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2022-2023学年江苏省淮安市盱眙县九年级（下）期中物理试卷（含解析）
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这是一份2022-2023学年江苏省淮安市盱眙县九年级（下）期中物理试卷（含解析），共27页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年江苏省淮安市盱眙县九年级（下）期中物理试卷
一、单选题（本大题共8小题，共16.0分）
1. 为迎接党的二十大召开，某中学举办“颂歌献给党”的歌唱比赛，同学们满怀深情的歌声响彻整个校园。其中“响”是指声音的( )
A. 响度大 B. 音调高 C. 音色好 D. 频率高
2. 下列关于物态变化的描述正确的是( )
A. 杯中热水冒出的“白气”是汽化现象 B. 美丽的“雾凇”是凝固现象
C. 湿衣服在太阳下被晒干是液化现象 D. 樟脑丸放一段时间后变小是升华现象
3. 如图所示是吸盘挂钩紧贴在竖直墙面上的情景。将书包挂在挂钩上后，吸盘仍保持静止状态，则下列分析正确的是( )
A. 若所挂书包质量越小，则吸盘受到的摩擦力也越小
B. 吸盘受到的大气压力与它受到的摩擦力是一对平衡力
C. 为增大吸盘受到的摩擦力，应将其安装在粗糙的墙面
D. 吸盘能紧紧的吸在墙面是因为分子间存在引力
4. 关于内能，有以下四个观点，你认为正确的是( )
①物体温度越低，内能越小，0℃的物体没有内能
②改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式
③两物体相互接触时，热量总是从内能大的物体转移到内能小的物体
④一切物体都具有内能，而不一定具有机械能
A. 只有①③ B. 只有②③ C. 只有①④ D. 只有②④
5. 如图所示，灯L1与灯L2的规格相同，下列说法正确的是( )
A. S闭合后，灯L2将发生短路，L1会发光
B. 要使小灯泡L1、L2串联，可去掉导线b
C. 只改动一根导线，此电路不可能变为灯L1、L2并联
D. 去掉导线b，在BD间接一个开关S1，S1只能控制L1
6. 小强开启饮料时，瓶起子可视为一个杠杆，如图所示。下列各图能正确表示其工作原理的是( )
A.
B.
C.
D.
7. 对下列与电磁现象有关的四幅图的分析正确的是( )
A. 图甲：闭合开关后，通电螺线管右端是S极
B. 图乙：利用磁场可以产生电流
C. 图丙：只要导体在磁场中运动，就会产生感应电流
D. 图丁：该装置可用来研究发电机的工作原理
8. 如图所示，电源电压为4.5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 0.5A”(灯丝电阻不变)。在保证小灯泡L电流不超过额定电流0.5A，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是( )
①小灯泡正常工作时的电阻为5Ω
②滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是10Ω～20Ω
③电压表示数变化范围2V～3V
④电流表示数变化范围0.18A～0.5A
A. ①、③正确 B. ②、③正确
C. ③、④正确 D. ①、②、③正确
二、填空题（本大题共10小题，共21.0分）
9. 古诗《鹿柴》中有“空山不见人，但闻人语响”，诗人听到的人声是由声带______产生的，声音在液体中的传播速度______(选填“大于”“小于”或“等于”)在空气中的传播速度。
10. 如图所示，旋翼无人机正在喷洒农药，当无人机水平匀速飞行时，无人机处于______(选填“平衡”或“非平衡”)状态，喷洒过程中无人机的动能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
11. 智能家居已广泛应用于生活中，手机远程控制扫地机器人是通过______ 来传递信息的，如图所示，一个充电宝正在给手机电池充电，此时手机的电池相当于______ 。
12. 为了消杀新冠病毒，我校工作人员在教室喷洒酒精后，同学们进入室内闻到酒精味，这是______ 现象。用测温枪测体温是利用红外线的______ 效应工作的。
13. 某同学经常玩智能手机、平板电脑，长时间盯着屏幕，导致视力下降，患上近视眼。如图所示，图 (选填“甲”或“乙”)是近视眼的光路示意图，近视眼应配戴 透镜(选填“凸”或“凹”)制成的眼镜来矫正，戴上合适度数的眼镜后物体在视网膜上成 (选填“倒立”或“正立”)缩小的实像。
14. 小欣用如图所示的动滑轮提升重量G=9N的物体，当用竖直向上F=5N的拉力拉绳的自由端匀速上升0.8m，物体上升了______ m，不计绳重和摩擦，滑轮机械效率为______ %。
15. 灯泡L1和L2上分别标有“8V 4W”和“4V 4W”保障灯泡安全情况下，若两灯串联，则电源电压最多是______ V；若两灯并联，电路的最大功率是______ W。(忽略温度对灯泡的影响)
16. 如图所示为单相电子式电能表，其示数为______ kW⋅h；断开其他用电器，单独接入干燥机(具体参数见下面表格)工作24min，此过程中电能表指示灯一共闪了600次，此干燥机工作过程实际功率是______ W。
干燥机型号
额定电压
额定功率
KC10
220V
560W
17. 长江生态不断恢复，江面上再现“江豚群舞”的场最。小明利用3D打印机打印出江豚模型如图甲所示，该模型的长度是______ cm。把模型放在天平的左盘，天平平衡时，右盘中无砝码，游码的示数如图乙，模型的质量为______ g。将模型放入盛满水的溢水杯中，溢出水2.8g。该模型在水中静止时，水对杯底的压强大小将______ 。
18. 完成光路图，并标出反射角。
三、作图题（本大题共3小题，共3.0分）
19. 足球是青少年喜爱的一项体育运动。足球被踢出后在空中运动的情况如图所示，不考虑空气阻力，请你在图中画出足球所受力的示意图。
20. 如图所示，根据图1所示电路图，连接图2所示实物图。
21. 请在图中的括号中分别标出小磁针静止时左端的磁极名称和电源右端“+”或“−”极。
四、实验探究题（本大题共6小题，共34.0分）
22. 如图甲所示是小明“观察水的沸腾”实验装置图。
(1)实验中当水沸腾时，小明观察到烧杯内产生大量气泡并不断上升，且体积逐渐______ (选填“变大”或“变小”)直至水面破裂。
(2)水沸腾时会产生大量的“白气”，这些“白气”实际是______ (选填“水蒸气”或“小水珠”)。
(3)如图乙所示，小明和其他小组同学作出水的温度随时间变化的图像，其中最符合实际的是图______ (选填字母)。由图可知，水的沸点是102℃，说明此时大气压______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)标准大气压。
(4)通过实验观察可知沸腾过程的特点是：不断吸热，温度______ 。
(5)如表格所示，为了测量水的沸点应选择______ (选填“酒精”或“水银”)温度计。
测温物质
凝固点/℃
沸点/℃
酒精
−117
78
水银
−39
357
23. 为了探究平面镜成像特点，小柯将一块玻璃板(如图甲)竖直架在水平台面上，再取两根完全相同的蜡烛A和蜡烛B，分别竖直置于玻璃板两侧，进行实验。
(1)在实验中，小柯透过玻璃板看到了蜡烛A的2个清晰的像，如图甲，他用______ (选题“点燃”或“未点燃”)的蜡烛B找到了这两个像，继续进行实验探究，这里用到了______ (选题“控制变量法”、“转换法”或“替代法”)。
(2)小柯按照图中的测量方法，改变蜡烛A的位置，认真测量并记录了一些数据如表：
物距u(cm)
5.0
6.0
7.0
8.0
像距V(cm)
4.5
5.5
6.5
7.5
分析实验数据，然后得出像距小于物距的结论，你认为他的测量错误的原因是：______ 。
(3)如果玻璃板没有垂直在纸上，而是如图乙所示倾斜，蜡烛A的像应是______ (选题“A1”、“A2”“A3”)。
(4)小柯在实验中将玻璃板竖直向上提2cm，则蜡烛的像竖直向上移动______ 。
A.0cm
B.1cm
C.2cm
D.4cm
(5)小柯在像处放一张白纸做光屏，______ (选题“透过”或“不透过”)玻璃板，观察光屏。若光屏上不能看见蜡烛的像，说明：平面镜成虚像。
24. 同学们在实验室测量某种小矿石的密度，选用天平、量筒、小矿石、细线和水，进行如下的实验操作。
A.在量筒中倒入适量的水，记下水的体积；将小矿石用细线系好后，慢慢地浸没在水中，记下小矿石和水的总体积；
B.把天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，调节横梁上的平衡螺母，使横梁平衡；
C.将小矿石放在左盘中，在右盘中增减砝码并移动游码，直至横梁恢复平衡。
(1)为了减少实验误差，最佳的实验操作顺序是： 。(填写字母)
(2)在调节天平时，发现指针的位置如图1所示，此时应将平衡螺母向 (选填“左”或“右”)调。
(3)用调节好的天平称量小矿石的质量，天平平衡时，右盘中砝码的质量和游码的位置如图2所示，用量筒测量小矿石的体积如图3所示，矿石的体积为 cm3，由此可以算出小矿石的密度为 g/cm3。
(4)假如细线的体积不能忽略，所测矿石的密度比真实值 (大/小)。
25. 在探究“影响滑动摩擦力大小因素”实验中，小明用完全相同的木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三个实验。
(1)实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做______ 运动，依据______ 的原理，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
(2)甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与______ 有关。
(3)反思与评价：
①小明发现在测量摩擦力的过程中，实际操作时弹簧测力计的示数时大时小，请分析造成这样结果的原因可能是______ 。
②在得出影响滑动摩擦力的因素后，小明想知道实验室所用铁块和铝块的下表面谁更粗糙，在正确测量摩擦力的前提下，对比如图丁所示两图______ (选填“能”或“不能”)比较出铁块和铝块下表面的粗糙程度(木板的粗糙程度完全相同)。
26. (1)在探究“通电螺线管的外部磁场”实验中，设计了如图甲电路。
小明猜想通电螺线管磁场强弱可能与线圈匝数和电流大小都有关。实验中，他将开关S从l换到2上时，调节变阻器的滑片P，再次观察电流表示数及吸引的回形针数目，此时调节滑动变阻器是为了______ ，来研究通电螺线管磁场强弱与______ 的关系。
(2)为了探究“感应电流产生的条件”，小明将铁架台、导体AB、小量程电流表、蹄形磁体、开关和若干导线按图乙连接。
①断开开关，无论怎么移动导体AB，电流表指针都不偏转；闭合开关，他左右移动导体AB，发现指针发生了摆动，又上下移动导体AB时，指针基本不偏转。
②实验中，小明在电路闭合时将导体AB向右移动一段距离后松开手，发现导体AB左右摆动，此时小量程电流表的指针______ (选填“左右摆动”、“偏向一边”或“静止不动”)。
③把电流表换成电池组，闭合开关，发现导体AB向左运动，若要使导体AB向右运动可以______ (提供一种方法)。根据这一原理可以制成______ (选填“发电机”或“电动机”)。
27. 小伟在做探究“电流与电阻的关系”实验时，准备了以下器材：电源(4.5V)，定值电阻四个(5Ω、10Ω、20Ω、25Ω)，电流表、电压表、滑动变阻器“20Ω 1A”和开关各一个、导线若干。
(1)小伟连接的电路如图甲所示，闭合开关后，发现有电表没有示数，经仔细检查后发现电路中有一根导线连接错误，请在图中错误的那根导线上画“×”，并画出正确的连线。
(2)解决问题后，小伟先将5Ω的定值电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片在某位置时，电流表的示数如图乙所示；将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，他应将滑动变阻器的滑片P向______ (填“左”或“右”)端移动，使电压表的示数保持不变，再次读取电流表的示数。
(3)把20Ω的电阻接入电路时，小伟发现无论怎样调节滑动变阻器都不能完成实验。为了使四个电阻单独接入电路都能完成实验，他应控制电压表的示数不低于______ V。
(4)小伟将定值电阻换成小灯泡L1，测出了几组电流值和电压值。并绘制了L1的U−I图像如图丙所示；
(5)同组的小张同学还想测量额定电流为I额的小灯泡L2的额定功率，利用小伟用过的小灯泡L1和绘制的图像，设计了如图丁所示的电路(电源电压为U)，测出了小灯泡L2的额定功率。请将她的实验步骤补充完整：
①闭合开关S，将开关S0接1、调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为______ ，此时L2正常发光。
②将开关S0由1改接到2，滑动变阻器的滑片P ______ (填“移到最左端”“移到最右端”或“保持不动”)此时电流表的示数为I1，根据L1的U−I图像可知，当电流为I1时，对应的电压为U1；，则滑动变阻器接入电路的阻值R= ______ 。
③小灯泡L2的额定功率P额= ______ (用U、I额、R表示)。
五、计算题（本大题共1小题，共6.0分）
28. 如图是某电热器的原理简图，它有高温、低温两挡，发热体由R1和R2两个电热丝构成，阻值分别为110Ω、220Ω。
(1)S1闭合、S2断开时，求电热器的功率；
(2)S1、S2都闭合时，求电热器的工作电流；
(3)S1，S2都闭合时，求电热器在100s的时间内产生的热量。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：同学们满怀深情的歌声响彻整个校园是指声音的响度大，故A正确，BCD错误。
故选A。
响度：人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅和距离发声体的远近有关．振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小。
本题主要考查学生对：声音的音调、响度和音色的区分，还要和实际生活结合，是一道基础题。
2.【答案】D
【解析】解：A.“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，是液化现象，故A错误；
B.“雾凇”是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，是凝华现象，故B错误；
C.湿衣服在太阳下被晒干是水汽化成为了水蒸气，是汽化现象，故C错误；
D.樟脑丸放一段时间后变小是从固态直接变为了气态，是升华现象，故D正确。
故选：D。
物体由固态变为液态的过程叫熔化；物体由气态变为液态的过程叫液化，物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾；物体由固态直接变为气态的过程叫升华。
此题考查的是物态变化现象的判断，是一道热学的基础题。掌握六种物态变化的状态变化是解题的关键。
3.【答案】A
【解析】解：
A、吸盘在竖直方向上受到的书包向下的拉力和静摩擦力是一对平衡力，书包的质量越小，重力越小，所以吸盘受到的摩擦力也越小，故A正确；
B、吸盘所受的大气压力在水平方向上，摩擦力在竖直方向上，即大气压力与摩擦力不在同一直线上，所以二力不是一对平衡力，故B错误；
C、塑料吸盘是利用大气压吸在墙面上的，与粗糙的墙面密封不好，吸盘无法使用，故C错误；
D、先用力将吸盘紧压在墙面上，将吸盘中的空气排出，松手后，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在墙面上，与分子间的引力无关，故D错误。
故选：A。
(1)吸盘在竖直方向上受到的拉力和静摩擦力一对平衡力，据此分析；
(2)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(3)塑料吸盘是利用大气压吸在墙面上的，据此进行分析；
(4)排出吸盘内的空气，当外界压强大于内部压强时，大气压产生较大的压力作用在吸盘上。
此题主要考查平衡力的辨别、摩擦力的大小、大气压的应用，抓住吸盘受到的重力和静摩擦力一对平衡力进行分析，是解答此题的突破口。
4.【答案】D
【解析】解：
①一切物体在任何温度下都具有内能，所以0℃的物体仍具有内能，故①错误；
②改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式，它们在改变内能能达到相同的效果，故②正确；
③发生热传递的条件是：有温度差，所以内能可自动地从高温物体转移到低温物体，故③错误；
④一切物体都具有内能，而不一定具有机械能，故④正确。
故选：D。
(1)内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能，内能的大小跟温度、质量、状态有关；
(2)做功与热传递在改变物体的内能的效果上是等效的，但从能的转化观点来看它们的区别在于：做功是其他形式的能转化为内能，能量的形式没有变化；热传递则是内能在物体间发生转移；
(3)热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同；
(4)内能的概念：所有分子的分子动能和分子势能的总和，一切物体都具有内能，内能与是质量、温度、状态有关；
物体由于运动具有的能量叫做动能，物体由于被举高而具有的能量叫做重力势能，物体由于发生弹性形变而具有的能量叫做弹性势能，重力势能和弹性势能统称势能，动能和势能统称机械能。
本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及改变物体内能方法的理解，是中招的热点，热学的重点。
5.【答案】B
【解析】解：
A、S闭合后，L1、L2被导线b短路，灯不亮，会损坏电源，故A错误；
B、要使L1、L2串联，电路中各个元件首尾相连，可去掉导线b，故B正确；
C、将导线c从接线柱B改接到接线柱A上，则S闭合后，电流分两支，分别流向L1、L2，则L1、L2并联，故C错误；
D、去掉导线b，在BD间接一个开关S1，若S1闭合，则电源会被短路，故D错误。
故选：B。
(1)电路有通路、断路、短路三种状态，小灯泡只有在通路的电路中才会发光；
(2)让小灯泡发光的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径；
(3)短路是指电流不经过用电器的电路，在实际电路中，如果用导线将用电器的两端直接连接，则会造成短路。
6.【答案】A
【解析】解：用开瓶器开启瓶盖时，支点是开瓶器与瓶盖上方的接触点，即图中杠杆的左端O，阻力为瓶盖对开瓶器竖直向下的作用力F2，动力为手对开瓶器右侧竖直向上的作用力F1，因为动力臂大于阻力臂，所以开瓶器为省力杠杆，即F1
先确定支点，然后根据动力和阻力的定义以及力臂关系即可得出答案。
本题考查了有关杠杆的几个概念，支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂称为杠杆的五要素，学会建立模型来解决实际问题。
7.【答案】A
【解析】解：
A、闭合开关后，电流从螺线管右侧流入，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为N极，其右端是S极，故A正确；
B、该实验是奥斯特实验，说明通电导线的周围存在磁场，即电流能产生磁场，故B错误；
C、只有闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才会产生感应电流，故C错误；
D、图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中会受力运动，反映了电动机的工作原理，故D错误。
故选：A。
(1)根据安培定则判定通电螺线管的极性；
(2)通电导线的周围存在磁场；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；
(4)通电导体在磁场中受力运动。
本题是电磁学的综合题，涉及的知识点较多，但难度不大。
8.【答案】A
【解析】解：灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压，
①小灯泡正常工作时的电阻即为额定电压下对应的电阻，根据欧姆定律可得小灯泡正常工作时的电阻为R=U额I额=2.5V0.5A=5Ω，故①正确。
③滑动变阻器的最大接入电阻为20Ω时，电路中电流最小，最小电流为I1=UR总=UR+R滑′=4.5V5Ω+20Ω=0.18A，
电压表与滑动变阻器并联，测滑动变阻器的电压。根据串联分压原理，当滑动变阻器电阻最大时，即电路中电流最小时，电压表示数最大，得U滑′=I1R滑′=0.18A×20Ω=3.6V，
灯泡正常工作时，滑动变阻器连入电路的电阻最小，即电压表示数最小为2V。电压表的量程为0～3V，因此电压表示数最大为3V。
综上可知，电压表示数变化范围2V～3V。故③正确。
④由于电压表最大值为3V，因此小灯泡两端的最小电压为UL=U−UV=4.5V−3V=1.5V，
电路中最小电流为I2=ULR=1.5V5Ω=0.3A，
灯泡正常工作时，电路中电流最大为0.5A，
综上可知，电流表示数变化范围0.3A～0.5A。故④错误。
②当小灯泡正常工作时，滑动变阻器连入电路的电阻最小，此时电路中的电流为0.5A，滑动变阻器两端的电压为U滑=U−U额=4.5V−2.5V=2V，
滑动变阻器连入电路的最小电阻为R滑=U滑I额=2V0.5A=4Ω，
电压表的量程为0～3V，因此电压表示数最大为3V，此时电路中的电流为0.3A，滑动变阻器连入电路的最大阻值为R滑′′=UVI2=3V0.3A=10Ω，
综上可知，滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10Ω。故②错误。
故BCD错误，A正确。
故选：A。
(1)由欧姆定律求出灯的电阻；
(2)根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额定电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律及电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
9.【答案】振动 大于
【解析】解：诗人听到的人声是由声带振动产生的；声音在液体中的传播速度大于在空气中的传播速度。
故答案为：振动；大于。
(1)声音是由物体的振动产生的；
(2)声音的传播靠介质，固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，不同介质中声速不同。
本题考查了声音的产生与传播，属基础题目。
10.【答案】平衡 减小
【解析】解：(1)无人机水平匀速飞行时，做匀速直线运动，所以无人机处于平衡状态；
(2)无人机正在喷洒农药，质量逐渐变小，速度不变，则动能变小。
故答案为：平衡；减小。
(1)平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态，据此判断；
(2)动能的大小与质量、速度有关。
本题主要考查了对平衡状态的理解和对动能影响因素的认识，属基础知识，难度不大。
11.【答案】电磁波 用电器
【解析】解：手机远程控制扫地机器人是通过电磁波来传递信息的，一个充电宝正在给手机电池充电，此时手机的电池相当于用电器。
故答案为：电磁波；用电器。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)用电器是电路中消耗电能的元件或设备。
本题考查的是电磁波的特点及应用；知道用电器在电路中的作用。
12.【答案】扩散 热
【解析】解：同学们进入教室闻到刺鼻的酒精味，是因为酒精分子不停地做无规则运动，属于扩散现象；
根据红外线的特点可知，由于红外线热效应强，测温枪是利用红外线的热效应工作的。
故答案为：扩散；热。
(1)组成物质的分子永不停息地做无规则运动，扩散现象就是分子无规则运动的表现；
(2)红外线的应用，热作用强：烤箱、浴室里的暖灯、夜视仪、热谱图；穿透力强：航空摄影；遥感、遥控：卫星遥感、家用遥控器。
本题考查了扩散现象及红外测温枪的工作原理，要用物理知识解释生活中的现象，体现了从物理走向生活的学习理念。
13.【答案】乙 凹 倒立
【解析】解：由乙图知，眼睛看远处的物体，像成在视网膜的前方，说明晶状体对光的折射能力变强，是近视眼的成因，故图中乙是近视眼的光路示意图。
凹透镜对光线有发散作用，使像推迟会聚在视网膜上，所以近视眼配戴凹透镜来矫正。
戴上合适度数的眼镜后物体在视网膜上成倒立、缩小的实像，与照相机成像原理相同。
故答案为：乙；凹；倒立。
近视眼是因为晶状体太厚、折光能力太强或眼球前后径过长，远处物体的像成在视网膜的前方，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线延后会聚到视网膜上。人的眼睛成倒立、缩小的实像。
本题考查了学生对近视眼的成因和矫正方法的理解，是一道基础题。
14.【答案】0.4 90
【解析】解：由题图可知，重物和动滑轮的总重由2股绳子承担，
根据s=nh可得，重物上升的高度h=1ns=12×0.8m=0.4m；
滑轮机械效率为：
η=W有用W总×100%=GhFs×100%=9N×0.4m5N×0.8m×100%=90%。
故答案为：0.4；90。
从图中可知有2段绳子在拉重物，则根据绳端移动的距离s=nh求出物体上升的高度；
根据η=W有用W总×100%=GhFs×100%算出滑轮机械效率。
本题考查动滑轮使用特点和机械效率的计算，是一道基础题。
15.【答案】10 5
【解析】解：灯泡L1和L2上分别标有“8V 4W”和“4V4W”，则通过两灯泡的额定电流：I1=P1U1=4W8V=0.5A，I2=P2U2=4W4V=1A，
根据欧姆定律可得两灯泡的电阻：R1=U1I1=8V0.5A=16Ω，R2=U2I2=4V1A=4Ω，
串联电路各处电流相等，两灯串联，通过电路的最大电流为0.5A，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则电源电压最大为U=I1(R1+R2)=0.5A×(16Ω+4Ω)=10V；
并联电路各支路两端电压相等，两灯并联，根据两灯的额定电压可知，电源电压最大为4V，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，根据欧姆定律可得I=UR1+I2=4V16Ω+1A=1.25A，
电路的最大功率是P=UI=4V×1.25A=5W。
故答案为：10；5。
灯泡L1和L2上分别标有“8V 4W”和“4V 4W”，根据电功率公式分别计算通过两灯泡的额定电流，根据欧姆定律分别计算两灯泡的电阻，
根据串联电路电流特点确定两灯串联时通过电路的最大电流，根据串联电路电阻规律结合U=IR计算最大电源电压；
根据并联电路电压同时确定两灯并联时的电源电压，根据并联电路电流规律结合欧姆定律计算干路电流，根据P=UI计算电路的最大功率。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
16.【答案】5387.5 500
【解析】解：(1)读图可知，电能表的整数位是“5387”，小数位是“5”，故电能表的示数为5387.5kW⋅h；
(2)3000imp/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪3000次，此过程中电能表指示灯一共闪了600次，干燥机消耗的电能为：
W=600imp3000impkW⋅h=0.2kW⋅h=7.2×105J，
此干燥机工作过程实际功率是：P′=Wt=7.2×105J24×60s=500W。
故答案为：5387.5；500。
(1)电能表在读数时，应明确其最后一位是小数位，单位是kW⋅h(度)；
(2)3000imp/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪3000次，由此可求出干燥机消耗的电能，再根据P=Wt求出电热毯的电功率。
本题考查了电能表的读数以及电功率公式的应用，知道电能表相关参数的意义是关键。
17.【答案】3.30 3.6 不变
【解析】解：(1)由图可知，刻度尺的分度值为0.1cm，物体的长度为3.30cm；
(2)由图乙可知，标尺的分度值为0.2g，模型的质量为m=3.6g；
(3)放入模型后，溢水杯中水面高度不变，水的密度不变，根据p=ρgh可知，水对杯底的压强不变。
故答案为：3.30；3.6；不变。
(1)根据刻度尺的分度值，估读到分度值的下一位，读出物体的长度；
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
(3)根据水面的变化，利用p=ρgh分析水对杯底压强的变化。
本题考查了阿基米德原理的应用、液体内部压强计算公式的应用、长度的读数，难度不大。
18.【答案】解：先过入射点垂直平面镜作出法线，再在法线的左侧画出反射光线，注意反射角等于入射角，光与镜面成30°角，入射角为60°反射角也等于60°，如图所示：
【解析】根据光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，先画法线，再画出反射光线并标出反射角。
在反射现象中，入射是因，反射是果，所以要说反射角等于入射角，反射光线在入射光线和法线决定的平面内。
学会用平面几何知识先求入射角的大小，再求反射角的大小。
19.【答案】解：不考虑空气阻力，足球在空中只受竖直向下的重力作用，从足球的重心开始竖直向下作一条有向线段，用G表示，即为足球在空中所受力的示意图，如图所示：
【解析】先对足球受力分析，足球在空中只受竖直向下的重力，然后再作重力的示意图。
重力的方向总是竖直向下的；规则物体的重心在物体的几何中心；会用力的示意图表示重力的作用点和方向。
20.【答案】解：图1中两灯串联，开关接在两灯之间，根据图1连接实物图，如下所示：
。
【解析】分析图中电路的连接，据此连接实物图，注意各元件的连接与电路图一一对应。
本题考查根据电路图连接实物图，为基础题。
21.【答案】解：螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可知，电流从左端流入，右端流出，故电源的右端为负极，左端为正极；
根据磁极间的相互作用可知，小磁针的右端为S极，左端为N极；如图：
【解析】根据螺线管的N、S极，利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的NS极；根据螺线管的N、S极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正负极。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。
22.【答案】变大 小水珠 C 大于 保持不变 水银
【解析】解：(1)水沸腾时，观察到烧杯内产生大量气泡并不断上升、体积变大；
(2)杯口不断地冒出大量“白气”，这是由于水蒸气遇冷后液化成的小水珠；
(3)水在沸腾时必须继续吸热，且温度保持在沸点温度不变，因此只有图E符合实际；
因为一个标准大气压下，水的沸点为100℃，因此此时的气压大于1个标准大气压；
(4)通过实验观察可知沸腾过程的特点是不断吸热，温度保持不变；
(5)因为沸水的温度为100℃.查表可知酒精的沸点是78℃，98℃明显超出了它的沸点78℃，所以应该选沸点高的物质做测温物质，故选水银温度计。
故答案为：(1)变大；(2)小水珠；(3)C；大于；(4)保持不变；(5)水银。
(1)水沸腾时的现象：有大量气泡产生，且不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡在上升过程中体积逐渐变大，到水面处破裂；
(2)杯口冒出的大量“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水滴；
(3)(4)水在沸腾时要继续吸热，但温度保持不变，根据这一特点可对各图象做出分析；
水的沸点随大气压强的增大而升高；
(5)选择温度计的原则是：温度计内的测温物质的凝固点应该比被测温度低，沸点应该比被测温度高。
此题是探究水的沸腾实验，考查了液体温度计的制作原理及选择，沸点与气压的关系，同时考查了水沸腾的条件及对实际问题的分析，考查的比较全面。
23.【答案】未点燃 替代法 物距是A到玻璃前面的板的距离，而像距是像到玻璃后面的板的距离，所以测量出的像距小于物距 A2 A 不透过
【解析】解：(1)若蜡烛B也点燃，成的像不清晰，不易判断A的像的位置，用未点燃的蜡烛来代替点燃的蜡烛A的像，以便确定像的位置，这是利用了代替法。
(2)由图甲知，物距是A到玻璃前面的板的距离，而像距是像到玻璃后面的板的距离，所以测量出的像距小于物距，像距应是像到玻璃前面的板的距离。
(3)平面镜成的像与物关于镜面对称，如果玻璃板没有垂直在纸上，而是如图乙所示倾斜，蜡烛A的像应是A2；
(4)平面镜成的像与物关于镜面对称，实验中将玻璃板竖直向上提起，平面镜所在的对称面没有变化，蜡烛的位置不变，则像的位置不变，蜡烛的像没有竖直向上移动，故选：A。
(5)虚像不能成在光屏上，不透过玻璃板，观察光屏。若光屏上不能看见蜡烛的像，说明：平面镜成虚像。
故答案为：(1)未点燃；替代法；(2)物距是A到玻璃前面的板的距离，而像距是像到玻璃后面的板的距离，所以测量出的像距小于物距；(3)A2；(4)A；(5)不透过。
(1)若蜡烛B也点燃，成的像不清晰；玻璃板有透光性，用其来代替平面镜，既能成像又能确定像的位置，用玻璃板代替平面镜是为了便于确定像的位置；用B蜡烛代替A的像，这种方法是替代法；
(2)根据物体在平面镜中成的像与物到平面镜的距离相等分析回答；
(3)(4)平面镜成的像与物关于镜面对称；
(5)虚像不能成在光屏上。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
24.【答案】BCA 左 20 2.6 小
【解析】解：(1)为了防止矿石表面有水，应先测质量，使用天平测质量时要调节天平平衡，故合理的顺序为：BCA；
(2)天平在使用时，首先游码归零再调节横梁平衡，指针左偏右调，右偏左调，由图1可知，指针偏向中央的右侧，平衡螺母应向左调节；
(3)由图2可知，矿石的质量：m=52g；
由图3可知，矿石的体积：V=80mL−60mL=20mL=20cm3，
由ρ=mV得，矿石的密度为：ρ=52g20cm3=2.6g/cm3。
(4)假如细线的体积不能忽略，所测矿石的体积偏大，根据密度计算公式ρ=mV可知，所测矿石的密度比真实值小。
故答案为：(1)BCA；
(2)左；
(3)20；2.6；
(4)小。
(1)利用天平测质量时先调节天平平衡，后测量；再测矿石的体积；
(2)天平在使用时，首先游码归零再调节横梁平衡，指针偏向右侧时平衡螺母向左调；
(3)读出物体质量，物体体积，利用密度公式计算；
(4)假如细线的体积不能忽略，所测矿石的体积偏大，根据密度计算公式可知，所测矿石的密度与真实值的关系。
本题考查固体的密度测量实验的知识，一般先确定固体的质量，后确定固体的体积，再由密度公式计算其密度。
25.【答案】匀速直线 二力平衡 压力大小 接触面各部分粗糙程度不均匀或实验时弹簧测力计没有做匀速直线运动 能
【解析】解：(1)将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
(2)甲、乙两个实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，测力计示数不同，说明滑动摩擦力的大小与压力有关；
(3)①用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块时，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小，弹簧测力计示数时大时小，说明摩擦力不断发生变化，又压力大小不变，所以可能是由接触面各部分粗糙程度不均匀造成的或实验时弹簧测力计没有做匀速直线运动造成的；
②a图中测力计的示数为2.2N，b图中测力计的示数为1.8N，说明a中滑动摩擦力大于b中摩擦力，而a图中对支持面的压力较小，根据影响滑动摩擦力大小的两个因素可知，铝块下表面的粗糙程度比铁块的大。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)压力大小；(3)①接触面各部分粗糙程度不均匀或实验时弹簧测力计没有做匀速直线运动；②能。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小的因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
(3)①匀速拉动弹簧测力计，此时测力计的示数等于摩擦力的大小，测力计示数变化应从影响滑动摩擦力大小因素分析；
②对比图a、b，由测力示数不同根据影响滑动摩擦力大小的两个因素分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
26.【答案】控制电流不变 线圈匝数 左右摆动 改变电流方向 电动机
【解析】解：(1)此时调节滑动变阻器是为了控制电流不变，来研究通电螺线管磁场强弱与线圈匝数的关系。
(2)②实验中，小明在电路闭合时将导体AB向右移动一段距离后松开手，发现导体AB左右摆动，切割磁感线的方向不断改变，产生的感应电流方向不断改变，此时小量程电流表的指针左右摆动。
③把电流表换成电池组，闭合开关，发现导体AB向左运动，若要使导体AB向右运动可以改变电流方向。
故答案为：(1)控制电流不变；线圈匝数；(2)②左右摆动；③改变电流方向；电动机。
(1)通电螺线管的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。
(2)②当导体AB在磁场中左右摆动时，感应电流的方向会不断改变。
③把电流表换成电池组，改变电流方向会改变导体运动方向，电动机是利用通电导体在磁场中受力作用的原理制成的。
知道电磁感应现象；知道产生感应电流的条件；知道电动机的原理。
27.【答案】右 2.5 I额 保持不动 U−U1I1 (U−I额×R)×I额
【解析】解：(1)原电路中，电阻与导线并联了，电压表与电流表和变阻器串联连入电路中，电压表测电源电压，故电压表没有示数；
电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，改正后如下所示：
(2)小伟先将5Ω的定值电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片在某位置时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.4A，由欧姆定律，电压表示数为：
U=IR=0.4A×5Ω=2V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V，再次读取电流表的示数；
(3)设控制为UV，
根据串联电路电压的规律和分压原理：
U−UVUV=R滑R-----①，
①式左边为一定值，右边也为一定值，当变阻器的最大电阻连入电路中时，对应的定值也应最大，此时变阻器器分得的电压最大，电压表的示数最小，
即4.5V−UVUV=20Ω25Ω，故UV=2.5V；
为了使四个电阻单独接入电路都能完成实验，他应控制电压表的示数不低于2.5V；
由实验得出的结论是：当电压一定时，电流与电阻成反比；
(4)绘制了L1的U−I图象如图丙所示，该图象不是直线的原因是灯的电阻随温度的变化而变化；
(5)实验步骤：
①闭合开关S，将开关S0接1、调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，此时L2正常发光。
②将开关S0由1改接到2，滑动变阻器的滑片P保持不动，此时电流表的示数为I1，根据L1的(U−I图象可知，当电流为I1时，对应的电压为U1)；
在①中，L1短路，L2与变阻器串联，
在②中，L2短路，L1与变阻器串联，因电流为I1，由图丙知，L1对应的电压为U1，由串联电路的规律和欧姆定律，
则滑动变阻器接入电路的阻值：
R=U−U1I1；
在①中，由欧姆定律，变阻器的电压为：
U滑=I额×R=I额×R；
根据串联电路电压的规律，L2的额定电压为：
U额=U−U滑=U−I额×R；
小灯泡L2的额定功率：
P2=U额×I额=(U−I额×R)×I额。
故答案为：(1)见解析；(2)右；(3)2.5；(5)①I额；②保持不动；U−U1I1；③(U−I额×R)×I额。
(1)原电路中，电压表与电阻短路了，只有电流表与变阻器连入电路中，据此分析；
电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联；
(2)根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出电压表示数；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)设控制电压表的示数最小为UV，根据串联电路电压的规律和分压原理得出他应控制电压表的示数不低于多少；
当电压一定时，电流与电阻成反比；
(4)根据灯的电阻随温度的变化而变化分析；
(5)求额定电流为I额的小灯泡L2的额定功率，根据P=UI，关键是得出灯的额定电压；
先将灯L2与变阻器串联在电路中，使灯L2正常发光，保持滑片位置不动，通过开关的转换，使灯L1与变阻器串联在电路中，记下电流表的示数，可知灯L1对应的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律可求出变阻器连入电路中的电阻大小；
在第1次操作中，由欧姆定律和串联电路的规律可得出L2的额定电压，根据P=UI得出小灯泡L2的额定功率P2。
本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查电路分析、电路连接、控制变量法、操作过程、实验结论、影响电阻大小的因素及在没有电压表条件下设计实验方案测额定功率的能力，最后一问难度较大。
28.【答案】解(1)当S1闭合，S2断开时，只有电阻R1通电，电热器的功率
P=U2R1=(220V)2110Ω=440W
(2)当S1、S2都闭合时，两电阻并连接入电路，由并联电路干路电流等于支路电流之和可知
电热器的工作电流I总=I1+I2=UR1+UR2=220V110Ω+220V220Ω=3A
(3)当S1、S2都闭合时，电热器功率P′=UI总=220V×3A=660W
电热器在100s的时间内产生的热量为W=P′t=660W×100s=6.6×104J
答：(1)S1闭合、S2开时，电热器的功率为440W；
(2)S1、S2都闭合时，电热器的工作电流为3A；
(3)S1、S2都闭合时，电热器在100s的时间内产生的热量为6.6×104J。
【解析】(1)当S1闭合，S2断开时，只有电阻R1通电，利用公式P=U2R即可求出电热器的功率；
(2)利用并联电路干路电流等于支路电流之和的规律和I=UR即可求解答案；
(3)利用P=UI求出电路总功率，再用W=Pt求出电器在100s内产生的热量即可。
本题考查了并联电路的电流规律、功率和功的计算，是一道综合题。
2022-2023学年江苏省淮安市盱眙县九年级（下）期中物理试卷
一、单选题（本大题共8小题，共16.0分）
1. 为迎接党的二十大召开，某中学举办“颂歌献给党”的歌唱比赛，同学们满怀深情的歌声响彻整个校园。其中“响”是指声音的( )
A. 响度大 B. 音调高 C. 音色好 D. 频率高
2. 下列关于物态变化的描述正确的是( )
A. 杯中热水冒出的“白气”是汽化现象 B. 美丽的“雾凇”是凝固现象
C. 湿衣服在太阳下被晒干是液化现象 D. 樟脑丸放一段时间后变小是升华现象
3. 如图所示是吸盘挂钩紧贴在竖直墙面上的情景。将书包挂在挂钩上后，吸盘仍保持静止状态，则下列分析正确的是( )
A. 若所挂书包质量越小，则吸盘受到的摩擦力也越小
B. 吸盘受到的大气压力与它受到的摩擦力是一对平衡力
C. 为增大吸盘受到的摩擦力，应将其安装在粗糙的墙面
D. 吸盘能紧紧的吸在墙面是因为分子间存在引力
4. 关于内能，有以下四个观点，你认为正确的是( )
①物体温度越低，内能越小，0℃的物体没有内能
②改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式
③两物体相互接触时，热量总是从内能大的物体转移到内能小的物体
④一切物体都具有内能，而不一定具有机械能
A. 只有①③ B. 只有②③ C. 只有①④ D. 只有②④
5. 如图所示，灯L1与灯L2的规格相同，下列说法正确的是( )
A. S闭合后，灯L2将发生短路，L1会发光
B. 要使小灯泡L1、L2串联，可去掉导线b
C. 只改动一根导线，此电路不可能变为灯L1、L2并联
D. 去掉导线b，在BD间接一个开关S1，S1只能控制L1
6. 小强开启饮料时，瓶起子可视为一个杠杆，如图所示。下列各图能正确表示其工作原理的是( )
A.
B.
C.
D.
7. 对下列与电磁现象有关的四幅图的分析正确的是( )
A. 图甲：闭合开关后，通电螺线管右端是S极
B. 图乙：利用磁场可以产生电流
C. 图丙：只要导体在磁场中运动，就会产生感应电流
D. 图丁：该装置可用来研究发电机的工作原理
8. 如图所示，电源电压为4.5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 0.5A”(灯丝电阻不变)。在保证小灯泡L电流不超过额定电流0.5A，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是( )
①小灯泡正常工作时的电阻为5Ω
②滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是10Ω～20Ω
③电压表示数变化范围2V～3V
④电流表示数变化范围0.18A～0.5A
A. ①、③正确 B. ②、③正确
C. ③、④正确 D. ①、②、③正确
二、填空题（本大题共10小题，共21.0分）
9. 古诗《鹿柴》中有“空山不见人，但闻人语响”，诗人听到的人声是由声带______产生的，声音在液体中的传播速度______(选填“大于”“小于”或“等于”)在空气中的传播速度。
10. 如图所示，旋翼无人机正在喷洒农药，当无人机水平匀速飞行时，无人机处于______(选填“平衡”或“非平衡”)状态，喷洒过程中无人机的动能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
11. 智能家居已广泛应用于生活中，手机远程控制扫地机器人是通过______ 来传递信息的，如图所示，一个充电宝正在给手机电池充电，此时手机的电池相当于______ 。
12. 为了消杀新冠病毒，我校工作人员在教室喷洒酒精后，同学们进入室内闻到酒精味，这是______ 现象。用测温枪测体温是利用红外线的______ 效应工作的。
13. 某同学经常玩智能手机、平板电脑，长时间盯着屏幕，导致视力下降，患上近视眼。如图所示，图 (选填“甲”或“乙”)是近视眼的光路示意图，近视眼应配戴 透镜(选填“凸”或“凹”)制成的眼镜来矫正，戴上合适度数的眼镜后物体在视网膜上成 (选填“倒立”或“正立”)缩小的实像。
14. 小欣用如图所示的动滑轮提升重量G=9N的物体，当用竖直向上F=5N的拉力拉绳的自由端匀速上升0.8m，物体上升了______ m，不计绳重和摩擦，滑轮机械效率为______ %。
15. 灯泡L1和L2上分别标有“8V 4W”和“4V 4W”保障灯泡安全情况下，若两灯串联，则电源电压最多是______ V；若两灯并联，电路的最大功率是______ W。(忽略温度对灯泡的影响)
16. 如图所示为单相电子式电能表，其示数为______ kW⋅h；断开其他用电器，单独接入干燥机(具体参数见下面表格)工作24min，此过程中电能表指示灯一共闪了600次，此干燥机工作过程实际功率是______ W。
干燥机型号
额定电压
额定功率
KC10
220V
560W
17. 长江生态不断恢复，江面上再现“江豚群舞”的场最。小明利用3D打印机打印出江豚模型如图甲所示，该模型的长度是______ cm。把模型放在天平的左盘，天平平衡时，右盘中无砝码，游码的示数如图乙，模型的质量为______ g。将模型放入盛满水的溢水杯中，溢出水2.8g。该模型在水中静止时，水对杯底的压强大小将______ 。
18. 完成光路图，并标出反射角。
三、作图题（本大题共3小题，共3.0分）
19. 足球是青少年喜爱的一项体育运动。足球被踢出后在空中运动的情况如图所示，不考虑空气阻力，请你在图中画出足球所受力的示意图。
20. 如图所示，根据图1所示电路图，连接图2所示实物图。
21. 请在图中的括号中分别标出小磁针静止时左端的磁极名称和电源右端“+”或“−”极。
四、实验探究题（本大题共6小题，共34.0分）
22. 如图甲所示是小明“观察水的沸腾”实验装置图。
(1)实验中当水沸腾时，小明观察到烧杯内产生大量气泡并不断上升，且体积逐渐______ (选填“变大”或“变小”)直至水面破裂。
(2)水沸腾时会产生大量的“白气”，这些“白气”实际是______ (选填“水蒸气”或“小水珠”)。
(3)如图乙所示，小明和其他小组同学作出水的温度随时间变化的图像，其中最符合实际的是图______ (选填字母)。由图可知，水的沸点是102℃，说明此时大气压______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)标准大气压。
(4)通过实验观察可知沸腾过程的特点是：不断吸热，温度______ 。
(5)如表格所示，为了测量水的沸点应选择______ (选填“酒精”或“水银”)温度计。
测温物质
凝固点/℃
沸点/℃
酒精
−117
78
水银
−39
357
23. 为了探究平面镜成像特点，小柯将一块玻璃板(如图甲)竖直架在水平台面上，再取两根完全相同的蜡烛A和蜡烛B，分别竖直置于玻璃板两侧，进行实验。
(1)在实验中，小柯透过玻璃板看到了蜡烛A的2个清晰的像，如图甲，他用______ (选题“点燃”或“未点燃”)的蜡烛B找到了这两个像，继续进行实验探究，这里用到了______ (选题“控制变量法”、“转换法”或“替代法”)。
(2)小柯按照图中的测量方法，改变蜡烛A的位置，认真测量并记录了一些数据如表：
物距u(cm)
5.0
6.0
7.0
8.0
像距V(cm)
4.5
5.5
6.5
7.5
分析实验数据，然后得出像距小于物距的结论，你认为他的测量错误的原因是：______ 。
(3)如果玻璃板没有垂直在纸上，而是如图乙所示倾斜，蜡烛A的像应是______ (选题“A1”、“A2”“A3”)。
(4)小柯在实验中将玻璃板竖直向上提2cm，则蜡烛的像竖直向上移动______ 。
A.0cm
B.1cm
C.2cm
D.4cm
(5)小柯在像处放一张白纸做光屏，______ (选题“透过”或“不透过”)玻璃板，观察光屏。若光屏上不能看见蜡烛的像，说明：平面镜成虚像。
24. 同学们在实验室测量某种小矿石的密度，选用天平、量筒、小矿石、细线和水，进行如下的实验操作。
A.在量筒中倒入适量的水，记下水的体积；将小矿石用细线系好后，慢慢地浸没在水中，记下小矿石和水的总体积；
B.把天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，调节横梁上的平衡螺母，使横梁平衡；
C.将小矿石放在左盘中，在右盘中增减砝码并移动游码，直至横梁恢复平衡。
(1)为了减少实验误差，最佳的实验操作顺序是： 。(填写字母)
(2)在调节天平时，发现指针的位置如图1所示，此时应将平衡螺母向 (选填“左”或“右”)调。
(3)用调节好的天平称量小矿石的质量，天平平衡时，右盘中砝码的质量和游码的位置如图2所示，用量筒测量小矿石的体积如图3所示，矿石的体积为 cm3，由此可以算出小矿石的密度为 g/cm3。
(4)假如细线的体积不能忽略，所测矿石的密度比真实值 (大/小)。
25. 在探究“影响滑动摩擦力大小因素”实验中，小明用完全相同的木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三个实验。
(1)实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做______ 运动，依据______ 的原理，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
(2)甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与______ 有关。
(3)反思与评价：
①小明发现在测量摩擦力的过程中，实际操作时弹簧测力计的示数时大时小，请分析造成这样结果的原因可能是______ 。
②在得出影响滑动摩擦力的因素后，小明想知道实验室所用铁块和铝块的下表面谁更粗糙，在正确测量摩擦力的前提下，对比如图丁所示两图______ (选填“能”或“不能”)比较出铁块和铝块下表面的粗糙程度(木板的粗糙程度完全相同)。
26. (1)在探究“通电螺线管的外部磁场”实验中，设计了如图甲电路。
小明猜想通电螺线管磁场强弱可能与线圈匝数和电流大小都有关。实验中，他将开关S从l换到2上时，调节变阻器的滑片P，再次观察电流表示数及吸引的回形针数目，此时调节滑动变阻器是为了______ ，来研究通电螺线管磁场强弱与______ 的关系。
(2)为了探究“感应电流产生的条件”，小明将铁架台、导体AB、小量程电流表、蹄形磁体、开关和若干导线按图乙连接。
①断开开关，无论怎么移动导体AB，电流表指针都不偏转；闭合开关，他左右移动导体AB，发现指针发生了摆动，又上下移动导体AB时，指针基本不偏转。
②实验中，小明在电路闭合时将导体AB向右移动一段距离后松开手，发现导体AB左右摆动，此时小量程电流表的指针______ (选填“左右摆动”、“偏向一边”或“静止不动”)。
③把电流表换成电池组，闭合开关，发现导体AB向左运动，若要使导体AB向右运动可以______ (提供一种方法)。根据这一原理可以制成______ (选填“发电机”或“电动机”)。
27. 小伟在做探究“电流与电阻的关系”实验时，准备了以下器材：电源(4.5V)，定值电阻四个(5Ω、10Ω、20Ω、25Ω)，电流表、电压表、滑动变阻器“20Ω 1A”和开关各一个、导线若干。
(1)小伟连接的电路如图甲所示，闭合开关后，发现有电表没有示数，经仔细检查后发现电路中有一根导线连接错误，请在图中错误的那根导线上画“×”，并画出正确的连线。
(2)解决问题后，小伟先将5Ω的定值电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片在某位置时，电流表的示数如图乙所示；将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，他应将滑动变阻器的滑片P向______ (填“左”或“右”)端移动，使电压表的示数保持不变，再次读取电流表的示数。
(3)把20Ω的电阻接入电路时，小伟发现无论怎样调节滑动变阻器都不能完成实验。为了使四个电阻单独接入电路都能完成实验，他应控制电压表的示数不低于______ V。
(4)小伟将定值电阻换成小灯泡L1，测出了几组电流值和电压值。并绘制了L1的U−I图像如图丙所示；
(5)同组的小张同学还想测量额定电流为I额的小灯泡L2的额定功率，利用小伟用过的小灯泡L1和绘制的图像，设计了如图丁所示的电路(电源电压为U)，测出了小灯泡L2的额定功率。请将她的实验步骤补充完整：
①闭合开关S，将开关S0接1、调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为______ ，此时L2正常发光。
②将开关S0由1改接到2，滑动变阻器的滑片P ______ (填“移到最左端”“移到最右端”或“保持不动”)此时电流表的示数为I1，根据L1的U−I图像可知，当电流为I1时，对应的电压为U1；，则滑动变阻器接入电路的阻值R= ______ 。
③小灯泡L2的额定功率P额= ______ (用U、I额、R表示)。
五、计算题（本大题共1小题，共6.0分）
28. 如图是某电热器的原理简图，它有高温、低温两挡，发热体由R1和R2两个电热丝构成，阻值分别为110Ω、220Ω。
(1)S1闭合、S2断开时，求电热器的功率；
(2)S1、S2都闭合时，求电热器的工作电流；
(3)S1，S2都闭合时，求电热器在100s的时间内产生的热量。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：同学们满怀深情的歌声响彻整个校园是指声音的响度大，故A正确，BCD错误。
故选A。
响度：人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅和距离发声体的远近有关．振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小。
本题主要考查学生对：声音的音调、响度和音色的区分，还要和实际生活结合，是一道基础题。
2.【答案】D
【解析】解：A.“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，是液化现象，故A错误；
B.“雾凇”是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，是凝华现象，故B错误；
C.湿衣服在太阳下被晒干是水汽化成为了水蒸气，是汽化现象，故C错误；
D.樟脑丸放一段时间后变小是从固态直接变为了气态，是升华现象，故D正确。
故选：D。
物体由固态变为液态的过程叫熔化；物体由气态变为液态的过程叫液化，物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾；物体由固态直接变为气态的过程叫升华。
此题考查的是物态变化现象的判断，是一道热学的基础题。掌握六种物态变化的状态变化是解题的关键。
3.【答案】A
【解析】解：
A、吸盘在竖直方向上受到的书包向下的拉力和静摩擦力是一对平衡力，书包的质量越小，重力越小，所以吸盘受到的摩擦力也越小，故A正确；
B、吸盘所受的大气压力在水平方向上，摩擦力在竖直方向上，即大气压力与摩擦力不在同一直线上，所以二力不是一对平衡力，故B错误；
C、塑料吸盘是利用大气压吸在墙面上的，与粗糙的墙面密封不好，吸盘无法使用，故C错误；
D、先用力将吸盘紧压在墙面上，将吸盘中的空气排出，松手后，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在墙面上，与分子间的引力无关，故D错误。
故选：A。
(1)吸盘在竖直方向上受到的拉力和静摩擦力一对平衡力，据此分析；
(2)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(3)塑料吸盘是利用大气压吸在墙面上的，据此进行分析；
(4)排出吸盘内的空气，当外界压强大于内部压强时，大气压产生较大的压力作用在吸盘上。
此题主要考查平衡力的辨别、摩擦力的大小、大气压的应用，抓住吸盘受到的重力和静摩擦力一对平衡力进行分析，是解答此题的突破口。
4.【答案】D
【解析】解：
①一切物体在任何温度下都具有内能，所以0℃的物体仍具有内能，故①错误；
②改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式，它们在改变内能能达到相同的效果，故②正确；
③发生热传递的条件是：有温度差，所以内能可自动地从高温物体转移到低温物体，故③错误；
④一切物体都具有内能，而不一定具有机械能，故④正确。
故选：D。
(1)内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能，内能的大小跟温度、质量、状态有关；
(2)做功与热传递在改变物体的内能的效果上是等效的，但从能的转化观点来看它们的区别在于：做功是其他形式的能转化为内能，能量的形式没有变化；热传递则是内能在物体间发生转移；
(3)热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同；
(4)内能的概念：所有分子的分子动能和分子势能的总和，一切物体都具有内能，内能与是质量、温度、状态有关；
物体由于运动具有的能量叫做动能，物体由于被举高而具有的能量叫做重力势能，物体由于发生弹性形变而具有的能量叫做弹性势能，重力势能和弹性势能统称势能，动能和势能统称机械能。
本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及改变物体内能方法的理解，是中招的热点，热学的重点。
5.【答案】B
【解析】解：
A、S闭合后，L1、L2被导线b短路，灯不亮，会损坏电源，故A错误；
B、要使L1、L2串联，电路中各个元件首尾相连，可去掉导线b，故B正确；
C、将导线c从接线柱B改接到接线柱A上，则S闭合后，电流分两支，分别流向L1、L2，则L1、L2并联，故C错误；
D、去掉导线b，在BD间接一个开关S1，若S1闭合，则电源会被短路，故D错误。
故选：B。
(1)电路有通路、断路、短路三种状态，小灯泡只有在通路的电路中才会发光；
(2)让小灯泡发光的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径；
(3)短路是指电流不经过用电器的电路，在实际电路中，如果用导线将用电器的两端直接连接，则会造成短路。
6.【答案】A
【解析】解：用开瓶器开启瓶盖时，支点是开瓶器与瓶盖上方的接触点，即图中杠杆的左端O，阻力为瓶盖对开瓶器竖直向下的作用力F2，动力为手对开瓶器右侧竖直向上的作用力F1，因为动力臂大于阻力臂，所以开瓶器为省力杠杆，即F1
先确定支点，然后根据动力和阻力的定义以及力臂关系即可得出答案。
本题考查了有关杠杆的几个概念，支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂称为杠杆的五要素，学会建立模型来解决实际问题。
7.【答案】A
【解析】解：
A、闭合开关后，电流从螺线管右侧流入，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为N极，其右端是S极，故A正确；
B、该实验是奥斯特实验，说明通电导线的周围存在磁场，即电流能产生磁场，故B错误；
C、只有闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才会产生感应电流，故C错误；
D、图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中会受力运动，反映了电动机的工作原理，故D错误。
故选：A。
(1)根据安培定则判定通电螺线管的极性；
(2)通电导线的周围存在磁场；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；
(4)通电导体在磁场中受力运动。
本题是电磁学的综合题，涉及的知识点较多，但难度不大。
8.【答案】A
【解析】解：灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压，
①小灯泡正常工作时的电阻即为额定电压下对应的电阻，根据欧姆定律可得小灯泡正常工作时的电阻为R=U额I额=2.5V0.5A=5Ω，故①正确。
③滑动变阻器的最大接入电阻为20Ω时，电路中电流最小，最小电流为I1=UR总=UR+R滑′=4.5V5Ω+20Ω=0.18A，
电压表与滑动变阻器并联，测滑动变阻器的电压。根据串联分压原理，当滑动变阻器电阻最大时，即电路中电流最小时，电压表示数最大，得U滑′=I1R滑′=0.18A×20Ω=3.6V，
灯泡正常工作时，滑动变阻器连入电路的电阻最小，即电压表示数最小为2V。电压表的量程为0～3V，因此电压表示数最大为3V。
综上可知，电压表示数变化范围2V～3V。故③正确。
④由于电压表最大值为3V，因此小灯泡两端的最小电压为UL=U−UV=4.5V−3V=1.5V，
电路中最小电流为I2=ULR=1.5V5Ω=0.3A，
灯泡正常工作时，电路中电流最大为0.5A，
综上可知，电流表示数变化范围0.3A～0.5A。故④错误。
②当小灯泡正常工作时，滑动变阻器连入电路的电阻最小，此时电路中的电流为0.5A，滑动变阻器两端的电压为U滑=U−U额=4.5V−2.5V=2V，
滑动变阻器连入电路的最小电阻为R滑=U滑I额=2V0.5A=4Ω，
电压表的量程为0～3V，因此电压表示数最大为3V，此时电路中的电流为0.3A，滑动变阻器连入电路的最大阻值为R滑′′=UVI2=3V0.3A=10Ω，
综上可知，滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10Ω。故②错误。
故BCD错误，A正确。
故选：A。
(1)由欧姆定律求出灯的电阻；
(2)根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额定电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律及电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
9.【答案】振动 大于
【解析】解：诗人听到的人声是由声带振动产生的；声音在液体中的传播速度大于在空气中的传播速度。
故答案为：振动；大于。
(1)声音是由物体的振动产生的；
(2)声音的传播靠介质，固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，不同介质中声速不同。
本题考查了声音的产生与传播，属基础题目。
10.【答案】平衡 减小
【解析】解：(1)无人机水平匀速飞行时，做匀速直线运动，所以无人机处于平衡状态；
(2)无人机正在喷洒农药，质量逐渐变小，速度不变，则动能变小。
故答案为：平衡；减小。
(1)平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态，据此判断；
(2)动能的大小与质量、速度有关。
本题主要考查了对平衡状态的理解和对动能影响因素的认识，属基础知识，难度不大。
11.【答案】电磁波 用电器
【解析】解：手机远程控制扫地机器人是通过电磁波来传递信息的，一个充电宝正在给手机电池充电，此时手机的电池相当于用电器。
故答案为：电磁波；用电器。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)用电器是电路中消耗电能的元件或设备。
本题考查的是电磁波的特点及应用；知道用电器在电路中的作用。
12.【答案】扩散 热
【解析】解：同学们进入教室闻到刺鼻的酒精味，是因为酒精分子不停地做无规则运动，属于扩散现象；
根据红外线的特点可知，由于红外线热效应强，测温枪是利用红外线的热效应工作的。
故答案为：扩散；热。
(1)组成物质的分子永不停息地做无规则运动，扩散现象就是分子无规则运动的表现；
(2)红外线的应用，热作用强：烤箱、浴室里的暖灯、夜视仪、热谱图；穿透力强：航空摄影；遥感、遥控：卫星遥感、家用遥控器。
本题考查了扩散现象及红外测温枪的工作原理，要用物理知识解释生活中的现象，体现了从物理走向生活的学习理念。
13.【答案】乙 凹 倒立
【解析】解：由乙图知，眼睛看远处的物体，像成在视网膜的前方，说明晶状体对光的折射能力变强，是近视眼的成因，故图中乙是近视眼的光路示意图。
凹透镜对光线有发散作用，使像推迟会聚在视网膜上，所以近视眼配戴凹透镜来矫正。
戴上合适度数的眼镜后物体在视网膜上成倒立、缩小的实像，与照相机成像原理相同。
故答案为：乙；凹；倒立。
近视眼是因为晶状体太厚、折光能力太强或眼球前后径过长，远处物体的像成在视网膜的前方，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线延后会聚到视网膜上。人的眼睛成倒立、缩小的实像。
本题考查了学生对近视眼的成因和矫正方法的理解，是一道基础题。
14.【答案】0.4 90
【解析】解：由题图可知，重物和动滑轮的总重由2股绳子承担，
根据s=nh可得，重物上升的高度h=1ns=12×0.8m=0.4m；
滑轮机械效率为：
η=W有用W总×100%=GhFs×100%=9N×0.4m5N×0.8m×100%=90%。
故答案为：0.4；90。
从图中可知有2段绳子在拉重物，则根据绳端移动的距离s=nh求出物体上升的高度；
根据η=W有用W总×100%=GhFs×100%算出滑轮机械效率。
本题考查动滑轮使用特点和机械效率的计算，是一道基础题。
15.【答案】10 5
【解析】解：灯泡L1和L2上分别标有“8V 4W”和“4V4W”，则通过两灯泡的额定电流：I1=P1U1=4W8V=0.5A，I2=P2U2=4W4V=1A，
根据欧姆定律可得两灯泡的电阻：R1=U1I1=8V0.5A=16Ω，R2=U2I2=4V1A=4Ω，
串联电路各处电流相等，两灯串联，通过电路的最大电流为0.5A，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则电源电压最大为U=I1(R1+R2)=0.5A×(16Ω+4Ω)=10V；
并联电路各支路两端电压相等，两灯并联，根据两灯的额定电压可知，电源电压最大为4V，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，根据欧姆定律可得I=UR1+I2=4V16Ω+1A=1.25A，
电路的最大功率是P=UI=4V×1.25A=5W。
故答案为：10；5。
灯泡L1和L2上分别标有“8V 4W”和“4V 4W”，根据电功率公式分别计算通过两灯泡的额定电流，根据欧姆定律分别计算两灯泡的电阻，
根据串联电路电流特点确定两灯串联时通过电路的最大电流，根据串联电路电阻规律结合U=IR计算最大电源电压；
根据并联电路电压同时确定两灯并联时的电源电压，根据并联电路电流规律结合欧姆定律计算干路电流，根据P=UI计算电路的最大功率。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
16.【答案】5387.5 500
【解析】解：(1)读图可知，电能表的整数位是“5387”，小数位是“5”，故电能表的示数为5387.5kW⋅h；
(2)3000imp/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪3000次，此过程中电能表指示灯一共闪了600次，干燥机消耗的电能为：
W=600imp3000impkW⋅h=0.2kW⋅h=7.2×105J，
此干燥机工作过程实际功率是：P′=Wt=7.2×105J24×60s=500W。
故答案为：5387.5；500。
(1)电能表在读数时，应明确其最后一位是小数位，单位是kW⋅h(度)；
(2)3000imp/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪3000次，由此可求出干燥机消耗的电能，再根据P=Wt求出电热毯的电功率。
本题考查了电能表的读数以及电功率公式的应用，知道电能表相关参数的意义是关键。
17.【答案】3.30 3.6 不变
【解析】解：(1)由图可知，刻度尺的分度值为0.1cm，物体的长度为3.30cm；
(2)由图乙可知，标尺的分度值为0.2g，模型的质量为m=3.6g；
(3)放入模型后，溢水杯中水面高度不变，水的密度不变，根据p=ρgh可知，水对杯底的压强不变。
故答案为：3.30；3.6；不变。
(1)根据刻度尺的分度值，估读到分度值的下一位，读出物体的长度；
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
(3)根据水面的变化，利用p=ρgh分析水对杯底压强的变化。
本题考查了阿基米德原理的应用、液体内部压强计算公式的应用、长度的读数，难度不大。
18.【答案】解：先过入射点垂直平面镜作出法线，再在法线的左侧画出反射光线，注意反射角等于入射角，光与镜面成30°角，入射角为60°反射角也等于60°，如图所示：
【解析】根据光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，先画法线，再画出反射光线并标出反射角。
在反射现象中，入射是因，反射是果，所以要说反射角等于入射角，反射光线在入射光线和法线决定的平面内。
学会用平面几何知识先求入射角的大小，再求反射角的大小。
19.【答案】解：不考虑空气阻力，足球在空中只受竖直向下的重力作用，从足球的重心开始竖直向下作一条有向线段，用G表示，即为足球在空中所受力的示意图，如图所示：
【解析】先对足球受力分析，足球在空中只受竖直向下的重力，然后再作重力的示意图。
重力的方向总是竖直向下的；规则物体的重心在物体的几何中心；会用力的示意图表示重力的作用点和方向。
20.【答案】解：图1中两灯串联，开关接在两灯之间，根据图1连接实物图，如下所示：
。
【解析】分析图中电路的连接，据此连接实物图，注意各元件的连接与电路图一一对应。
本题考查根据电路图连接实物图，为基础题。
21.【答案】解：螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可知，电流从左端流入，右端流出，故电源的右端为负极，左端为正极；
根据磁极间的相互作用可知，小磁针的右端为S极，左端为N极；如图：
【解析】根据螺线管的N、S极，利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的NS极；根据螺线管的N、S极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正负极。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。
22.【答案】变大 小水珠 C 大于 保持不变 水银
【解析】解：(1)水沸腾时，观察到烧杯内产生大量气泡并不断上升、体积变大；
(2)杯口不断地冒出大量“白气”，这是由于水蒸气遇冷后液化成的小水珠；
(3)水在沸腾时必须继续吸热，且温度保持在沸点温度不变，因此只有图E符合实际；
因为一个标准大气压下，水的沸点为100℃，因此此时的气压大于1个标准大气压；
(4)通过实验观察可知沸腾过程的特点是不断吸热，温度保持不变；
(5)因为沸水的温度为100℃.查表可知酒精的沸点是78℃，98℃明显超出了它的沸点78℃，所以应该选沸点高的物质做测温物质，故选水银温度计。
故答案为：(1)变大；(2)小水珠；(3)C；大于；(4)保持不变；(5)水银。
(1)水沸腾时的现象：有大量气泡产生，且不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡在上升过程中体积逐渐变大，到水面处破裂；
(2)杯口冒出的大量“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水滴；
(3)(4)水在沸腾时要继续吸热，但温度保持不变，根据这一特点可对各图象做出分析；
水的沸点随大气压强的增大而升高；
(5)选择温度计的原则是：温度计内的测温物质的凝固点应该比被测温度低，沸点应该比被测温度高。
此题是探究水的沸腾实验，考查了液体温度计的制作原理及选择，沸点与气压的关系，同时考查了水沸腾的条件及对实际问题的分析，考查的比较全面。
23.【答案】未点燃 替代法 物距是A到玻璃前面的板的距离，而像距是像到玻璃后面的板的距离，所以测量出的像距小于物距 A2 A 不透过
【解析】解：(1)若蜡烛B也点燃，成的像不清晰，不易判断A的像的位置，用未点燃的蜡烛来代替点燃的蜡烛A的像，以便确定像的位置，这是利用了代替法。
(2)由图甲知，物距是A到玻璃前面的板的距离，而像距是像到玻璃后面的板的距离，所以测量出的像距小于物距，像距应是像到玻璃前面的板的距离。
(3)平面镜成的像与物关于镜面对称，如果玻璃板没有垂直在纸上，而是如图乙所示倾斜，蜡烛A的像应是A2；
(4)平面镜成的像与物关于镜面对称，实验中将玻璃板竖直向上提起，平面镜所在的对称面没有变化，蜡烛的位置不变，则像的位置不变，蜡烛的像没有竖直向上移动，故选：A。
(5)虚像不能成在光屏上，不透过玻璃板，观察光屏。若光屏上不能看见蜡烛的像，说明：平面镜成虚像。
故答案为：(1)未点燃；替代法；(2)物距是A到玻璃前面的板的距离，而像距是像到玻璃后面的板的距离，所以测量出的像距小于物距；(3)A2；(4)A；(5)不透过。
(1)若蜡烛B也点燃，成的像不清晰；玻璃板有透光性，用其来代替平面镜，既能成像又能确定像的位置，用玻璃板代替平面镜是为了便于确定像的位置；用B蜡烛代替A的像，这种方法是替代法；
(2)根据物体在平面镜中成的像与物到平面镜的距离相等分析回答；
(3)(4)平面镜成的像与物关于镜面对称；
(5)虚像不能成在光屏上。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
24.【答案】BCA 左 20 2.6 小
【解析】解：(1)为了防止矿石表面有水，应先测质量，使用天平测质量时要调节天平平衡，故合理的顺序为：BCA；
(2)天平在使用时，首先游码归零再调节横梁平衡，指针左偏右调，右偏左调，由图1可知，指针偏向中央的右侧，平衡螺母应向左调节；
(3)由图2可知，矿石的质量：m=52g；
由图3可知，矿石的体积：V=80mL−60mL=20mL=20cm3，
由ρ=mV得，矿石的密度为：ρ=52g20cm3=2.6g/cm3。
(4)假如细线的体积不能忽略，所测矿石的体积偏大，根据密度计算公式ρ=mV可知，所测矿石的密度比真实值小。
故答案为：(1)BCA；
(2)左；
(3)20；2.6；
(4)小。
(1)利用天平测质量时先调节天平平衡，后测量；再测矿石的体积；
(2)天平在使用时，首先游码归零再调节横梁平衡，指针偏向右侧时平衡螺母向左调；
(3)读出物体质量，物体体积，利用密度公式计算；
(4)假如细线的体积不能忽略，所测矿石的体积偏大，根据密度计算公式可知，所测矿石的密度与真实值的关系。
本题考查固体的密度测量实验的知识，一般先确定固体的质量，后确定固体的体积，再由密度公式计算其密度。
25.【答案】匀速直线 二力平衡 压力大小 接触面各部分粗糙程度不均匀或实验时弹簧测力计没有做匀速直线运动 能
【解析】解：(1)将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
(2)甲、乙两个实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，测力计示数不同，说明滑动摩擦力的大小与压力有关；
(3)①用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块时，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小，弹簧测力计示数时大时小，说明摩擦力不断发生变化，又压力大小不变，所以可能是由接触面各部分粗糙程度不均匀造成的或实验时弹簧测力计没有做匀速直线运动造成的；
②a图中测力计的示数为2.2N，b图中测力计的示数为1.8N，说明a中滑动摩擦力大于b中摩擦力，而a图中对支持面的压力较小，根据影响滑动摩擦力大小的两个因素可知，铝块下表面的粗糙程度比铁块的大。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)压力大小；(3)①接触面各部分粗糙程度不均匀或实验时弹簧测力计没有做匀速直线运动；②能。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小的因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
(3)①匀速拉动弹簧测力计，此时测力计的示数等于摩擦力的大小，测力计示数变化应从影响滑动摩擦力大小因素分析；
②对比图a、b，由测力示数不同根据影响滑动摩擦力大小的两个因素分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
26.【答案】控制电流不变 线圈匝数 左右摆动 改变电流方向 电动机
【解析】解：(1)此时调节滑动变阻器是为了控制电流不变，来研究通电螺线管磁场强弱与线圈匝数的关系。
(2)②实验中，小明在电路闭合时将导体AB向右移动一段距离后松开手，发现导体AB左右摆动，切割磁感线的方向不断改变，产生的感应电流方向不断改变，此时小量程电流表的指针左右摆动。
③把电流表换成电池组，闭合开关，发现导体AB向左运动，若要使导体AB向右运动可以改变电流方向。
故答案为：(1)控制电流不变；线圈匝数；(2)②左右摆动；③改变电流方向；电动机。
(1)通电螺线管的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。
(2)②当导体AB在磁场中左右摆动时，感应电流的方向会不断改变。
③把电流表换成电池组，改变电流方向会改变导体运动方向，电动机是利用通电导体在磁场中受力作用的原理制成的。
知道电磁感应现象；知道产生感应电流的条件；知道电动机的原理。
27.【答案】右 2.5 I额 保持不动 U−U1I1 (U−I额×R)×I额
【解析】解：(1)原电路中，电阻与导线并联了，电压表与电流表和变阻器串联连入电路中，电压表测电源电压，故电压表没有示数；
电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，改正后如下所示：
(2)小伟先将5Ω的定值电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片在某位置时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.4A，由欧姆定律，电压表示数为：
U=IR=0.4A×5Ω=2V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V，再次读取电流表的示数；
(3)设控制为UV，
根据串联电路电压的规律和分压原理：
U−UVUV=R滑R-----①，
①式左边为一定值，右边也为一定值，当变阻器的最大电阻连入电路中时，对应的定值也应最大，此时变阻器器分得的电压最大，电压表的示数最小，
即4.5V−UVUV=20Ω25Ω，故UV=2.5V；
为了使四个电阻单独接入电路都能完成实验，他应控制电压表的示数不低于2.5V；
由实验得出的结论是：当电压一定时，电流与电阻成反比；
(4)绘制了L1的U−I图象如图丙所示，该图象不是直线的原因是灯的电阻随温度的变化而变化；
(5)实验步骤：
①闭合开关S，将开关S0接1、调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，此时L2正常发光。
②将开关S0由1改接到2，滑动变阻器的滑片P保持不动，此时电流表的示数为I1，根据L1的(U−I图象可知，当电流为I1时，对应的电压为U1)；
在①中，L1短路，L2与变阻器串联，
在②中，L2短路，L1与变阻器串联，因电流为I1，由图丙知，L1对应的电压为U1，由串联电路的规律和欧姆定律，
则滑动变阻器接入电路的阻值：
R=U−U1I1；
在①中，由欧姆定律，变阻器的电压为：
U滑=I额×R=I额×R；
根据串联电路电压的规律，L2的额定电压为：
U额=U−U滑=U−I额×R；
小灯泡L2的额定功率：
P2=U额×I额=(U−I额×R)×I额。
故答案为：(1)见解析；(2)右；(3)2.5；(5)①I额；②保持不动；U−U1I1；③(U−I额×R)×I额。
(1)原电路中，电压表与电阻短路了，只有电流表与变阻器连入电路中，据此分析；
电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联；
(2)根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出电压表示数；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)设控制电压表的示数最小为UV，根据串联电路电压的规律和分压原理得出他应控制电压表的示数不低于多少；
当电压一定时，电流与电阻成反比；
(4)根据灯的电阻随温度的变化而变化分析；
(5)求额定电流为I额的小灯泡L2的额定功率，根据P=UI，关键是得出灯的额定电压；
先将灯L2与变阻器串联在电路中，使灯L2正常发光，保持滑片位置不动，通过开关的转换，使灯L1与变阻器串联在电路中，记下电流表的示数，可知灯L1对应的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律可求出变阻器连入电路中的电阻大小；
在第1次操作中，由欧姆定律和串联电路的规律可得出L2的额定电压，根据P=UI得出小灯泡L2的额定功率P2。
本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查电路分析、电路连接、控制变量法、操作过程、实验结论、影响电阻大小的因素及在没有电压表条件下设计实验方案测额定功率的能力，最后一问难度较大。
28.【答案】解(1)当S1闭合，S2断开时，只有电阻R1通电，电热器的功率
P=U2R1=(220V)2110Ω=440W
(2)当S1、S2都闭合时，两电阻并连接入电路，由并联电路干路电流等于支路电流之和可知
电热器的工作电流I总=I1+I2=UR1+UR2=220V110Ω+220V220Ω=3A
(3)当S1、S2都闭合时，电热器功率P′=UI总=220V×3A=660W
电热器在100s的时间内产生的热量为W=P′t=660W×100s=6.6×104J
答：(1)S1闭合、S2开时，电热器的功率为440W；
(2)S1、S2都闭合时，电热器的工作电流为3A；
(3)S1、S2都闭合时，电热器在100s的时间内产生的热量为6.6×104J。
【解析】(1)当S1闭合，S2断开时，只有电阻R1通电，利用公式P=U2R即可求出电热器的功率；
(2)利用并联电路干路电流等于支路电流之和的规律和I=UR即可求解答案；
(3)利用P=UI求出电路总功率，再用W=Pt求出电器在100s内产生的热量即可。
本题考查了并联电路的电流规律、功率和功的计算，是一道综合题。
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