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2023年辽宁省丹东市中考物理试题（含解析）
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这是一份2023年辽宁省丹东市中考物理试题（含解析），共25页。试卷主要包含了物理选择题，填空题，作图题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
物理试卷
一、物理选择题（本题包括10个小题，每小题3分，共30分。其中1～7小题为单选题；8～10小题为多选题，漏选得2分，错选得0分）
1. 下列有关物理量的估测，符合实际的是（ ）
A. 中学生立定跳远的距离约为5m
B. 中学生正常呼吸一次的时间约为20s
C. 一名中学生的质量约为50kg
D. 中学生的正常体温约为42℃
【答案】C
【解析】
【详解】A．中学生立定跳远的距离约为2m，故A不符合题意；
B．中学生正常呼吸一次的时间约为2~3s，故B不符合题意；
C．一名中学生的质量约为50kg，故C符合题意；
D．中学生的正常体温约为37℃，且变化很小，故D不符合题意。
故选C。
2. 关于声现象，下列描述正确的是（ ）
A. 甲图：乒乓球被正在发声音叉弹开，表明音叉正在振动
B. 乙图：刻度尺振动得越快，发出声音的响度越大
C. 丙图：用大小不同的力敲击鼓面，发出声音的音调不同
D. 丁图：工人戴防噪声耳罩，是通过防止噪声的产生来控制噪声的
【答案】A
【解析】
【详解】A．发声的音叉将乒乓球弹开，该现象说明发声的物体在振动，故A正确；
B．刻度尺振动得越快，频率越高，发出声音的音调越高，故B错误；
C．用大小不同的力敲击鼓面，鼓面的振幅不同，响度不同，故C错误；
D．工人戴防噪声耳罩，属于在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选A。
3. 关于物态变化，下列说法正确的是（ ）
A. 放在衣箱里的樟脑丸变小，这是汽化现象
B. 从冰箱中取出的鸡蛋，过一会儿变湿，这是液化现象
C. 夏天，晒在太阳下的湿衣服变干，这是升华现象
D. 冬天，窗玻璃上出现冰花，这是凝固现象
【答案】B
【解析】
【详解】A．放在衣箱里的樟脑丸变小，樟脑丸由固态直接变成气态，这是升华现象，故A错误；
B．从冰箱中取出的鸡蛋，过一会儿变湿，这是水蒸气遇冷液化形成的，故B正确；
C．夏天，晒在太阳下的湿衣服变干，衣服上的水由液态变成气态，这是汽化现象，故C错误；
D．冬天，窗玻璃上出现冰花，这是水蒸气遇冷凝华形成的，故D错误；
故选B。
4. 下列现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A. 日晷上的影子
B. “弯折”的筷子
C. 屏上的皮影
D. 水中的倒影
【答案】B
【解析】
【详解】AC．日晷上的影子、屏上的皮影，都是由光沿直线传播形成的，故AC不符合题意；
B．斜插在水中的筷子，筷子在水面处看起来变折了，这是由于筷子反射的光从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以筷子在水中的部分是向上弯折，是由于光的折射形成的，故B符合题意；
D．水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D不符合题意。
故选B。
5. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表示数变小 B. 电压表示数变大
C. 电流表A1示数变小 D. 电流表A2示数变小
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由电路图可知，R1和R2并联，电流表A2测通过R的电流，电流表A1测通过R0的电流，电压表测电源的电压；因电源的电压不变，所以电压表的示数不变，故AB错误；
CD．滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表A2的示数变小，因为并联电路两端电压不变，而定值电阻R0的阻值不变，根据可知通过R0的电流不变，即电流表A1示数不变，故C错误，D正确。
故选D。
6. 将小磁针放置在通电螺线管右侧，小磁针静止时，其N极的指向如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 电流从导线的A端流入螺线管
B. 通电螺线管的左端为N极
C. 通电螺线管周围真实存在磁感线
D. 改变导线中电流方向，通电螺线管磁性强弱会改变
【答案】B
【解析】
【详解】AB．由图可知，小磁针的左侧为N极，右侧为S极，根据异名磁极相互吸引，则可知螺线管的左侧为N极，右侧为S极，则根据安培定则可知，电流是从B端流入螺线管的，故A错误，B正确；
C．磁感线是人为引入的，不是真实存在，故C错误；
D．电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数有关，改变导线中电流大小，通电螺线管磁性强弱会改变，故D错误。
故选B。
7. 如图所示，小潘用动滑轮将重为8N的物体匀速提升，绳子自由端移动的速度为0.2m/s，动滑轮的重力为2N，忽略绳重和摩擦。下列说法正确的是（ ）
A. 经过5s，物体被提升1m
B. 经过5s，小潘做的有用功为5J
C. 小潘对绳子的拉力F大小为4N
D. 此过程中该动滑轮的机械效率为80%
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知动滑轮上绳子的有效股数为n=2，绳子自由端移动的速度为0.2m/s，则物体升高的速度为
经过5s物体被提升的高度为
h=vt=0.1m/s×5s=0.5m
故A错误；
B．经过5s小潘做的有用功为
W有用=Gh=8N×0.5m=4J
故B错误；
C．不计绳重和摩擦，小潘对绳子的拉力为
故C错误；
D．绳子移动的距离为
s=2h=2×0.5m=1m
拉力做的总功为
W总=Fs=5N×1m=5J
此过程中该动滑轮的机械效率
故D正确。
故选D。
8. 如图所示，北京时间2023年5月30日，搭载神舟十六号载人飞船的长征二号F遥十六运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是（ ）
A. 火箭加速升空的过程中，以地面为参照物，飞船是运动的
B. 向下喷出的气体推动火箭上升，说明物体间力的作用是相互的
C. 火箭使用的氢燃料燃烧时将内能转化为化学能
D. 火箭加速升空的过程中，飞船的动能增大，重力势能增大
【答案】ABD
【解析】
【详解】A．火箭加速升空的过程中，以地面为参照物，飞船的位置发生改变，飞船是运动的，故A正确；
B．火箭对喷出的气体有向下的力，同时气体对火箭产生了向上巨大的推力，这说明力的作用是相互的，故B正确；
C．火箭使用的氢燃料燃烧时将化学能转化为内能，故C错误；
D．火箭加速升空过程中，飞船的质量不变，速度和高度都增大，动能增大，重力势能增大，故D正确。
故选ABD。
9. 如图所示，两个完全相同的容器分别盛有甲、乙两种液体，将两个体积相等的实心物体A、B分别放入甲、乙两种液体中，静止后，物体A悬浮，物体B漂浮，两容器中液面相平。下列说法正确的是（ ）
A. 若物体A、B密度相等，则物体A、B受到的浮力相等
B. 若物体A、B密度相等，则两容器对桌面的压强相等
C. 若甲、乙液体密度相等，则物体A的重力大于物体B的重力
D. 若甲、乙液体密度相等，则物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．由题意可知，A、B两物体体积相同，若密度也相同，则由可知，A、B质量相同。由图可知，A悬浮，B漂浮，由物体浮沉条件可知，物体漂浮和悬浮时，受到的浮力等于自身重力，即
，
因A、B质量相同，故物体A、B受到的浮力相等，故A正确；
B．若物体A、B密度相等，A悬浮，则，B漂浮，则，所以，因两容器液面相平，且A、B体积相同，因此，则，由
可知，乙中液体重力大于甲中液体重力，由A选项可知，A、B重力相同，因此甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力，因两容器底面积相等，由可知，，故B错误；
C．若甲、乙液体密度相等，物体A悬浮，物体B漂浮，则
，
故。因A、B两物体体积相同，由
可知，物体A的重力大于物体B的重力，故C正确；
D．若甲、乙液体密度相等，物体A悬浮，物体B漂浮，受到的浮力等于自身重力，由C选项可知，物体A的重力大于物体B的重力，因此物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力，故D正确。
故选ACD。
10. 如图甲所示，电源电压保持不变，R1=10Ω。闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从b端移动到a端的过程中，电流表示数随滑动变阻器R2连入电路的阻值的变化关系如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为8V
B. R1的最小电功率为1.6W
C. 滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω
D. 当滑片P位于中点时，R1与R2的电功率之比为2∶3
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．由图甲可知，当滑动变阻器的滑片位于a端时，电路为R1的简单电路，此时电路中的电流最大，为0.8A，则电源电压
U=I最大R1=0.8A×10Ω=8V
故A正确；
BC．由图甲可知，当滑动变阻器滑片位于b端时，两电阻串联，滑动变阻器全部接入电路，阻值为30Ω，此时电路中电流最小为0.2A，R1的电功率最小，R1的最小电功率
P1最小=I2最小R1=(0.2A)2×10Ω=0.4W
故B错误，C正确；
D．当滑片P位于中点时，变阻器接入电路的阻值为15Ω，R1与R2的电功率之比为
故D正确。
故选ACD。
二、填空题（本题包括10个小题，每空1分，共22分）
11. 上课铃声响起后，同学们走进教室开始上课。这是利用了声可以传递 _______，铃声是通过 _______传入同学们耳朵的。
【答案】 ①. 信息 ②. 空气
【解析】
【详解】[1]声音可以传递信息和能量。上课铃声将“上课”这一信息传递给同学们，这是利用了生可以传递信息。
[2]声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声，铃声是通过空气传入同学们耳朵里的。
12. 用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒因失去电子而带 _____电。通常情况下，玻璃是 ________（选填“导体”或“绝缘体”）。
【答案】 ①. 正
②. 绝缘体
【解析】
【详解】[1]规定丝绸摩擦过的玻璃棒，玻璃棒因失去电子带正电，丝绸因得到电子带负电。
[2]不容易导电的物体叫绝缘体，容易导电的物体叫导体，陶瓷、橡胶、玻璃、塑料、干布、干纸、干木材通常情况下不容易导电，是绝缘体。
13. 如图所示是篮球运动员比赛时的情景。运动员把飞来的篮球接住，说明力可以改变物体的 _________；运动员再将篮球投出，篮球离开手后，继续向上运动，是因为篮球具有 _______；篮球离开手后，手对篮球 ________（选填“做功”或“不做功”）。
【答案】 ①. 运动状态 ②. 惯性 ③. 不做功
【解析】
【详解】[1]运动员把飞来的篮球接住，篮球因受到力的作用，由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态。
[2]篮球离开手后，由于具有惯性，篮球仍保持原来的运动状态，继续向上运动。
[3]做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动一定的距离。篮球离开手后，手对其没有作用力，故手对篮球不做功。
14. 如图所示，白色纸板竖直立在水平放置的平面镜上，入射光线与平面镜的夹角为50度，则反射角大小为 _______度；若将ON右侧纸板F沿ON向后转动，则纸板F上 _______（选填“能”或“不能”）显示出反射光线。
【答案】 ①. 40 ②. 不能
【解析】
【详解】[1]入射光线与平面镜的夹角为50度，则入射角为
90°-50°=40°
光的反射中，反射角等于入射角，所以反射角为40°。
[2]若将ON右侧纸板F沿ON向后转动，此时纸板F与纸板E不在同一平面，而入射光线、法线、反射光线在同一平面，则纸板F与反射光线不在同一平面，所以纸板F上不能显示反射光线。
15. 如图所示是我国航天员在中国空间站锻炼身体的画面。此画面信息是通过 ________（选填“电磁波”或“超声波”）传回地面指挥中心的。五星红旗被航天员带到空间站，它的质量 _______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 电磁波 ②. 不变
【解析】
【详解】[1]航天员在中国空间站锻炼身体的画面信息是通过电磁波传回地面指挥中心的。
[2]质量是物体本身具有的性质，与位置无关。五星红旗被航天员带到空间站，它的质量不变。
16. 如图所示是四冲程汽油机其中一个冲程的示意图，这是 _______冲程；到加油站给汽车加油时，能闻到汽油味儿，这是 _______现象。
【答案】 ①. 做功
②. 扩散
【解析】
【详解】[1]由图可知，火花塞点火，使燃料燃烧，内能增大，对外做功，推动活塞向下运动，属于做功冲程。
[2]到加油站给汽车加油时，能闻到汽油味儿，这是汽油分子做不停息的无规则运动，扩散到空气当中，所以闻到了汽油的气味，这是扩散现象。
17. 用吸管喝酸奶，吸管有一端很尖，更容易将吸管插入包装盒中，这是通过减小 _________来增大压强的；用吸管把酸奶“吸”入口中，这是利用了 ________的作用。
【答案】 ①. 受力面积
②. 大气压
【解析】
【详解】[1]增大压强的方法有两种，增大压力和减小受力面积，用吸管喝酸奶，吸管有一端很尖，是在压力一定的情况下，减小受力面积，增大压强。
[2]用吸管把酸奶“吸”入口中，是吸管内部压强减小，小于外界大气压，是大气压将酸奶“压”入口中的，这是利用了大气压的原理。
18. 我国新能源轻轨列车出口阿根廷，轻轨列车利用太阳能光伏发电将太阳能转化为电能存储在电池中，为列车驱动提供动力，最高运行速度可达60km/h。轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程是 _____km。太阳能属于 ________（选填“可再生”或“不可再生”）能源，来源于太阳内部发生的 ________（选填“核裂变”或“核聚变”）。
【答案】 ①. 6 ②. 可再生 ③. 核聚变
【解析】
【详解】[1]轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程是
[2]太阳能可以源源不断从自然界获得，因此属于可再生能源。
[3]在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能，太阳能来源于太阳内部发生的核聚变。
19. 如图所示，我国第一艘航空母舰“辽宁舰”在海上破浪前行。舰体距海面2m深处受到海水的压强为 _____Pa。海上航行时，为了安全起见，两只舰艇不能近距离高速并排行驶，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越 _____。（海水密度ρ海水=1.03×103kg/m3）
【答案】 ①. 2.06×104 ②. 小
【解析】
【详解】[1]舰体距海面2m深处受到海水的压强
p=ρ海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×2m=2.06×104Pa
[2]两只舰艇不能近距离高速并排行驶，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越小，两舰艇外侧水的流速越小，压强越大，形成向内的压力差，可能使两只舰艇发生相撞。
20. 小潘家的电能表上标着“”。他将家里台式电脑单独接入电路，工作3min，电能表转盘转了30转，台式电脑消耗的电能为 _____J，电功率为 _____W。
【答案】 ①. ②. 200
【解析】
【详解】[1]是指每消耗的电能，电能表转3000转，因此电能表转盘转30转所消耗的电能为
[2]电功率为
三、作图题（本题包括3个小题，每小题3分，共9分）
21. 如图所示，管道内A处有一只正在发光小灯泡，小潘的眼睛在B处看到了平面镜中小灯泡的像，请画出小潘看到小灯泡A的像的光路图。
【答案】
【解析】
【详解】由平面镜成像的特点可知， 首先作出A处小灯泡关于平面镜对称，取处小灯泡的像到平面镜的距离和灯泡到平面镜的距离相等，连接B，与平面镜相交于O点，连接AO为入射光线，连接OB为反射光线，如下图所示：
22. 如图所示，用轻质撬棒撬动地面上的石头，O是撬棒的支点，F2是阻力。请在图中画出作用在D点的最小动力F1、动力臂l1和阻力臂l2。
【答案】
【解析】
【详解】反向延长阻力作用线，作支点O到延长线的垂线，即为阻力臂l2；阻力和阻力臂一定，根据杠杆平衡条件可知，要想动力最小，则动力臂应该最长，则支点到动力作用点D点的直线距离，即为最长动力臂l1；此时作用在D点，垂直于动力臂向下的力，即为最小动力F1。如图所示：
23. 如图所示是家庭电路的一部分，开关只控制电灯，插座准备接大功率用电器。请用笔画线代替导线将电路补充完整。
【答案】
【解析】
【详解】灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡，最后灯泡接零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：
四、计算题（本题包括3个小题，第24小题6分，第25小题6分，第26小题8分，共20分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值和单位）
24. 某小汽车的质量为1500kg，轮胎与水平地面总接触面积为0.05m2。小汽车在平直的公路上匀速行驶6.9km，消耗汽油0.5kg，已知小汽车匀速直线行驶时受到的阻力为1000N。（汽油的热值q=4.6×107J/kg）求：
（1）该小汽车在水平地面上静止时对地面的压强；
（2）在此过程中该小汽车牵引力所做的功；
（3）该小汽车发动机的效率。
【答案】(1)3×105Pa；(2) 6.9×106J；(3) 30％
【解析】
【详解】解：（1）汽车的质量为1500kg，汽车受到的压力等于其自身的重力即
轮胎与水平地面总接触面积为0.05m2，则汽车对地面的压强为
（2）汽车匀速直线行驶，受平衡力的作用，根据二力平衡的知识可知，汽车的牵引力等于其受到的阻力，为1000N，行驶距离为6.9km即6900m，故牵引力所做的功为
（3）汽车行驶时0.5kg汽油完全燃烧放出的热量为
故汽车发动机的效率为
答：（1）该小汽车在水平地面上静止时对地面的压强为3×105Pa；
（2）在此过程中该小汽车牵引力所做的功为6.9×106J；
（3）该小汽车发动机的效率为30％。
25. 如图所示是某品牌电热锅的简化电路，R1、R2均为发热电阻。电热锅工作时，通过开关S1和S2实现低温、中温和高温的挡位控制，已知低温挡电阻R1=110Ω，中温挡功率为880W；求：
（1）电热锅低温挡工作时电功率；
（2）电热锅中温挡工作时的电流；
（3）使用电热锅高温挡将质量为2kg的水从20℃加热到75℃所用的时间。[不计热量损失，水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃）]
【答案】（1）440W；（2）4A；（3）350s
【解析】
【详解】解：（1）由电路图和已知条件可以得出，当只闭合开关S1时，只有电阻R1接入电路，为低温挡，电压为220V，根据公式可得低温档功率为
（2）根据题意可知，当只有电阻R2接入电路时为中温挡，电热锅中温挡功率为880W，电压为220V，由公式变形可知，此时电路中的电流为
（3）当R1、R2均接入电路，即开关S1和S2均闭合时为高温挡，根据串并联电路中电功率的规律可知，高温挡功率为
根据热平衡方程可知
即
所以所需的时间为
答：（1）电热锅低温挡工作时的电功率为440W；
（2）电热锅中温挡工作时的电流为4A；
（3）不计热量损失，使用电热锅高温挡将质量为2kg的水从20℃加热到75℃所用的时间为350s。
26. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V，3W”字样，定值电阻R1阻值为20Ω，滑动变阻器R2最大阻值为18Ω。（不考虑温度对灯丝电阻的影响）求：
（1）小灯泡L的电阻；
（2）当开关S、S1都闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到a端时，小灯泡L恰好正常发光，求电流表的示数；
（3）当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，小灯泡L的电功率。
【答案】（1）12Ω；（2）0.8A； 0.48W
【解析】
【详解】解：（1）不考虑温度对灯丝电阻的影响，由可知小灯泡L的电阻
（2）当开关S、S1都闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到a端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，定值电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流。小灯泡L恰好正常发光，则电源电源
U=UL=6V
通过灯泡的电流
通过定值电阻的电流
电流表的示数
I=IL+I1=0.5A+0.3A=0.8A
（3）当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，灯泡和滑动变阻器串联，根据欧姆定律可知电路电流
小灯泡L的电功率
Pʹ=Iʹ2RL=(0.2A)2×12Ω=0.48W
答：（1）小灯泡L的电阻为12Ω；
（2）电流表的示数为0.8A；
（3）当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，小灯泡L的电功率为0.48W。
五、综合题（本题包括6个小题，第27小题6分，第28小题7分，第29小题7分，第30小题7分，第31小题6分，第32小题6分，共39分）
27. 在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中：
（1）在组装器材时，出现如图甲所示的情形，其中存在的错误是 _________，此时应对 _____（选填“A”或“B”）处进行调整；
（2）器材调整好后，用酒精灯给烧杯中的水加热，某一时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为 _______℃；
（3）继续加热，当水温达到90℃时，每隔0.5min记录一次温度，根据记录的数据绘制了如图丙所示的图象。由图象可知此次实验中水的沸点是 _______℃，由此可知当地当时的大气压 _______（选填“高于”“低于”或“等于”）标准大气压；
（4）为探究水沸腾的过程中是否需要吸热，应 _________，观察水是否继续沸腾。
【答案】 ①. 温度计的玻璃泡碰到容器底 ②. A ③. 76 ④. 99 ⑤. 低于 ⑥. 停止加热
【解析】
【详解】（1）[1][2]实验组装过程中，要采用自下而上的方法组装，图甲中温度计的玻璃泡接触了烧杯底部，应向上调整A。
（2）[3]由图乙可知，温度计的分度值为1℃，在0刻度线以上，示数为76℃。
（3）[4][5]从图象可以看出水在沸腾过程中保持99℃不变，所以沸点为99℃；沸腾时，温度保持不变。1标准大气压时水的沸点为100℃，气压越小沸点越低，由此可知当地当时的大气压低于1标准大气压。
（4）[6]为了说明水沸腾过程中是否需要吸热，应停止加热，观察水是否继续沸腾，如果水不沸腾，说明水沸腾过程中需要吸收热量。
28. 小潘同学选用焦距为15cm的凸透镜，做“探究凸透镜的成像规律”的实验。
（1）实验在 _______（选填“较暗”或“较亮”）的环境中进行，现象更明显；
（2）小潘将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度，这样做的目的是使像呈现在 ____________；
（3）小潘将蜡烛放在10cm刻度线处，移动光屏到如图所示位置，光屏上恰好呈现一清晰的像，该像的性质是倒立、_______（选填“放大”“缩小”或“等大”）的实像；
（4）保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到25cm刻度线处，若想在光屏上得到清晰的像，应把光屏向 _____移动（选填“左”或“右”），像将 _______（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（5）保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到40cm刻度线处，无论怎样移动光屏，在光屏上都找不到清晰的像，当小潘的眼睛在凸透镜的右侧，透过凸透镜观察到烛焰 _______、放大的像（选填“正立”或“倒立”），生活中的 ________就是利用这样的成像原理工作的（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。
【答案】 ①. 较暗 ②. 光屏中央 ③. 缩小 ④. 右 ⑤. 变大 ⑥. 正立 ⑦. 放大镜
【解析】
【详解】（1）[1]做“探究凸透镜的成像规律”的实验时，物体和环境的对比度越大，物体越亮，物体成像越清晰，因此实验应该在较暗的环境中进行。
（2）[2]为了使像呈现在光屏的中央，实验前，应该调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度。
（3）[3]将蜡烛放在10cm刻度线处时，物距
根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像。
（4）[4][5]保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到25cm刻度线处，则物距变小，根据：成实像时，物近像远像变大规律，要使光屏上成清晰的像，应增大像距，即将光屏右移，此时像将变大。
（5）[6]保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到40cm刻度线处，此时物距为
根据凸透镜成像规律可知，此时成正立、放大的虚像。放大镜是利用该原理工作的。
29. 小潘和小明想知道鸭绿江水的密度。
（1）小潘利用天平和量筒进行了如下实验：
①将天平放在 _____桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，向 _____调节平衡螺母，直到天平平衡；
②向烧杯中倒入适量鸭绿江水，将装有江水的烧杯放在已调平的天平左盘，向右盘中加减砝码并调节游码，天平再次平衡后，右盘中砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则江水和烧杯的总质量为 _____g；
③将烧杯中的江水倒入量筒中一部分，如图丙所示，则量筒中江水的体积为 _____cm3；
④用天平测出剩余江水和烧杯的总质量为53.2g，则所测江水的密度为 _____kg/m3；
⑤在把烧杯中的江水倒入量筒中时，如果有几滴江水滴到桌面上，会导致所测江水密度值 _____（选填“偏大”或“偏小”）。
（2）在没有天平的条件下，小明使用不吸水的木块（已知木块的密度为ρ木）、细钢针和量筒，进行了如图丁所示的实验：
①向量筒中倒入适量的江水，体积记为V1；
②将木块轻轻放入量筒中，当木块静止时，液面对应的体积记为V2；
③用细钢针将木块压入江水中，使其浸没，静止时液面对应的体积记为V3；
④鸭绿江水密度的表达式ρ＝_____。（用V1、V2、V3和ρ水表示）
【答案】 ①. 水平 ②. 右 ③. 93.6 ④. 40 ⑤. 1.01×103 ⑥. 偏大 ⑦.
【解析】
【详解】（1）①[1][2]将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，此时指针偏左，说明右盘偏轻，所以应向右调节平衡螺母，直到天平平衡。
②[3]由图乙可知，江水和烧杯的总质量为
50g+20 g+20g+3.6g=93.6g
③[4]图丙中量筒的分度值为2mL，读出量筒中江水的体积为40mL=40cm3 。
④[5]由题意得，量筒中江水的质量
m=93.6g-53.2 g=40.4g
江水的密度
⑤[6]在把烧杯中的江水倒入量筒中时，如果有几滴江水滴到桌面上，会导致量筒中江水的体积测量的偏小，又因为烧杯中的江水倒出的江水的质量是一定的，由密度公式可知，所测江水密度值偏大。
（2）[7]④由题意可知，木块的体积为V3-V1，则木块的重力
G木=m木g=ρ木(V3-V1) g
由步骤②可知木块漂浮时，木块排开水的体积为V2-V1，木块受到的浮力
F浮=ρgV排=ρg(V2-V1)
根据漂浮的条件可知，F浮=G木，即
ρ木(V3-V1) g=ρg(V2-V1)
解得。
30. 在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小潘同学选择了三块粗糙程度不同的长木板、一个木块、质量相等的砝码若干、一个弹簧测力计，进行实验：
（1）如图所示，将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做 _________运动，根据 _________知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）小潘经过多次实验获得下表中的实验数据：
实验次数
实验条件
弹簧测力计示数F/N
1
木块
长木板
0.8
2
木块上放1个砝码
长木板
1.0
3
木块上放2个砝码
长木板
1.2
4
木块上放1个砝码
粗糙长木板
1.3
5
木块上放1个砝码
更粗糙长木板
1.7
①分析表中 __________三次实验数据，可以得出在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越 _____；
②分析表中2、4、5三次实验数据，可以得出在 _______相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（3）实验过程中，当弹簧测力计的示数为0.5N时，木块未被拉动，此时木块受到的摩擦力 _______0.5N；（选填“大于”“小于”或“等于”）
（4）体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这是通过增大 _____________来增大摩擦力。
【答案】 ①. 匀速直线 ②. 二力平衡 ③. 1、2、3 ④. 大 ⑤. 压力 ⑥. 等于 ⑦. 接触面粗糙程度
【解析】
【详解】（1）[1][2]探究影响滑动摩擦力大小的因素用到的是转换法，通过二力平衡的知识，使物体受平衡力，即摩擦力等于拉力，故要使木块做匀速直线运动，使其受平衡力，根据二力平衡的知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）[3][4][5]由表格中的数据可知，接触面粗糙程度相同，压力不同的是1、2、3三次实验，由实验数据可知，弹簧测力计示数逐渐增大，由二力平衡可知，摩擦力逐渐增大，故由是1、2、3三次实验数据，可以得出在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动滑动摩擦力越大；由 2、4、5三次实验数据可以得出，砝码个数相同，即压力相同，接触面的粗糙程度越来越粗糙，弹簧测力计的示数不断增大，由二力平衡可知，滑动摩擦力逐渐增大，故在压力相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）[6]当弹簧测力计的示数为0.5N时，木块未被拉动，处于静止状态，受平衡力，根据二力平衡的知识可知，此时木块受到的摩擦力等于0.5N，此摩擦力为静摩擦力。
（4）[7]体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，压力一定时，增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力，故这是通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦力。
31. 在“探究电流与电压的关系”实验中，小潘设计并连接了如图甲所示的电路。
（1）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最 _____端；（选填“左”或“右”）
（2）闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，已知导线、仪表均完好且接触良好，则故障原因可能是定值电阻 _______；（选填“断路”或“短路”）
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为1.0V时，电流表示数如图乙所示，则电流表示数为 ________A；
（4）继续移动滑动变阻器的滑片，进行多次测量，记录实验数据如下表：
实验次数
1
2
3
4
电压U/V
1.0
1.6
2.2
2.8
电流I/A
0.16
0.22
0.28
分析表中数据可知：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成 _______；
（5）同桌的小明分别用两个阻值未知的电阻R1和R2进行实验，得到两个电阻的I﹣U图象，如图丙所示。由图象可知R1_____R2（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（6）若将定值电阻换成小灯泡，不能达到本实验的探究目的，是因为 ___________。
【答案】 ①. 左 ②. 短路 ③. 0.1 ④. 正比 ⑤. < ⑥. 灯泡的电阻随温度的升高而增大
【解析】
【详解】（1）[1]在闭合开关前，为了保护电路，应将滑动变阻的滑片移动至组织最大处，即最左端。
（2）[2]闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明可能是与电压表并联的定值电阻短路了。
（3）[3]由图乙可知，电流表使用的是“0~0.6A”的量程，其分度值为0.02A，电流表示数为0.1A。
（4）[4]由表格数据可知，电阻一定时，随着定值电阻两端电压的增大，通过定值电阻的电流也增大同样的倍数，因此可知，在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（5）[5]由图丙可知，当电压相同时，有。由可知，。
（6）[6]在“探究电流与电压的关系”实验中，需要控制电阻不变，因小灯泡的电阻随着温度的升高而增大，因此将定值电阻换成小灯泡，不能达到本实验的探究目的。
32. 在“测量小灯泡的额定功率”实验中，小潘选用的小灯泡L的额定电压为2.5V。
（1）小潘设计了如图甲所示的电路图，连接好电路后，闭合开关S，发现电流表的指针向左偏转，如图乙所示，其原因是 __________；
（2）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P到某一位置时，电压表示数如图丙所示，为 ________V，要测量小灯泡L的额定功率，滑片P应向 _____（选填“左”或“右”）移动，使电压表示数为2.5V，此时电流表示数为0.24A，则小灯泡L的额定功率为 ________W；
（3）实验结束后，小潘认为没有电流表也能测出小灯泡的额定功率。于是他找来了另一个电源（电压恒为8V）、一个额定电压为6V的小灯泡L1和一个阻值为20Ω的定值电阻R0等器材，设计了如图丁所示的电路，并完成了实验。实验过程如下：
①断开开关S1，闭合开关S、S2，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为 _____V，小灯泡L1正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；
③小灯泡L1的额定功率为 _____W。
【答案】 ①. 电流表正、负接线柱接反了 ②. 1.8 ③. 左 ④. 0.6 ⑤. 2 ⑥. 2.4
【解析】
【详解】（1）[1]乙图中电流表指针反偏，说明电流表正、负接线柱接反了。
（2）[2][3][4]由乙图可知，电压表所选量程为0~3V，分度值为0.1V，读出其示数为1.8V；示数小于灯的额定电压2.5V，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；灯泡的额定功率
P额=U额I额=2.5V×0.24A=0.6W
（3）①[5]断开开关S1，闭合开关S、S2，滑动变阻器与小灯泡L1串联，电压表测滑动变阻器的电压，根据串联分压原理，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为
UR=U-UL=8V-6V=2V
小灯泡L1正常发光。
③[6]断开开关S2，闭合开关S、S1，滑动变阻器与R0串联，电压表测滑动变阻器的电压；保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；根据串联分压的规律可知
R滑=5Ω
在①中，电路电流为
小灯泡L1的额定功率为
P额=ULI=6V×0.4A=2.4W
物理试卷
一、物理选择题（本题包括10个小题，每小题3分，共30分。其中1～7小题为单选题；8～10小题为多选题，漏选得2分，错选得0分）
1. 下列有关物理量的估测，符合实际的是（ ）
A. 中学生立定跳远的距离约为5m
B. 中学生正常呼吸一次的时间约为20s
C. 一名中学生的质量约为50kg
D. 中学生的正常体温约为42℃
【答案】C
【解析】
【详解】A．中学生立定跳远的距离约为2m，故A不符合题意；
B．中学生正常呼吸一次的时间约为2~3s，故B不符合题意；
C．一名中学生的质量约为50kg，故C符合题意；
D．中学生的正常体温约为37℃，且变化很小，故D不符合题意。
故选C。
2. 关于声现象，下列描述正确的是（ ）
A. 甲图：乒乓球被正在发声音叉弹开，表明音叉正在振动
B. 乙图：刻度尺振动得越快，发出声音的响度越大
C. 丙图：用大小不同的力敲击鼓面，发出声音的音调不同
D. 丁图：工人戴防噪声耳罩，是通过防止噪声的产生来控制噪声的
【答案】A
【解析】
【详解】A．发声的音叉将乒乓球弹开，该现象说明发声的物体在振动，故A正确；
B．刻度尺振动得越快，频率越高，发出声音的音调越高，故B错误；
C．用大小不同的力敲击鼓面，鼓面的振幅不同，响度不同，故C错误；
D．工人戴防噪声耳罩，属于在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选A。
3. 关于物态变化，下列说法正确的是（ ）
A. 放在衣箱里的樟脑丸变小，这是汽化现象
B. 从冰箱中取出的鸡蛋，过一会儿变湿，这是液化现象
C. 夏天，晒在太阳下的湿衣服变干，这是升华现象
D. 冬天，窗玻璃上出现冰花，这是凝固现象
【答案】B
【解析】
【详解】A．放在衣箱里的樟脑丸变小，樟脑丸由固态直接变成气态，这是升华现象，故A错误；
B．从冰箱中取出的鸡蛋，过一会儿变湿，这是水蒸气遇冷液化形成的，故B正确；
C．夏天，晒在太阳下的湿衣服变干，衣服上的水由液态变成气态，这是汽化现象，故C错误；
D．冬天，窗玻璃上出现冰花，这是水蒸气遇冷凝华形成的，故D错误；
故选B。
4. 下列现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A. 日晷上的影子
B. “弯折”的筷子
C. 屏上的皮影
D. 水中的倒影
【答案】B
【解析】
【详解】AC．日晷上的影子、屏上的皮影，都是由光沿直线传播形成的，故AC不符合题意；
B．斜插在水中的筷子，筷子在水面处看起来变折了，这是由于筷子反射的光从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以筷子在水中的部分是向上弯折，是由于光的折射形成的，故B符合题意；
D．水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D不符合题意。
故选B。
5. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表示数变小 B. 电压表示数变大
C. 电流表A1示数变小 D. 电流表A2示数变小
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由电路图可知，R1和R2并联，电流表A2测通过R的电流，电流表A1测通过R0的电流，电压表测电源的电压；因电源的电压不变，所以电压表的示数不变，故AB错误；
CD．滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表A2的示数变小，因为并联电路两端电压不变，而定值电阻R0的阻值不变，根据可知通过R0的电流不变，即电流表A1示数不变，故C错误，D正确。
故选D。
6. 将小磁针放置在通电螺线管右侧，小磁针静止时，其N极的指向如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 电流从导线的A端流入螺线管
B. 通电螺线管的左端为N极
C. 通电螺线管周围真实存在磁感线
D. 改变导线中电流方向，通电螺线管磁性强弱会改变
【答案】B
【解析】
【详解】AB．由图可知，小磁针的左侧为N极，右侧为S极，根据异名磁极相互吸引，则可知螺线管的左侧为N极，右侧为S极，则根据安培定则可知，电流是从B端流入螺线管的，故A错误，B正确；
C．磁感线是人为引入的，不是真实存在，故C错误；
D．电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数有关，改变导线中电流大小，通电螺线管磁性强弱会改变，故D错误。
故选B。
7. 如图所示，小潘用动滑轮将重为8N的物体匀速提升，绳子自由端移动的速度为0.2m/s，动滑轮的重力为2N，忽略绳重和摩擦。下列说法正确的是（ ）
A. 经过5s，物体被提升1m
B. 经过5s，小潘做的有用功为5J
C. 小潘对绳子的拉力F大小为4N
D. 此过程中该动滑轮的机械效率为80%
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知动滑轮上绳子的有效股数为n=2，绳子自由端移动的速度为0.2m/s，则物体升高的速度为
经过5s物体被提升的高度为
h=vt=0.1m/s×5s=0.5m
故A错误；
B．经过5s小潘做的有用功为
W有用=Gh=8N×0.5m=4J
故B错误；
C．不计绳重和摩擦，小潘对绳子的拉力为
故C错误；
D．绳子移动的距离为
s=2h=2×0.5m=1m
拉力做的总功为
W总=Fs=5N×1m=5J
此过程中该动滑轮的机械效率
故D正确。
故选D。
8. 如图所示，北京时间2023年5月30日，搭载神舟十六号载人飞船的长征二号F遥十六运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是（ ）
A. 火箭加速升空的过程中，以地面为参照物，飞船是运动的
B. 向下喷出的气体推动火箭上升，说明物体间力的作用是相互的
C. 火箭使用的氢燃料燃烧时将内能转化为化学能
D. 火箭加速升空的过程中，飞船的动能增大，重力势能增大
【答案】ABD
【解析】
【详解】A．火箭加速升空的过程中，以地面为参照物，飞船的位置发生改变，飞船是运动的，故A正确；
B．火箭对喷出的气体有向下的力，同时气体对火箭产生了向上巨大的推力，这说明力的作用是相互的，故B正确；
C．火箭使用的氢燃料燃烧时将化学能转化为内能，故C错误；
D．火箭加速升空过程中，飞船的质量不变，速度和高度都增大，动能增大，重力势能增大，故D正确。
故选ABD。
9. 如图所示，两个完全相同的容器分别盛有甲、乙两种液体，将两个体积相等的实心物体A、B分别放入甲、乙两种液体中，静止后，物体A悬浮，物体B漂浮，两容器中液面相平。下列说法正确的是（ ）
A. 若物体A、B密度相等，则物体A、B受到的浮力相等
B. 若物体A、B密度相等，则两容器对桌面的压强相等
C. 若甲、乙液体密度相等，则物体A的重力大于物体B的重力
D. 若甲、乙液体密度相等，则物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．由题意可知，A、B两物体体积相同，若密度也相同，则由可知，A、B质量相同。由图可知，A悬浮，B漂浮，由物体浮沉条件可知，物体漂浮和悬浮时，受到的浮力等于自身重力，即
，
因A、B质量相同，故物体A、B受到的浮力相等，故A正确；
B．若物体A、B密度相等，A悬浮，则，B漂浮，则，所以，因两容器液面相平，且A、B体积相同，因此，则，由
可知，乙中液体重力大于甲中液体重力，由A选项可知，A、B重力相同，因此甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力，因两容器底面积相等，由可知，，故B错误；
C．若甲、乙液体密度相等，物体A悬浮，物体B漂浮，则
，
故。因A、B两物体体积相同，由
可知，物体A的重力大于物体B的重力，故C正确；
D．若甲、乙液体密度相等，物体A悬浮，物体B漂浮，受到的浮力等于自身重力，由C选项可知，物体A的重力大于物体B的重力，因此物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力，故D正确。
故选ACD。
10. 如图甲所示，电源电压保持不变，R1=10Ω。闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从b端移动到a端的过程中，电流表示数随滑动变阻器R2连入电路的阻值的变化关系如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为8V
B. R1的最小电功率为1.6W
C. 滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω
D. 当滑片P位于中点时，R1与R2的电功率之比为2∶3
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．由图甲可知，当滑动变阻器的滑片位于a端时，电路为R1的简单电路，此时电路中的电流最大，为0.8A，则电源电压
U=I最大R1=0.8A×10Ω=8V
故A正确；
BC．由图甲可知，当滑动变阻器滑片位于b端时，两电阻串联，滑动变阻器全部接入电路，阻值为30Ω，此时电路中电流最小为0.2A，R1的电功率最小，R1的最小电功率
P1最小=I2最小R1=(0.2A)2×10Ω=0.4W
故B错误，C正确；
D．当滑片P位于中点时，变阻器接入电路的阻值为15Ω，R1与R2的电功率之比为
故D正确。
故选ACD。
二、填空题（本题包括10个小题，每空1分，共22分）
11. 上课铃声响起后，同学们走进教室开始上课。这是利用了声可以传递 _______，铃声是通过 _______传入同学们耳朵的。
【答案】 ①. 信息 ②. 空气
【解析】
【详解】[1]声音可以传递信息和能量。上课铃声将“上课”这一信息传递给同学们，这是利用了生可以传递信息。
[2]声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声，铃声是通过空气传入同学们耳朵里的。
12. 用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒因失去电子而带 _____电。通常情况下，玻璃是 ________（选填“导体”或“绝缘体”）。
【答案】 ①. 正
②. 绝缘体
【解析】
【详解】[1]规定丝绸摩擦过的玻璃棒，玻璃棒因失去电子带正电，丝绸因得到电子带负电。
[2]不容易导电的物体叫绝缘体，容易导电的物体叫导体，陶瓷、橡胶、玻璃、塑料、干布、干纸、干木材通常情况下不容易导电，是绝缘体。
13. 如图所示是篮球运动员比赛时的情景。运动员把飞来的篮球接住，说明力可以改变物体的 _________；运动员再将篮球投出，篮球离开手后，继续向上运动，是因为篮球具有 _______；篮球离开手后，手对篮球 ________（选填“做功”或“不做功”）。
【答案】 ①. 运动状态 ②. 惯性 ③. 不做功
【解析】
【详解】[1]运动员把飞来的篮球接住，篮球因受到力的作用，由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态。
[2]篮球离开手后，由于具有惯性，篮球仍保持原来的运动状态，继续向上运动。
[3]做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动一定的距离。篮球离开手后，手对其没有作用力，故手对篮球不做功。
14. 如图所示，白色纸板竖直立在水平放置的平面镜上，入射光线与平面镜的夹角为50度，则反射角大小为 _______度；若将ON右侧纸板F沿ON向后转动，则纸板F上 _______（选填“能”或“不能”）显示出反射光线。
【答案】 ①. 40 ②. 不能
【解析】
【详解】[1]入射光线与平面镜的夹角为50度，则入射角为
90°-50°=40°
光的反射中，反射角等于入射角，所以反射角为40°。
[2]若将ON右侧纸板F沿ON向后转动，此时纸板F与纸板E不在同一平面，而入射光线、法线、反射光线在同一平面，则纸板F与反射光线不在同一平面，所以纸板F上不能显示反射光线。
15. 如图所示是我国航天员在中国空间站锻炼身体的画面。此画面信息是通过 ________（选填“电磁波”或“超声波”）传回地面指挥中心的。五星红旗被航天员带到空间站，它的质量 _______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 电磁波 ②. 不变
【解析】
【详解】[1]航天员在中国空间站锻炼身体的画面信息是通过电磁波传回地面指挥中心的。
[2]质量是物体本身具有的性质，与位置无关。五星红旗被航天员带到空间站，它的质量不变。
16. 如图所示是四冲程汽油机其中一个冲程的示意图，这是 _______冲程；到加油站给汽车加油时，能闻到汽油味儿，这是 _______现象。
【答案】 ①. 做功
②. 扩散
【解析】
【详解】[1]由图可知，火花塞点火，使燃料燃烧，内能增大，对外做功，推动活塞向下运动，属于做功冲程。
[2]到加油站给汽车加油时，能闻到汽油味儿，这是汽油分子做不停息的无规则运动，扩散到空气当中，所以闻到了汽油的气味，这是扩散现象。
17. 用吸管喝酸奶，吸管有一端很尖，更容易将吸管插入包装盒中，这是通过减小 _________来增大压强的；用吸管把酸奶“吸”入口中，这是利用了 ________的作用。
【答案】 ①. 受力面积
②. 大气压
【解析】
【详解】[1]增大压强的方法有两种，增大压力和减小受力面积，用吸管喝酸奶，吸管有一端很尖，是在压力一定的情况下，减小受力面积，增大压强。
[2]用吸管把酸奶“吸”入口中，是吸管内部压强减小，小于外界大气压，是大气压将酸奶“压”入口中的，这是利用了大气压的原理。
18. 我国新能源轻轨列车出口阿根廷，轻轨列车利用太阳能光伏发电将太阳能转化为电能存储在电池中，为列车驱动提供动力，最高运行速度可达60km/h。轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程是 _____km。太阳能属于 ________（选填“可再生”或“不可再生”）能源，来源于太阳内部发生的 ________（选填“核裂变”或“核聚变”）。
【答案】 ①. 6 ②. 可再生 ③. 核聚变
【解析】
【详解】[1]轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程是
[2]太阳能可以源源不断从自然界获得，因此属于可再生能源。
[3]在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能，太阳能来源于太阳内部发生的核聚变。
19. 如图所示，我国第一艘航空母舰“辽宁舰”在海上破浪前行。舰体距海面2m深处受到海水的压强为 _____Pa。海上航行时，为了安全起见，两只舰艇不能近距离高速并排行驶，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越 _____。（海水密度ρ海水=1.03×103kg/m3）
【答案】 ①. 2.06×104 ②. 小
【解析】
【详解】[1]舰体距海面2m深处受到海水的压强
p=ρ海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×2m=2.06×104Pa
[2]两只舰艇不能近距离高速并排行驶，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越小，两舰艇外侧水的流速越小，压强越大，形成向内的压力差，可能使两只舰艇发生相撞。
20. 小潘家的电能表上标着“”。他将家里台式电脑单独接入电路，工作3min，电能表转盘转了30转，台式电脑消耗的电能为 _____J，电功率为 _____W。
【答案】 ①. ②. 200
【解析】
【详解】[1]是指每消耗的电能，电能表转3000转，因此电能表转盘转30转所消耗的电能为
[2]电功率为
三、作图题（本题包括3个小题，每小题3分，共9分）
21. 如图所示，管道内A处有一只正在发光小灯泡，小潘的眼睛在B处看到了平面镜中小灯泡的像，请画出小潘看到小灯泡A的像的光路图。
【答案】
【解析】
【详解】由平面镜成像的特点可知， 首先作出A处小灯泡关于平面镜对称，取处小灯泡的像到平面镜的距离和灯泡到平面镜的距离相等，连接B，与平面镜相交于O点，连接AO为入射光线，连接OB为反射光线，如下图所示：
22. 如图所示，用轻质撬棒撬动地面上的石头，O是撬棒的支点，F2是阻力。请在图中画出作用在D点的最小动力F1、动力臂l1和阻力臂l2。
【答案】
【解析】
【详解】反向延长阻力作用线，作支点O到延长线的垂线，即为阻力臂l2；阻力和阻力臂一定，根据杠杆平衡条件可知，要想动力最小，则动力臂应该最长，则支点到动力作用点D点的直线距离，即为最长动力臂l1；此时作用在D点，垂直于动力臂向下的力，即为最小动力F1。如图所示：
23. 如图所示是家庭电路的一部分，开关只控制电灯，插座准备接大功率用电器。请用笔画线代替导线将电路补充完整。
【答案】
【解析】
【详解】灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡，最后灯泡接零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：
四、计算题（本题包括3个小题，第24小题6分，第25小题6分，第26小题8分，共20分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值和单位）
24. 某小汽车的质量为1500kg，轮胎与水平地面总接触面积为0.05m2。小汽车在平直的公路上匀速行驶6.9km，消耗汽油0.5kg，已知小汽车匀速直线行驶时受到的阻力为1000N。（汽油的热值q=4.6×107J/kg）求：
（1）该小汽车在水平地面上静止时对地面的压强；
（2）在此过程中该小汽车牵引力所做的功；
（3）该小汽车发动机的效率。
【答案】(1)3×105Pa；(2) 6.9×106J；(3) 30％
【解析】
【详解】解：（1）汽车的质量为1500kg，汽车受到的压力等于其自身的重力即
轮胎与水平地面总接触面积为0.05m2，则汽车对地面的压强为
（2）汽车匀速直线行驶，受平衡力的作用，根据二力平衡的知识可知，汽车的牵引力等于其受到的阻力，为1000N，行驶距离为6.9km即6900m，故牵引力所做的功为
（3）汽车行驶时0.5kg汽油完全燃烧放出的热量为
故汽车发动机的效率为
答：（1）该小汽车在水平地面上静止时对地面的压强为3×105Pa；
（2）在此过程中该小汽车牵引力所做的功为6.9×106J；
（3）该小汽车发动机的效率为30％。
25. 如图所示是某品牌电热锅的简化电路，R1、R2均为发热电阻。电热锅工作时，通过开关S1和S2实现低温、中温和高温的挡位控制，已知低温挡电阻R1=110Ω，中温挡功率为880W；求：
（1）电热锅低温挡工作时电功率；
（2）电热锅中温挡工作时的电流；
（3）使用电热锅高温挡将质量为2kg的水从20℃加热到75℃所用的时间。[不计热量损失，水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃）]
【答案】（1）440W；（2）4A；（3）350s
【解析】
【详解】解：（1）由电路图和已知条件可以得出，当只闭合开关S1时，只有电阻R1接入电路，为低温挡，电压为220V，根据公式可得低温档功率为
（2）根据题意可知，当只有电阻R2接入电路时为中温挡，电热锅中温挡功率为880W，电压为220V，由公式变形可知，此时电路中的电流为
（3）当R1、R2均接入电路，即开关S1和S2均闭合时为高温挡，根据串并联电路中电功率的规律可知，高温挡功率为
根据热平衡方程可知
即
所以所需的时间为
答：（1）电热锅低温挡工作时的电功率为440W；
（2）电热锅中温挡工作时的电流为4A；
（3）不计热量损失，使用电热锅高温挡将质量为2kg的水从20℃加热到75℃所用的时间为350s。
26. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V，3W”字样，定值电阻R1阻值为20Ω，滑动变阻器R2最大阻值为18Ω。（不考虑温度对灯丝电阻的影响）求：
（1）小灯泡L的电阻；
（2）当开关S、S1都闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到a端时，小灯泡L恰好正常发光，求电流表的示数；
（3）当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，小灯泡L的电功率。
【答案】（1）12Ω；（2）0.8A； 0.48W
【解析】
【详解】解：（1）不考虑温度对灯丝电阻的影响，由可知小灯泡L的电阻
（2）当开关S、S1都闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到a端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，定值电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流。小灯泡L恰好正常发光，则电源电源
U=UL=6V
通过灯泡的电流
通过定值电阻的电流
电流表的示数
I=IL+I1=0.5A+0.3A=0.8A
（3）当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，灯泡和滑动变阻器串联，根据欧姆定律可知电路电流
小灯泡L的电功率
Pʹ=Iʹ2RL=(0.2A)2×12Ω=0.48W
答：（1）小灯泡L的电阻为12Ω；
（2）电流表的示数为0.8A；
（3）当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，小灯泡L的电功率为0.48W。
五、综合题（本题包括6个小题，第27小题6分，第28小题7分，第29小题7分，第30小题7分，第31小题6分，第32小题6分，共39分）
27. 在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中：
（1）在组装器材时，出现如图甲所示的情形，其中存在的错误是 _________，此时应对 _____（选填“A”或“B”）处进行调整；
（2）器材调整好后，用酒精灯给烧杯中的水加热，某一时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为 _______℃；
（3）继续加热，当水温达到90℃时，每隔0.5min记录一次温度，根据记录的数据绘制了如图丙所示的图象。由图象可知此次实验中水的沸点是 _______℃，由此可知当地当时的大气压 _______（选填“高于”“低于”或“等于”）标准大气压；
（4）为探究水沸腾的过程中是否需要吸热，应 _________，观察水是否继续沸腾。
【答案】 ①. 温度计的玻璃泡碰到容器底 ②. A ③. 76 ④. 99 ⑤. 低于 ⑥. 停止加热
【解析】
【详解】（1）[1][2]实验组装过程中，要采用自下而上的方法组装，图甲中温度计的玻璃泡接触了烧杯底部，应向上调整A。
（2）[3]由图乙可知，温度计的分度值为1℃，在0刻度线以上，示数为76℃。
（3）[4][5]从图象可以看出水在沸腾过程中保持99℃不变，所以沸点为99℃；沸腾时，温度保持不变。1标准大气压时水的沸点为100℃，气压越小沸点越低，由此可知当地当时的大气压低于1标准大气压。
（4）[6]为了说明水沸腾过程中是否需要吸热，应停止加热，观察水是否继续沸腾，如果水不沸腾，说明水沸腾过程中需要吸收热量。
28. 小潘同学选用焦距为15cm的凸透镜，做“探究凸透镜的成像规律”的实验。
（1）实验在 _______（选填“较暗”或“较亮”）的环境中进行，现象更明显；
（2）小潘将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度，这样做的目的是使像呈现在 ____________；
（3）小潘将蜡烛放在10cm刻度线处，移动光屏到如图所示位置，光屏上恰好呈现一清晰的像，该像的性质是倒立、_______（选填“放大”“缩小”或“等大”）的实像；
（4）保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到25cm刻度线处，若想在光屏上得到清晰的像，应把光屏向 _____移动（选填“左”或“右”），像将 _______（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（5）保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到40cm刻度线处，无论怎样移动光屏，在光屏上都找不到清晰的像，当小潘的眼睛在凸透镜的右侧，透过凸透镜观察到烛焰 _______、放大的像（选填“正立”或“倒立”），生活中的 ________就是利用这样的成像原理工作的（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。
【答案】 ①. 较暗 ②. 光屏中央 ③. 缩小 ④. 右 ⑤. 变大 ⑥. 正立 ⑦. 放大镜
【解析】
【详解】（1）[1]做“探究凸透镜的成像规律”的实验时，物体和环境的对比度越大，物体越亮，物体成像越清晰，因此实验应该在较暗的环境中进行。
（2）[2]为了使像呈现在光屏的中央，实验前，应该调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度。
（3）[3]将蜡烛放在10cm刻度线处时，物距
根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像。
（4）[4][5]保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到25cm刻度线处，则物距变小，根据：成实像时，物近像远像变大规律，要使光屏上成清晰的像，应增大像距，即将光屏右移，此时像将变大。
（5）[6]保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动到40cm刻度线处，此时物距为
根据凸透镜成像规律可知，此时成正立、放大的虚像。放大镜是利用该原理工作的。
29. 小潘和小明想知道鸭绿江水的密度。
（1）小潘利用天平和量筒进行了如下实验：
①将天平放在 _____桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，向 _____调节平衡螺母，直到天平平衡；
②向烧杯中倒入适量鸭绿江水，将装有江水的烧杯放在已调平的天平左盘，向右盘中加减砝码并调节游码，天平再次平衡后，右盘中砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则江水和烧杯的总质量为 _____g；
③将烧杯中的江水倒入量筒中一部分，如图丙所示，则量筒中江水的体积为 _____cm3；
④用天平测出剩余江水和烧杯的总质量为53.2g，则所测江水的密度为 _____kg/m3；
⑤在把烧杯中的江水倒入量筒中时，如果有几滴江水滴到桌面上，会导致所测江水密度值 _____（选填“偏大”或“偏小”）。
（2）在没有天平的条件下，小明使用不吸水的木块（已知木块的密度为ρ木）、细钢针和量筒，进行了如图丁所示的实验：
①向量筒中倒入适量的江水，体积记为V1；
②将木块轻轻放入量筒中，当木块静止时，液面对应的体积记为V2；
③用细钢针将木块压入江水中，使其浸没，静止时液面对应的体积记为V3；
④鸭绿江水密度的表达式ρ＝_____。（用V1、V2、V3和ρ水表示）
【答案】 ①. 水平 ②. 右 ③. 93.6 ④. 40 ⑤. 1.01×103 ⑥. 偏大 ⑦.
【解析】
【详解】（1）①[1][2]将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，此时指针偏左，说明右盘偏轻，所以应向右调节平衡螺母，直到天平平衡。
②[3]由图乙可知，江水和烧杯的总质量为
50g+20 g+20g+3.6g=93.6g
③[4]图丙中量筒的分度值为2mL，读出量筒中江水的体积为40mL=40cm3 。
④[5]由题意得，量筒中江水的质量
m=93.6g-53.2 g=40.4g
江水的密度
⑤[6]在把烧杯中的江水倒入量筒中时，如果有几滴江水滴到桌面上，会导致量筒中江水的体积测量的偏小，又因为烧杯中的江水倒出的江水的质量是一定的，由密度公式可知，所测江水密度值偏大。
（2）[7]④由题意可知，木块的体积为V3-V1，则木块的重力
G木=m木g=ρ木(V3-V1) g
由步骤②可知木块漂浮时，木块排开水的体积为V2-V1，木块受到的浮力
F浮=ρgV排=ρg(V2-V1)
根据漂浮的条件可知，F浮=G木，即
ρ木(V3-V1) g=ρg(V2-V1)
解得。
30. 在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小潘同学选择了三块粗糙程度不同的长木板、一个木块、质量相等的砝码若干、一个弹簧测力计，进行实验：
（1）如图所示，将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做 _________运动，根据 _________知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）小潘经过多次实验获得下表中的实验数据：
实验次数
实验条件
弹簧测力计示数F/N
1
木块
长木板
0.8
2
木块上放1个砝码
长木板
1.0
3
木块上放2个砝码
长木板
1.2
4
木块上放1个砝码
粗糙长木板
1.3
5
木块上放1个砝码
更粗糙长木板
1.7
①分析表中 __________三次实验数据，可以得出在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越 _____；
②分析表中2、4、5三次实验数据，可以得出在 _______相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（3）实验过程中，当弹簧测力计的示数为0.5N时，木块未被拉动，此时木块受到的摩擦力 _______0.5N；（选填“大于”“小于”或“等于”）
（4）体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这是通过增大 _____________来增大摩擦力。
【答案】 ①. 匀速直线 ②. 二力平衡 ③. 1、2、3 ④. 大 ⑤. 压力 ⑥. 等于 ⑦. 接触面粗糙程度
【解析】
【详解】（1）[1][2]探究影响滑动摩擦力大小的因素用到的是转换法，通过二力平衡的知识，使物体受平衡力，即摩擦力等于拉力，故要使木块做匀速直线运动，使其受平衡力，根据二力平衡的知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）[3][4][5]由表格中的数据可知，接触面粗糙程度相同，压力不同的是1、2、3三次实验，由实验数据可知，弹簧测力计示数逐渐增大，由二力平衡可知，摩擦力逐渐增大，故由是1、2、3三次实验数据，可以得出在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动滑动摩擦力越大；由 2、4、5三次实验数据可以得出，砝码个数相同，即压力相同，接触面的粗糙程度越来越粗糙，弹簧测力计的示数不断增大，由二力平衡可知，滑动摩擦力逐渐增大，故在压力相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）[6]当弹簧测力计的示数为0.5N时，木块未被拉动，处于静止状态，受平衡力，根据二力平衡的知识可知，此时木块受到的摩擦力等于0.5N，此摩擦力为静摩擦力。
（4）[7]体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，压力一定时，增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力，故这是通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦力。
31. 在“探究电流与电压的关系”实验中，小潘设计并连接了如图甲所示的电路。
（1）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最 _____端；（选填“左”或“右”）
（2）闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，已知导线、仪表均完好且接触良好，则故障原因可能是定值电阻 _______；（选填“断路”或“短路”）
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为1.0V时，电流表示数如图乙所示，则电流表示数为 ________A；
（4）继续移动滑动变阻器的滑片，进行多次测量，记录实验数据如下表：
实验次数
1
2
3
4
电压U/V
1.0
1.6
2.2
2.8
电流I/A
0.16
0.22
0.28
分析表中数据可知：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成 _______；
（5）同桌的小明分别用两个阻值未知的电阻R1和R2进行实验，得到两个电阻的I﹣U图象，如图丙所示。由图象可知R1_____R2（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（6）若将定值电阻换成小灯泡，不能达到本实验的探究目的，是因为 ___________。
【答案】 ①. 左 ②. 短路 ③. 0.1 ④. 正比 ⑤. < ⑥. 灯泡的电阻随温度的升高而增大
【解析】
【详解】（1）[1]在闭合开关前，为了保护电路，应将滑动变阻的滑片移动至组织最大处，即最左端。
（2）[2]闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明可能是与电压表并联的定值电阻短路了。
（3）[3]由图乙可知，电流表使用的是“0~0.6A”的量程，其分度值为0.02A，电流表示数为0.1A。
（4）[4]由表格数据可知，电阻一定时，随着定值电阻两端电压的增大，通过定值电阻的电流也增大同样的倍数，因此可知，在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（5）[5]由图丙可知，当电压相同时，有。由可知，。
（6）[6]在“探究电流与电压的关系”实验中，需要控制电阻不变，因小灯泡的电阻随着温度的升高而增大，因此将定值电阻换成小灯泡，不能达到本实验的探究目的。
32. 在“测量小灯泡的额定功率”实验中，小潘选用的小灯泡L的额定电压为2.5V。
（1）小潘设计了如图甲所示的电路图，连接好电路后，闭合开关S，发现电流表的指针向左偏转，如图乙所示，其原因是 __________；
（2）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P到某一位置时，电压表示数如图丙所示，为 ________V，要测量小灯泡L的额定功率，滑片P应向 _____（选填“左”或“右”）移动，使电压表示数为2.5V，此时电流表示数为0.24A，则小灯泡L的额定功率为 ________W；
（3）实验结束后，小潘认为没有电流表也能测出小灯泡的额定功率。于是他找来了另一个电源（电压恒为8V）、一个额定电压为6V的小灯泡L1和一个阻值为20Ω的定值电阻R0等器材，设计了如图丁所示的电路，并完成了实验。实验过程如下：
①断开开关S1，闭合开关S、S2，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为 _____V，小灯泡L1正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；
③小灯泡L1的额定功率为 _____W。
【答案】 ①. 电流表正、负接线柱接反了 ②. 1.8 ③. 左 ④. 0.6 ⑤. 2 ⑥. 2.4
【解析】
【详解】（1）[1]乙图中电流表指针反偏，说明电流表正、负接线柱接反了。
（2）[2][3][4]由乙图可知，电压表所选量程为0~3V，分度值为0.1V，读出其示数为1.8V；示数小于灯的额定电压2.5V，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；灯泡的额定功率
P额=U额I额=2.5V×0.24A=0.6W
（3）①[5]断开开关S1，闭合开关S、S2，滑动变阻器与小灯泡L1串联，电压表测滑动变阻器的电压，根据串联分压原理，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为
UR=U-UL=8V-6V=2V
小灯泡L1正常发光。
③[6]断开开关S2，闭合开关S、S1，滑动变阻器与R0串联，电压表测滑动变阻器的电压；保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；根据串联分压的规律可知
R滑=5Ω
在①中，电路电流为
小灯泡L1的额定功率为
P额=ULI=6V×0.4A=2.4W
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