液体中都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力，据此得出受到浮力的大小关系；从图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。
本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件，利用好密度计漂浮(F浮=G)是解此类题目的关键。
16.【答案】60 竖直向上
【解析】解：重力的方向竖直向下，杠杆在水平位置上平衡，阻力的力臂l2等于OB，根据杠杆的平衡条件Fl1=Gl2，在阻力和阻力臂l2一定时，要使在A点施加的力最小，动力臂l1应最长，故当在A点施加竖直向上的力时，动力臂l1(OA)最大，由题可知
l2=20cm+10cm=30cm
因为杠杆在水平位置上平衡，由杠杆的平衡条件，则在A点施加的最小作用力为F=L2L1×G=30cm20cm×40N=60N。
力的方向竖直向上。
故答案为：60；竖直向上。
杠杆在水平位置上平衡，重物拉力的力臂为OB，在A点施加竖直向上的力时，动力臂(OA)最大，动力最小；
求出动力臂和阻力臂，知道阻力大小，利用杠杆的平衡条件求在A点施加的竖直向上的拉力。
本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
17.【答案】87.5% 80
【解析】解：
由图可知，n=2，不考虑绳子的质量和摩擦，
①当C处绳子的拉力为600N时，由FC=1n(FA+G动)可得，A处绳子的拉力：
FA=2FC-G动=2×600N-100N=1100N>1000N，
所以，此种情况不可能；
②当A处绳子的拉力为1000N时，即A处物体的重力为1000N，
此时C处绳子的拉力FC=1n(GA+G动)=12×(1000N+100N)=550N，
而小川的重力为G人=mg=50kg×10N/kg=500N，因FC>G人，所以小川会被绳子拉上去，则此种情况不可能；
③当B处绳子的拉力为1300N时，
以定滑轮为研究对象可知，受到竖直向上B绳子的拉力、竖直向下定滑轮自身的重力和三股绳子向下的拉力，
由力的平衡条件可得，FB=G定+3FC，
则FC=13(FB-G定)=13(1300N-100N)=400N，
由F=1n(G+G动)可得，此时A处物体的重力：
GA=2FC-G动=2×400N-100N=700N，即A处绳子的拉力700N<1000N，此种情况可能，
则滑轮组的最大机械效率：
η=W有用W总=FAhFCs=FAhFCnh=FAnFC=700N2×400N×100%=87.5%，
小川做功的功率为：
P=FCv绳=FC×2v物=400N×2×0.1m/s=80W；
故答案为：87.5%；80。
由图可知滑轮组绳子的有效股数，当C处绳子的拉力为600N时，根据FC=1n(FA+G动)可求出A处绳子的拉力，再判断此种情况是否可能；
当A处绳子的拉力为1000N时，即A处物体的重力为1000N，根据F=1n(G+G动)求出C处绳子的拉力，再与人的重力比较，若C处绳子的拉力大于人的重力，则人会被绳子拉上去，从而判断出此种情况是否可能；
当B处绳子的拉力为1300N时，以定滑轮为研究对象，根据力的平衡条件求出FC，根据F=1n(G+G动)求出A处物体的重力，即A处绳子的拉力，判断出此种情况可能；
根据η=W有用W总=FAhFCs=FAhFCnh=FAnFC求出滑轮组的机械效率，再根据P=Fv绳可求小川做功的功率。
本题考查了滑轮组机械效率和功率的计算，正确的讨论得出滑轮组提升重物最大重力时的情况是关键，要注意物体提升的重物越重、滑轮组的机械效率越大。
18.【答案】50N 不变
【解析】解：杠杆在水平位置保持平衡，由F1L1=F2L2可得，拉力的大小：F=OBOAG=12×100N=50N；
若始终保持拉力F的方向竖直向上，则在杠杆从水平位置匀速转动到图中虚线位置的过程中，如下图所示：
杠杆该位置，OA'为动力臂，OB'为阻力臂，阻力不变为G，
因为△OB'D∽△OA'C，
所以OB'：OA'=OD：OC=1：2，
因为杠杆平衡，所以F'LOA'=GLOB'，
则F'=G×LOC'LOA'=12G=12×100N=50N；
由此可知，力F的大小不变，故D错误。
故答案为：50N；不变。
(1)物体的重力为阻力，杠杆在水平位置保持平衡时，OB为阻力臂，OA为动力臂，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2求出拉力的大小；
(2)画出动力和阻力的作用线，找出动力臂和阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况。
本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，能画出杠杆在B位置的力臂并借助三角形相似确定其关系是本题的关键。
19.【答案】1 0.8
【解析】解：(1)用绳子吊着物体A，将三分之一体积浸入水中时，液面上升的高度Δh=ΔV排S=13VAS=VA3S，
水对容器底压强的增加量Δp水=ρ水gΔh=ρ水g×VA3S=ρ水gVA3S，
当物体A没有浸入水中时，容器对桌面的压力F桌=G容+G水--------①
将三分之一体积浸入水中后，把容器、水和物体A看作一个整体，受向下的总重力、向上的支持力、拉力作用处于平衡状态，
所以，此时容器对桌面的压力：F桌'=F支=G容+G水+GA-F拉--------②
由①②可得：ΔF桌=GA-F拉=F浮=ρ水gV排=ρ水g×13VA=ρ水gVA3，
容器对桌面的压强增加量Δp桌=ΔF桌S=ρ水gVA3S=ρ水gVA3S，
所以，Δp水：Δp桌=ρ水gVA3S：ρ水gVA3S=1：1；
(2)若剪断绳子后，物体A下沉至容器底部且完全浸没在水中时，容器内水的深度h=VA+V水S，
此时水对容器底的压强p水=ρ水gh=ρ水g×VA+V水S=ρ水gVA+G水S，
容器对桌面压力F桌″=G容+G水+GA，容器对桌面压强p桌=F桌″S=G容+G水+GAS，
所以，p水：p桌=ρ水gVA+G水S：F桌″S=G容+G水+GAS=(ρ水gVA+G水)：(G容+G水+GA)
=(1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10-3m3+50N)：(12N+50N+38N)=4：5=0.8。
故答案为：(1)1；(2)0.8。
(1)用绳子吊着物体A，将三分之一体积浸入水中时，根据V=Sh求出液面上升的高度，利用p=ρgh表示出水对容器底压强的增加量，当物体A没有浸入水中时，容器对桌面的压力等于水和容器的重力之和，将三分之一体积浸入水中后，把容器、水和物体A看作一个整体，受向下的总重力、向上的支持力、拉力作用处于平衡状态，据此求出容器受到的支持力即为此时容器对桌面的压力，然后求出容器对桌面的压力增加量，根据p=FS求出容器对桌面的压强增加量，进一步求出答案；
(2)若剪断绳子后，物体A下沉至容器底部且完全浸没在水中时，根据V=Sh求出液面上升的高度，利用p=ρgh表示出水对容器底的压强，容器对桌面压力等于水和容器、物体A的重力之和，根据p=FS求出容器对桌面的压强，然后求出此时水对容器底的压强p水与容器对桌面压强p桌的比值。
本题考查了液体压强公式和压强定义式的综合应用等，正确得出将三分之一体积浸入水中时容器对桌面压力的增加量是关键。
20.【答案】8 12
【解析】解：ρ=mV可得：正方体A的质量mA=ρAVA=8×103kg/m3×(0.1m)3=8kg；
A对B的压力等于A的重力，即FAB=GA=mAg=8kg×10N/kg=80N；
由p=FS可知，A对B的压强：
pA=FABSA=80N(0.1m)2=8000Pa；
由题意可知，B对水平地面的压力等于A、B整体的重力，则B对水平地面的压强为：
pB=FBSB=GA+GBSB=80N+GB(0.2m)2=80N+GB0.04m2；
又A对B的压强是B对水平地面压强的一倍，即80N+GB0.04m2=8000Pa；
解得：GB=240N；
当A水平方向切去比例为n的部分后，B对水平地面的压强p1=GA(1-n)+GBSB…………①；
当B竖直方向上切去比例为n的部分，B对水平地面的压强p2=GA+GB(1-n)(1-n)SB…………②；
又p1：p2=5：8…………③；
解以上三式得：n=，n=(不合题意，舍去)。
故答案为：8；。p1=…………①；
当B竖直方向上切去比例为n的部分，B对水平地面的压强p2=…………②；
又p1：p2=5：8…………③；
解以上三式得：n=12，n=94(不合题意，舍去)。
故答案为：8；12。
由正方体A的边长可求体积，再由ρ=mV可求A的质量；利用压强公式可间接确定物体的重力大小，再根据切去部分后对水平地面的压力变化情况确定压强的表达式，进而确定切去的比例。
本题考查压强的计算、密度公式及其应用，掌握压强公式和密度公式是解答本题的关键，对切去部分给接触面积带来的影响的分析是解答本题的易错点。
21.【答案】31 18
【解析】解：由乙图可知圆柱体浸没时受到的拉力为16N，从h=4cm圆柱体开始露出水面，即当h=4cm时，圆柱体的上表面与水面相平，
当h=6cm时，圆柱体受到的拉力为23N，此时容器中的水面与容器下部分的的顶部相平，
根据F=G-F'可知圆柱体受到的浮力的变化量为ΔF浮=23N-16N=7N，
则圆柱体露出水面的体积：ΔV=ΔF浮ρ水g=7N1.0×103kg/m3×10N/kg=7×10-4m3，
圆柱体露出水的高度：Δh=ΔVS1=7×10-4m3100×10-4m2=0.07m=7cm，
圆柱体上升的高度为6cm-4cm=2cm，则容器上部分的水面高度为h上=7cm-2cm=5cm，
当h=10cm时，圆柱体离开水面，设该过程水面下降的高度为h'，根据体积公式可得S1(Δh'+h')=Sh'，
即100×10-4m2 ×[(10-6)×10-2m+h']=200×10-4m2×h'，
解方程可得h'=0.04m=4cm，
则圆柱体的高度为h=7cm+4cm+4cm=15cm=0.15m，
圆柱体浸没时受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-4m2×0.15m=15N，
圆柱体的重力：G=F'+F浮=16N+15N=31N；
水面下降的高度h0=h上+h'=5cm+4cm=9cm=0.09m，
水对容器底部的压强变化量：Δp=ρgh0=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.09m=900Pa，
水对容器底部的压力变化量：ΔF=ΔpS=900pa×200×10-4m2=18N。
故答案为：31；18。
由乙图可知当h=4cm圆柱体浸没时受到的拉力，从h=4cm圆柱体开始露出水面，即当h=4cm时，圆柱体的上表面与水面相平，
当h=6cm时，由图乙可知圆柱体此时受到的拉力，此时容器中的水面与容器下部分的的顶部相平，
根据F=G-F'计算圆柱体受到的浮力的变化量，根据阿基米德原理计算圆柱体露出水面的体积，根据体积公式计算圆柱体露出水的高度，
由图乙可知圆柱体上升的高度，进一步计算容器上部分的水面高度，
当h=10cm时，圆柱体离开水面，设该过程水面下降的高度为h'，根据体积公式可得S1(Δh'+h')=sh'，代入数据解方程可得h'，
进一步计算圆柱体的高度，根据阿基米德原理圆柱体浸没时受到的浮力，根据称重法计算圆柱体的重力；
计算整个过程水面下降的高度，根据液体压强公式计算水对容器底部的压强变化量，根据F=pS计算水对容器底部的压力变化量。
本题考查液体压强公式、压强定义式、阿基米德原理、称重法的灵活运用，难度较大。
22.【答案】解：
画重力的示意图时，先找重心，重心就画在物体的几何中心；
重力的方向是竖直向下的，从重心画一竖直向下的线段，标上箭头和字母G，同时标出重力的大小。如图所示：
【解析】在受力物体上沿力的方向画一条线段，在线段的末端画一个箭头表示力的方向，线段的起点或终点表示力的作用点；知道力的大小就要标出来；重力的方向是竖直向下的；重心一般就画在物体的几何中心上
此题考查的是重力的示意图，是一道基础题。需要注意的是重力是用G来表示的，而不是F.知道力的大小就要标出来。
23.【答案】解：因为滑轮组要求人站在地面上提升重物，因此，在绕绳时，最终的绳子自由端方向应该向下，从定滑轮的挂钩上开始，然后依次绕过动滑轮、定滑轮，由两段绳子承担物重，如图所示：
【解析】在使用滑轮组提升重物时，既要考虑到它的省力情况，还应注意动力的施力方向。
设计滑轮组的绕绳方案应从两方面考虑，一是省力情况，二是绳子自由端的朝向。
24.【答案】重力势 木块移动的距离 甲、乙 越大 控制变量法 匀速
【解析】解：(1)小球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度增大，动能增大，所以是将重力势能转化为动能的过程；其动能大小是通过小木块移动的距离大小来反映的，小木块移动的距离越大，动能越大。
(2)探究物体的动能与物体速度的关系，保持小球的质量相同，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同，选择图甲和图乙进行实验。
由图甲和图丙可知，滚下的高度相同，达到水平面的速度相同，丙图中小球的质量较大，推动木块移动的距离越远，动能越大，可以得到速度一定时，物体质量越大，物体的动能越大。
动能大小与质量和速度有关，在探究一个因素时，需要控制另一个因素不变，所以本实验主要采用了控制变量法。
(3)若水平面绝对光滑且足够长，木块被撞击后，木块水平方向不受力的作用，根据牛顿第一定律可知，木块将做匀速直线运动。
故答案为：(1)重力势；木块移动的距离；(2)甲、乙；越大；控制变量法；(3)匀速。
(1)小钢球在滚下斜面的过程中，它的重力势能转化为动能；动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(2)影响物体动能大小的因素有质量和速度，根据控制变量法进行分析；
(3)根据牛顿第一定律分析。
本题是探究物体动能的大小与哪些因素有关的实验，考查了转换法、控制变量法在实验中的应用等内容。
25.【答案】2 1.9 B 减小 等于 二 ρ水(h3-h1)h2-h1 无影响
【解析】解：(1)方案一：
根据F浮=G-F可知，石块浸没在水中受到的浮力F浮=F1-F3=5N-3N=2N；
排开水的重力G排=F4-F2=2.9N-1N=1.9N；
F浮>G排，
A、若最初溢水杯中的水未装至溢水口，则石块排开水的只有一部分溢出到桶中，排开水的重力G排减小，故A有可能；
B、若弹簧测力计都没有校零，那么四次测量结果都应加上测量前弹簧测力计示数，那么所得浮力与排开水的重力大小应不变，故B不可能；
C、步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯底部，则导致F3减小，F3减小，F1-F3>F4-F2.得出错误结论：F浮≠G排，故C有可能；
故选：B；
(2)方案二：
重物浸入水中的体积越来越大时，排开液体的体积变大，根据F浮=ρ液gV排可知，重物受到的浮力变大，
因为F浮=G-F示，所以弹簧测力计A的示数F示=G-F浮变小；
又因为重物浸入水中的体积越来越大时，溢出水的体积变大、溢出水的质量变大、溢出水受到的重力变大，所以弹簧测力计B的示数变大；
根据阿基米德原理可知，物体所受浮力的大小和排开液体的重力相等，所以弹簧测力计A示数的变化量和弹簧测力计B的示数变化量相等；
由上可知，方案二的操作可较方便的完成多次实验，使结论有普遍性；
(3)设容器的底面积为S，由甲、乙两图可知工艺品的体积是V工艺品=S(h2-h1)，
由甲、丙两图可知：工艺品的重力G工艺品=F浮=ρ水gV排=ρ水gS(h3-h1)，所以工艺品的质量m工艺品=G工艺品g=ρ水gS(h3-h1)g=ρ水S(h3-h1)，所以工艺品的密度是ρ工艺品=m工艺品V工艺品=ρ水S(h3-h1)S(h2-h1)=ρ水(h3-h1)h2-h1；
(4)设工艺品带出水的重力ΔG，放入烧杯中处于漂浮状态，由漂浮条件可知，增加的浮力等于ΔG，即增加的排开水的重力等于ΔG，所以水面的高度保持不变，由ρ工艺品=ρ水(h3-h1)h2-h1，可知沾水对工艺品的密度无影响。
故答案为：(1)2；1.9；B；(2)减小；等于；二；(3)ρ水(h3-h1)h2-h1；(4)无影响。
(1)方案一根据称重法测出小石块受到的浮力；排开水的重力等于排开的水和小桶的重力之和减掉空桶的重力；逐一分析每个选项，确定不符合条件的选项；
(2)方案二：
根据阿基米德原理可知，重物浸入水中的体积越来越大时受到的浮力变大，根据称重法可知弹簧测力计A示数的变化；
此时重物排开水的体积变大即溢出水的体积变大，据此可知弹簧测力计B示数的变化；再根据阿基米德原理判断弹簧秤A的示数变化量和弹簧秤B的示数变化量之间的关系；比较两个方案确定哪个操作更简便；
(3)根据甲、乙两图数据计算出工艺品的体积，根据甲、乙两图数据，利用物体的漂浮条件计算出工艺品的质量，从而计算出工艺品的密度；
(4)工艺品带出了水后，工艺品和带出的水漂浮在水面上，增加的浮力等于工艺品带出的水的重力，即增加的排开水的重力等于工艺品带出水的重力，所以水面的高度保持不变。
此题验证阿基米德原理，考查操作过程及误差的分析和对实验方案评估和改进，同时也考查了有关物体密度的计算、力的平衡、阿基米德原理等，根据已知条件确定金属块的体积和质量是解决此题的关键。综合性强，难度大，为压轴题。
26.【答案】深度 5 物体排开液体的体积 0.1 2030 5 变大 2000
【解析】解：(1)由图丁和图戊可知，深度越大时，气球的体积越小，说明气球受到液体的压强越大，从而得知，液体压强大小与深度有关；
(2)由图甲可知，合金块的质量m=100g，
由图乙和图丙可知，合金块排开水的质量m排=2020g-2000g=20g，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，由ρ=mV可得，
合金块的体积为：V=V排=m排ρ水=20g1g/cm3=20cm3，
则合金块的密度为：ρ=mV=100g20cm3=5g/cm3；
(3)由图丙和图丁可知，排开水的体积增大时，电子秤的示数增大，则电子秤受到的压力增大，增大的压力等于气球受到的浮力，从而说明浮力的大小与排开液体的体积有关；
由图丙和图丁知，气球受到的浮力等于电子秤增大的压力，则
气球受到的浮力为：F浮=F丁-F丙=(m丁-m丙)g=(2030-2020)×10-3kg×10N/kg=0.1N；
丁图中，水对容器底部的压力为：F=G=m'g=2030×10-3kg×10N/kg=20.30N，
此时水对容器底部的压强为：p=FS=20.30N100×10-4m2=2030Pa；
从图丁到图戊，容器对桌面的减小的压力为：ΔF=F丁-F戊=(m丁-m戊)g=(2030-2025)×10-3kg×10N/kg=0.05N，
容器对桌面变化的压强为：Δp=ΔFS=0.05N100×10-4m2=5Pa；
(4)若图戊中的气球缓慢向外漏气，气球排开液体的体积减小，由F浮=ρ液gV排知，受到的浮力减小，由F浮=G-F拉知，手对细绳的拉力变大；
图己中，合金块的重力为：G'=mg=100×10-3kg×10N/kg=1N，
合金块浸没时受到的浮力为：F浮=m排g=20×10-3kg×10N/kg=0.2N，
合金块对容器底部的压力为：F'=G'-F浮=1N-0.2N=0.8N，
合金块的底面积为：S'=Vh'=20cm35cm=4cm2，
合金块对容器底部的压强p'=F'S'=0.8N4×10-4m2=2000Pa。
故答案为：(1)深度；(2)5；(3)物体排开液体的体积；0.1；2030；5；(4)变大；2000。
(1)由题意可知，实验过程中，气球的体积大小来反映气体受到液体压强的大小，分析图丁和图戊中深度关系以及气球的体积关系，然后得出结论；
(2)根据图甲得出合金块的质量，根据图乙和图丙求出合金块排开水的质量，根据V=mρ求出合金块排开液体的体积即为合金块的体积，利用ρ=mV求出合金块的密度；
(3)根据图丙和图丁得出排开液体的体积和台秤示数的关系，然后得出结论；较图丙和图丁，丁图中气球受到时的浮力等于电子秤增大的压力；根据F=G=mg求出此时水对容器底部的压力，利用p=FS求出此时水对容器底部的压强；从图丁到图戊，容器对桌面压力增大，根据压强定义公式求容器对桌面压强增大量；
(4)若示意图戊中的气球缓慢向外漏气，气球排开液体的体积减小，由阿基米德原理可知受到的浮力变化，根据F浮=G-F拉得出手对细绳的拉力变化；图己中，根据G=mg求出合金块的重力，根据F浮=G排=m排g求出合金块浸没时受到的浮力，合金块对容器底部的压力等于自身的重力减去受到的浮力，根据压强定义公式求合金块对容器底部的压强。
本题考查了影响液体压强和浮力大小的因素、密度公式、固体和液体的压强计算、阿基米德原理、称重法求浮力等，综合性较强，有较大难度。
27.【答案】解：(1)轿车受到的阻力f=0.05G=0.05mg=0.05×1.2×103kg×10N/kg=600N，
轿车做匀速直线运动，处于平衡状态，所受的牵引力F=f=600N，
轿车通过主大桥所做的功W=Fs=600N×1.4×103m=8.4×105J；
(2)轿车在主大桥上匀速行驶时的功率P=Wt=Fst=Fv=600N×723.6m/s=1.2×104W。
答：(1)轿车通过主大桥所做的功为8.4×105J；
(2)轿车在主大桥上匀速行驶时的功率为1.2×104W。
【解析】(1)根据阻力和重力的关系得出轿车受到的阻力；轿车做匀速直线运动，处于平衡状态，根据二力平衡条件得出所受的牵引力，根据W=Fs得出轿车通过主大桥所做的功；
(2)根据P=Wt=Fst=Fv可知轿车在主大桥上匀速行驶时的功率。
本题考查重力、阻力、功和功率的计算，并考查二力平衡的知识，综合性强，难度适中。
28.【答案】解：
(1)物体A是边长为10cm的正方体，体积为：V=(10cm)3=0.001m3，此时有14的体积露出水面，则排开液体的体积为：V排=(1-14)×0.001m3=7.5×10-4m3，
由阿基米德原理，物体A有14体积露出水面时受到的浮力：F浮=ρ水g×V排=1.0×103kg/m3×10N/kg×7.5×10-4m3=7.5N；
(2)水对容器底的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10-2m=1000Pa，
由p=FS可得，水对容器底部的压力：F=pS=1000Pa×200×10-4m2=20N；
(3)打开阀门放水，当细线刚好达到最大拉力8N时，由力的平衡，此时A受到的浮力为：F浮1=GA-F大=12N-8N=4N，
由阿基米德原理，此时排开液体的体积：V排1=F浮1ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10-4m3，
原来A浸入水中的深度为：h=(1-14)×10cm=7.5cm，
放水后，A浸入水中的深度为h1=V排1SA=4×10-4m3(10×10-2m)2=0.04m=4cm，
水面下降的高度：Δh=h-h1=7.5cm-4cm=3.5cm，
现在水的深度为：h2=10cm-3.5cm=6.5cm，
则流出水后容器内水的体积：V剩余=(h2-h1)S容+h1×(S容-SA)=(6.5cm-4cm)×200cm2+4cm×[(200cm2-(10cm)2]=900cm3,
由G=mg可知，物体A的质量：mA=GAg=12N10N/kg=1.2kg，
物体A的密度：ρA=mAVA=1.2kg1000×10-6m3=1.2×103kg/m3，
因为物体A的密度大于水的密度，所以物体A静止在容器底，此时物体A浸没的高度：h3=V剩余S容-SA=900cm3200cm2-(10cm)2=9cm，
物体A受到的浮力：F浮2=ρ水gV排2=ρ水gSAh3=1.0×103kg/m3×10N/kg×(10×10-2m)2×9×10-2m=9N，
物体A对容器底的压力：F压=GA-F浮2=12N-9N=3N，
物体A对容器底的压强：p=F压SA=3N(10×10-2m)2=300Pa。
答：(1)正方体A受到的浮力为7.5N；
(2)水对容器底部的压力为20N；
(3)现在将容器中的水缓慢抽出，细线恰好断裂时立即停止抽水，A最终静止后，A对容器底部的压强为300Pa。
【解析】(1)已知物体A的边长，根据体积公式求出A的体积，根据此时有14的体积露出水面，得出A排开液体的体积，由阿基米德原理求出物体A有14体积露出水面时受到的浮力；
(2)先根据p=ρgh求出水对容器底的压强，再根据F=pS求出水对容器底部的压力；
(3)打开阀门放水，当细线刚好达到最大拉力8N时，由力的平衡得出此时A受到的浮力，由阿基米德原理求出此时排开液体的体积，从而得出此时A浸入水中的深度，可知原来A浸入水中的深度，从而得出水面下降的高度，可知流出水后剩余水的深度，故可得出流出水后容器内剩余水的体积，根据G=mg和ρ=mV求出物体A的密度，与水的密度比较可知物体A静止时的位置，再根V=Sh求出水浸没水中的高度，再根据V=Sh和阿基米德原理求出此时物体A受到的浮力，进一步求出物体A对容器底的压力，最后根据p=F压SA求出容器对桌面的压强。
本题考查力的平衡、阿基米德原理、密度公式、重力公式、压强公式的运用，涉及知识点多，综合性强，求出流出水后容器内剩余水的重力是关键，有一定难度。
29.【答案】解：(1)t=0min时刻，A排开水的体积为：
V排=VA=5×10-3m3，
此时A所受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-3m3=50N；
(2)由图乙可知，当t=6min以后，连接杠杆和圆柱体A的绳子断开，此时B对压力传感器的压力为GB，
则4F0=GB=40N，
F0=10N，
由图乙可知，当t=0min时刻，压力传感器示数F1=52F0=52×10N=25N，
则绳子对D端的拉力为：FD=GB-F1=40N-25N=15N，
此时绳子对C端的拉力为：FC=GA-F浮=GA-50N，
由杠杆的平衡条件可得：FC⋅OC=FD⋅OD，
即(GA-50N)×1=15N×2，
解之，得：GA=80N；
(3)圆柱形容器中水的深度从0上升到50cm的过程中，连接杠杆和物体A、B间的细线始终有拉力，
则细线可以承受A的重力，不会断开，
A的底面积为：SA=VAh0=5×10-3m350×10-2m=1×10-2m2，
水深h时，圆柱体A受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=ρ水gSAh，
此时绳子对C的拉力为：FC=GA-F浮=GA-ρ水gSAh，
由杠杆的平衡条件可得：FC⋅OC=FD⋅OD，
则D端受到的拉力为：FD=OCOD⋅FC=12(GA-ρ水gSAh)，
传感器受到的压力为：F=GB-FD=GB-12(GA-ρ水gSAh)
=40N-12×(80N-1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10-2m2×h×10-2m)=(0.5N/cm)×h，
即F与h成正比，且h=0cm时F=0N，h=50cm时F=(0.5N/cm)×50cm=25N，F-h图象如下图所示：
答：(1)t=0min时刻，A所受到的浮力是50N；
(2)物体A的重力GA是80N；
(3)压力传感器示数F随水深h变化的关系式为F=(0.5N/cm)×h，F-h图象如上图所示。
【解析】(1)t=0min时刻，实心圆柱体A上表面与容器中的水面刚好相平，此时A刚好浸没，则A排开液体的体积等于A的体积，根据阿基米德原理F浮=ρgV排求出此时A所受到的浮力；
(2)根据图乙可知t=6min以后连接杠杆和圆柱体A的绳子断开，此时B对压力传感器的压力为GB，即4F0=GB，可求出F0，根据图乙t=0min时刻压力传感器示数，绳子对D端的拉力等于B的重力减去压力传感器的示数，此时C端绳子的拉力等于A的重力减去受到的浮力，根据杠杆的平衡条件得出等式，从而可求出A的重力；
(3)圆柱形容器中水的深度从0上升到50cm的过程中，连接杠杆和物体A、B间的细线始终有拉力，则细线可以承受A的重力，不会断开，根据阿基米德原理表示出受到的浮力，然后表示出绳子对C的拉力，根据杠杆的平衡条件求出D端受到的拉力，进一步得出传感器受到的压力，根据表达式做出F-h图象。
本题考查了阿基米德原理和杠杆平衡条件的综合应用等，从图乙中读出有用的信息和分清各力之间的关系是关键。
2023-2024学年重庆市巴蜀科学城中学九年级（上）开学物理试卷
1. 下列估测值符合生活实际的是( )
A. 一个中学生的重力约为500N B. 考场内的气压为1×106Pa
C. 教室的一盏日光灯的电流约为10A D. 一节新干电池的电压为220V
2. 如图所示，正在使用的四种工具，属于费力杠杆的是( )
A. 羊角锤 B. 园艺剪
C. 核桃夹 D. 食品夹
3. 如图所示是我国首辆火星车“祝融号”抵达火星的照片，下列说法正确的是( )
A. “祝融号”到达火星表面后将失去惯性
B. “祝融号”静止在火星表面时受力平衡
C. “祝融号”对地面的压力与地面对它的弹力是一对平衡力
D. “祝触号”要靠电力驱动，说明力是维持物体运动的原因
4. 2021年3月23日，排水量20万吨的重型货轮“长赐号”在苏伊士运河搁浅造成运河堵塞，如图。经过6天“长赐号”终于借助潮汐涨潮的作用下才重新起浮(g取10N/kg)。关于此事件下列说法错误的是( )
A. “长赐号”正常满载的情况下受到的浮力是2×109N
B. “长赐号”从海水密度较大的红海前往海水密度较小的地中海受到的浮力会变小
C. “长赐号”搁浅时受到的浮力小于重力
D. “长赐号”脱困是借助潮汐作用使排开海水的体积变大从而使得浮力变大
5. 如图所示中主要利用大气压强原理的是( )
A. 利用高压锅煮饭
B. 吸盘挂钩
C. 锅炉的水位计显示水位
D. 飞机起飞的升力
6. 下列说法中不正确的是( )
A. “花气袭人知骤暖”说明分子的热运动与温度有关
B. 人造木板黏结剂中的甲醛扩散到空气中造成环境污染
C. 用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明分子间有间隙
D. 微观粒子按空间尺度由大到小排序的是：原子、原子核、质子
7. 如图所示，两薄壁圆柱形容器内分别盛有甲、乙两种液体放置在水平地面上，现从两容器中分别抽出部分液体，使甲、乙剩余部分的深度均为h，若此时两液体对容器底部的压力相等，则甲、乙抽出部分的质量m甲、m乙及液体对容器底部压强变化p甲、p乙的大小关系是( )
A. m甲
C. m甲=m乙，p甲
A. F甲=F乙；p甲=p乙 B. F甲=F乙；p甲>p乙
C. F甲>F乙；p甲=p乙 D. F甲>F乙；p甲>p乙
9. 小明体重为500N，双脚与地面接触面积为0.05m2，用如图所示的滑轮组将重为600N的物体匀速提升了1m，用时10s。拉动过程中小明对绳子的拉力为400N，若不计绳重与摩擦，则( )
A. 在匀速提升物体的过程中，拉力做功的功率为40W
B. 在匀速提升物体的过程中，小明对地面的压强为104Pa
C. 使用该滑轮组，小明最多能提起800N的物体
D. 不管提起多重的物体，该滑轮组的机械效率总是75%
10. 小川发现一个质量为1.35kg的空心铝球(ρ铝=2.7g/cm3)，他设计了如图所示装置进行实验。重为4N、底面积为200cm2的薄壁容器M内盛有3000cm3的水，容器M置于水平地面，当轻质杠杆在水平位置平衡时，此时铝球浸没在水中静止且未触底，已知OB=0.3m，OA=0.1m，物体C重为22.5N，不计摩擦和绳重。下列说法正确的是( )
A. 铝球受到的浮力为8N
B. 铝球的空心体积为250cm3
C. 铝球浸没后容器M对水平地面的压强为2×103Pa
D. 若将容器M中的水换成酒精，杠杆仍然在水平位置平衡
11. 如图所示将物体A放入水中时悬浮，将物体B放入水中时有一半的体积露出水面，将物体A置于物体B上再放入水中时，物体B有三分之一的体积露出水面。下列说法正确的是( )
A. 物体B的密度是1×103kg/m3
B. 物体A、B的体积之比为1：3
C. 物体A、B的重力之比为1：6
D. 乙、丙图，物体B下表面所受的压力之比为3：4
12. 如图所示，质量不计的轻杆OC可绕支点A无摩擦转动，B处与物体M连接，M可看作一个质量为20kg的小正方体和一个质量为50kg的大正方体组成的凸字形物体(M与杠杆的作用点始终在B处)，M的底面积为0.1m2，OA=AB=BC=1m，质量为50kg的小田站在杠杆上，以下说法中正确的是( )
①当小田站在O位置时，M对地面的压力为200N；
②要使M对地面的压强为1.2×104Pa，小田应该站在B位置；
③要使M对地面的压强为1.6×104Pa，小田应该站在C位置；
④要使小田站在C位置时M对地的压强为2×104Pa，需将M下部分的大正方体沿竖直方向切去五分之一。
A. ①② B. ①②④ C. ①②③ D. ①②③④
13. 生活在青藏高原的藏族同胞，主要采用烧、烤、炒的烹调方式做像糍粑(把干面粉炒熟)的一类食品，很少用平原地区居民常用的煮、炖一类的烹调方式。其主要原因是青藏高原的大气压较______，导致水的沸点较______。(均选填“高”或“低”)
14. 如图所示是2023年6月，我国神舟十五号载人飞船搭乘长征二号运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，并取得圆满成功。在加速升空过程中，载人飞船的重力势能______ ，动能______ (均选填“变大”、“变小”、“不变”)。
15. 将一只密度计先后放入甲、乙两容器中，如图，两容器中液体密度分别为ρA、ρB，则密度计在两液体中受到的浮力F1 ______ F2，两液体的密度ρA ______ ρB(选填“>”“=”和“<”)。
16. 如图所示，OB为轻质杠杆，OA=20cm，AB=10cm，在杠杆的B端挂一个重力为40N的重物，要使杠杆在水平位置上平衡，在A点施加的最小作用力为______ N，方向______ 。
17. 如图所示，小川的质量为50kg，A、B、C处能承受的最大拉力分别为1000N，1300N，600N，每个滑轮重力均为100N，设每段绳子均处于竖直状态，不考虑绳子的质量和摩擦，则用此滑轮组提升重物的最大的机械效率为______，在最大机械效率的情况下若让物体以0.lm/s的速度上升，小川做功的功率为______W。
18. 如图所示，可绕O点转动的轻质杠杆OA，其中点B处挂一重力为100N的物体在A处施加竖直向上的拉力F，使杠杆在水平位置平衡，则拉力F大小为______，若始终保持拉力F的方向竖直向上，则在杠杆从水平位置匀速转动到图中虚线位置的过程中，拉力F大小将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)
19. 如图(a)所示，物体A重为38N，体积为3×10-3m3。如图(b)所示，水平地面上有一个重为12N、底面积为S的薄壁圆柱形容器，容器足够高，容器内盛有重为50N的水。
(1)若用绳子吊着物体A，将三分之一体积浸入水中，水对容器底压强的增加量Δp水与容器对桌面的压强增加量Δp桌比值为______ 。
(2)若剪断绳子后，物体A下沉至容器底部且完全浸没在水中，此时水对容器底的压强p水与容器对桌面压强p桌的比值为______ 。
20. A、B是质量分布均匀的实心正方体，A的边长为10cm，密度为8×103kg/m3，B的边长为20cm，则A的质量为______ kg。当A、B按如图的方式放置在水平地面时，A对B的压强是B对水平地面压强的43倍，若只将A沿水平方向切去比例为n的部分后，B对水平地面的压强变为p1，若只将B沿竖直方向切去同样的比例后，B对水平地面的压强变为p2，当p1：p2=5：8时，n= ______ 。
21. 如图甲所示，静止在水平地面的薄壁容器，上下两部分均为圆柱体，下底面积为200cm2，柱形物体用细线吊着浸没在水中。现在拉着柱形物体缓慢上升，图乙是细线受到的拉力F随物体上升高度h的关系图像，柱形物体的底面积为100cm2，则柱形物体所受的重力为 N，从开始拉动柱形物体直到完全露出水面后，水对容器底部的压力变化了 N。
22. 重力为5N的物体放在斜面上，请画出物体所受重力的示意图。
23. 作图题：
如图所示，请画出人站在地面上利用滑轮组提起物体时的绕绳方法。
24. 如图所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，将小球从高度为h的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一小木块在木板上向前移动一段距离s后停下，完成甲、乙、丙所示的三次实验，其中mA=mB
(1)实验中小球的动能是由______ 能转化而来的，其大小是通过______ 来反映的；
(2)分析比较步骤______ 两组实验可得出物体的动能与物体速度的关系；分析比较甲、丙两组实验可得的结论是速度一定时，物体质量越大，物体的动能______ (选填“越大”或“越小”)，这里主要采用的实验方法是______ ；
(3)若水平面绝对光滑且足够长，木块被撞击后，它将做______ (选填“减速”“匀速”或“加速”)直线运动。
25. 某中学两支物理小组的同学，在实验室中验证阿基米德原理。
(1)方案一，小刚用石块按如图1实验步骤依次进行实验。由图1可知，石块浸没在水中受到的浮力F浮= ______ N，排开水的重力G排= ______ N，发现F浮≠G排，造成这种结果的原因不可能是______ (选填下列字母序号)；
A.最初溢水杯中的水未装至溢水口
B.整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零
C.步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯底部
(2)方案二，如图2，小明将装满水的溢水杯放在升降台C上，用升降台来调节溢水杯的高度。当小明逐渐调高升降台，发现随着重物浸入水中的体积越来越大，弹簧测力计A的示数______ (选填“增大”“减小”或“不变”)，且弹簧测力计A的示数变化量______ (选填“大于”“小于”或“等于”)B的示数变化量，从而证明了。F浮=G排；为了多次实验得到普遍规律，方案______ (选填“一”或“二”)的操作更加简便；
(3)该同学用同样的方法测量另一工艺品的密度时，发现该工艺品的重力超过了弹簧测力计的量程。为了能准确测出该工艺品的密度，聪明的小敏设计了如下实验方案；
①将一圆柱形烧杯漂浮在盛有水的玻璃水槽中，如图甲所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h1；
②将工艺品轻轻放入水槽中，如图乙所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h2；
③将工艺品从水槽中取出，平稳放在烧杯中，如图丙所示，用刻度尺测出此时水槽中水的深度为h3；已知水的密度为ρ水，则小敏测出工艺品的密度表达式为ρ工艺品= ______ (用已知的物理量表示)；
(4)同组同学对实验过程提出质疑，认为将工艺品从水中取出时会沾水，导致测量的密度会产生误差。你认为由于工艺品沾水导致小敏测出工艺品的密度将______ (选填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。
26. 小明用电子秤、薄壁柱形容器(质量忽略不计，底面积为100cm2)、合金块(高度为5cm)、气球(质量忽略不计)、细线(质量和体积忽略不计)、水进行相关实验探究，操作步骤如图：
①将电子秤放在水平台上，测出合金的质量，如图甲；
②将柱形容器放置在电子秤上，向其中装入部分水，如图乙；
③将合金块与气球用细线连接，用手拉着细线使它们逐渐进入水中，如图丙、丁、戊；
④气球全部放气，撤去拉力，合金块沉入容器底部，如图己。
请根据相关信息，回答如下问题：
(1)实验过程中，气球的体积大小可反映气体受到液体压强的大小，根据图丁和戊，说明液体压强大小与______有关。
(2)根据图甲乙丙，可知合金块的密度为______g/cm3。
(3)根据图丙和丁，由电子秤示数的变化，说明浮力的大小与______有关。丁图中气球所受的浮力为______N，此时水对容器底部的压强为______Pa。从图丁到戊，容器对桌面的压强变化了______Pa。
(4)若图戊中的气球缓慢向外漏气，手对细绳的拉力______(选填“变大”“变小”“不变”)，若将气体全部放完，撤去拉力，如图己，求图己中，合金块对容器底部的压强为______Pa。
27. 如图为重庆白居寺长江大桥，长1.4km，一辆质量为1.2t的家用桥车以72km/h的速度匀速通过主大桥，已知轿车受到的阻力为车重的0.05倍，求：
(1)轿车通过主大桥所做的功？
(2)轿车在主大桥上匀速行驶时的功率？
28. 如图所示，壁厚不计的圆柱形容器放在水平地面上，内装有水，上端固定的细线悬挂着正方体A(不吸水)竖直浸在水中，A有14的体积露出水面，此时水深为10cm，已知容器的底面积为200cm2，正方体A的边长为10cm、重12N，细线能承受的最大拉力为8N，不计细线体积和质量。求：
(1)正方体A受到的浮力；
(2)水对容器底部的压力；
(3)现在将容器中的水缓慢抽出，细线恰好断裂时立即停止抽水，A最终静止后，A对容器底部的压强。
29. 某校物理兴趣小组改装了一个压力传感器改装为水深测量仪，设计了如图甲所示的装置。轻质杠杆的支点为O，不吸水的实心圆柱体A通过轻质细线悬于杠杆左端C点，A的体积为5×10-3m3，A的高度h0=50cm，上表面与容器中的水面刚好相平，下表面与置于水平桌面上的薄壁圆柱形容器底部刚好接触但无挤压。物体B通过轻质细线悬于杠杆右端D点，置于压力传感器上，压力传感器可以显示B对其支撑面压力F的大小。连接杠杆和物体A、B间的细线承受的拉力有一定限度。现对该装置进行测试，以500cm3/min的速度将圆柱形容器中的水缓缓抽出，10min恰能将水全部抽尽，压力传感器示数F随时间t变化的图像如图乙所示。杠杆始终静止在水平位置，不计杠杆、细线的重力，不计细线的形变，已知圆柱形容器底面积S=200cm3，杠杆OC：OD=1：2。求：
(1)t=0min时刻，A所受到的浮力是多少？
(2)若B的重力GB为40N，则A的重力GA是多少？
(3)研究小组对装置进行了改进，使得圆柱形容器中水的深度从0上升到50cm的过程中，连接杠杆和物体A、B间的细线始终有拉力。写出压力传感器示数F随水深h变化的关系式(写出具体的计算过程)，并在图丙中作F-h图像。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、一个中学生的重力约为50kg，重力约为G=mg=50kg×10N/kg=500N，故A符合实际；
B、考场内的气压接近标准大气压，约为1.0×105Pa，故B不符合实际；
C、教室的一盏日光灯的电功率约为40W，通过的电流约为I=PU=40W220V≈0.18A，故C不符合实际；
D、一节新干电池的电压为1.5V，故D不符合实际。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】D
【解析】解：
A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不合题意；
B、园艺剪在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不合题意；
C、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不合题意；
D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3.【答案】B
【解析】解：
A、“祝融号”到达火星表面后仍然有质量，不会失去惯性，故A错误；
B、祝融号”静止在火星表面时运动状态不变，受力平衡，故B正确；
C、“祝融号”对地面的压力与地面对它的弹力，没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、“祝触号”要靠电力驱动，这说明力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持，故D错误。
故选：B。
(1)任何物体在任何情况下都有惯性；
(2)物体处于静止或匀速直线运动状态时，物体受力平衡；
(3)二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(4)力是改变物体运动状态的原因。
本题考查了惯性、物体受力情况的判定、二力平衡条件、力与运动的关系，属于基础题。
4.【答案】B
【解析】解：
A、根据阿基米德原理可知，长赐号正常满载的情况下受到的浮力是：F浮=G排=m排g=20×10000×1000kg×10N/kg=2×109N，故A正确；
B、长赐号从海水密度较大的红海前往海水密度较小的地中海时，始终处于漂浮状态，浮力等于重力，重力不变，受到的浮力会不变，故B错误；
C、长赐号搁浅时受力平衡，受到三个力的作用：竖直向下的重力、竖直向上的支持力和浮力，则受到的浮力小于重力，故C正确；
D、发生潮汐时，液面上涨，长赐号排开的水的体积变大，根据阿基米德原理可知，受到的浮力变大，从而能脱困，故D正确。
故选：B。
(1)知道长赐号排开的水的重力，根据阿基米德原理求出浮力大小；
(2)物体在液体中漂浮时，受到的浮力等于物体自身的重力；
(3)长赐号搁浅时处于静止状态，受到平衡力的作用，对长赐号受力分析，求出浮力和重力的大小关系；
(4)浮力的大小与液体的密度和排开的液体的体积有关，涨潮时，长赐号排开的水的体积变大，根据阿基米德原理分析浮力大小的变化。
本题考查了物体浮沉条件的应用、阿基米德原理的应用、物体的受力分析，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、用高压锅煮饭，是利用了锅内气压升高，水的沸点升高的原理，不是利用大气压来工作，故A不符合题意；
B、吸盘要吸在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，盘内的气压小于大气压，吸盘在外界大气压力作用下被压在墙壁上，属于大气压的应用，故B符合题意；
C、蜗炉水位计的结构符合上端开口、下端连通的特点，是利用连通器原理工作的，故C不符合题意；
D、飞机机的机翼上凸下平，飞机在运动过程中，机翼上方的空气流速大、压强小，机翼下方的空气流速小、压强大，所以机翼在较大的向上压强差的作用下升上天空，即飞机获得升力的原理是流体压强和流速的关系；故D不符合题意。
故选：B。
(1)高压锅是利用锅内气压增大、沸点升高的原理煮熟食物的；
(2)大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；
(3)连通器特点：上端开口、下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的；
(4)对于流体来说，流速大，压强小，流速小，压强大。
本题考查大气压的应用、连通器在生活中的应用、流体压强与流速的关系等，物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。
6.【答案】C
【解析】解：A、“花气袭人知骤暖”说明分子的热运动与温度有关，故A正确；
B、人造木板黏结剂中的甲醛扩散到空气中造成环境污染，故B正确；
C、用手捏海绵，海绵的体积变小了，是因为海绵的中空结构，故C错误；
D、微观粒子按空间尺度由大到小排序的是：原子、原子核、质子，故D正确。
故选：C。
(1)一切物体的分子都在不停地做无规则运动。
(2)不同物质的分子在互相接触时，彼此进入对方的现象叫扩散。
(3)海绵的体积变小，是因为它有中空的结构。
(4)微观粒子按空间尺度由大到小排序的是：原子、原子核、质子。
知道分子动理论的基本内容，知道微观粒子的空间尺度。
7.【答案】D
【解析】解：盛有甲、乙两种液体的两薄壁圆柱形容器内，分别放置在水平地面上，由于当甲、乙剩余部分的深度均为h时两液体对容器底部的压力相等，即：F甲'=F乙'；
由p=FS和p=ρgh得：ρ甲ghS甲=ρ乙ghS乙；
所以，ρ甲S甲=ρ乙S乙；
由图可知：h甲
G甲0=m甲0g=ρ甲V甲0g=ρ甲h甲0S甲g；
G乙0=m乙0g=ρ乙V乙0g=ρ乙h乙0S乙g；
所以，G甲0
由于m=G g，所以，m甲'=m乙'；
所以甲、乙抽出部分的质量：m甲
先根据液体压强公式p=ρgh和p=FS得出甲、乙密度和底面积的关系式，然后再根据甲乙的密度和底面积的关系式由p=FS和p=ρgh得出甲、乙液体原来的质量关系，进而即可求出变化量关系，分别判断液体对容器底部压强变化量p甲、p乙的大小关系。
本题考查了学生对密度公式、压强公式的掌握和运用，关键是知道规则柱状体产生的压强p=ρgh；然后能推导出两物体ρ的大小关系。
8.【答案】D
【解析】解：(1)a、b两个实心球，分别放入甲、乙两种液体中，静止时，a球漂浮在液面上，b球悬浮在液体中，
则F甲=Ga，F乙=Gb，
a、b两个实心球材料相同，ρa=ρb，
Va>Vb，
根据ρ=mV可知，ma>mb，
根据G=mg可知，Ga>Gb，
所以，F甲>F乙，故AB错误；
(2)甲、乙两种液体质量相等，则重力相等，
Ga>Gb，
所以，两种液体对烧杯底的压力F甲'>F乙'，
两个相同的烧杯，则底面积相等，
所以，根据p=FS可知，甲、乙两种液体对烧杯底的压强p甲>p乙，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)首先根据物体浮沉条件判断两球与自身重力的关系，然后利用密度和重力公式判断两球的重力关系，从而得出两球受到的浮力关系；
(2)根据甲、乙两种液体对烧杯底的压力等于烧杯内液体与球的总重力得出两种液体对烧杯底的压力关系，然后利用压强公式比较甲、乙两种液体对烧杯底的压强。
此题考查物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较，同时考查重力、密度公式的应用，关键是整体法应用，知道甲、乙两种液体对烧杯底的压力等于烧杯内液体与球的总重力。
9.【答案】C
【解析】解：A、由图可知n=2，绳重自由端移动的距离：s=2h=2×1m=2m，
拉力做的总功：W总=Fs=400N×2m=800J，
拉力做功的功率：P=W总t=800J10s=80W，故A错误；
B、人向下拉绳子时，绳子也会对人施加向上的拉力，
则人对地面的压力：
F压=G人-F=500N-400N=100N，
则工人对地面的压强：
p=F压S=100N0.05m2=2×103Pa.故B错误；
C、由图可知n=2，不计绳重与摩擦，F=12(G+G动)可得，
动滑轮重力：G动=2F-G=2×400N-600N=200N，
使用该滑轮组提升重物时，工人的最大拉力等于其重力，即F大=G人=500N，
不计绳重及摩擦，由F=12(G+G动)得，提升物体的最大重力：
G大=nF大-G动=2×500N-200N=800N.故C正确；
D、不计绳重与摩擦，提起物体的重力越大，做的有用功越多，有用功在总功中所占的比例越大，则滑轮组的机械效率越大，因此该滑轮组的机械效率不总是80%，故D错误。
故选：C。
(1)由图可知n=2，绳重自由端移动的距离s=2h，利用W总=Fs求总功，利用P=W总t拉力做功的功率；
(2)求出地面受到的压力(G-F)和受力面积(双脚站立)，再利用压强公式求工人对地面的压强；
(3)根据不计绳重和摩擦时F=12(G+G动)求出动滑轮重力，使用该滑轮组提升重物时，工人的最大拉力等于其重力，再根据F=12(G+G动)求出提升物体的最大重力；
(4)不计绳重与摩擦，提起物体的重力越大，做的有用功越多，有用功在总功中所占的比例越大，据此分析机械效率的变化情况。
本题考查了使用滑轮组时压强、功、功率、绳子拉力和机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)是解题的关键。
10.【答案】C
【解析】解：A、空心铝球的重力：G=mg=1.35kg×10N/kg=13.5N，
根据杠杆平衡条件可得FA×OA=FB×OB，即22.5N×0.1m=FB×0.3m，解得：FB=7.5N，
铝球受到的浮力等于铝球的重力与铝球受到绳子的拉力之差，即F浮=G-FB=13.5N-7.5N=6N，故A错误；
B、铝球的体积即铝球浸没在水中的体积：V=V排=F浮ρ水g=6N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-4m3，
铝球中铝的体积：V'=mρ铝=1.35kg2.7×103kg/m3=0.5×10-3m3，
铝球的空心体积：V0=V-V'=6×10-4m3-0.5×10-3m3=1×10-4m3，故B错误；
C、容器中水的质量：m'=ρ水V水=1.0×103kg/m3×3000×10-6m3=3kg，
水的重力：G'=m'g=3kg×10N/kg=30N，
铝球浸没后容器M对水平地面的压力等于容器的重力、水的重力、铝球的浮力之和，即F=G0+G'+F浮=4N+30N+6N=40N，
铝球浸没后容器M对水平地面的压强：p=FS=40N200×10-4m2 =2000Pa，故C正确；
D、将容器M中的水换成酒精，因为酒精的密度小于水的密度，所以铝球仍浸没在酒精中，排开酒精的体积不变，根据阿基米德原理可知铝球受到的浮力变小，铝球受到的拉力变大，即绳子B端对杠杆的拉力变大，而杠杆A端的力不变，两侧的力臂不变，根据杠杆平衡条件可知B端力和力臂的乘积变大，杠杆在水平位置不平衡，故D错误。
故选：C。
(1)根据重力公式计算空心铝球的重力，根据杠杆平衡条件计算杠杆B端受到绳子的拉力，铝球受到的浮力等于铝球的重力与铝球受到绳子的拉力之差，据此计算铝球受到的浮力；
(2)根据阿基米德原理计算空心铝球的体积，根据密度公式计算铝的体积，进一步计算铝球的空心体积；
(3)根据密度公式计算容器中水的质量。根据重力公式计算水的重力，铝球浸没后容器M对水平地面的压力等于容器的重力、水的重力、铝球的浮力之和，据此计算铝球浸没后容器M对水平地面的压力，根据压强公式计算铝球浸没后容器M对水平地面的压强；
(4)将容器M中的水换成酒精，因为酒精的密度小于水的密度，所以铝球仍浸没在酒精中，排开酒精的体积不变，根据阿基米德原理可知铝球受到的浮力的变化，进一步可知绳子B端对杠杆的拉力的变化，根据杠杆平衡条件判断杠杆在水平位置是否平衡。
本题考查重力公式、密度公式、阿基米德原理、压强公式的灵活运用，综合性强。
11.【答案】D
【解析】解：A、物体B漂浮在水中，浮力等于重力，V排=12VB，则ρB=12ρ水=0.5×103kg/m3，故A错误；
B、物体A悬浮在水中，浮力等于重力，V排=VA，则ρA=ρ水=1×103kg/m3；
AB一起放入水中，此时浮力等于AB重力之和，V排=23VB，GA+GB=F浮=ρ水gV排=ρ水g23VB，即ρAgVA+ρBg12VB=ρ水g23VB得VA=512VB，A、B的体积之比为5：12，故B错误；
C、物体A、B的重力之比为：GA：GB=ρAgVA：ρBgVB=5：6，故C错误；
D、乙、丙图中，物体B下表面受到的压力即为浮力，则压力之比等于浮力之比也等于排开液体体积之比12VB：23VB=3：4，故D正确。
故选：D。
(1)物体A悬浮在水中，浮力等于重力，V排=VA，则ρA=ρ水=1×103kg/m3；
(2)物体B漂浮在水中，浮力等于重力，V排=12VB，则ρB=12ρ水=0.5×103kg/m3；
(3)AB一起放入水中，此时浮力等于AB重力之和，V排=23VB，GA+GB=F浮=ρ水gV排=ρ水g23VB，求出VA和VB的关系，从而得出GA和GB的比值；
(4)乙、丙图中，物体B下表面受到的压力即为浮力，则压力之比等于浮力之比也等于排开液体体积之比。
本题考查物体沉浮条件的应用及阿基米德原理的计算和浮力产生的原因，属于比较综合题目，有一定难度。
12.【答案】B
【解析】解：①小田的重力大小为：G人=m人g=50kg×10N/kg=500N，
物体M的重力大小为：GM=mMg=(20kg+50kg)×10N/kg=700N，
当小田站在O位置时，由杠杆平衡条件可得，杠杆对M的拉力大小为：
F1=G人×OAAB=500N×1m1m=500N，
则物体M对地面的压力为：F2=GM-F1=700N-500N=200N，故①正确；
②小田站在B位置时，物体M对地面的压力为：F3=GM+G人=700N+500N=1200N，
此时M对地面的压强为：p1=F3SM=1200N0.1m2=1.2×104Pa，故②正确；
③小田站在C位置时，根据杠杆平衡条件可知，杠杆对M的压力大小为：
F4=G人×ACAB=500N×2m1m=1000N，
则M对地面的压力为：F5=F4+GM=1000N+700N=1700N，
此时M对地面的压强为：p2=F5SM=1700N0.1m2=1.7×104Pa，故③错误；
④当小田站在C位置时，M下部分的大正方体沿竖直方向切去五分之一，
则M的底面积变为：SM'=45SM=45×0.1m2=0.08m2，
M的质量变为：mM'=20kg+45×50kg=60kg，
M的重力变为：GM'=mM'g=60kg×10N/kg=600N，
此时M对地面的压力为：F6=F4+GM'=1000N+600N=1600N，
此时M对地面的压强为：p3=F6SM'=1600N0.08m2=2×104Pa，故④正确。
故选：B。
①先根据G=mg求出小田和物体M的重力，再根据杠杆平衡条件可求出杠杆对M的拉力，从而求出M对地面的压力；
②小田站在B位置时，物体M对地面的压力为人和M的重力之和，根据p=FS可求出M对地面的压强；
③小田站在C位置时，根据杠杆平衡条件可求出杠杆对M的压力，从而求出M对地面的压力，根据p=FS可求出M对地面的压强；
④当小田站在C位置时，M下部分的大正方体沿竖直方向切去五分之一，则底面积变为原来的45，M下部分的大正方体的质量也变原来的45，从而可求出M此时的重力大小，从而求出M对地面的压力，根据p=FS可求出M对地面的压强。
本题主要考查杠杆平衡条件及压强的计算，关键是要搞清楚各种情况下M对地面的压力大小。
13.【答案】低 低
【解析】解：大气压随高度的增加而减小，在青藏高原地区，海拔较高，气压较小，沸点与气压有关，气压低沸点低。从而导致水的沸点降低，低于100℃。
故答案为：低；低。
(1)气压跟海拔有关，海拔越高，气压越小。
(2)1标准大气压下水的沸点是100℃.沸点跟气压有关，气压越低，沸点越低。
本题考查了沸点与气压、气压与海拔高度的关系，属于联系生活的问题，难度不大。
14.【答案】变大 变大
【解析】解：飞船在加速上升的过程中，飞船的质量不变，由于速度增大，其动能变大；由于上升时高度变大，其重力势能变大。
故答案为：变大；变大。
动能与质量、速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大。
掌握动能、重力势能的影响因素，会根据影响因素进行判断可顺利解答，难度不大。
15.【答案】= >
【解析】解：因为密度计漂浮，密度计受到的浮力等于其重力，所以密度计在A、B两种液体中受到的浮力相等，即两液体中受到的浮力F1=F2，
由图知，密度计在甲容器中排开液体的体积小于在乙容器中排开液体的体积VA
故答案为：=；>。
密度计放在A、B液体中都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力，据此得出受到浮力的大小关系；从图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。
本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件，利用好密度计漂浮(F浮=G)是解此类题目的关键。
16.【答案】60 竖直向上
【解析】解：重力的方向竖直向下，杠杆在水平位置上平衡，阻力的力臂l2等于OB，根据杠杆的平衡条件Fl1=Gl2，在阻力和阻力臂l2一定时，要使在A点施加的力最小，动力臂l1应最长，故当在A点施加竖直向上的力时，动力臂l1(OA)最大，由题可知
l2=20cm+10cm=30cm
因为杠杆在水平位置上平衡，由杠杆的平衡条件，则在A点施加的最小作用力为F=L2L1×G=30cm20cm×40N=60N。
力的方向竖直向上。
故答案为：60；竖直向上。
杠杆在水平位置上平衡，重物拉力的力臂为OB，在A点施加竖直向上的力时，动力臂(OA)最大，动力最小；
求出动力臂和阻力臂，知道阻力大小，利用杠杆的平衡条件求在A点施加的竖直向上的拉力。
本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
17.【答案】87.5% 80
【解析】解：
由图可知，n=2，不考虑绳子的质量和摩擦，
①当C处绳子的拉力为600N时，由FC=1n(FA+G动)可得，A处绳子的拉力：
FA=2FC-G动=2×600N-100N=1100N>1000N，
所以，此种情况不可能；
②当A处绳子的拉力为1000N时，即A处物体的重力为1000N，
此时C处绳子的拉力FC=1n(GA+G动)=12×(1000N+100N)=550N，
而小川的重力为G人=mg=50kg×10N/kg=500N，因FC>G人，所以小川会被绳子拉上去，则此种情况不可能；
③当B处绳子的拉力为1300N时，
以定滑轮为研究对象可知，受到竖直向上B绳子的拉力、竖直向下定滑轮自身的重力和三股绳子向下的拉力，
由力的平衡条件可得，FB=G定+3FC，
则FC=13(FB-G定)=13(1300N-100N)=400N，
由F=1n(G+G动)可得，此时A处物体的重力：
GA=2FC-G动=2×400N-100N=700N，即A处绳子的拉力700N<1000N，此种情况可能，
则滑轮组的最大机械效率：
η=W有用W总=FAhFCs=FAhFCnh=FAnFC=700N2×400N×100%=87.5%，
小川做功的功率为：
P=FCv绳=FC×2v物=400N×2×0.1m/s=80W；
故答案为：87.5%；80。
由图可知滑轮组绳子的有效股数，当C处绳子的拉力为600N时，根据FC=1n(FA+G动)可求出A处绳子的拉力，再判断此种情况是否可能；
当A处绳子的拉力为1000N时，即A处物体的重力为1000N，根据F=1n(G+G动)求出C处绳子的拉力，再与人的重力比较，若C处绳子的拉力大于人的重力，则人会被绳子拉上去，从而判断出此种情况是否可能；
当B处绳子的拉力为1300N时，以定滑轮为研究对象，根据力的平衡条件求出FC，根据F=1n(G+G动)求出A处物体的重力，即A处绳子的拉力，判断出此种情况可能；
根据η=W有用W总=FAhFCs=FAhFCnh=FAnFC求出滑轮组的机械效率，再根据P=Fv绳可求小川做功的功率。
本题考查了滑轮组机械效率和功率的计算，正确的讨论得出滑轮组提升重物最大重力时的情况是关键，要注意物体提升的重物越重、滑轮组的机械效率越大。
18.【答案】50N 不变
【解析】解：杠杆在水平位置保持平衡，由F1L1=F2L2可得，拉力的大小：F=OBOAG=12×100N=50N；
若始终保持拉力F的方向竖直向上，则在杠杆从水平位置匀速转动到图中虚线位置的过程中，如下图所示：
杠杆该位置，OA'为动力臂，OB'为阻力臂，阻力不变为G，
因为△OB'D∽△OA'C，
所以OB'：OA'=OD：OC=1：2，
因为杠杆平衡，所以F'LOA'=GLOB'，
则F'=G×LOC'LOA'=12G=12×100N=50N；
由此可知，力F的大小不变，故D错误。
故答案为：50N；不变。
(1)物体的重力为阻力，杠杆在水平位置保持平衡时，OB为阻力臂，OA为动力臂，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2求出拉力的大小；
(2)画出动力和阻力的作用线，找出动力臂和阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况。
本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，能画出杠杆在B位置的力臂并借助三角形相似确定其关系是本题的关键。
19.【答案】1 0.8
【解析】解：(1)用绳子吊着物体A，将三分之一体积浸入水中时，液面上升的高度Δh=ΔV排S=13VAS=VA3S，
水对容器底压强的增加量Δp水=ρ水gΔh=ρ水g×VA3S=ρ水gVA3S，
当物体A没有浸入水中时，容器对桌面的压力F桌=G容+G水--------①
将三分之一体积浸入水中后，把容器、水和物体A看作一个整体，受向下的总重力、向上的支持力、拉力作用处于平衡状态，
所以，此时容器对桌面的压力：F桌'=F支=G容+G水+GA-F拉--------②
由①②可得：ΔF桌=GA-F拉=F浮=ρ水gV排=ρ水g×13VA=ρ水gVA3，
容器对桌面的压强增加量Δp桌=ΔF桌S=ρ水gVA3S=ρ水gVA3S，
所以，Δp水：Δp桌=ρ水gVA3S：ρ水gVA3S=1：1；
(2)若剪断绳子后，物体A下沉至容器底部且完全浸没在水中时，容器内水的深度h=VA+V水S，
此时水对容器底的压强p水=ρ水gh=ρ水g×VA+V水S=ρ水gVA+G水S，
容器对桌面压力F桌″=G容+G水+GA，容器对桌面压强p桌=F桌″S=G容+G水+GAS，
所以，p水：p桌=ρ水gVA+G水S：F桌″S=G容+G水+GAS=(ρ水gVA+G水)：(G容+G水+GA)
=(1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10-3m3+50N)：(12N+50N+38N)=4：5=0.8。
故答案为：(1)1；(2)0.8。
(1)用绳子吊着物体A，将三分之一体积浸入水中时，根据V=Sh求出液面上升的高度，利用p=ρgh表示出水对容器底压强的增加量，当物体A没有浸入水中时，容器对桌面的压力等于水和容器的重力之和，将三分之一体积浸入水中后，把容器、水和物体A看作一个整体，受向下的总重力、向上的支持力、拉力作用处于平衡状态，据此求出容器受到的支持力即为此时容器对桌面的压力，然后求出容器对桌面的压力增加量，根据p=FS求出容器对桌面的压强增加量，进一步求出答案；
(2)若剪断绳子后，物体A下沉至容器底部且完全浸没在水中时，根据V=Sh求出液面上升的高度，利用p=ρgh表示出水对容器底的压强，容器对桌面压力等于水和容器、物体A的重力之和，根据p=FS求出容器对桌面的压强，然后求出此时水对容器底的压强p水与容器对桌面压强p桌的比值。
本题考查了液体压强公式和压强定义式的综合应用等，正确得出将三分之一体积浸入水中时容器对桌面压力的增加量是关键。
20.【答案】8 12
【解析】解：ρ=mV可得：正方体A的质量mA=ρAVA=8×103kg/m3×(0.1m)3=8kg；
A对B的压力等于A的重力，即FAB=GA=mAg=8kg×10N/kg=80N；
由p=FS可知，A对B的压强：
pA=FABSA=80N(0.1m)2=8000Pa；
由题意可知，B对水平地面的压力等于A、B整体的重力，则B对水平地面的压强为：
pB=FBSB=GA+GBSB=80N+GB(0.2m)2=80N+GB0.04m2；
又A对B的压强是B对水平地面压强的一倍，即80N+GB0.04m2=8000Pa；
解得：GB=240N；
当A水平方向切去比例为n的部分后，B对水平地面的压强p1=GA(1-n)+GBSB…………①；
当B竖直方向上切去比例为n的部分，B对水平地面的压强p2=GA+GB(1-n)(1-n)SB…………②；
又p1：p2=5：8…………③；
解以上三式得：n=，n=(不合题意，舍去)。
故答案为：8；。p1=…………①；
当B竖直方向上切去比例为n的部分，B对水平地面的压强p2=…………②；
又p1：p2=5：8…………③；
解以上三式得：n=12，n=94(不合题意，舍去)。
故答案为：8；12。
由正方体A的边长可求体积，再由ρ=mV可求A的质量；利用压强公式可间接确定物体的重力大小，再根据切去部分后对水平地面的压力变化情况确定压强的表达式，进而确定切去的比例。
本题考查压强的计算、密度公式及其应用，掌握压强公式和密度公式是解答本题的关键，对切去部分给接触面积带来的影响的分析是解答本题的易错点。
21.【答案】31 18
【解析】解：由乙图可知圆柱体浸没时受到的拉力为16N，从h=4cm圆柱体开始露出水面，即当h=4cm时，圆柱体的上表面与水面相平，
当h=6cm时，圆柱体受到的拉力为23N，此时容器中的水面与容器下部分的的顶部相平，
根据F=G-F'可知圆柱体受到的浮力的变化量为ΔF浮=23N-16N=7N，
则圆柱体露出水面的体积：ΔV=ΔF浮ρ水g=7N1.0×103kg/m3×10N/kg=7×10-4m3，
圆柱体露出水的高度：Δh=ΔVS1=7×10-4m3100×10-4m2=0.07m=7cm，
圆柱体上升的高度为6cm-4cm=2cm，则容器上部分的水面高度为h上=7cm-2cm=5cm，
当h=10cm时，圆柱体离开水面，设该过程水面下降的高度为h'，根据体积公式可得S1(Δh'+h')=Sh'，
即100×10-4m2 ×[(10-6)×10-2m+h']=200×10-4m2×h'，
解方程可得h'=0.04m=4cm，
则圆柱体的高度为h=7cm+4cm+4cm=15cm=0.15m，
圆柱体浸没时受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-4m2×0.15m=15N，
圆柱体的重力：G=F'+F浮=16N+15N=31N；
水面下降的高度h0=h上+h'=5cm+4cm=9cm=0.09m，
水对容器底部的压强变化量：Δp=ρgh0=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.09m=900Pa，
水对容器底部的压力变化量：ΔF=ΔpS=900pa×200×10-4m2=18N。
故答案为：31；18。
由乙图可知当h=4cm圆柱体浸没时受到的拉力，从h=4cm圆柱体开始露出水面，即当h=4cm时，圆柱体的上表面与水面相平，
当h=6cm时，由图乙可知圆柱体此时受到的拉力，此时容器中的水面与容器下部分的的顶部相平，
根据F=G-F'计算圆柱体受到的浮力的变化量，根据阿基米德原理计算圆柱体露出水面的体积，根据体积公式计算圆柱体露出水的高度，
由图乙可知圆柱体上升的高度，进一步计算容器上部分的水面高度，
当h=10cm时，圆柱体离开水面，设该过程水面下降的高度为h'，根据体积公式可得S1(Δh'+h')=sh'，代入数据解方程可得h'，
进一步计算圆柱体的高度，根据阿基米德原理圆柱体浸没时受到的浮力，根据称重法计算圆柱体的重力；
计算整个过程水面下降的高度，根据液体压强公式计算水对容器底部的压强变化量，根据F=pS计算水对容器底部的压力变化量。
本题考查液体压强公式、压强定义式、阿基米德原理、称重法的灵活运用，难度较大。
22.【答案】解：
画重力的示意图时，先找重心，重心就画在物体的几何中心；
重力的方向是竖直向下的，从重心画一竖直向下的线段，标上箭头和字母G，同时标出重力的大小。如图所示：
【解析】在受力物体上沿力的方向画一条线段，在线段的末端画一个箭头表示力的方向，线段的起点或终点表示力的作用点；知道力的大小就要标出来；重力的方向是竖直向下的；重心一般就画在物体的几何中心上
此题考查的是重力的示意图，是一道基础题。需要注意的是重力是用G来表示的，而不是F.知道力的大小就要标出来。
23.【答案】解：因为滑轮组要求人站在地面上提升重物，因此，在绕绳时，最终的绳子自由端方向应该向下，从定滑轮的挂钩上开始，然后依次绕过动滑轮、定滑轮，由两段绳子承担物重，如图所示：
【解析】在使用滑轮组提升重物时，既要考虑到它的省力情况，还应注意动力的施力方向。
设计滑轮组的绕绳方案应从两方面考虑，一是省力情况，二是绳子自由端的朝向。
24.【答案】重力势 木块移动的距离 甲、乙 越大 控制变量法 匀速
【解析】解：(1)小球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度增大，动能增大，所以是将重力势能转化为动能的过程；其动能大小是通过小木块移动的距离大小来反映的，小木块移动的距离越大，动能越大。
(2)探究物体的动能与物体速度的关系，保持小球的质量相同，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同，选择图甲和图乙进行实验。
由图甲和图丙可知，滚下的高度相同，达到水平面的速度相同，丙图中小球的质量较大，推动木块移动的距离越远，动能越大，可以得到速度一定时，物体质量越大，物体的动能越大。
动能大小与质量和速度有关，在探究一个因素时，需要控制另一个因素不变，所以本实验主要采用了控制变量法。
(3)若水平面绝对光滑且足够长，木块被撞击后，木块水平方向不受力的作用，根据牛顿第一定律可知，木块将做匀速直线运动。
故答案为：(1)重力势；木块移动的距离；(2)甲、乙；越大；控制变量法；(3)匀速。
(1)小钢球在滚下斜面的过程中，它的重力势能转化为动能；动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(2)影响物体动能大小的因素有质量和速度，根据控制变量法进行分析；
(3)根据牛顿第一定律分析。
本题是探究物体动能的大小与哪些因素有关的实验，考查了转换法、控制变量法在实验中的应用等内容。
25.【答案】2 1.9 B 减小 等于 二 ρ水(h3-h1)h2-h1 无影响
【解析】解：(1)方案一：
根据F浮=G-F可知，石块浸没在水中受到的浮力F浮=F1-F3=5N-3N=2N；
排开水的重力G排=F4-F2=2.9N-1N=1.9N；
F浮>G排，
A、若最初溢水杯中的水未装至溢水口，则石块排开水的只有一部分溢出到桶中，排开水的重力G排减小，故A有可能；
B、若弹簧测力计都没有校零，那么四次测量结果都应加上测量前弹簧测力计示数，那么所得浮力与排开水的重力大小应不变，故B不可能；
C、步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯底部，则导致F3减小，F3减小，F1-F3>F4-F2.得出错误结论：F浮≠G排，故C有可能；
故选：B；
(2)方案二：
重物浸入水中的体积越来越大时，排开液体的体积变大，根据F浮=ρ液gV排可知，重物受到的浮力变大，
因为F浮=G-F示，所以弹簧测力计A的示数F示=G-F浮变小；
又因为重物浸入水中的体积越来越大时，溢出水的体积变大、溢出水的质量变大、溢出水受到的重力变大，所以弹簧测力计B的示数变大；
根据阿基米德原理可知，物体所受浮力的大小和排开液体的重力相等，所以弹簧测力计A示数的变化量和弹簧测力计B的示数变化量相等；
由上可知，方案二的操作可较方便的完成多次实验，使结论有普遍性；
(3)设容器的底面积为S，由甲、乙两图可知工艺品的体积是V工艺品=S(h2-h1)，
由甲、丙两图可知：工艺品的重力G工艺品=F浮=ρ水gV排=ρ水gS(h3-h1)，所以工艺品的质量m工艺品=G工艺品g=ρ水gS(h3-h1)g=ρ水S(h3-h1)，所以工艺品的密度是ρ工艺品=m工艺品V工艺品=ρ水S(h3-h1)S(h2-h1)=ρ水(h3-h1)h2-h1；
(4)设工艺品带出水的重力ΔG，放入烧杯中处于漂浮状态，由漂浮条件可知，增加的浮力等于ΔG，即增加的排开水的重力等于ΔG，所以水面的高度保持不变，由ρ工艺品=ρ水(h3-h1)h2-h1，可知沾水对工艺品的密度无影响。
故答案为：(1)2；1.9；B；(2)减小；等于；二；(3)ρ水(h3-h1)h2-h1；(4)无影响。
(1)方案一根据称重法测出小石块受到的浮力；排开水的重力等于排开的水和小桶的重力之和减掉空桶的重力；逐一分析每个选项，确定不符合条件的选项；
(2)方案二：
根据阿基米德原理可知，重物浸入水中的体积越来越大时受到的浮力变大，根据称重法可知弹簧测力计A示数的变化；
此时重物排开水的体积变大即溢出水的体积变大，据此可知弹簧测力计B示数的变化；再根据阿基米德原理判断弹簧秤A的示数变化量和弹簧秤B的示数变化量之间的关系；比较两个方案确定哪个操作更简便；
(3)根据甲、乙两图数据计算出工艺品的体积，根据甲、乙两图数据，利用物体的漂浮条件计算出工艺品的质量，从而计算出工艺品的密度；
(4)工艺品带出了水后，工艺品和带出的水漂浮在水面上，增加的浮力等于工艺品带出的水的重力，即增加的排开水的重力等于工艺品带出水的重力，所以水面的高度保持不变。
此题验证阿基米德原理，考查操作过程及误差的分析和对实验方案评估和改进，同时也考查了有关物体密度的计算、力的平衡、阿基米德原理等，根据已知条件确定金属块的体积和质量是解决此题的关键。综合性强，难度大，为压轴题。
26.【答案】深度 5 物体排开液体的体积 0.1 2030 5 变大 2000
【解析】解：(1)由图丁和图戊可知，深度越大时，气球的体积越小，说明气球受到液体的压强越大，从而得知，液体压强大小与深度有关；
(2)由图甲可知，合金块的质量m=100g，
由图乙和图丙可知，合金块排开水的质量m排=2020g-2000g=20g，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，由ρ=mV可得，
合金块的体积为：V=V排=m排ρ水=20g1g/cm3=20cm3，
则合金块的密度为：ρ=mV=100g20cm3=5g/cm3；
(3)由图丙和图丁可知，排开水的体积增大时，电子秤的示数增大，则电子秤受到的压力增大，增大的压力等于气球受到的浮力，从而说明浮力的大小与排开液体的体积有关；
由图丙和图丁知，气球受到的浮力等于电子秤增大的压力，则
气球受到的浮力为：F浮=F丁-F丙=(m丁-m丙)g=(2030-2020)×10-3kg×10N/kg=0.1N；
丁图中，水对容器底部的压力为：F=G=m'g=2030×10-3kg×10N/kg=20.30N，
此时水对容器底部的压强为：p=FS=20.30N100×10-4m2=2030Pa；
从图丁到图戊，容器对桌面的减小的压力为：ΔF=F丁-F戊=(m丁-m戊)g=(2030-2025)×10-3kg×10N/kg=0.05N，
容器对桌面变化的压强为：Δp=ΔFS=0.05N100×10-4m2=5Pa；
(4)若图戊中的气球缓慢向外漏气，气球排开液体的体积减小，由F浮=ρ液gV排知，受到的浮力减小，由F浮=G-F拉知，手对细绳的拉力变大；
图己中，合金块的重力为：G'=mg=100×10-3kg×10N/kg=1N，
合金块浸没时受到的浮力为：F浮=m排g=20×10-3kg×10N/kg=0.2N，
合金块对容器底部的压力为：F'=G'-F浮=1N-0.2N=0.8N，
合金块的底面积为：S'=Vh'=20cm35cm=4cm2，
合金块对容器底部的压强p'=F'S'=0.8N4×10-4m2=2000Pa。
故答案为：(1)深度；(2)5；(3)物体排开液体的体积；0.1；2030；5；(4)变大；2000。
(1)由题意可知，实验过程中，气球的体积大小来反映气体受到液体压强的大小，分析图丁和图戊中深度关系以及气球的体积关系，然后得出结论；
(2)根据图甲得出合金块的质量，根据图乙和图丙求出合金块排开水的质量，根据V=mρ求出合金块排开液体的体积即为合金块的体积，利用ρ=mV求出合金块的密度；
(3)根据图丙和图丁得出排开液体的体积和台秤示数的关系，然后得出结论；较图丙和图丁，丁图中气球受到时的浮力等于电子秤增大的压力；根据F=G=mg求出此时水对容器底部的压力，利用p=FS求出此时水对容器底部的压强；从图丁到图戊，容器对桌面压力增大，根据压强定义公式求容器对桌面压强增大量；
(4)若示意图戊中的气球缓慢向外漏气，气球排开液体的体积减小，由阿基米德原理可知受到的浮力变化，根据F浮=G-F拉得出手对细绳的拉力变化；图己中，根据G=mg求出合金块的重力，根据F浮=G排=m排g求出合金块浸没时受到的浮力，合金块对容器底部的压力等于自身的重力减去受到的浮力，根据压强定义公式求合金块对容器底部的压强。
本题考查了影响液体压强和浮力大小的因素、密度公式、固体和液体的压强计算、阿基米德原理、称重法求浮力等，综合性较强，有较大难度。
27.【答案】解：(1)轿车受到的阻力f=0.05G=0.05mg=0.05×1.2×103kg×10N/kg=600N，
轿车做匀速直线运动，处于平衡状态，所受的牵引力F=f=600N，
轿车通过主大桥所做的功W=Fs=600N×1.4×103m=8.4×105J；
(2)轿车在主大桥上匀速行驶时的功率P=Wt=Fst=Fv=600N×723.6m/s=1.2×104W。
答：(1)轿车通过主大桥所做的功为8.4×105J；
(2)轿车在主大桥上匀速行驶时的功率为1.2×104W。
【解析】(1)根据阻力和重力的关系得出轿车受到的阻力；轿车做匀速直线运动，处于平衡状态，根据二力平衡条件得出所受的牵引力，根据W=Fs得出轿车通过主大桥所做的功；
(2)根据P=Wt=Fst=Fv可知轿车在主大桥上匀速行驶时的功率。
本题考查重力、阻力、功和功率的计算，并考查二力平衡的知识，综合性强，难度适中。
28.【答案】解：
(1)物体A是边长为10cm的正方体，体积为：V=(10cm)3=0.001m3，此时有14的体积露出水面，则排开液体的体积为：V排=(1-14)×0.001m3=7.5×10-4m3，
由阿基米德原理，物体A有14体积露出水面时受到的浮力：F浮=ρ水g×V排=1.0×103kg/m3×10N/kg×7.5×10-4m3=7.5N；
(2)水对容器底的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10-2m=1000Pa，
由p=FS可得，水对容器底部的压力：F=pS=1000Pa×200×10-4m2=20N；
(3)打开阀门放水，当细线刚好达到最大拉力8N时，由力的平衡，此时A受到的浮力为：F浮1=GA-F大=12N-8N=4N，
由阿基米德原理，此时排开液体的体积：V排1=F浮1ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10-4m3，
原来A浸入水中的深度为：h=(1-14)×10cm=7.5cm，
放水后，A浸入水中的深度为h1=V排1SA=4×10-4m3(10×10-2m)2=0.04m=4cm，
水面下降的高度：Δh=h-h1=7.5cm-4cm=3.5cm，
现在水的深度为：h2=10cm-3.5cm=6.5cm，
则流出水后容器内水的体积：V剩余=(h2-h1)S容+h1×(S容-SA)=(6.5cm-4cm)×200cm2+4cm×[(200cm2-(10cm)2]=900cm3,
由G=mg可知，物体A的质量：mA=GAg=12N10N/kg=1.2kg，
物体A的密度：ρA=mAVA=1.2kg1000×10-6m3=1.2×103kg/m3，
因为物体A的密度大于水的密度，所以物体A静止在容器底，此时物体A浸没的高度：h3=V剩余S容-SA=900cm3200cm2-(10cm)2=9cm，
物体A受到的浮力：F浮2=ρ水gV排2=ρ水gSAh3=1.0×103kg/m3×10N/kg×(10×10-2m)2×9×10-2m=9N，
物体A对容器底的压力：F压=GA-F浮2=12N-9N=3N，
物体A对容器底的压强：p=F压SA=3N(10×10-2m)2=300Pa。
答：(1)正方体A受到的浮力为7.5N；
(2)水对容器底部的压力为20N；
(3)现在将容器中的水缓慢抽出，细线恰好断裂时立即停止抽水，A最终静止后，A对容器底部的压强为300Pa。
【解析】(1)已知物体A的边长，根据体积公式求出A的体积，根据此时有14的体积露出水面，得出A排开液体的体积，由阿基米德原理求出物体A有14体积露出水面时受到的浮力；
(2)先根据p=ρgh求出水对容器底的压强，再根据F=pS求出水对容器底部的压力；
(3)打开阀门放水，当细线刚好达到最大拉力8N时，由力的平衡得出此时A受到的浮力，由阿基米德原理求出此时排开液体的体积，从而得出此时A浸入水中的深度，可知原来A浸入水中的深度，从而得出水面下降的高度，可知流出水后剩余水的深度，故可得出流出水后容器内剩余水的体积，根据G=mg和ρ=mV求出物体A的密度，与水的密度比较可知物体A静止时的位置，再根V=Sh求出水浸没水中的高度，再根据V=Sh和阿基米德原理求出此时物体A受到的浮力，进一步求出物体A对容器底的压力，最后根据p=F压SA求出容器对桌面的压强。
本题考查力的平衡、阿基米德原理、密度公式、重力公式、压强公式的运用，涉及知识点多，综合性强，求出流出水后容器内剩余水的重力是关键，有一定难度。
29.【答案】解：(1)t=0min时刻，A排开水的体积为：
V排=VA=5×10-3m3，
此时A所受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-3m3=50N；
(2)由图乙可知，当t=6min以后，连接杠杆和圆柱体A的绳子断开，此时B对压力传感器的压力为GB，
则4F0=GB=40N，
F0=10N，
由图乙可知，当t=0min时刻，压力传感器示数F1=52F0=52×10N=25N，
则绳子对D端的拉力为：FD=GB-F1=40N-25N=15N，
此时绳子对C端的拉力为：FC=GA-F浮=GA-50N，
由杠杆的平衡条件可得：FC⋅OC=FD⋅OD，
即(GA-50N)×1=15N×2，
解之，得：GA=80N；
(3)圆柱形容器中水的深度从0上升到50cm的过程中，连接杠杆和物体A、B间的细线始终有拉力，
则细线可以承受A的重力，不会断开，
A的底面积为：SA=VAh0=5×10-3m350×10-2m=1×10-2m2，
水深h时，圆柱体A受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=ρ水gSAh，
此时绳子对C的拉力为：FC=GA-F浮=GA-ρ水gSAh，
由杠杆的平衡条件可得：FC⋅OC=FD⋅OD，
则D端受到的拉力为：FD=OCOD⋅FC=12(GA-ρ水gSAh)，
传感器受到的压力为：F=GB-FD=GB-12(GA-ρ水gSAh)
=40N-12×(80N-1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10-2m2×h×10-2m)=(0.5N/cm)×h，
即F与h成正比，且h=0cm时F=0N，h=50cm时F=(0.5N/cm)×50cm=25N，F-h图象如下图所示：
答：(1)t=0min时刻，A所受到的浮力是50N；
(2)物体A的重力GA是80N；
(3)压力传感器示数F随水深h变化的关系式为F=(0.5N/cm)×h，F-h图象如上图所示。
【解析】(1)t=0min时刻，实心圆柱体A上表面与容器中的水面刚好相平，此时A刚好浸没，则A排开液体的体积等于A的体积，根据阿基米德原理F浮=ρgV排求出此时A所受到的浮力；
(2)根据图乙可知t=6min以后连接杠杆和圆柱体A的绳子断开，此时B对压力传感器的压力为GB，即4F0=GB，可求出F0，根据图乙t=0min时刻压力传感器示数，绳子对D端的拉力等于B的重力减去压力传感器的示数，此时C端绳子的拉力等于A的重力减去受到的浮力，根据杠杆的平衡条件得出等式，从而可求出A的重力；
(3)圆柱形容器中水的深度从0上升到50cm的过程中，连接杠杆和物体A、B间的细线始终有拉力，则细线可以承受A的重力，不会断开，根据阿基米德原理表示出受到的浮力，然后表示出绳子对C的拉力，根据杠杆的平衡条件求出D端受到的拉力，进一步得出传感器受到的压力，根据表达式做出F-h图象。
本题考查了阿基米德原理和杠杆平衡条件的综合应用等，从图乙中读出有用的信息和分清各力之间的关系是关键。
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