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2023年安徽省芜湖二十七中中考物理最后一卷
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这是一份2023年安徽省芜湖二十七中中考物理最后一卷，共27页。试卷主要包含了填空题，选择题，实验题，计算与推导题等内容，欢迎下载使用。
2023年安徽省芜湖二十七中中考物理最后一卷
一、填空题（每小题2分，共20分）
1．（2分）人的说话声是由声带振动产生的，发生病变时声带振动的频率会发生变化，即声音的 （选填“音调”、“响度”或“音色”）会发生变化。
2．（2分）购物支付已进入“刷脸”时代，结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照、扫描等，即可迅速完成交易。“刷脸”支付过程中，面部经摄像头成倒立、 的实像（选填“缩小”、“等大”或“放大”）。
3．（2分）如图所示，在装有水的盘子中央，固定一支点燃的蜡烛，蜡烛火焰逐渐熄灭，杯外的水在 作用下进入杯中。
4．（2分）如图所示的家庭电路，闭合开关S，电灯亮；站在地面上的人用手接触电路中的B点 触电（选填“会”或“不会”）。
5．（2分）如图所示是运动员在比赛过程中的图片，在下落过程中运动员的动能 。（选填“减小”、“增大”或“不变”）
6．（2分）如图所示是小明同学设计的测定油箱内油量的装置原理图，电源电压保持不变，滑杆随着浮子上下滑动。当油箱中的油量减少时0消耗的电功率 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
7．（2分）课间有些同学会将含有少量水的矿泉水瓶的瓶盖拧紧，然后使劲拧瓶的下部使其变形，再迅速旋开瓶盖（如图），这是因为瓶内气体对外做功，内能转化为 能。
8．（2分）电脑的CPU正常工作时也会产生大量的热，如果不及时散热，会导致CPU温度过高，所以我们要用散热器对其散热。某电脑CPU正常工作的一段时间内产生了热量1248J，假设这段时间内CPU产生的热量全部被铜质散热器吸收 ℃。[已知铜质散热器的质量是0.08kg，铜的比热容为0.39×103J/（kg•℃）]
9．（2分）电压表一般有较大的内阻。如图是某电路的一部分，电阻R1＝200Ω，R2＝400Ω。连通电路后，电压表V1的示数为1V，电压表V2的示数为3.2V，则电压表V1的内阻为 Ω。
10．（2分）如图甲所示，是游客在水族馆游览的情境。若用点S表示水中鱼的位置，用点S'表示人在A处看到鱼的像的位置
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中只有一个选项是符合题意的）
11．（2分）如图所示，2022年北京冬奥会开幕式采用我国传统的“二十四节气”来进行倒计时。其中第十一个节气“白露”表示天气由热转凉，昼夜温差较大。露珠的形成过程中（ ）
A．汽化 B．熔化 C．液化 D．凝华
12．（2分）如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器，分别装有深度相同，下列说法正确的是（ ）
A．甲容器对桌面的压力比乙容器对桌面的压力大
B．两容器内液体的密度相等
C．两容器内液体对容器底的压强相等
D．两容器对桌面的压强相等
13．（2分）2022年2月7日，我国运动员在首都体育馆以1分26秒768的成绩，获得北京冬奥会短道速滑男子1000米比赛的冠军，下列关于他比赛过程的解释正确的是（ ）
A．他看到看台上的观众急速后退，因为他以自己为参照物
B．他在速滑时，受到的重力和支持力始终平衡
C．冰鞋对他的支持力和冰刀对冰的压力是一对相互对作用力
D．他在加速冲刺过程中，惯性也在增大
14．（2分）如图所示的是电磁学的两个实验。下列说法中正确的是（ ）
A．图甲是“探究磁场对电流的作用”实验，图乙是“探究电磁感应现象”实验
B．在图甲中，线圈的ab边和cd边中电流的方向是相同的
C．在图乙中，线圈所在的位置是平衡位置
D．在图乙中，线圈的ab边和cd边受力的方向是相反的
15．（2分）如图所示，长方体物块A在绳的拉力F的作用下沿桌面向右运动，弹簧测力计一端固定在墙上，此时弹簧测力计的示数为3N，拉力F的大小为5N，物块B所受摩擦力的大小及方向为（ ）
A．5N，水平向右 B．5N，水平向左
C．3N，水平向左 D．3N，水平向右
16．（2分）如图所示，一块长木板放在水平桌面上，在水平向左推力F作用下做匀速直线运动，在推木板的过程中，木板对桌面的压力F、压强p和摩擦力f的变化情况分析正确的是（ ）
A．F和p不变，f变大 B．F和f不变，p变大
C．F变小，p和f变大 D．F和f不变，p变小
17．（2分）如图，甲所示电路中，R为定值电阻，R1为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器滑片从一端移至另一端过程中变阻器的电功率与其电阻的关系图像。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为3V
B．电压表的最大示数为2V
C．整个电路功率变化了0.1W
D．R的功率变化了3.2W
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分）
18．（4分）如图所示，是“探究阻力对运动的影响”的实验情景。
（1）让小车三次从同一斜面上的同一高度处，沿斜面从静止开始运动，目的是使小车到达水平面时的 相同；
（2）水平面越光滑，运动小车受到的阻力越小，速度减小的越慢；进一步推理，如果水平面足够光滑，它将做 。
19．（4分）如图所示，某实验小组在做“探究杠杆的平衡条件”的实验。挂钩码前，调节杠杆两端的螺母，然后进行下列操作。
（1）如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，若此时用一个定滑轮推动右侧钩码的悬线（如图乙所示） （选填“左端下沉”、“仍然平衡”或“右端下沉”）。
（2）如图丙所示，当弹簧测力计处在A点位置时，此时杠杆属于 （选填“省力”或“费力”）杠杆。
20．（8分）在“测定小灯泡电功率”的实验中，某同学选用的器材如下：两节干电池、额定电压为2.5V的小灯泡（额定功率约1.2W）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关和导线。
（1）请你用笔画线代替导线，将如图甲所示的实物电路连接完整，要求：①导线不能交叉，小灯泡变亮。
（2）他连接好电路，闭合开关S，发现电流表几乎无示数，则故障的原因可能是小灯泡 （选填“短路”或“断路”）。
（3）故障排除后，他闭合开关S，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，则测得小灯泡的额定功率为 W。
（4）该同学仔细思考后发现，若不用电流表，而用已知阻值的定值电阻R0、三只开关、电压表、电源和滑动变阻器等器材也能测出小灯泡的额定功率。他设计了如图丙所示的电路图，实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片P的位置不变，记录电压表此时的示数U；
③小灯泡额定功率的表达式P额＝ （用含 R0、U额、U的式子表示）。
四、计算与推导题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程）
21．（5分）将一高为2.4cm、底面积为25cm2的实心圆柱体用细线系在弹簧测力计的挂钩上，并将其浸入水中，如图所示。当实心圆柱体有，弹簧测力计的示数为2.6N。已知水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，求：
（1）圆柱体在水中受到的浮力大小。
（2）该圆柱体的密度。
22．（7分）如图所示，电源电压恒定，小灯泡L标有“2V（灯丝电阻不变），滑动变阻器R2的最大电阻为15Ω，R2的滑片调到最左端，闭合开关S1、S2时，小灯泡L正常发光，电流表示数为0.75A。求：
（1）电阻R1的阻值是多大？
（2）只闭合开关S1，R2的滑片调到最右端时，电压表的示数是多少？
（3）电路接通时的最小电功率是多大？
23．（8分）如图甲所示是一直流电动机提升重物的装置。电源电压U＝24V保持不变，开关闭合后，电动机在10s内将重40N的物体匀速提升7m，电压表读数为6V，已知电动机正常工作时的能量转化关系如图乙所示，求：
（1）电动机在10s内提升重物做的机械功；
（2）在10s内电动机消耗的电能；
（3）电动机线圈电阻。
2023年安徽省芜湖二十七中中考物理最后一卷
参考答案与试题解析
一、填空题（每小题2分，共20分）
1．（2分）人的说话声是由声带振动产生的，发生病变时声带振动的频率会发生变化，即声音的 音调 （选填“音调”、“响度”或“音色”）会发生变化。
【分析】声音的三个特征：音调、响度、音色。音调指声音的高低，音调跟物体的振动频率有关，振动频率越高，音调越高。
【解答】解：发声体振动的频率决定了声音的音调。因此，即声音的音调会发生变化。
故答案为：音调。
【点评】了解声音的特性，能根据不同的影响因素进行辨别是解答的关键。
2．（2分）购物支付已进入“刷脸”时代，结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照、扫描等，即可迅速完成交易。“刷脸”支付过程中，面部经摄像头成倒立、 缩小 的实像（选填“缩小”、“等大”或“放大”）。
【分析】根据凸透镜成像规律及其应用之一，当u＞2f时，成倒立缩小实像，应用于照相机。
【解答】解：摄像头相当于一个凸透镜，当物体位于其二倍焦距以外时。
故答案为：缩小。
【点评】明确凸透镜成像在现实生活中的应用是解决此题的关键，要理论与实际结合起来。
3．（2分）如图所示，在装有水的盘子中央，固定一支点燃的蜡烛，蜡烛火焰逐渐熄灭，杯外的水在 大气压 作用下进入杯中。
【分析】蜡烛的燃烧，会消耗掉杯内上方的氧气，使其内部压强减小，从这里入手，结合大气压强的知识，即可得到答案。
【解答】解：蜡烛在杯内燃烧时，消耗杯中的氧气，小于外界大气压，被压入杯中。
故答案为：大气压。
【点评】本题考查了与大气压相关的现象，明确蜡烛燃烧造成杯内气压降低是解决此题的关键。
4．（2分）如图所示的家庭电路，闭合开关S，电灯亮；站在地面上的人用手接触电路中的B点 不会 触电（选填“会”或“不会”）。
【分析】开关控制灯泡时，火线首先连接开关，再连接灯泡，这样开关能控制灯泡，同时断开开关，切断火线，接触电灯不会发生触电事故。
【解答】解：断开开关，B处和零线相连，相当于接触零线。
故答案为：不会。
【点评】本题考查了安全用电的知识，属于基础题目。
5．（2分）如图所示是运动员在比赛过程中的图片，在下落过程中运动员的动能 增大 。（选填“减小”、“增大”或“不变”）
【分析】重力势能转化为动能的过程，重力势能减小，动能增大，从动能和重力势能大小的影响因素考虑。
【解答】解：运动员从空中下落，质量不变，重力势能减小，重力势能转化为动能。
故答案为：增大。
【点评】在能的转化过程中，一种形式的能在减小，另一种形式的能必然在增加。
6．（2分）如图所示是小明同学设计的测定油箱内油量的装置原理图，电源电压保持不变，滑杆随着浮子上下滑动。当油箱中的油量减少时0消耗的电功率 变大 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
【分析】由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压；
根据油量的变化判断杠杆转动的方向，可知道滑片P移动的方向，从而得出接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P＝I2R可知定值电阻R0消耗的电功率的变化。
【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压。
当油箱中的油量减少时，滑片P向上移动，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知；根据P＝I2R可知定值电阻R8消耗的电功率变大。
故答案为：变大。
【点评】本题考查了电路的动态分析、滑动变阻器应用、欧姆定律和电功率公式的应用，正确地分析油量变化时滑片移动的方向是关键。
7．（2分）课间有些同学会将含有少量水的矿泉水瓶的瓶盖拧紧，然后使劲拧瓶的下部使其变形，再迅速旋开瓶盖（如图），这是因为瓶内气体对外做功，内能转化为 机械 能。
【分析】对物体做功（如克服摩擦做功、压缩气体做功），物体的内能会增加；物体对外做功（如气体膨胀对外做功），物体的内能会减小，温度降低。
【解答】解：使劲拧瓶的下部，使其严重变形，瓶内空气的内能增加；迅速旋开瓶盖，瓶内气体对瓶盖做功，瓶内气体内能减少。
故答案为：机械。
【点评】本题考查了对做功改变物体的内能的掌握，属于基础题。
8．（2分）电脑的CPU正常工作时也会产生大量的热，如果不及时散热，会导致CPU温度过高，所以我们要用散热器对其散热。某电脑CPU正常工作的一段时间内产生了热量1248J，假设这段时间内CPU产生的热量全部被铜质散热器吸收 40 ℃。[已知铜质散热器的质量是0.08kg，铜的比热容为0.39×103J/（kg•℃）]
【分析】知道铜质散热器的质量、比热容和吸收的热量，利用Q吸＝cmΔt计算出散热器温度升高的温度。
【解答】解：由Q吸＝cmΔt可知，散热器升高的温度：Δt＝＝。
故答案为：40。
【点评】本题考查吸热公式的灵活运用，是一道基础题。
9．（2分）电压表一般有较大的内阻。如图是某电路的一部分，电阻R1＝200Ω，R2＝400Ω。连通电路后，电压表V1的示数为1V，电压表V2的示数为3.2V，则电压表V1的内阻为 2000 Ω。
【分析】由于考虑电压表V1的内阻对电路的影响，则电路图等效为：电压表V1的内阻和R1并联后，再与R2串联，电压表V1测量V1的内阻和R1的并联电路两端的电压，电压表V2测量R1、R2两端的总电压；
（1）根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，然后根据欧姆定律求出通过R2的电流；
（2）由于电压表V1与R1并联，根据欧姆定律求出通过R1的电流；根据并联电路的电流特点求出通过电压表V1的电流，然后根据欧姆定律求出V1的内阻。
【解答】解：由于考虑电压表V1的内阻对电路的影响，则电路图等效为：电压表V1的内阻和R8并联后，再与R2串联，电压表V1测量V8的内阻和R1的并联电路两端的电压，电压表V2测量R7、R2两端的总电压；
因串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和，
则R2两端的电压：U5＝U﹣U1＝3.6V﹣1V＝2.7V，
通过R2的电流：I2＝＝＝0.0055A；
通过R1的电流：I2＝＝＝0.005A；
图中电压表V1与R7并联，因并联电路干路电流等于各支路电流之和，
则通过电压表V1的电流：IV 1＝I4﹣I1＝0.0055A﹣5.005A＝0.0005A；
根据I＝可得V1的内阻：RV 8＝＝＝2000Ω。
故答案为：2000。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，特别要注意：本题中要考虑电压表的内阻，则通过R1和R2的电流不相等。
10．（2分）如图甲所示，是游客在水族馆游览的情境。若用点S表示水中鱼的位置，用点S'表示人在A处看到鱼的像的位置
【分析】由于光的折射，人看到的鱼是鱼在水的像，比原来的位置要浅一点，故可先连接AS′，与水面的交点即为入射点，再连接入射点和S，标出光的传播方向
【解答】解：人之所以能看到水中的鱼，是由鱼反射的光线经水面折射后进入人眼；
鱼的像是人眼逆着折射光线看到的，所以直接连接AS′；连接S和入射点O即为入射光线
【点评】本题通过光的折射现象的作图，说明了为什么感觉水中的物体看起来变浅的原因，需要注意的是哪些线是实线、哪些线是虚线，另外不要把方向标反了。
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中只有一个选项是符合题意的）
11．（2分）如图所示，2022年北京冬奥会开幕式采用我国传统的“二十四节气”来进行倒计时。其中第十一个节气“白露”表示天气由热转凉，昼夜温差较大。露珠的形成过程中（ ）
A．汽化 B．熔化 C．液化 D．凝华
【分析】物质由气态转变为液态的过程叫做液化，液化是放热过程。
【解答】解：露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C正确。
故选：C。
【点评】分析物态变化时，首先确定变化前后的状态，再根据定义确定物态变化名称。
12．（2分）如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器，分别装有深度相同，下列说法正确的是（ ）
A．甲容器对桌面的压力比乙容器对桌面的压力大
B．两容器内液体的密度相等
C．两容器内液体对容器底的压强相等
D．两容器对桌面的压强相等
【分析】（1）液体质量相同，根据图判断出两液体的体积，根据密度公式判断出两液体的密度大小关系，根据p＝ρgh判断液体对杯底压强的关系；
（2）容器对桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和；根据p＝分析两容器对桌面的压强的关系。
【解答】解：AD、水平桌面上，甲，容器的质量相等，因为容器对水平桌面的压力等于容器和液体的总重力甲＝F乙；受力面积相同，根据p＝，两容器对桌面的压强相等，D正确；
BC、从图中可知乙中液体的体积大于甲中液体的体积，根据ρ＝甲＞ρ乙，因两容器中液体的深度相同，根据p＝ρ液gh知，液体对杯底的压强p甲＞p乙，故BC错误。
故选：D。
【点评】此题题主要考查了固体压强、液体压强、密度公式的应用，知道在水平面上，物体对水平面的压力等于物体自身的重力是解题的关键。
13．（2分）2022年2月7日，我国运动员在首都体育馆以1分26秒768的成绩，获得北京冬奥会短道速滑男子1000米比赛的冠军，下列关于他比赛过程的解释正确的是（ ）
A．他看到看台上的观众急速后退，因为他以自己为参照物
B．他在速滑时，受到的重力和支持力始终平衡
C．冰鞋对他的支持力和冰刀对冰的压力是一对相互对作用力
D．他在加速冲刺过程中，惯性也在增大
【分析】（1）一个物体相对于参照物，位置发生变化，这个物体是运动的；位置没有变化，这个物体是静止的；
（2）在平衡力的作用下，物体保持静止或匀速直线运动状态；
（3）相互作用力应作用在两个物体上，大小相等、方向相反、在同一直线上；
（4）惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。
【解答】解：A、运动员以自己为参照物，故A正确；
B、运动员在速滑时，当重心加速上升时，故B错误；
C、冰鞋对他的支持力和冰刀对冰的压力不是发生在两个物体之间，故C错误；
D、运动员在加速冲刺过程中，惯性不变。
故选：A。
【点评】本题综合考查了对惯性、平衡状态的判断、相互作用力和参照物的选择等知识的理解和应用，难度不大。
14．（2分）如图所示的是电磁学的两个实验。下列说法中正确的是（ ）
A．图甲是“探究磁场对电流的作用”实验，图乙是“探究电磁感应现象”实验
B．在图甲中，线圈的ab边和cd边中电流的方向是相同的
C．在图乙中，线圈所在的位置是平衡位置
D．在图乙中，线圈的ab边和cd边受力的方向是相反的
【分析】（1）根据电路中有无电源进行判断。通电导体在磁场中受到力运动，所以探究磁场对电流的作用实验中，有电源；闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这是电磁感应现象，所以探究电磁感应现象实验中，无电源；
（2）探究电磁感应现象实验中，感应电流在闭合回路中流动，据此判断线圈的ab边和cd边中电流的方向是否相同；
（3）探究磁场对通电线圈的作用实验中，线圈平面与磁感线垂直时，处于平衡位置；
（3）通电导体在磁场中受力方向与电流方向、磁场方向有关。
【解答】解：
A、由图甲可知，是探究电磁感应现象的装置，是探究磁场对电流的作用实验；
B、在图甲中，故B错误；
C、在图乙中，不是平衡位置；
D、线圈的ab边和cd边所处磁场方向相同，所以受力的方向是相反的。
故选D。
【点评】本题考查了电磁感应现象、通电导体在磁场中受力运动的两个实验，两者最显著的区别是电路中有无电源。
15．（2分）如图所示，长方体物块A在绳的拉力F的作用下沿桌面向右运动，弹簧测力计一端固定在墙上，此时弹簧测力计的示数为3N，拉力F的大小为5N，物块B所受摩擦力的大小及方向为（ ）
A．5N，水平向右 B．5N，水平向左
C．3N，水平向左 D．3N，水平向右
【分析】滑动摩擦力的方向与物体的相对运动方向相反，据此判断摩擦力方向，对物块B受力分析，由平衡条件求出滑动摩擦力的大小。
【解答】解：
由图可知，长方体物块A在绳的拉力作用下沿水平桌面向右运动，物块B在水平方向上的受力处于平衡状态，由平衡条件得：滑动摩擦力f＝F弹＝3N，方向水平向右。
故选D。
【点评】本题考查了物体运动和静止的判断、二力平衡条件求滑动摩擦力的大小的应用。
16．（2分）如图所示，一块长木板放在水平桌面上，在水平向左推力F作用下做匀速直线运动，在推木板的过程中，木板对桌面的压力F、压强p和摩擦力f的变化情况分析正确的是（ ）
A．F和p不变，f变大 B．F和f不变，p变大
C．F变小，p和f变大 D．F和f不变，p变小
【分析】（1）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据向左缓慢地推木板时受力面积的变化判断对桌面压强的变化；
（2）根据影响滑动摩擦力大小的因素：压力的大小和接触面的粗糙程度判断此过程摩擦力的变化。
【解答】解：因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，直至木板右端与桌边对齐时，因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，水平向左的推力F作用下做匀速直线运动，所以；
木板与桌面的接触面积变大，受力面积变大可知。
故选：D。
【点评】本题考查了压力和压强大小的比较和影响滑动摩擦力大小的因素的应用，关键是会分析向左匀速运动过程中变化的量和不变的量。
17．（2分）如图，甲所示电路中，R为定值电阻，R1为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器滑片从一端移至另一端过程中变阻器的电功率与其电阻的关系图像。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为3V
B．电压表的最大示数为2V
C．整个电路功率变化了0.1W
D．R的功率变化了3.2W
【分析】由图甲可知，滑动变阻器R1和定值电阻R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）根据图乙读出两组变阻器的阻值和对应的电功率，根据串联电路的电流特点和P＝UI＝I2R求出电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律结合电源的电压不变得出等式即可求出R的阻值，进一步求出电源的电压；
（2）电压表测变阻器两端的电压，当变阻器接入电路的阻值最大时，由串联分压的规律可知此时电压表示数最大，且此时电流最小，由欧姆定律可求出电压表的最大示数；
（3）根据电功率公式P＝可知电源电压一定时，整个电路的电功率与总电阻成反比，则滑动变阻器的阻值为0时，电路的总电阻最小，总功率最大，滑动变阻器的阻值为20Ω时，总电阻最大，总功率最小；根据电功率公式P＝和电阻的串联求出总功率的最大值和最小值，然后求出整个电路电功率的变化值；
（4）根据电功率公式P＝I2R可知，电流越大、定值电阻R的电功率越大，电流越小、定值电阻R的电功率越小；先求出最大电流和最小电流，然后根据P＝I2R求出定值电阻R的电功率最大值与最小值，最后求出定值电阻R电功率的变化值。
【解答】解：由图甲可知，滑动变阻器R1和定值电阻R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
由图乙可知，当滑动变阻器的阻值R8＝10Ω时，它的电功率为0.9W，
由P＝UI＝I2R可得，此时电路中电流I1＝＝＝6.3A；
当滑动变阻器的阻值R1′＝20Ω时，它的电功率为7.8W2＝＝＝0.2A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，
所以，由欧姆定律可得
U＝I8（R+R1）＝I2（R+R2′），即0.3A×（R+10Ω）＝6.2A×（R+20Ω），
解得：R＝10Ω；
电源的电压U＝I1（R+R3）＝0.3A×（10Ω+10Ω）＝8V；
A、经计算可知电源电压U＝6V；
B、电压表测变阻器两端的电压，由串联分压的规律可知此时电压表示数最大2＝2.2A，
则电压表的最大示数UVmax＝I2R6max＝0.2A×20Ω＝8V，故B错误；
C、根据电功率公式P＝，电源电压一定时，
则滑动变阻器的阻值为0时，电路的总电阻最小，滑动变阻器的阻值为20Ω时，总功率最小，
故Pmax＝＝＝5.6W，Pmin＝＝＝3.2W，
则整个电路电功率的变化量ΔP＝Pmax﹣Pmin＝3.8W﹣1.2W＝7.4W，故C错误；
D、根据电功率公式P＝I2R可知，电流越大，电流越小。
当滑动变阻器的阻值为2时，总电阻最小max＝＝＝0.8A，
则定值电阻R的电功率最大为：PRmax＝Imax2R＝（0.8A）2×10Ω＝3.7W，
当滑动变阻器的阻值最大为20Ω时，总电阻最大2＝0.7A，
则定值电阻R的电功率最小为：PRmin＝I22R＝（2.2A）2×10Ω＝5.4W，
所以定值电阻R电功率变化：ΔP′＝PRmax﹣PRmin＝3.7W﹣0.4W＝8.2W，故D正确。
故选：D。
【点评】该题主要考查了欧姆定律的应用和电功率的计算，难点是利用电功率的不同表达式，确定什么时候整个电路的功率以及定值电阻的电功率有最大值和最小值。
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分）
18．（4分）如图所示，是“探究阻力对运动的影响”的实验情景。
（1）让小车三次从同一斜面上的同一高度处，沿斜面从静止开始运动，目的是使小车到达水平面时的 速度 相同；
（2）水平面越光滑，运动小车受到的阻力越小，速度减小的越慢；进一步推理，如果水平面足够光滑，它将做 匀速直线运动 。
【分析】（1）在实验中，我们是把小车放在斜面上，让小车从斜面上向下运动，从而让小车获得一定的速度。小车在斜面上的高度不同，则向下运动的速度就会不同；
（2）要知道阻力大小与表面光滑程度的关系以及运动的距离与阻力大小的关系；如果表面光滑，则小车不受阻力，根据实验事实进行合理的推理，判断小车的运动状态。
【解答】解：（1）根据控制变量法知，让小车从同一斜面，这样小车在进入平面时的运动速度相同；
（2）由实验知表面越光滑，阻力就越小，小车运动的距离就越长；
由此实验事实可以推知：如果水平面足够光滑，小车不受阻力，小车将做匀速直线运动。
故答案为：（1）速度；（2）匀速直线运动。
【点评】本题是一道实验题，考查的是阻力对物体运动的影响，该实验是理解牛顿第一定律的基础。
19．（4分）如图所示，某实验小组在做“探究杠杆的平衡条件”的实验。挂钩码前，调节杠杆两端的螺母，然后进行下列操作。
（1）如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，若此时用一个定滑轮推动右侧钩码的悬线（如图乙所示） 左端下沉 （选填“左端下沉”、“仍然平衡”或“右端下沉”）。
（2）如图丙所示，当弹簧测力计处在A点位置时，此时杠杆属于 费力 （选填“省力”或“费力”）杠杆。
【分析】（1）推动右侧钩码的悬线，会改变力的方向，从而改变力的力臂，破坏杠杆平衡；
（2）动力臂小于阻力臂为费力杠杆。
【解答】解：（1）图甲中支点在中心时，杠杆平衡左L左＝F右L右，图乙中改变了右侧拉力的力臂，使右侧拉力的力臂减小，所以此时F左L左＞F右L右，故左端会下沉；
（2）由图丙可知此时L1＜L2，故为费力杠杆。
故答案为：（1）左端下沉；（2）费力。
【点评】本题考查探究杠杆平衡条件实验操作与分析、杠杆的分类，关键是将实验操作原则及结论记忆清楚，仔细分析即可。
20．（8分）在“测定小灯泡电功率”的实验中，某同学选用的器材如下：两节干电池、额定电压为2.5V的小灯泡（额定功率约1.2W）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关和导线。
（1）请你用笔画线代替导线，将如图甲所示的实物电路连接完整，要求：①导线不能交叉，小灯泡变亮。
（2）他连接好电路，闭合开关S，发现电流表几乎无示数，则故障的原因可能是小灯泡 断路 （选填“短路”或“断路”）。
（3）故障排除后，他闭合开关S，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，则测得小灯泡的额定功率为 1 W。
（4）该同学仔细思考后发现，若不用电流表，而用已知阻值的定值电阻R0、三只开关、电压表、电源和滑动变阻器等器材也能测出小灯泡的额定功率。他设计了如图丙所示的电路图，实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片P的位置不变，记录电压表此时的示数U；
③小灯泡额定功率的表达式P额＝ （用含 R0、U额、U的式子表示）。
【分析】（1）根据小灯泡额定电压和额定功率，由P＝UI算出灯泡的额定电流确定电流表量程；滑动变阻器的滑片P向左移动时，小灯泡变亮，说明变阻器接入电路的阻值变小，据此确定变阻器的连接方式；
（2）他连接好电路，闭合开关S，发现电流表几乎无示数，说明电路可能断路；电压表的示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（3）根据电流表选用量程确定分度值读数；根据P＝UI算出小灯泡的额定功率；
（4）电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率。
【解答】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V，额定功率约3.2W＝＝5.48A；滑动变阻器的滑片P向左移动时，说明变阻器接入电路的阻值变小，变阻器上端接线柱任选一个与灯泡串联
；
（2）他连接好电路，闭合开关S，说明电路可能断路，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路断路了；
（3）故障排除后，他闭合开关S，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，其示数为0.4A
P额3＝U额1I额1＝5.5V×0.4A＝1W；
（4）实验步骤：
①闭合开关S、S1，断开开关S3，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片P的位置不变，记录电压表此时的示数U；
③在①中，灯、定值电阻和变阻器串联，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；
在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，灯仍正常工作，此时定值电阻的电压：
U2＝U﹣U额，
由欧姆定律可灯的额定电流：
I额＝＝，
则小灯泡额定功率：P额＝U额I额＝。
故答案为：（1）如上图所示；（2）断路；（4）。
【点评】本题测量小灯泡电功率的实验，考查电路连接、故障分析、电流表读数、功率计算及设计方案测额定功率的能力。
四、计算与推导题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程）
21．（5分）将一高为2.4cm、底面积为25cm2的实心圆柱体用细线系在弹簧测力计的挂钩上，并将其浸入水中，如图所示。当实心圆柱体有，弹簧测力计的示数为2.6N。已知水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，求：
（1）圆柱体在水中受到的浮力大小。
（2）该圆柱体的密度。
【分析】（1）实心圆柱体有的体积露出水面，据此求得圆柱体排开水的体积，利用阿基米德原理求得圆柱体受到的浮力大小；
（2）根据物体受力平衡求出圆柱体的重力，利用G＝mg和ρ＝求出圆柱体的密度。
【解答】解：（1）圆柱体的体积V＝Sh＝25cm2的×2.6cm＝60cm3＝6×10﹣2m3，
圆柱体在水中排开水的体积：V排＝（1﹣）V＝﹣5m3＝4×10﹣5m3，
圆柱体受到的浮力大小为：F浮＝ρ水gV排＝7.0×103kg/m2×10N/kg×4×10﹣5m8＝0.4N；
（2）物体浸入水中时，弹簧测力计示数为6.6N
G＝F示+F浮＝2.6N+0.4N＝2N，
由公式G＝mg可求出物体的质量m＝＝＝0.5kg，
则物体密度ρ＝＝＝5×107kg/m3。
答：（1）圆柱体在水中受到的浮力大小为0.5N。
（2）该圆柱体的密度为5×103kg/m5。
【点评】本题用到的知识点有重力、质量、密度、阿基米德原理等，考查学生综合分析的能力。
22．（7分）如图所示，电源电压恒定，小灯泡L标有“2V（灯丝电阻不变），滑动变阻器R2的最大电阻为15Ω，R2的滑片调到最左端，闭合开关S1、S2时，小灯泡L正常发光，电流表示数为0.75A。求：
（1）电阻R1的阻值是多大？
（2）只闭合开关S1，R2的滑片调到最右端时，电压表的示数是多少？
（3）电路接通时的最小电功率是多大？
【分析】（1）当闭合开关S1、S2，滑动变阻器的滑片在最左端时，灯泡L与R1并联，电压表测量灯泡两端的电压即电源电压；根据P＝UI＝算出小灯泡的电阻；
根据P＝UI算出小灯泡的额定电流，根据并联电路电流的规律算出电阻R1的电流，根据欧姆定律算出电阻R1的阻值；
（2）当只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片在最右端时，灯泡L和R2串联，电流表A测量流过灯泡L和R2的电流，根据欧姆定律算出电路的电流和电压表的示数；
（3）比较小灯泡与电阻R1的阻值并判断出电路接通时的最小电流，根据P＝UI＝算出电路接通时的最小电功率。
【解答】解：（1）当闭合开关S1、S2，滑动变阻器的滑片在最左端时，灯泡L与R6并联，电压表测量灯泡两端的电压即电源电压。
因为灯泡正常发光，所以电源电压为U＝U额＝2V，
由欧姆定律可知，小灯泡的电阻为：
RL＝＝＝2.4Ω；
小灯泡的额定电流为：
I额＝＝＝0.3125A，
根据并联电路电流的规律知，电阻R1的电流为：
I4＝I﹣I额＝0.75A﹣0.3125A＝5.4375A，
电阻R1的阻值：
R1＝＝≈5.6Ω；
（2）当只闭合开关S1，滑动变阻器R8的滑片在最右端时，灯泡L和R2串联，电流表A测量流过灯泡L和R2的电流，
电路的电流为：
I′＝＝＝≈0.093A，
小灯泡两端的电压为：
UL′＝I′RL＝0.093A×3.4Ω＝0.6V，即电压表的示数为0.6V；
（3）因为RL＞R7，所以当只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，
最小功率为：
P最小＝＝＝≈2.19W。
答：（1）电阻R1的阻值是4.7Ω；
（2）只闭合开关S1，R2的滑片调到最右端时，电压表的示数是5.6V；
（3）电路接通时的最小电功率是0.19W。
【点评】本题考查了欧姆定律、电功率公式的应用等知识，关键是电路连接方式的判断。
23．（8分）如图甲所示是一直流电动机提升重物的装置。电源电压U＝24V保持不变，开关闭合后，电动机在10s内将重40N的物体匀速提升7m，电压表读数为6V，已知电动机正常工作时的能量转化关系如图乙所示，求：
（1）电动机在10s内提升重物做的机械功；
（2）在10s内电动机消耗的电能；
（3）电动机线圈电阻。
【分析】（1）知道重物的重力、提升的高度，利用W＝Gh求电动机在10s内提升重物做的机械功；
（2）由图甲知，电动机和电阻R串联，电流表测量电路中电流，电压表测量电阻R两端的电压，知道电源电压、电压表的示数，利用串联电路的电压特点求电动机两端的电压，利用W＝UIt求在10s内电动机消耗的电能；
（3）不计摩擦，由图乙可知，在10s内电动机消耗的电能等于提升重物做的功加上产生的热量，可求电流通过电动机线圈产生的热量，再利用Q＝I2Rt求电动机线圈的电阻。
【解答】解：（1）电动机在10s内提升重物做的机械功：
W机械＝Gh＝40N×7m＝280J；
（2）由图甲知，电压表测量电阻R两端的电压R＝6V，而电源电压U＝24V，
电动机两端的电压：
UM＝U﹣UR＝24V﹣4V＝18V，
电路中的电流I＝2A，
在10s内电动机消耗的电能：
W电＝UMIt＝18V×2A×10s＝360J；
（3）不计摩擦，由图乙可知，
则电流通过电动机线圈产生的热量：
Q＝W电﹣W机械＝360J﹣280J＝80J，
由Q＝I3Rt可得电动机线圈的电阻：
R＝＝＝2Ω。
答：（1）电动机在10s内提升重物做的机械功为280J；
（2）在10s内电动机消耗的电能为360J；
（3）电动机线圈电阻为2Ω。
【点评】本题考查了功的公式、电功率公式、焦耳定律的应用。特别是要知道电动机不是纯电阻用电器，电流做功消耗的电能一部分转化为机械能、另一部分转化为内能。
2023年安徽省芜湖二十七中中考物理最后一卷
一、填空题（每小题2分，共20分）
1．（2分）人的说话声是由声带振动产生的，发生病变时声带振动的频率会发生变化，即声音的 （选填“音调”、“响度”或“音色”）会发生变化。
2．（2分）购物支付已进入“刷脸”时代，结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照、扫描等，即可迅速完成交易。“刷脸”支付过程中，面部经摄像头成倒立、 的实像（选填“缩小”、“等大”或“放大”）。
3．（2分）如图所示，在装有水的盘子中央，固定一支点燃的蜡烛，蜡烛火焰逐渐熄灭，杯外的水在 作用下进入杯中。
4．（2分）如图所示的家庭电路，闭合开关S，电灯亮；站在地面上的人用手接触电路中的B点 触电（选填“会”或“不会”）。
5．（2分）如图所示是运动员在比赛过程中的图片，在下落过程中运动员的动能 。（选填“减小”、“增大”或“不变”）
6．（2分）如图所示是小明同学设计的测定油箱内油量的装置原理图，电源电压保持不变，滑杆随着浮子上下滑动。当油箱中的油量减少时0消耗的电功率 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
7．（2分）课间有些同学会将含有少量水的矿泉水瓶的瓶盖拧紧，然后使劲拧瓶的下部使其变形，再迅速旋开瓶盖（如图），这是因为瓶内气体对外做功，内能转化为 能。
8．（2分）电脑的CPU正常工作时也会产生大量的热，如果不及时散热，会导致CPU温度过高，所以我们要用散热器对其散热。某电脑CPU正常工作的一段时间内产生了热量1248J，假设这段时间内CPU产生的热量全部被铜质散热器吸收 ℃。[已知铜质散热器的质量是0.08kg，铜的比热容为0.39×103J/（kg•℃）]
9．（2分）电压表一般有较大的内阻。如图是某电路的一部分，电阻R1＝200Ω，R2＝400Ω。连通电路后，电压表V1的示数为1V，电压表V2的示数为3.2V，则电压表V1的内阻为 Ω。
10．（2分）如图甲所示，是游客在水族馆游览的情境。若用点S表示水中鱼的位置，用点S'表示人在A处看到鱼的像的位置
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中只有一个选项是符合题意的）
11．（2分）如图所示，2022年北京冬奥会开幕式采用我国传统的“二十四节气”来进行倒计时。其中第十一个节气“白露”表示天气由热转凉，昼夜温差较大。露珠的形成过程中（ ）
A．汽化 B．熔化 C．液化 D．凝华
12．（2分）如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器，分别装有深度相同，下列说法正确的是（ ）
A．甲容器对桌面的压力比乙容器对桌面的压力大
B．两容器内液体的密度相等
C．两容器内液体对容器底的压强相等
D．两容器对桌面的压强相等
13．（2分）2022年2月7日，我国运动员在首都体育馆以1分26秒768的成绩，获得北京冬奥会短道速滑男子1000米比赛的冠军，下列关于他比赛过程的解释正确的是（ ）
A．他看到看台上的观众急速后退，因为他以自己为参照物
B．他在速滑时，受到的重力和支持力始终平衡
C．冰鞋对他的支持力和冰刀对冰的压力是一对相互对作用力
D．他在加速冲刺过程中，惯性也在增大
14．（2分）如图所示的是电磁学的两个实验。下列说法中正确的是（ ）
A．图甲是“探究磁场对电流的作用”实验，图乙是“探究电磁感应现象”实验
B．在图甲中，线圈的ab边和cd边中电流的方向是相同的
C．在图乙中，线圈所在的位置是平衡位置
D．在图乙中，线圈的ab边和cd边受力的方向是相反的
15．（2分）如图所示，长方体物块A在绳的拉力F的作用下沿桌面向右运动，弹簧测力计一端固定在墙上，此时弹簧测力计的示数为3N，拉力F的大小为5N，物块B所受摩擦力的大小及方向为（ ）
A．5N，水平向右 B．5N，水平向左
C．3N，水平向左 D．3N，水平向右
16．（2分）如图所示，一块长木板放在水平桌面上，在水平向左推力F作用下做匀速直线运动，在推木板的过程中，木板对桌面的压力F、压强p和摩擦力f的变化情况分析正确的是（ ）
A．F和p不变，f变大 B．F和f不变，p变大
C．F变小，p和f变大 D．F和f不变，p变小
17．（2分）如图，甲所示电路中，R为定值电阻，R1为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器滑片从一端移至另一端过程中变阻器的电功率与其电阻的关系图像。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为3V
B．电压表的最大示数为2V
C．整个电路功率变化了0.1W
D．R的功率变化了3.2W
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分）
18．（4分）如图所示，是“探究阻力对运动的影响”的实验情景。
（1）让小车三次从同一斜面上的同一高度处，沿斜面从静止开始运动，目的是使小车到达水平面时的 相同；
（2）水平面越光滑，运动小车受到的阻力越小，速度减小的越慢；进一步推理，如果水平面足够光滑，它将做 。
19．（4分）如图所示，某实验小组在做“探究杠杆的平衡条件”的实验。挂钩码前，调节杠杆两端的螺母，然后进行下列操作。
（1）如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，若此时用一个定滑轮推动右侧钩码的悬线（如图乙所示） （选填“左端下沉”、“仍然平衡”或“右端下沉”）。
（2）如图丙所示，当弹簧测力计处在A点位置时，此时杠杆属于 （选填“省力”或“费力”）杠杆。
20．（8分）在“测定小灯泡电功率”的实验中，某同学选用的器材如下：两节干电池、额定电压为2.5V的小灯泡（额定功率约1.2W）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关和导线。
（1）请你用笔画线代替导线，将如图甲所示的实物电路连接完整，要求：①导线不能交叉，小灯泡变亮。
（2）他连接好电路，闭合开关S，发现电流表几乎无示数，则故障的原因可能是小灯泡 （选填“短路”或“断路”）。
（3）故障排除后，他闭合开关S，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，则测得小灯泡的额定功率为 W。
（4）该同学仔细思考后发现，若不用电流表，而用已知阻值的定值电阻R0、三只开关、电压表、电源和滑动变阻器等器材也能测出小灯泡的额定功率。他设计了如图丙所示的电路图，实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片P的位置不变，记录电压表此时的示数U；
③小灯泡额定功率的表达式P额＝ （用含 R0、U额、U的式子表示）。
四、计算与推导题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程）
21．（5分）将一高为2.4cm、底面积为25cm2的实心圆柱体用细线系在弹簧测力计的挂钩上，并将其浸入水中，如图所示。当实心圆柱体有，弹簧测力计的示数为2.6N。已知水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，求：
（1）圆柱体在水中受到的浮力大小。
（2）该圆柱体的密度。
22．（7分）如图所示，电源电压恒定，小灯泡L标有“2V（灯丝电阻不变），滑动变阻器R2的最大电阻为15Ω，R2的滑片调到最左端，闭合开关S1、S2时，小灯泡L正常发光，电流表示数为0.75A。求：
（1）电阻R1的阻值是多大？
（2）只闭合开关S1，R2的滑片调到最右端时，电压表的示数是多少？
（3）电路接通时的最小电功率是多大？
23．（8分）如图甲所示是一直流电动机提升重物的装置。电源电压U＝24V保持不变，开关闭合后，电动机在10s内将重40N的物体匀速提升7m，电压表读数为6V，已知电动机正常工作时的能量转化关系如图乙所示，求：
（1）电动机在10s内提升重物做的机械功；
（2）在10s内电动机消耗的电能；
（3）电动机线圈电阻。
2023年安徽省芜湖二十七中中考物理最后一卷
参考答案与试题解析
一、填空题（每小题2分，共20分）
1．（2分）人的说话声是由声带振动产生的，发生病变时声带振动的频率会发生变化，即声音的 音调 （选填“音调”、“响度”或“音色”）会发生变化。
【分析】声音的三个特征：音调、响度、音色。音调指声音的高低，音调跟物体的振动频率有关，振动频率越高，音调越高。
【解答】解：发声体振动的频率决定了声音的音调。因此，即声音的音调会发生变化。
故答案为：音调。
【点评】了解声音的特性，能根据不同的影响因素进行辨别是解答的关键。
2．（2分）购物支付已进入“刷脸”时代，结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照、扫描等，即可迅速完成交易。“刷脸”支付过程中，面部经摄像头成倒立、 缩小 的实像（选填“缩小”、“等大”或“放大”）。
【分析】根据凸透镜成像规律及其应用之一，当u＞2f时，成倒立缩小实像，应用于照相机。
【解答】解：摄像头相当于一个凸透镜，当物体位于其二倍焦距以外时。
故答案为：缩小。
【点评】明确凸透镜成像在现实生活中的应用是解决此题的关键，要理论与实际结合起来。
3．（2分）如图所示，在装有水的盘子中央，固定一支点燃的蜡烛，蜡烛火焰逐渐熄灭，杯外的水在 大气压 作用下进入杯中。
【分析】蜡烛的燃烧，会消耗掉杯内上方的氧气，使其内部压强减小，从这里入手，结合大气压强的知识，即可得到答案。
【解答】解：蜡烛在杯内燃烧时，消耗杯中的氧气，小于外界大气压，被压入杯中。
故答案为：大气压。
【点评】本题考查了与大气压相关的现象，明确蜡烛燃烧造成杯内气压降低是解决此题的关键。
4．（2分）如图所示的家庭电路，闭合开关S，电灯亮；站在地面上的人用手接触电路中的B点 不会 触电（选填“会”或“不会”）。
【分析】开关控制灯泡时，火线首先连接开关，再连接灯泡，这样开关能控制灯泡，同时断开开关，切断火线，接触电灯不会发生触电事故。
【解答】解：断开开关，B处和零线相连，相当于接触零线。
故答案为：不会。
【点评】本题考查了安全用电的知识，属于基础题目。
5．（2分）如图所示是运动员在比赛过程中的图片，在下落过程中运动员的动能 增大 。（选填“减小”、“增大”或“不变”）
【分析】重力势能转化为动能的过程，重力势能减小，动能增大，从动能和重力势能大小的影响因素考虑。
【解答】解：运动员从空中下落，质量不变，重力势能减小，重力势能转化为动能。
故答案为：增大。
【点评】在能的转化过程中，一种形式的能在减小，另一种形式的能必然在增加。
6．（2分）如图所示是小明同学设计的测定油箱内油量的装置原理图，电源电压保持不变，滑杆随着浮子上下滑动。当油箱中的油量减少时0消耗的电功率 变大 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
【分析】由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压；
根据油量的变化判断杠杆转动的方向，可知道滑片P移动的方向，从而得出接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P＝I2R可知定值电阻R0消耗的电功率的变化。
【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压。
当油箱中的油量减少时，滑片P向上移动，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知；根据P＝I2R可知定值电阻R8消耗的电功率变大。
故答案为：变大。
【点评】本题考查了电路的动态分析、滑动变阻器应用、欧姆定律和电功率公式的应用，正确地分析油量变化时滑片移动的方向是关键。
7．（2分）课间有些同学会将含有少量水的矿泉水瓶的瓶盖拧紧，然后使劲拧瓶的下部使其变形，再迅速旋开瓶盖（如图），这是因为瓶内气体对外做功，内能转化为 机械 能。
【分析】对物体做功（如克服摩擦做功、压缩气体做功），物体的内能会增加；物体对外做功（如气体膨胀对外做功），物体的内能会减小，温度降低。
【解答】解：使劲拧瓶的下部，使其严重变形，瓶内空气的内能增加；迅速旋开瓶盖，瓶内气体对瓶盖做功，瓶内气体内能减少。
故答案为：机械。
【点评】本题考查了对做功改变物体的内能的掌握，属于基础题。
8．（2分）电脑的CPU正常工作时也会产生大量的热，如果不及时散热，会导致CPU温度过高，所以我们要用散热器对其散热。某电脑CPU正常工作的一段时间内产生了热量1248J，假设这段时间内CPU产生的热量全部被铜质散热器吸收 40 ℃。[已知铜质散热器的质量是0.08kg，铜的比热容为0.39×103J/（kg•℃）]
【分析】知道铜质散热器的质量、比热容和吸收的热量，利用Q吸＝cmΔt计算出散热器温度升高的温度。
【解答】解：由Q吸＝cmΔt可知，散热器升高的温度：Δt＝＝。
故答案为：40。
【点评】本题考查吸热公式的灵活运用，是一道基础题。
9．（2分）电压表一般有较大的内阻。如图是某电路的一部分，电阻R1＝200Ω，R2＝400Ω。连通电路后，电压表V1的示数为1V，电压表V2的示数为3.2V，则电压表V1的内阻为 2000 Ω。
【分析】由于考虑电压表V1的内阻对电路的影响，则电路图等效为：电压表V1的内阻和R1并联后，再与R2串联，电压表V1测量V1的内阻和R1的并联电路两端的电压，电压表V2测量R1、R2两端的总电压；
（1）根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，然后根据欧姆定律求出通过R2的电流；
（2）由于电压表V1与R1并联，根据欧姆定律求出通过R1的电流；根据并联电路的电流特点求出通过电压表V1的电流，然后根据欧姆定律求出V1的内阻。
【解答】解：由于考虑电压表V1的内阻对电路的影响，则电路图等效为：电压表V1的内阻和R8并联后，再与R2串联，电压表V1测量V8的内阻和R1的并联电路两端的电压，电压表V2测量R7、R2两端的总电压；
因串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和，
则R2两端的电压：U5＝U﹣U1＝3.6V﹣1V＝2.7V，
通过R2的电流：I2＝＝＝0.0055A；
通过R1的电流：I2＝＝＝0.005A；
图中电压表V1与R7并联，因并联电路干路电流等于各支路电流之和，
则通过电压表V1的电流：IV 1＝I4﹣I1＝0.0055A﹣5.005A＝0.0005A；
根据I＝可得V1的内阻：RV 8＝＝＝2000Ω。
故答案为：2000。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，特别要注意：本题中要考虑电压表的内阻，则通过R1和R2的电流不相等。
10．（2分）如图甲所示，是游客在水族馆游览的情境。若用点S表示水中鱼的位置，用点S'表示人在A处看到鱼的像的位置
【分析】由于光的折射，人看到的鱼是鱼在水的像，比原来的位置要浅一点，故可先连接AS′，与水面的交点即为入射点，再连接入射点和S，标出光的传播方向
【解答】解：人之所以能看到水中的鱼，是由鱼反射的光线经水面折射后进入人眼；
鱼的像是人眼逆着折射光线看到的，所以直接连接AS′；连接S和入射点O即为入射光线
【点评】本题通过光的折射现象的作图，说明了为什么感觉水中的物体看起来变浅的原因，需要注意的是哪些线是实线、哪些线是虚线，另外不要把方向标反了。
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中只有一个选项是符合题意的）
11．（2分）如图所示，2022年北京冬奥会开幕式采用我国传统的“二十四节气”来进行倒计时。其中第十一个节气“白露”表示天气由热转凉，昼夜温差较大。露珠的形成过程中（ ）
A．汽化 B．熔化 C．液化 D．凝华
【分析】物质由气态转变为液态的过程叫做液化，液化是放热过程。
【解答】解：露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C正确。
故选：C。
【点评】分析物态变化时，首先确定变化前后的状态，再根据定义确定物态变化名称。
12．（2分）如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器，分别装有深度相同，下列说法正确的是（ ）
A．甲容器对桌面的压力比乙容器对桌面的压力大
B．两容器内液体的密度相等
C．两容器内液体对容器底的压强相等
D．两容器对桌面的压强相等
【分析】（1）液体质量相同，根据图判断出两液体的体积，根据密度公式判断出两液体的密度大小关系，根据p＝ρgh判断液体对杯底压强的关系；
（2）容器对桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和；根据p＝分析两容器对桌面的压强的关系。
【解答】解：AD、水平桌面上，甲，容器的质量相等，因为容器对水平桌面的压力等于容器和液体的总重力甲＝F乙；受力面积相同，根据p＝，两容器对桌面的压强相等，D正确；
BC、从图中可知乙中液体的体积大于甲中液体的体积，根据ρ＝甲＞ρ乙，因两容器中液体的深度相同，根据p＝ρ液gh知，液体对杯底的压强p甲＞p乙，故BC错误。
故选：D。
【点评】此题题主要考查了固体压强、液体压强、密度公式的应用，知道在水平面上，物体对水平面的压力等于物体自身的重力是解题的关键。
13．（2分）2022年2月7日，我国运动员在首都体育馆以1分26秒768的成绩，获得北京冬奥会短道速滑男子1000米比赛的冠军，下列关于他比赛过程的解释正确的是（ ）
A．他看到看台上的观众急速后退，因为他以自己为参照物
B．他在速滑时，受到的重力和支持力始终平衡
C．冰鞋对他的支持力和冰刀对冰的压力是一对相互对作用力
D．他在加速冲刺过程中，惯性也在增大
【分析】（1）一个物体相对于参照物，位置发生变化，这个物体是运动的；位置没有变化，这个物体是静止的；
（2）在平衡力的作用下，物体保持静止或匀速直线运动状态；
（3）相互作用力应作用在两个物体上，大小相等、方向相反、在同一直线上；
（4）惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。
【解答】解：A、运动员以自己为参照物，故A正确；
B、运动员在速滑时，当重心加速上升时，故B错误；
C、冰鞋对他的支持力和冰刀对冰的压力不是发生在两个物体之间，故C错误；
D、运动员在加速冲刺过程中，惯性不变。
故选：A。
【点评】本题综合考查了对惯性、平衡状态的判断、相互作用力和参照物的选择等知识的理解和应用，难度不大。
14．（2分）如图所示的是电磁学的两个实验。下列说法中正确的是（ ）
A．图甲是“探究磁场对电流的作用”实验，图乙是“探究电磁感应现象”实验
B．在图甲中，线圈的ab边和cd边中电流的方向是相同的
C．在图乙中，线圈所在的位置是平衡位置
D．在图乙中，线圈的ab边和cd边受力的方向是相反的
【分析】（1）根据电路中有无电源进行判断。通电导体在磁场中受到力运动，所以探究磁场对电流的作用实验中，有电源；闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这是电磁感应现象，所以探究电磁感应现象实验中，无电源；
（2）探究电磁感应现象实验中，感应电流在闭合回路中流动，据此判断线圈的ab边和cd边中电流的方向是否相同；
（3）探究磁场对通电线圈的作用实验中，线圈平面与磁感线垂直时，处于平衡位置；
（3）通电导体在磁场中受力方向与电流方向、磁场方向有关。
【解答】解：
A、由图甲可知，是探究电磁感应现象的装置，是探究磁场对电流的作用实验；
B、在图甲中，故B错误；
C、在图乙中，不是平衡位置；
D、线圈的ab边和cd边所处磁场方向相同，所以受力的方向是相反的。
故选D。
【点评】本题考查了电磁感应现象、通电导体在磁场中受力运动的两个实验，两者最显著的区别是电路中有无电源。
15．（2分）如图所示，长方体物块A在绳的拉力F的作用下沿桌面向右运动，弹簧测力计一端固定在墙上，此时弹簧测力计的示数为3N，拉力F的大小为5N，物块B所受摩擦力的大小及方向为（ ）
A．5N，水平向右 B．5N，水平向左
C．3N，水平向左 D．3N，水平向右
【分析】滑动摩擦力的方向与物体的相对运动方向相反，据此判断摩擦力方向，对物块B受力分析，由平衡条件求出滑动摩擦力的大小。
【解答】解：
由图可知，长方体物块A在绳的拉力作用下沿水平桌面向右运动，物块B在水平方向上的受力处于平衡状态，由平衡条件得：滑动摩擦力f＝F弹＝3N，方向水平向右。
故选D。
【点评】本题考查了物体运动和静止的判断、二力平衡条件求滑动摩擦力的大小的应用。
16．（2分）如图所示，一块长木板放在水平桌面上，在水平向左推力F作用下做匀速直线运动，在推木板的过程中，木板对桌面的压力F、压强p和摩擦力f的变化情况分析正确的是（ ）
A．F和p不变，f变大 B．F和f不变，p变大
C．F变小，p和f变大 D．F和f不变，p变小
【分析】（1）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据向左缓慢地推木板时受力面积的变化判断对桌面压强的变化；
（2）根据影响滑动摩擦力大小的因素：压力的大小和接触面的粗糙程度判断此过程摩擦力的变化。
【解答】解：因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，直至木板右端与桌边对齐时，因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，水平向左的推力F作用下做匀速直线运动，所以；
木板与桌面的接触面积变大，受力面积变大可知。
故选：D。
【点评】本题考查了压力和压强大小的比较和影响滑动摩擦力大小的因素的应用，关键是会分析向左匀速运动过程中变化的量和不变的量。
17．（2分）如图，甲所示电路中，R为定值电阻，R1为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器滑片从一端移至另一端过程中变阻器的电功率与其电阻的关系图像。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为3V
B．电压表的最大示数为2V
C．整个电路功率变化了0.1W
D．R的功率变化了3.2W
【分析】由图甲可知，滑动变阻器R1和定值电阻R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）根据图乙读出两组变阻器的阻值和对应的电功率，根据串联电路的电流特点和P＝UI＝I2R求出电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律结合电源的电压不变得出等式即可求出R的阻值，进一步求出电源的电压；
（2）电压表测变阻器两端的电压，当变阻器接入电路的阻值最大时，由串联分压的规律可知此时电压表示数最大，且此时电流最小，由欧姆定律可求出电压表的最大示数；
（3）根据电功率公式P＝可知电源电压一定时，整个电路的电功率与总电阻成反比，则滑动变阻器的阻值为0时，电路的总电阻最小，总功率最大，滑动变阻器的阻值为20Ω时，总电阻最大，总功率最小；根据电功率公式P＝和电阻的串联求出总功率的最大值和最小值，然后求出整个电路电功率的变化值；
（4）根据电功率公式P＝I2R可知，电流越大、定值电阻R的电功率越大，电流越小、定值电阻R的电功率越小；先求出最大电流和最小电流，然后根据P＝I2R求出定值电阻R的电功率最大值与最小值，最后求出定值电阻R电功率的变化值。
【解答】解：由图甲可知，滑动变阻器R1和定值电阻R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
由图乙可知，当滑动变阻器的阻值R8＝10Ω时，它的电功率为0.9W，
由P＝UI＝I2R可得，此时电路中电流I1＝＝＝6.3A；
当滑动变阻器的阻值R1′＝20Ω时，它的电功率为7.8W2＝＝＝0.2A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，
所以，由欧姆定律可得
U＝I8（R+R1）＝I2（R+R2′），即0.3A×（R+10Ω）＝6.2A×（R+20Ω），
解得：R＝10Ω；
电源的电压U＝I1（R+R3）＝0.3A×（10Ω+10Ω）＝8V；
A、经计算可知电源电压U＝6V；
B、电压表测变阻器两端的电压，由串联分压的规律可知此时电压表示数最大2＝2.2A，
则电压表的最大示数UVmax＝I2R6max＝0.2A×20Ω＝8V，故B错误；
C、根据电功率公式P＝，电源电压一定时，
则滑动变阻器的阻值为0时，电路的总电阻最小，滑动变阻器的阻值为20Ω时，总功率最小，
故Pmax＝＝＝5.6W，Pmin＝＝＝3.2W，
则整个电路电功率的变化量ΔP＝Pmax﹣Pmin＝3.8W﹣1.2W＝7.4W，故C错误；
D、根据电功率公式P＝I2R可知，电流越大，电流越小。
当滑动变阻器的阻值为2时，总电阻最小max＝＝＝0.8A，
则定值电阻R的电功率最大为：PRmax＝Imax2R＝（0.8A）2×10Ω＝3.7W，
当滑动变阻器的阻值最大为20Ω时，总电阻最大2＝0.7A，
则定值电阻R的电功率最小为：PRmin＝I22R＝（2.2A）2×10Ω＝5.4W，
所以定值电阻R电功率变化：ΔP′＝PRmax﹣PRmin＝3.7W﹣0.4W＝8.2W，故D正确。
故选：D。
【点评】该题主要考查了欧姆定律的应用和电功率的计算，难点是利用电功率的不同表达式，确定什么时候整个电路的功率以及定值电阻的电功率有最大值和最小值。
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分）
18．（4分）如图所示，是“探究阻力对运动的影响”的实验情景。
（1）让小车三次从同一斜面上的同一高度处，沿斜面从静止开始运动，目的是使小车到达水平面时的 速度 相同；
（2）水平面越光滑，运动小车受到的阻力越小，速度减小的越慢；进一步推理，如果水平面足够光滑，它将做 匀速直线运动 。
【分析】（1）在实验中，我们是把小车放在斜面上，让小车从斜面上向下运动，从而让小车获得一定的速度。小车在斜面上的高度不同，则向下运动的速度就会不同；
（2）要知道阻力大小与表面光滑程度的关系以及运动的距离与阻力大小的关系；如果表面光滑，则小车不受阻力，根据实验事实进行合理的推理，判断小车的运动状态。
【解答】解：（1）根据控制变量法知，让小车从同一斜面，这样小车在进入平面时的运动速度相同；
（2）由实验知表面越光滑，阻力就越小，小车运动的距离就越长；
由此实验事实可以推知：如果水平面足够光滑，小车不受阻力，小车将做匀速直线运动。
故答案为：（1）速度；（2）匀速直线运动。
【点评】本题是一道实验题，考查的是阻力对物体运动的影响，该实验是理解牛顿第一定律的基础。
19．（4分）如图所示，某实验小组在做“探究杠杆的平衡条件”的实验。挂钩码前，调节杠杆两端的螺母，然后进行下列操作。
（1）如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，若此时用一个定滑轮推动右侧钩码的悬线（如图乙所示） 左端下沉 （选填“左端下沉”、“仍然平衡”或“右端下沉”）。
（2）如图丙所示，当弹簧测力计处在A点位置时，此时杠杆属于 费力 （选填“省力”或“费力”）杠杆。
【分析】（1）推动右侧钩码的悬线，会改变力的方向，从而改变力的力臂，破坏杠杆平衡；
（2）动力臂小于阻力臂为费力杠杆。
【解答】解：（1）图甲中支点在中心时，杠杆平衡左L左＝F右L右，图乙中改变了右侧拉力的力臂，使右侧拉力的力臂减小，所以此时F左L左＞F右L右，故左端会下沉；
（2）由图丙可知此时L1＜L2，故为费力杠杆。
故答案为：（1）左端下沉；（2）费力。
【点评】本题考查探究杠杆平衡条件实验操作与分析、杠杆的分类，关键是将实验操作原则及结论记忆清楚，仔细分析即可。
20．（8分）在“测定小灯泡电功率”的实验中，某同学选用的器材如下：两节干电池、额定电压为2.5V的小灯泡（额定功率约1.2W）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关和导线。
（1）请你用笔画线代替导线，将如图甲所示的实物电路连接完整，要求：①导线不能交叉，小灯泡变亮。
（2）他连接好电路，闭合开关S，发现电流表几乎无示数，则故障的原因可能是小灯泡 断路 （选填“短路”或“断路”）。
（3）故障排除后，他闭合开关S，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，则测得小灯泡的额定功率为 1 W。
（4）该同学仔细思考后发现，若不用电流表，而用已知阻值的定值电阻R0、三只开关、电压表、电源和滑动变阻器等器材也能测出小灯泡的额定功率。他设计了如图丙所示的电路图，实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片P的位置不变，记录电压表此时的示数U；
③小灯泡额定功率的表达式P额＝ （用含 R0、U额、U的式子表示）。
【分析】（1）根据小灯泡额定电压和额定功率，由P＝UI算出灯泡的额定电流确定电流表量程；滑动变阻器的滑片P向左移动时，小灯泡变亮，说明变阻器接入电路的阻值变小，据此确定变阻器的连接方式；
（2）他连接好电路，闭合开关S，发现电流表几乎无示数，说明电路可能断路；电压表的示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（3）根据电流表选用量程确定分度值读数；根据P＝UI算出小灯泡的额定功率；
（4）电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率。
【解答】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V，额定功率约3.2W＝＝5.48A；滑动变阻器的滑片P向左移动时，说明变阻器接入电路的阻值变小，变阻器上端接线柱任选一个与灯泡串联
；
（2）他连接好电路，闭合开关S，说明电路可能断路，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路断路了；
（3）故障排除后，他闭合开关S，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，其示数为0.4A
P额3＝U额1I额1＝5.5V×0.4A＝1W；
（4）实验步骤：
①闭合开关S、S1，断开开关S3，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片P的位置不变，记录电压表此时的示数U；
③在①中，灯、定值电阻和变阻器串联，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；
在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，灯仍正常工作，此时定值电阻的电压：
U2＝U﹣U额，
由欧姆定律可灯的额定电流：
I额＝＝，
则小灯泡额定功率：P额＝U额I额＝。
故答案为：（1）如上图所示；（2）断路；（4）。
【点评】本题测量小灯泡电功率的实验，考查电路连接、故障分析、电流表读数、功率计算及设计方案测额定功率的能力。
四、计算与推导题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程）
21．（5分）将一高为2.4cm、底面积为25cm2的实心圆柱体用细线系在弹簧测力计的挂钩上，并将其浸入水中，如图所示。当实心圆柱体有，弹簧测力计的示数为2.6N。已知水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，求：
（1）圆柱体在水中受到的浮力大小。
（2）该圆柱体的密度。
【分析】（1）实心圆柱体有的体积露出水面，据此求得圆柱体排开水的体积，利用阿基米德原理求得圆柱体受到的浮力大小；
（2）根据物体受力平衡求出圆柱体的重力，利用G＝mg和ρ＝求出圆柱体的密度。
【解答】解：（1）圆柱体的体积V＝Sh＝25cm2的×2.6cm＝60cm3＝6×10﹣2m3，
圆柱体在水中排开水的体积：V排＝（1﹣）V＝﹣5m3＝4×10﹣5m3，
圆柱体受到的浮力大小为：F浮＝ρ水gV排＝7.0×103kg/m2×10N/kg×4×10﹣5m8＝0.4N；
（2）物体浸入水中时，弹簧测力计示数为6.6N
G＝F示+F浮＝2.6N+0.4N＝2N，
由公式G＝mg可求出物体的质量m＝＝＝0.5kg，
则物体密度ρ＝＝＝5×107kg/m3。
答：（1）圆柱体在水中受到的浮力大小为0.5N。
（2）该圆柱体的密度为5×103kg/m5。
【点评】本题用到的知识点有重力、质量、密度、阿基米德原理等，考查学生综合分析的能力。
22．（7分）如图所示，电源电压恒定，小灯泡L标有“2V（灯丝电阻不变），滑动变阻器R2的最大电阻为15Ω，R2的滑片调到最左端，闭合开关S1、S2时，小灯泡L正常发光，电流表示数为0.75A。求：
（1）电阻R1的阻值是多大？
（2）只闭合开关S1，R2的滑片调到最右端时，电压表的示数是多少？
（3）电路接通时的最小电功率是多大？
【分析】（1）当闭合开关S1、S2，滑动变阻器的滑片在最左端时，灯泡L与R1并联，电压表测量灯泡两端的电压即电源电压；根据P＝UI＝算出小灯泡的电阻；
根据P＝UI算出小灯泡的额定电流，根据并联电路电流的规律算出电阻R1的电流，根据欧姆定律算出电阻R1的阻值；
（2）当只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片在最右端时，灯泡L和R2串联，电流表A测量流过灯泡L和R2的电流，根据欧姆定律算出电路的电流和电压表的示数；
（3）比较小灯泡与电阻R1的阻值并判断出电路接通时的最小电流，根据P＝UI＝算出电路接通时的最小电功率。
【解答】解：（1）当闭合开关S1、S2，滑动变阻器的滑片在最左端时，灯泡L与R6并联，电压表测量灯泡两端的电压即电源电压。
因为灯泡正常发光，所以电源电压为U＝U额＝2V，
由欧姆定律可知，小灯泡的电阻为：
RL＝＝＝2.4Ω；
小灯泡的额定电流为：
I额＝＝＝0.3125A，
根据并联电路电流的规律知，电阻R1的电流为：
I4＝I﹣I额＝0.75A﹣0.3125A＝5.4375A，
电阻R1的阻值：
R1＝＝≈5.6Ω；
（2）当只闭合开关S1，滑动变阻器R8的滑片在最右端时，灯泡L和R2串联，电流表A测量流过灯泡L和R2的电流，
电路的电流为：
I′＝＝＝≈0.093A，
小灯泡两端的电压为：
UL′＝I′RL＝0.093A×3.4Ω＝0.6V，即电压表的示数为0.6V；
（3）因为RL＞R7，所以当只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，
最小功率为：
P最小＝＝＝≈2.19W。
答：（1）电阻R1的阻值是4.7Ω；
（2）只闭合开关S1，R2的滑片调到最右端时，电压表的示数是5.6V；
（3）电路接通时的最小电功率是0.19W。
【点评】本题考查了欧姆定律、电功率公式的应用等知识，关键是电路连接方式的判断。
23．（8分）如图甲所示是一直流电动机提升重物的装置。电源电压U＝24V保持不变，开关闭合后，电动机在10s内将重40N的物体匀速提升7m，电压表读数为6V，已知电动机正常工作时的能量转化关系如图乙所示，求：
（1）电动机在10s内提升重物做的机械功；
（2）在10s内电动机消耗的电能；
（3）电动机线圈电阻。
【分析】（1）知道重物的重力、提升的高度，利用W＝Gh求电动机在10s内提升重物做的机械功；
（2）由图甲知，电动机和电阻R串联，电流表测量电路中电流，电压表测量电阻R两端的电压，知道电源电压、电压表的示数，利用串联电路的电压特点求电动机两端的电压，利用W＝UIt求在10s内电动机消耗的电能；
（3）不计摩擦，由图乙可知，在10s内电动机消耗的电能等于提升重物做的功加上产生的热量，可求电流通过电动机线圈产生的热量，再利用Q＝I2Rt求电动机线圈的电阻。
【解答】解：（1）电动机在10s内提升重物做的机械功：
W机械＝Gh＝40N×7m＝280J；
（2）由图甲知，电压表测量电阻R两端的电压R＝6V，而电源电压U＝24V，
电动机两端的电压：
UM＝U﹣UR＝24V﹣4V＝18V，
电路中的电流I＝2A，
在10s内电动机消耗的电能：
W电＝UMIt＝18V×2A×10s＝360J；
（3）不计摩擦，由图乙可知，
则电流通过电动机线圈产生的热量：
Q＝W电﹣W机械＝360J﹣280J＝80J，
由Q＝I3Rt可得电动机线圈的电阻：
R＝＝＝2Ω。
答：（1）电动机在10s内提升重物做的机械功为280J；
（2）在10s内电动机消耗的电能为360J；
（3）电动机线圈电阻为2Ω。
【点评】本题考查了功的公式、电功率公式、焦耳定律的应用。特别是要知道电动机不是纯电阻用电器，电流做功消耗的电能一部分转化为机械能、另一部分转化为内能。
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