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2023年重庆市中考物理试卷（B卷）（含答案解析）
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这是一份2023年重庆市中考物理试卷（B卷）（含答案解析），共20页。试卷主要包含了 下列物理量最接近实际的是，5N等内容，欢迎下载使用。
2023年重庆市中考物理试卷（B卷）
1. 下列物理量最接近实际的是( )
A. 洗澡水温度约为40℃ B. 地球直径约为1km
C. 手机电池电压约为220V D. 珠穆朗玛峰大气压约为5×105Pa
2. 诗人李白根据光的反射现象写下美妙诗句“峨眉山月半轮秋，影入平羌江水流”，图中也属于光的反射现象的是( )
A. 水球成像
B. 晷针留影
C. 江面倒影
D. 铅笔“折断”
3. 春节是世界华人共同的节日，以下春节活动涉及的物理知识，辨析合理的是( )
A. 糖画师做糖画，糖汁固化成型是凝华现象
B. 大年夜吃汤圆，碗中冒出的“白气”是液化形成的
C. 用胶水贴春联，春联紧贴在门楹上说明分子间只有引力
D. 燃放烟花爆竹，闻到空气中的火药味说明分子在做规则的运动
4. 2023年3月19日，重庆马拉松比赛在南滨路举行，如图。运动员在比赛中涉及的物理知识，以下判断正确的是( )
A. 跑鞋底部有凹凸花纹是为了减小摩擦
B. 冲过终点不能立即停下来是因为受到惯性作用
C. 起跑前静止时所受重力和人对地的压力相互平衡
D. 通过弯道和加速快跑说明力可以改变人的运动状态
5. 关于电与磁的知识，以下说法正确的是( )
A. 摩擦起电过程，创造了电荷
B. 螺线管通电时，周围存在着磁场
C. 测电笔使用时，手不能接触笔尾的金属体
D. 灯泡未通电时，它两端电压为零其电阻也为零
6. 2023年5月30日，我国用长征二号F遥十六运载火箭成功发射神舟十六号载人飞船。如图是飞船与火箭组合体加速上升的情境，以下分析恰当的是( )
A. 飞船的机械能在减小
B. 飞船相对于火箭是运动的
C. 火箭在对飞船做功
D. 火箭采用液氧/液氢作为推进剂不环保不高效
7. 小俊用弹簧测力计吊着质量为1.35kg的圆柱体，从如图位置缓慢浸入装满水、深度合适的溢水杯中，圆柱体底面积为100cm2、高为5cm。则圆柱体下降过程中( )
A. 浸没前弹簧测力计示数逐渐变大
B. 浸没前水对容器底部的压强逐渐变小
C. 浸入一半时弹簧测力计的示数为11N
D. 刚浸没时圆柱体底部受到水的压力为8.5N
8. 如图甲所示的电路，电源电压恒定。闭合开关S，移动滑片P，电压表示数随电流表示数变化的图象如图乙所示。以下分析正确的是( )
A. 电源电压为10V
B. R0最大功率为1W
C. 滑片P向左移动过程中，R0两端电压逐渐变小
D. 滑片P向右移动过程中，电压表与电流表的比值变大
9. 广泛应用在航海上的中国古代四大发明之一是______ ，它推动了地理大发现、科学技术进步和人类文明发展。爱华同学想起这些心中自豪感油然而生，常常会轻声哼唱《爱我中华》，“轻声”的“轻”是指声音的______ 小。
10. 周末，市民开着纯电动汽车出游，驱动汽车的电动机是根据通电导体在______ 中受力的作用制成的；同时行驶过程中正在发电的发电机是根据______ 原理制成的。
11. 如图所示，是小智同学在劳动实践基地体验的场景。他用160N的拉力将重240N的重物匀速提升2m，用时10s，此过程中重物上升的速度为______ m/s，滑轮组的机械效率为______ 。
12. 如图所示，电源电压恒定，L标有“2V0.3A”字样，R1=20Ω，滑动变阻器R2规格为“60Ω1A”，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V。只闭合开关S2时，电压表示数为2V，则电源电压为______ V；闭合开关S1、S2和S3，在电表量程允许范围内，R2的最大功率为______ W。
13. 小天做物理小实验，先向质量为300g的薄壁柱形容器中倒入深度为1cm的水，放在水平放置的电子秤上，稳定后示数如图甲；然后用细线吊着密度为0.6g/cm3、不吸水的立方体木块，竖直向下缓慢浸入容器水中，松开手待木块静止后，电子秤示数稳定后如图乙，此时木块对容器底部压强为______ Pa；接着小天拉着细线，将木块竖直向上提升______ cm，容器对电子秤的压强变化量与木块底部所受水的压强变化量之差为120Pa。(不计细线质量和体积，忽略附在木块表面水的影响)
14. 根据画出的光线，在图中虚线框内画出一个适当的透镜。
15. 请在图中作出空中飞行的实心球所受重力的示意图(O为重心)。
16. (1)在“探究水在沸腾前后温度变化的特点”实验中：
①如图甲所示，在组装实验装置的过程中，应先调整______ (选填字母)部分；
②从水温达到90℃开始，小波每隔1min记录一次温度，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃；
③小波根据实验数据，作出了水沸腾前后水温随时间变化的图象，如图丙。由图象可知：水沸腾时，不断吸热，温度______ 。
(2)在“探究凸透镜成像的规律”实验中：
①小宇先将蜡烛、光屏安装在凸透镜两侧，然后点燃蜡烛，并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在______ ；
②实验所用凸透镜焦距f=10cm，移动蜡烛、凸透镜及光屏位置到如图丁所示时，恰能在光屏上得到一个清晰、倒立、______ 的实像，生活中的______ 是利用该成像规律制成的。
17. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，小华准备了以下器材：电源、标有“2.5V”的小灯泡、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、导线若干。请完成下列问题：
(1)如图甲，请用笔画线代替导线，正确连接电路。
(2)在开关S闭合前，应将滑片P移到______ 端(选填“A”或“B”)。
(3)闭合开关S，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，该电路故障可能是小灯泡______ 。
(4)排除故障后，闭合开关S，移动滑片P，同时眼睛要观察______ 表的示数，直到示数为______ V时，小灯泡正常发光，记录电压表和电流表示数。
(5)继续移动滑片P，让电压表示数低于2.5V，某时刻电流表示数如图乙为______ A，观察灯泡亮度并记录电表示数；继续缓慢移动滑片P，让电压表示数高出2.5V少许，观察灯泡亮度并记录电表示数。小华根据所有实验数据作出了小灯泡的U−I图象，如图丙，则小灯泡额定功率为______ W。
(6)根据小灯泡U−I图象和亮度变化，还可以发现______ 。
18. 小莉在“悟理创新实验”社团活动中，看见如图甲的双探头压强计，该装置一次测量可采集多个数据，激起了她探究液体压强的浓厚兴趣。
(1)U形管A、B中装入同种液体，小莉用手轻压探头C、D处橡皮膜到一定程度，U形管两侧液面都出现了明显高度差且保持稳定，说明压强计______ (选填“漏气”或“不漏气”)。
(2)如图甲，小莉先在装水的容器中进行实验；然后换用密度大于水的硫酸铜溶液进行实验，记录实验数据如表：
序号
液体种类
探头C深度hC/cm
高度差ΔhA/格
探头D深度hD/cm
高度差ΔhB/格
1
水
3
6
5
10
2
水
4
8
6
12
3
硫酸铜溶液
3
9
5
15
4
硫酸铜溶液
4
12
6
18
①分析表中______ (填序号)两次数据可知：同种液体中，深度越深，压强越大；
②分析表中1、3(或2、4)数据可知：深度相同时，液体______ 越大，压强越大；
③根据表中数据，小莉估算出硫酸铜溶液的密度为______ g/cm3。
(3)①小莉受双探头压强计原理的启发制作出如图乙的器材(细金属管与浮筒相通)，她将浮筒漂浮在水中后再使其竖直向下移动，感受到细金属管对手的作用力越来越______ ；浮筒竖直浸没水中后，仔细观察其______ 表面橡皮膜形变更明显，丛而分析出______ 产生的原因；
②让浮筒浸没后继续下降，浮筒受到的浮力将______ 。
19. 如图所示的电路中，电源电压恒为6V，R1为20Ω，R2为30Ω。求：
(1)只闭合开关S1时，电流表的示数；
(2)闭合开关S1、S2，R2在1min内消耗的电能。
20. 图甲是《天工开物》里记载的一种捣谷的舂，“横木穿插碓头，硬嘴为铁，足踏其末面舂之”。若碓头质量为20kg，不计横木的重力和转动摩擦，捣谷人双手与扶手之间的作用力为0。
(1)求碓头的重力；
(2)碓头竖直下落0.5m，用时0.4s，求重力做功的功率；
(3)质量为72kg的捣谷人，左脚与地面的接触面积为200cm2，当他右脚在B点用最小力踩横木使其刚好转动时，示意图如图乙，已知OA：OB=3：2，求人左脚对地面的压强。
21. 李老师桌上有一张老式加热鼠标垫(内有一根加热电阻丝)，如图所示，鼠标垫质量为200g，规格为“5V 5W”。忽略温度对电阻的影响。
(1)求鼠标垫的电阻；
(2)鼠标垫正常工作10min，温度升高7℃，若此过程中热损失为30%，估算鼠标垫的比热容；
(3)月月想帮老师扩大鼠标垫温度调节范围，现有12V的电源、规格为“5Ω2A”“20Ω1A”的两个滑动变阻器。她准备通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫加热功率，请你帮她选择合适的滑动变阻器接入电路，并计算改装后电路消耗的最大功率与最小功率的差值。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、洗澡水的温度比人体温度略高，故A正确；
B、地球直径约为1.28万千米，故B错误；
C、家庭电路的电压为220V，为了安全，手机电压应远低于家庭电路电压，故C错误；
D、大气压随着海拔高度的增加而减小，所以珠穆朗玛峰的大气压应远低于1标准大气压，而不可能高于1标准大气压，故D错误。
故选：A。
(1)洗澡水的温度略高于人体温度；
(2)地球直径约为1.28万千米；
(3)手机电池的电压约为5V；
(4)1标准大气压约为1×105Pa，海拔越高，气压越低。
在解答此类题时我们可以拿自己知道的一些信息作出对比，如我国的蛟龙号的下潜深度已经超出了7000m，所以地球直径不可能为1000。
2.【答案】C
【解析】解：“峨眉山月半轮秋，影入平羌江水流”中的“影”指月影，即月亮的倒影，是平面镜成像，属于光的反射。
A、宇航员透过水球成像属于凸透镜成像，利用的是光的折射，故A不合题意。
B、晷针留影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故B不合题意；
C、江面倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意；
D、插在水中的铅笔反射的光线从水中斜射入空气中，发生折射，折射角大于入射角，逆着光线看去，所成的像在筷子的上方，所以看到筷子“折断”了，故D不合题意。
故选：C。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
3.【答案】B
【解析】解：A、制作糖画时需要先将糖熔化，然后倒在平面上绘制处图画，然后待糖凝固就成型了，故A错误；
B、碗中冒出的“白气”是碗口附近的水蒸气遇冷液化形成的，故B正确；
C、分子间同时存在引力和斥力，故C错误；
D、分子始终在做无规则运动，故D错误。
故选：B。
(1)糖画是将糖先熔化后凝固制成的；
(2)白气是水蒸气遇冷液化生成的小水珠漂浮在空中形成的；
(3)分子间存在相互作用的引力与斥力；
(4)分子的热运动是无规则的。
本题考查我们对物态变化现象和分子动理论的认知水平，难度较低。
4.【答案】D
【解析】解：A.跑鞋底部有凹凸花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故A错误；
B.冲过终点不能立即停下来是因为人具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故B错误；
C.起跑前静止时所受重力和人对地的压力都是竖直向下，不满足方向相反，故不是相互平衡力，故C错误；
D.通过弯道和加速快跑需要用力，而运动状态改变，说明力可以改变人的运动状态，故D正确。
故选：D。
(1)增大摩擦的方式是增大压力或增大接触面的粗糙程度；
(2)物体具有保持运动状态不变的性质，叫做惯性；
(3)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(4)力可以改变物体的运动状态。
本题考查摩擦力的有关因素、惯性、平衡力的条件、力的作用效果，属于中档题。
5.【答案】B
【解析】解：A、摩擦起电过程中转移了电荷，故A错误；
B、奥斯特实验说明通电导线的周围存在着磁场，故B正确；
C、手不要接触测电笔前端的金属体，必须接触测电笔末端的金属体，使电源和大地之间形成通路，故C错误；
D、电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，故D错误。
故选：B。
(1)摩擦起电实质是电荷的转移；
(2)通电导体周围存在着磁场；
(3)使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的。使用测电笔时，不能用手触及试电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故；
(4)导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是导体电阻是导体本身的一种性质，与流过的电流和两端的电压无关。
本题考查了摩擦起电、磁场、测电笔的使用方法以及影响电阻大小的因素，属于基础题。
6.【答案】C
【解析】解：A、飞船在加速升空的过程中，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大；飞船没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，由“机械能=动能+重力势能”可知，飞船的机械能增大，故A错误；
B、火箭和飞船分离前，火箭和飞船的相对位置没有发生变化，故以火箭为参照物，飞船是静止的，故B错误；
C、升空时火箭对飞船施加向上的力，且在力的方向移动了距离，故对飞船做功，故C正确；
D、火箭采用液氧、液氢作为推进剂不仅环保而且高效，故D错误。
故选：C。
(1)火箭升空过程中，没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，所以机械能=动能+重力势能。从动能和重力势能大小的变化判断机械能的变化；
(2)研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
(3)做功的两个必要因素：力和物体在力的方向上移动距离；
(4)火箭采用液氧、液氢作为推进剂不仅环保而且高效。
本题考查机械能、运动的相对性、做功、能的利用，属于中档题。
7.【答案】C
【解析】解：A、浸没前圆柱体受到的浮力逐渐增大，重力不变，拉力F=G−F浮，弹簧测力计示数逐渐变小，故A错误；
B、浸没前圆柱体排开水的体积增大，水面上升，多出的水从溢水杯流出，溢水杯口到杯底的深度不变，根据p=ρgh，水对容器底部的压强不变，故B错误；
C、浸入一半时，圆柱体受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×12×100×10−4m2×0.05m=2.5N；圆柱体的重力为G=mg=1.35kg×10N/kg=13.5N；
弹簧测力计的示数为：F=G−F浮=13.5N−2.5N=11N，故C正确；
D、刚浸没时圆柱体底部受到水的压力等于圆柱体受到的浮力F浮′=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10−4m2×0.05m=5N，故D错误。
故选：C。
(1)浸没前弹簧测力计测量的是拉力，因为浮力变大，重力不变，拉力会变小。
(2)液体的压强随深度的增加而增大。
(3)根据阿基米德原理计算出浸没一半时圆柱体受到的浮力，利用重力减去浮力得到弹簧测力计的示数。
(4)根据阿基米德原理计算圆柱体全部浸没时受到的浮力就等于它刚浸没时受到水的压力。
本题考查的是阿基米德原理的应用；知道物体浸没在水中的受力情况。
8.【答案】D
【解析】解：(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
由乙图可知通过电路的电流最大为0.6A时，滑动变阻器两端的电压为0，通过电路的电流最小为0.1A时，滑动变阻器两端的电压为10V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得U=IR0+UV，
代入数据可得0.6A×R0=0.1A×R0+10V，
解方程可得R0=20Ω，
电源电压U=IR0+UV=0.1A×20Ω+10V=12V，故A错误；
根据P=I2R可知通过电路的电流最大时，定值电阻的电功率最大，则R0最大功率为P0=I2R0=(0.6A)2×20Ω=7.2W，故B错误；
(2)滑片P向左移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，则电路总电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，根据U=IR可知定值电阻两端的电压变大，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压变小，即电压表示数变小，故C错误；
(3)滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知电压表与电流表的比值即滑动变阻器接入电路的阻值，所以电压表与电流表的比值变大，故D正确。
故选：D。
(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
由乙图可知通过电路的电流最大为0.6A时，滑动变阻器两端的电压为0，通过电路的电流最小为0.1A时，滑动变阻器两端的电压为10V，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压，代入数据解方程可得R0的值，进一步计算电源电压；
根据P=I2R可知通过电路的电流最大时，定值电阻的电功率最大，据此计算R0最大功率；
(2)滑片P向左移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路电阻规律可知电路总电阻变化，根据欧姆定律可知通过电路的电流变化，根据U=IR可知定值电阻两端的电压变化，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压变化；
(3)滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知电压表与电流表的比值即滑动变阻器接入电路的阻值，据此判断电压表与电流表的比值变化。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
9.【答案】指南针 响度
【解析】解：广泛应用在航海上的中国古代四大发明之一是指南针，指南针推动了地理大发现；
“轻声”的“轻”是指声音的响度小。
故答案为：指南针；响度。
指南针广泛应用在航海上；响度表示声音的大小。
本题考查了指南针的应用、声音的大小，属于基础题。
10.【答案】磁场 电磁感应
【解析】解：电动机工作时将电能转化为机械能，是利用通电导体在磁场中受力作用而转动的原理制成的；发电机工作时将机械能转化为电能，是根据电磁感应现象原理制成的。
故答案为：磁场；电磁感应。
(1)电动机是利用通电导体在磁场中受力作用而转动的原理制成的。
(2)发电机是利用电磁感应现象来工作的。
本题考查了电动机和发电机的原理，熟练课本知识是解题的关键。
11.【答案】0.275%
【解析】解：(1)物体上升的速度：v=ht=2m10s=0.2m/s；
由图可知，滑轮组由2段绳子承担重物，n=2，则绳子自由端移动的距离：
s=2h=2×2m=4m；
拉力做的功为：
W总=Fs=160N×4m=640J；
有用功为：
W有用=Gh=240N×2m=480J；
滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总×100%=480J640J×100%=75%。
故答案为：0.2；75%。
利用v=st求物体上升的速度；根据s=nh计算绳子自由端移动的距离，知道拉力大小和拉力端移动的距离，利用W总=Fs求总功，知道物重G和升高的高度h，利用W有用=Gh求有用功，再根据机械效率的公式求滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，由图得出n=2(直接从动滑轮上引出的绳子股数)，计算出s=2h是本题的关键。
12.【答案】81.6
【解析】解：(1)只闭合开关S2时，灯泡L与电阻R1串联，在串联电路中电流处处相等，所以通过电阻R1的电流等于通过小灯泡的电流，所以电路中的电流：I=0.3A，
所以电源电压U=UL+U1=UL+IR1=2V+0.3A×20Ω=2V+6V=8V，
(2)闭合开关S1、S2和S3时，灯泡L被短路，R1与R2并联，电流表测干路的电流，
因为电流表量程为0∼0.6A，所以干路电流最大为0.6A，
通过电阻R2的最大电流为：I2=I总−UR1=0.6A−8V20Ω=0.2A，
R2的最大功率为：P=UI2=8V×0.2A=1.6W。
故答案为：8；1.6。
(1)只闭合开关S2时，灯泡L与电阻R1串联，根据串联电路的电流、电压特点和欧姆定律求出电源电压；
(2)闭合开关S1、S2和S3时，灯泡L被短路，R1与R2并联，电流表测干路的电流，当干路电流为0.6A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时其消耗的电功率最大。
本题考查了欧姆定律和电功率计算公式的应用、串并联电路中电流、电压的特点，解答本题的关键是明确电路的连接方式。
13.【答案】3000.8
【解析】解：(1)由图甲可知，容器和水的总质量m总=450g，
则容器中水的质量：m水=m总−m容器=450g−300g=150g，
由ρ=mV可知，水的体积：V水=m水ρ水=150g1g/cm3=150cm3，
由V=Sh可知，容器的底面积：S容器=V水h0=150cm31cm=150cm2，
由图乙可知，容器、水和木块的总质量m总′=1050g，
则木块的质量：m木=m总′−m总=1050g−450g=600g，
由ρ=mV可知，木块的体积：V木=m木ρ木=600g0.6g/cm3=1000cm3，
由V=L3可知，木块的边长：L=3V木=31000cm3=10cm，
木块的底面积：S木=L2=(10cm)2=100cm2，
图乙中水的深度：h1=V水S容器−S木=150cm3150cm2−100cm2=3cm，
此时木块排开水的体积：V排1=S木h1=100cm2×3cm=300cm3，
则木块受到的浮力：F浮=ρ水gVB排=1×103kg/m3×10N/kg×300×10−6m3=3N，
木块的重力：G木=m木g=600×10−3kg×10N/kg=6N，
由力的平衡条件可知，木块对容器底部的压力：F压=G木−F浮=6N−3N=3N，
木块对容器底部压强：p木=F压S木=3N100×10−4m2=300Pa；
(2)设提升后，木块浸在水的深度为h2，
此时木块排开水的体积：V排2=S木h2，
木块受到的浮力：F浮2=ρ水gV排2=ρ水gS木h2，
由力的平衡条件可知，提升时的拉力：F=G木−F浮2=G木−ρ水gS木h2=6N−1×103kg/m3×10N/kg×100×10−4m2×h2=6N−100N/m×h2，
提升之前，容器对电子秤的压力：F压秤=G总′，
提升后，容器对电子秤的压力：F压秤′=G总′−F，
由p=FS可知，容器对电子秤的压强变化量：Δp秤=p秤−p秤′=F压秤S容器−F压秤′S容器=G总′S容器−G总′−FS容器=FS容器=6N−100N/m×h2150×10−4m2，
由p=ρgh可知，木块底部所受水的压强变化量：Δp水=p水−p水′=ρ水gh1−ρ水gh2=1×103kg/m3×10N/kg×3×10−2m−1×103kg/m3×10N/kg×h2=300Pa−1×104N/m3×h2，
由题意可知，Δp秤−Δp水=120Pa，
即6N−100N/m×h2150×10−4m2−(300Pa−1×104N/m3×h2)=120Pa，
解得：h2=0.006m=0.6cm，
则提升后水和木块浸在水中的总体积：V=V水+V排2=V水+S木h2=150cm3+100cm2×0.6cm=210cm3，
此时容器中水的深度：h=VS容器=210cm3150cm2=1.4cm，
木块下表面到容器底部的距离：h3=1.4cm−0.6cm=0.8cm，
则木块竖直向上提升的高度为0.8cm。
故答案为：300；0.8。
(1)根据图甲读出容器和水的总质量，进而求出水的质量，根据密度公式求出水的体积，根据体积公式求出容器的底面积；
根据图乙读出容器、水和木块的总质量，进而求出木块的质量，根据密度公式求出木块的体积，根据体积公式求出木块的边长，进而求出木块的底面积；
根据体积公式求出图乙中水的深度，根据体积公式求出木块排开水的体积，根据F浮=ρ液gV排求出此时木块受到的浮力，根据G=mg求出木块的重力，根据力的平衡条件求出木块对容器底部的压力，根据p=FS求出木块对容器底部压强；
(2)设提升后，木块浸在水的深度为h2，根据体积公式和阿基米德原理表示出木块受到的浮力，根据力的平衡条件表示出提升时的拉力；提升之前，容器对电子秤的压力大小等于容器、水和木块的总重力，提升之后，容器对电子秤的压力大小等于容器、水和木块的总重力减去提升时的拉力，根据p=FS表示出容器对电子秤的压强变化量，根据p=ρgh表示出木块底部所受水的压强变化量，结合两者之差为120Pa列出表达式，解方程求出提升后，木块浸在水的深度，根据体积关系求出木块竖直向上提升的高度。
本题考查密度公式、重力公式、压强定义式、液体压强公式、阿基米德原理和力的平衡条件的应用，难度较大。
14.【答案】解：
两条平行光线，经图示透镜折射后，变得发散，因此该透镜对光线有发散作用，为凹透镜；折射光线的反向延长线的交点为凹透镜的焦点F，如图所示：
。
故答案为：。
【解析】知道凸透镜有会聚光线的作用，凹透镜有发散光线的作用。根据入射光和折射光的方向，判断光线被会聚了还是发散了：若光线被会聚则填凸透镜，若光线被发散则填凹透镜。折射光线的反向延长线的交点为凹透镜的焦点。
在分析会聚、发散现象时，需要将折射光线与入射光线的传播方向进行比较。若比原来靠近主光轴则为会聚作用；若比原来远离主光轴，则为发散作用。
15.【答案】解：重心在O上；过中心作竖直向下的力，即重力；如图所示：
【解析】根据重力的方向总是竖直向下的，并过重心表示出重力的作用点和方向。
本题考查了重力的示意图和画法。重力的方向总是竖直向下的。
16.【答案】A 91 不变 同一高度 缩小 照相机
【解析】解：(1)①在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先确定铁圈A的高度；
②温度计的分度值是1℃，所以其温度为91℃；
③由图象可知：水沸腾时，不断吸热，温度不变；
(2)①探究凸透镜成像的实验时，要调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置；
②由图知，当蜡烛在刻度尺的20cm处，u=30cm，u>2f，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
故答案为：(1)①A；②91；③不变；(2)①同一高度；②缩小；照相机。
(1)①实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要先调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；
②要正确的读数一定要先认清温度计的分度值；
③液体沸腾时要继续吸热，温度保持不变；
(2)①探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛烛焰、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置；
②凸透镜成实像时，u>v成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
此题考查了水沸腾实验装置组装顺序、温度计的读数、沸腾特点、对凸透镜成像规律的理解。
17.【答案】B 短路 电压 2.50.20.75小灯泡的U−I图象是曲线而不是过原点的直线是因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大
【解析】解：(1)“测量小灯泡的电功率”实验的要求是串联电路，从电源正极出发，依次连接开关，滑动变阻器，电流表，灯泡回到电源负极，再将电压表并接在灯泡两端，注意灯泡的额定电压为2.5V，选择电压表的量程为0∼3V，与小灯泡并联接入电路即可，连接电路如图所示：
(2)为了保护电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片要滑到阻值最大处，故将滑片移至B端。
(3)闭合开关，电流表有示数，电路为通路，灯泡不亮，电压表没有示数，说明电压表所测的电路短路，即灯泡短路；
(4)为了测量小灯泡的额定功率，要将灯泡电压调到与额定电压相等，所以向左移动滑片P的同时，眼睛应观察电压表，直到示数为2.5V，再确定电流表的示数；
(5)电流表的量程为0.6A，分度值为0.02A，由图知某时刻电流表示数是0.2A，
根据小华对所有实验数据作出的小灯泡的U−I图象，可知：当电压为2.5V时，对应的电流为0.3A，
该灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(6)小灯泡的U−I图象是曲线而不是过原点的直线是因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：(1)如上图所示；(2)B；(3)短路；(4)电压；2.5；(5)0.2；0.75；(6)小灯泡的U−I图象是曲线而不是过原点的直线是因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
(1)根据“测量小灯泡的电功率”实验的要求是串联电路来确定连接的接线柱；
(2)连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器接入电路的阻值最大；
(3)闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表开路或对电压表短路，据此即可判断电路故障原因；
(4)为了测量小灯泡的额定功率，要将灯泡两端电压调到2.5V，确定此时灯泡电流；
(5)根据电流表量程和分度值读出电流表的示数，根据公式P=UI可求灯泡的额定功率。
(6)明确金属电阻的特点，从而明确图象为曲线的原因。
本题测量小灯泡功率，考查了注意事项、电路故障、电流表读数、实验操作及分析图象的能力。
18.【答案】不漏气 1、2或3、4 密度 1.5大 下 浮力 不变
【解析】解：(1)U形管A、B中装入同种液体，小莉用手轻压探头C、D处橡皮膜到一定程度，U形管两侧液面都出现了明显高度差且保持稳定，说明压强计不漏气。
(2)①分析表中1、2(或3、4)两次数据可知：同种液体中，深度越深，压强越大；
②分析表中1、3(或2、4)数据可知：深度相同时，液体密度越大，压强越大；
③根据表中数据，当探头D在水中的深度为6cm，探头C在硫酸铜溶液的深度为4cm时，U形管中的高度差相同，说明此时受到的压强相等；即：ρ水gh水=ρ硫酸铜gh硫酸铜；
则硫酸铜溶液的密度为ρ硫酸铜=h水h硫酸铜ρ水=6cm4cm×1g/cm3=1.5g/cm3。
(3)①将浮筒漂浮在水中后再使其竖直向下移动，感受到细金属管对手的作用力越来越大，浮筒竖直浸没水中后，仔细观察其下表面橡皮膜形变更明显，丛而分析出浮力产生的原因；
②让浮筒浸没后继续下降，浮筒受到的浮力将不变。
故答案为：(1)不漏气；(2)①1、2或3、4；②密度；③1.5；(3)①大；下；浮力；②不变。
(1)本实验中，一定要检查装置的气密性。
(2)①同种液体，深度越大，液体的压强越大。
②深度相同时，液体的密度越大，液体的压强越大。
③根据水和硫酸铜的压强相等时，利用公式p=ρgh计算出硫酸铜的密度。
(3)①物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大；浮力产生的原因是浸在液体中的物体上、下表面受到的压力差。
②浸没在水中的物体受到的浮力与深度无关。
知道液体压强的规律；知道浮力产生的原因。
19.【答案】解：(1)只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，
则电流表示数I1=UR1=6V20Ω=0.3A；
(2)同时闭合开关S、S1时，R1与R2并联，
则通电1分钟电流通过电阻R2产生的热量Q2=W2=UI2t=U2R2t=(6V)230Ω×60s=72J。
答：(1)只闭合开关S1时，电流表示数为0.3A；
(2)闭合开关S1、S2，R2在1min内消耗的电能为72J。
【解析】(1)只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电流表示数；
(2)同时闭合开关S、S1时，R1与R2并联，利用Q=W=U2Rt求出R2在1min内消耗的电能。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电热公式的应用，是一道较为简单的应用题。
20.【答案】解：(1)碓头的重力为：G=mg=20kg×10N/kg=200N；
(2)碓头竖直下落0.5m，重力做的功为：W=Gh=200N×0.5m=100J，
重力做功的功率为：P=Wt=100J0.4s=250W；
(3)根据杠杆的平衡条件可得F1×OB=G×OA，
则捣谷人右脚对横木的压力为：F1=G×OAOB=200N×32=300N；
因为力的作用是相互的，则横木对右脚的支持力F右支=F1=300N，
捣谷人的重力为：G人=m人g=72kg×10N/kg=720N，
以捣谷人为研究对象，根据力的平衡条件可得：G人=F右支+F左支，
则左脚受到地面的支持力：F左支=G人−F右支=720N−300N=420N，
左脚对地面的压力和左脚受到地面的支持力是一对相互作用力，大小相等，则：F压=F左支=420N，
左脚对地面的压强为：p=F压S=420N200×10−4m2=2.1×104Pa。
答：(1)碓头的重力为200N；
(2)碓头竖直下落0.5m，用时0.4s，重力做功的功率为250W；
(3)质量为72kg的捣谷人，左脚对地面的压强为2.1×104Pa。
【解析】(1)根据G=mg计算碓头的重力；
(2)先根据W=Gh求出重力做的功，再根据P=Wt计算做功的功率；
(3)根据杠杆平衡条件计算捣谷人右脚对横木的压力，由力作用的相互性可知右脚受到的支持力；先求出人受到的重力，对人进行受力分析，根据力的平衡条件和力作用的相互性可求出左脚对地面的压力，根据压强公式计算左脚对地面的压强。
本题考查了重力、功、功率、杠杆的平衡条件、压强的综合计算，属于中档题目。
21.【答案】解：(1)鼠标垫的电阻为：
R鼠标垫=U鼠标垫2P鼠标垫=(5V)25W=5Ω；
(2)鼠标垫正常工作10min消耗的电能为：
W=Pt=5W×10×60s=3000J；
鼠标垫的比热容为：
c=QmΔt=(1−30%)W200×10−3kg×7℃=70%×3000J0.2kg×7℃=1.5×103J/(kg⋅℃)；
(3)鼠标垫允许通过的最大电流为：
I鼠标垫大=P鼠标垫U鼠标垫=5W5V=1A；
通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫加热功率，滑动变阻器应与鼠标垫串联，根据串联电路分压原理，滑动变阻器至少应负担电压：
U滑=U−U鼠标垫=12V−5V=7V；
滑动变阻器连入电路的阻值最小应为：
R滑小=U滑I鼠标垫大=7V1A=7Ω；
故应选规格为“20Ω1A”的滑动变阻器接入电路；
因为电路中允许通过的最大电流为1A，所以改装后电路消耗的最大功率为：
P大=UI鼠标垫大=12V×1A=12W；
当滑动变阻器连入电路的电阻值最大时，电路中电流最小，消耗的电功率最小，为：
P小=U2R总=(12V)220Ω+5Ω=5.76W。
改装后电路消耗的最大功率与最小功率的差值为：
P大−P小=12W−5.76W=6.24W。
答：(1)鼠标垫的电阻为5Ω；
(2)鼠标垫的比热容为1.5×103J/(kg⋅℃)；
(3)应选择规格为“20Ω1A”的滑动变阻器接入电路，改装后电路消耗的最大功率与最小功率的差值为6.24W。
【解析】(1)根据R=U2P求出鼠标垫的电阻；
(2)根据W=Pt求出鼠标垫正常工作10min消耗的电能；再根据c=QmΔt求出鼠标垫的比热容；
(3)根据I=PU求出鼠标垫允许通过的最大电流；
通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫加热功率，滑动变阻器应与鼠标垫串联，根据串联电路分压原理，求出滑动变阻器至少应负担的电压；
根据R=UI求出滑动变阻器连入电路的最小阻值，据此判断应选滑动变阻器的规格；
根据电路中允许通过的最大电流，利用P=UI求出改装后电路消耗的最大功率；
当滑动变阻器连入电路的电阻值最大时，电路中电流最小，消耗的电功率最小，根据P=U2P求出电路最小功率，据此求出改装后电路消耗的最大功率与最小功率的差值。
此题考查了电功率公式的应用、电能的计算、比热容的计算、欧姆定律的应用、串联电路的电压、电流、电阻规律、器材的选择，有一定难度，属综合题。
2023年重庆市中考物理试卷（B卷）
1. 下列物理量最接近实际的是( )
A. 洗澡水温度约为40℃ B. 地球直径约为1km
C. 手机电池电压约为220V D. 珠穆朗玛峰大气压约为5×105Pa
2. 诗人李白根据光的反射现象写下美妙诗句“峨眉山月半轮秋，影入平羌江水流”，图中也属于光的反射现象的是( )
A. 水球成像
B. 晷针留影
C. 江面倒影
D. 铅笔“折断”
3. 春节是世界华人共同的节日，以下春节活动涉及的物理知识，辨析合理的是( )
A. 糖画师做糖画，糖汁固化成型是凝华现象
B. 大年夜吃汤圆，碗中冒出的“白气”是液化形成的
C. 用胶水贴春联，春联紧贴在门楹上说明分子间只有引力
D. 燃放烟花爆竹，闻到空气中的火药味说明分子在做规则的运动
4. 2023年3月19日，重庆马拉松比赛在南滨路举行，如图。运动员在比赛中涉及的物理知识，以下判断正确的是( )
A. 跑鞋底部有凹凸花纹是为了减小摩擦
B. 冲过终点不能立即停下来是因为受到惯性作用
C. 起跑前静止时所受重力和人对地的压力相互平衡
D. 通过弯道和加速快跑说明力可以改变人的运动状态
5. 关于电与磁的知识，以下说法正确的是( )
A. 摩擦起电过程，创造了电荷
B. 螺线管通电时，周围存在着磁场
C. 测电笔使用时，手不能接触笔尾的金属体
D. 灯泡未通电时，它两端电压为零其电阻也为零
6. 2023年5月30日，我国用长征二号F遥十六运载火箭成功发射神舟十六号载人飞船。如图是飞船与火箭组合体加速上升的情境，以下分析恰当的是( )
A. 飞船的机械能在减小
B. 飞船相对于火箭是运动的
C. 火箭在对飞船做功
D. 火箭采用液氧/液氢作为推进剂不环保不高效
7. 小俊用弹簧测力计吊着质量为1.35kg的圆柱体，从如图位置缓慢浸入装满水、深度合适的溢水杯中，圆柱体底面积为100cm2、高为5cm。则圆柱体下降过程中( )
A. 浸没前弹簧测力计示数逐渐变大
B. 浸没前水对容器底部的压强逐渐变小
C. 浸入一半时弹簧测力计的示数为11N
D. 刚浸没时圆柱体底部受到水的压力为8.5N
8. 如图甲所示的电路，电源电压恒定。闭合开关S，移动滑片P，电压表示数随电流表示数变化的图象如图乙所示。以下分析正确的是( )
A. 电源电压为10V
B. R0最大功率为1W
C. 滑片P向左移动过程中，R0两端电压逐渐变小
D. 滑片P向右移动过程中，电压表与电流表的比值变大
9. 广泛应用在航海上的中国古代四大发明之一是______ ，它推动了地理大发现、科学技术进步和人类文明发展。爱华同学想起这些心中自豪感油然而生，常常会轻声哼唱《爱我中华》，“轻声”的“轻”是指声音的______ 小。
10. 周末，市民开着纯电动汽车出游，驱动汽车的电动机是根据通电导体在______ 中受力的作用制成的；同时行驶过程中正在发电的发电机是根据______ 原理制成的。
11. 如图所示，是小智同学在劳动实践基地体验的场景。他用160N的拉力将重240N的重物匀速提升2m，用时10s，此过程中重物上升的速度为______ m/s，滑轮组的机械效率为______ 。
12. 如图所示，电源电压恒定，L标有“2V0.3A”字样，R1=20Ω，滑动变阻器R2规格为“60Ω1A”，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V。只闭合开关S2时，电压表示数为2V，则电源电压为______ V；闭合开关S1、S2和S3，在电表量程允许范围内，R2的最大功率为______ W。
13. 小天做物理小实验，先向质量为300g的薄壁柱形容器中倒入深度为1cm的水，放在水平放置的电子秤上，稳定后示数如图甲；然后用细线吊着密度为0.6g/cm3、不吸水的立方体木块，竖直向下缓慢浸入容器水中，松开手待木块静止后，电子秤示数稳定后如图乙，此时木块对容器底部压强为______ Pa；接着小天拉着细线，将木块竖直向上提升______ cm，容器对电子秤的压强变化量与木块底部所受水的压强变化量之差为120Pa。(不计细线质量和体积，忽略附在木块表面水的影响)
14. 根据画出的光线，在图中虚线框内画出一个适当的透镜。
15. 请在图中作出空中飞行的实心球所受重力的示意图(O为重心)。
16. (1)在“探究水在沸腾前后温度变化的特点”实验中：
①如图甲所示，在组装实验装置的过程中，应先调整______ (选填字母)部分；
②从水温达到90℃开始，小波每隔1min记录一次温度，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃；
③小波根据实验数据，作出了水沸腾前后水温随时间变化的图象，如图丙。由图象可知：水沸腾时，不断吸热，温度______ 。
(2)在“探究凸透镜成像的规律”实验中：
①小宇先将蜡烛、光屏安装在凸透镜两侧，然后点燃蜡烛，并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在______ ；
②实验所用凸透镜焦距f=10cm，移动蜡烛、凸透镜及光屏位置到如图丁所示时，恰能在光屏上得到一个清晰、倒立、______ 的实像，生活中的______ 是利用该成像规律制成的。
17. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，小华准备了以下器材：电源、标有“2.5V”的小灯泡、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、导线若干。请完成下列问题：
(1)如图甲，请用笔画线代替导线，正确连接电路。
(2)在开关S闭合前，应将滑片P移到______ 端(选填“A”或“B”)。
(3)闭合开关S，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，该电路故障可能是小灯泡______ 。
(4)排除故障后，闭合开关S，移动滑片P，同时眼睛要观察______ 表的示数，直到示数为______ V时，小灯泡正常发光，记录电压表和电流表示数。
(5)继续移动滑片P，让电压表示数低于2.5V，某时刻电流表示数如图乙为______ A，观察灯泡亮度并记录电表示数；继续缓慢移动滑片P，让电压表示数高出2.5V少许，观察灯泡亮度并记录电表示数。小华根据所有实验数据作出了小灯泡的U−I图象，如图丙，则小灯泡额定功率为______ W。
(6)根据小灯泡U−I图象和亮度变化，还可以发现______ 。
18. 小莉在“悟理创新实验”社团活动中，看见如图甲的双探头压强计，该装置一次测量可采集多个数据，激起了她探究液体压强的浓厚兴趣。
(1)U形管A、B中装入同种液体，小莉用手轻压探头C、D处橡皮膜到一定程度，U形管两侧液面都出现了明显高度差且保持稳定，说明压强计______ (选填“漏气”或“不漏气”)。
(2)如图甲，小莉先在装水的容器中进行实验；然后换用密度大于水的硫酸铜溶液进行实验，记录实验数据如表：
序号
液体种类
探头C深度hC/cm
高度差ΔhA/格
探头D深度hD/cm
高度差ΔhB/格
1
水
3
6
5
10
2
水
4
8
6
12
3
硫酸铜溶液
3
9
5
15
4
硫酸铜溶液
4
12
6
18
①分析表中______ (填序号)两次数据可知：同种液体中，深度越深，压强越大；
②分析表中1、3(或2、4)数据可知：深度相同时，液体______ 越大，压强越大；
③根据表中数据，小莉估算出硫酸铜溶液的密度为______ g/cm3。
(3)①小莉受双探头压强计原理的启发制作出如图乙的器材(细金属管与浮筒相通)，她将浮筒漂浮在水中后再使其竖直向下移动，感受到细金属管对手的作用力越来越______ ；浮筒竖直浸没水中后，仔细观察其______ 表面橡皮膜形变更明显，丛而分析出______ 产生的原因；
②让浮筒浸没后继续下降，浮筒受到的浮力将______ 。
19. 如图所示的电路中，电源电压恒为6V，R1为20Ω，R2为30Ω。求：
(1)只闭合开关S1时，电流表的示数；
(2)闭合开关S1、S2，R2在1min内消耗的电能。
20. 图甲是《天工开物》里记载的一种捣谷的舂，“横木穿插碓头，硬嘴为铁，足踏其末面舂之”。若碓头质量为20kg，不计横木的重力和转动摩擦，捣谷人双手与扶手之间的作用力为0。
(1)求碓头的重力；
(2)碓头竖直下落0.5m，用时0.4s，求重力做功的功率；
(3)质量为72kg的捣谷人，左脚与地面的接触面积为200cm2，当他右脚在B点用最小力踩横木使其刚好转动时，示意图如图乙，已知OA：OB=3：2，求人左脚对地面的压强。
21. 李老师桌上有一张老式加热鼠标垫(内有一根加热电阻丝)，如图所示，鼠标垫质量为200g，规格为“5V 5W”。忽略温度对电阻的影响。
(1)求鼠标垫的电阻；
(2)鼠标垫正常工作10min，温度升高7℃，若此过程中热损失为30%，估算鼠标垫的比热容；
(3)月月想帮老师扩大鼠标垫温度调节范围，现有12V的电源、规格为“5Ω2A”“20Ω1A”的两个滑动变阻器。她准备通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫加热功率，请你帮她选择合适的滑动变阻器接入电路，并计算改装后电路消耗的最大功率与最小功率的差值。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、洗澡水的温度比人体温度略高，故A正确；
B、地球直径约为1.28万千米，故B错误；
C、家庭电路的电压为220V，为了安全，手机电压应远低于家庭电路电压，故C错误；
D、大气压随着海拔高度的增加而减小，所以珠穆朗玛峰的大气压应远低于1标准大气压，而不可能高于1标准大气压，故D错误。
故选：A。
(1)洗澡水的温度略高于人体温度；
(2)地球直径约为1.28万千米；
(3)手机电池的电压约为5V；
(4)1标准大气压约为1×105Pa，海拔越高，气压越低。
在解答此类题时我们可以拿自己知道的一些信息作出对比，如我国的蛟龙号的下潜深度已经超出了7000m，所以地球直径不可能为1000。
2.【答案】C
【解析】解：“峨眉山月半轮秋，影入平羌江水流”中的“影”指月影，即月亮的倒影，是平面镜成像，属于光的反射。
A、宇航员透过水球成像属于凸透镜成像，利用的是光的折射，故A不合题意。
B、晷针留影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故B不合题意；
C、江面倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意；
D、插在水中的铅笔反射的光线从水中斜射入空气中，发生折射，折射角大于入射角，逆着光线看去，所成的像在筷子的上方，所以看到筷子“折断”了，故D不合题意。
故选：C。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
3.【答案】B
【解析】解：A、制作糖画时需要先将糖熔化，然后倒在平面上绘制处图画，然后待糖凝固就成型了，故A错误；
B、碗中冒出的“白气”是碗口附近的水蒸气遇冷液化形成的，故B正确；
C、分子间同时存在引力和斥力，故C错误；
D、分子始终在做无规则运动，故D错误。
故选：B。
(1)糖画是将糖先熔化后凝固制成的；
(2)白气是水蒸气遇冷液化生成的小水珠漂浮在空中形成的；
(3)分子间存在相互作用的引力与斥力；
(4)分子的热运动是无规则的。
本题考查我们对物态变化现象和分子动理论的认知水平，难度较低。
4.【答案】D
【解析】解：A.跑鞋底部有凹凸花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故A错误；
B.冲过终点不能立即停下来是因为人具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故B错误；
C.起跑前静止时所受重力和人对地的压力都是竖直向下，不满足方向相反，故不是相互平衡力，故C错误；
D.通过弯道和加速快跑需要用力，而运动状态改变，说明力可以改变人的运动状态，故D正确。
故选：D。
(1)增大摩擦的方式是增大压力或增大接触面的粗糙程度；
(2)物体具有保持运动状态不变的性质，叫做惯性；
(3)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(4)力可以改变物体的运动状态。
本题考查摩擦力的有关因素、惯性、平衡力的条件、力的作用效果，属于中档题。
5.【答案】B
【解析】解：A、摩擦起电过程中转移了电荷，故A错误；
B、奥斯特实验说明通电导线的周围存在着磁场，故B正确；
C、手不要接触测电笔前端的金属体，必须接触测电笔末端的金属体，使电源和大地之间形成通路，故C错误；
D、电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，故D错误。
故选：B。
(1)摩擦起电实质是电荷的转移；
(2)通电导体周围存在着磁场；
(3)使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的。使用测电笔时，不能用手触及试电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故；
(4)导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是导体电阻是导体本身的一种性质，与流过的电流和两端的电压无关。
本题考查了摩擦起电、磁场、测电笔的使用方法以及影响电阻大小的因素，属于基础题。
6.【答案】C
【解析】解：A、飞船在加速升空的过程中，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大；飞船没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，由“机械能=动能+重力势能”可知，飞船的机械能增大，故A错误；
B、火箭和飞船分离前，火箭和飞船的相对位置没有发生变化，故以火箭为参照物，飞船是静止的，故B错误；
C、升空时火箭对飞船施加向上的力，且在力的方向移动了距离，故对飞船做功，故C正确；
D、火箭采用液氧、液氢作为推进剂不仅环保而且高效，故D错误。
故选：C。
(1)火箭升空过程中，没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，所以机械能=动能+重力势能。从动能和重力势能大小的变化判断机械能的变化；
(2)研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
(3)做功的两个必要因素：力和物体在力的方向上移动距离；
(4)火箭采用液氧、液氢作为推进剂不仅环保而且高效。
本题考查机械能、运动的相对性、做功、能的利用，属于中档题。
7.【答案】C
【解析】解：A、浸没前圆柱体受到的浮力逐渐增大，重力不变，拉力F=G−F浮，弹簧测力计示数逐渐变小，故A错误；
B、浸没前圆柱体排开水的体积增大，水面上升，多出的水从溢水杯流出，溢水杯口到杯底的深度不变，根据p=ρgh，水对容器底部的压强不变，故B错误；
C、浸入一半时，圆柱体受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×12×100×10−4m2×0.05m=2.5N；圆柱体的重力为G=mg=1.35kg×10N/kg=13.5N；
弹簧测力计的示数为：F=G−F浮=13.5N−2.5N=11N，故C正确；
D、刚浸没时圆柱体底部受到水的压力等于圆柱体受到的浮力F浮′=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10−4m2×0.05m=5N，故D错误。
故选：C。
(1)浸没前弹簧测力计测量的是拉力，因为浮力变大，重力不变，拉力会变小。
(2)液体的压强随深度的增加而增大。
(3)根据阿基米德原理计算出浸没一半时圆柱体受到的浮力，利用重力减去浮力得到弹簧测力计的示数。
(4)根据阿基米德原理计算圆柱体全部浸没时受到的浮力就等于它刚浸没时受到水的压力。
本题考查的是阿基米德原理的应用；知道物体浸没在水中的受力情况。
8.【答案】D
【解析】解：(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
由乙图可知通过电路的电流最大为0.6A时，滑动变阻器两端的电压为0，通过电路的电流最小为0.1A时，滑动变阻器两端的电压为10V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得U=IR0+UV，
代入数据可得0.6A×R0=0.1A×R0+10V，
解方程可得R0=20Ω，
电源电压U=IR0+UV=0.1A×20Ω+10V=12V，故A错误；
根据P=I2R可知通过电路的电流最大时，定值电阻的电功率最大，则R0最大功率为P0=I2R0=(0.6A)2×20Ω=7.2W，故B错误；
(2)滑片P向左移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，则电路总电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，根据U=IR可知定值电阻两端的电压变大，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压变小，即电压表示数变小，故C错误；
(3)滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知电压表与电流表的比值即滑动变阻器接入电路的阻值，所以电压表与电流表的比值变大，故D正确。
故选：D。
(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
由乙图可知通过电路的电流最大为0.6A时，滑动变阻器两端的电压为0，通过电路的电流最小为0.1A时，滑动变阻器两端的电压为10V，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压，代入数据解方程可得R0的值，进一步计算电源电压；
根据P=I2R可知通过电路的电流最大时，定值电阻的电功率最大，据此计算R0最大功率；
(2)滑片P向左移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路电阻规律可知电路总电阻变化，根据欧姆定律可知通过电路的电流变化，根据U=IR可知定值电阻两端的电压变化，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压变化；
(3)滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知电压表与电流表的比值即滑动变阻器接入电路的阻值，据此判断电压表与电流表的比值变化。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
9.【答案】指南针 响度
【解析】解：广泛应用在航海上的中国古代四大发明之一是指南针，指南针推动了地理大发现；
“轻声”的“轻”是指声音的响度小。
故答案为：指南针；响度。
指南针广泛应用在航海上；响度表示声音的大小。
本题考查了指南针的应用、声音的大小，属于基础题。
10.【答案】磁场 电磁感应
【解析】解：电动机工作时将电能转化为机械能，是利用通电导体在磁场中受力作用而转动的原理制成的；发电机工作时将机械能转化为电能，是根据电磁感应现象原理制成的。
故答案为：磁场；电磁感应。
(1)电动机是利用通电导体在磁场中受力作用而转动的原理制成的。
(2)发电机是利用电磁感应现象来工作的。
本题考查了电动机和发电机的原理，熟练课本知识是解题的关键。
11.【答案】0.275%
【解析】解：(1)物体上升的速度：v=ht=2m10s=0.2m/s；
由图可知，滑轮组由2段绳子承担重物，n=2，则绳子自由端移动的距离：
s=2h=2×2m=4m；
拉力做的功为：
W总=Fs=160N×4m=640J；
有用功为：
W有用=Gh=240N×2m=480J；
滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总×100%=480J640J×100%=75%。
故答案为：0.2；75%。
利用v=st求物体上升的速度；根据s=nh计算绳子自由端移动的距离，知道拉力大小和拉力端移动的距离，利用W总=Fs求总功，知道物重G和升高的高度h，利用W有用=Gh求有用功，再根据机械效率的公式求滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，由图得出n=2(直接从动滑轮上引出的绳子股数)，计算出s=2h是本题的关键。
12.【答案】81.6
【解析】解：(1)只闭合开关S2时，灯泡L与电阻R1串联，在串联电路中电流处处相等，所以通过电阻R1的电流等于通过小灯泡的电流，所以电路中的电流：I=0.3A，
所以电源电压U=UL+U1=UL+IR1=2V+0.3A×20Ω=2V+6V=8V，
(2)闭合开关S1、S2和S3时，灯泡L被短路，R1与R2并联，电流表测干路的电流，
因为电流表量程为0∼0.6A，所以干路电流最大为0.6A，
通过电阻R2的最大电流为：I2=I总−UR1=0.6A−8V20Ω=0.2A，
R2的最大功率为：P=UI2=8V×0.2A=1.6W。
故答案为：8；1.6。
(1)只闭合开关S2时，灯泡L与电阻R1串联，根据串联电路的电流、电压特点和欧姆定律求出电源电压；
(2)闭合开关S1、S2和S3时，灯泡L被短路，R1与R2并联，电流表测干路的电流，当干路电流为0.6A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时其消耗的电功率最大。
本题考查了欧姆定律和电功率计算公式的应用、串并联电路中电流、电压的特点，解答本题的关键是明确电路的连接方式。
13.【答案】3000.8
【解析】解：(1)由图甲可知，容器和水的总质量m总=450g，
则容器中水的质量：m水=m总−m容器=450g−300g=150g，
由ρ=mV可知，水的体积：V水=m水ρ水=150g1g/cm3=150cm3，
由V=Sh可知，容器的底面积：S容器=V水h0=150cm31cm=150cm2，
由图乙可知，容器、水和木块的总质量m总′=1050g，
则木块的质量：m木=m总′−m总=1050g−450g=600g，
由ρ=mV可知，木块的体积：V木=m木ρ木=600g0.6g/cm3=1000cm3，
由V=L3可知，木块的边长：L=3V木=31000cm3=10cm，
木块的底面积：S木=L2=(10cm)2=100cm2，
图乙中水的深度：h1=V水S容器−S木=150cm3150cm2−100cm2=3cm，
此时木块排开水的体积：V排1=S木h1=100cm2×3cm=300cm3，
则木块受到的浮力：F浮=ρ水gVB排=1×103kg/m3×10N/kg×300×10−6m3=3N，
木块的重力：G木=m木g=600×10−3kg×10N/kg=6N，
由力的平衡条件可知，木块对容器底部的压力：F压=G木−F浮=6N−3N=3N，
木块对容器底部压强：p木=F压S木=3N100×10−4m2=300Pa；
(2)设提升后，木块浸在水的深度为h2，
此时木块排开水的体积：V排2=S木h2，
木块受到的浮力：F浮2=ρ水gV排2=ρ水gS木h2，
由力的平衡条件可知，提升时的拉力：F=G木−F浮2=G木−ρ水gS木h2=6N−1×103kg/m3×10N/kg×100×10−4m2×h2=6N−100N/m×h2，
提升之前，容器对电子秤的压力：F压秤=G总′，
提升后，容器对电子秤的压力：F压秤′=G总′−F，
由p=FS可知，容器对电子秤的压强变化量：Δp秤=p秤−p秤′=F压秤S容器−F压秤′S容器=G总′S容器−G总′−FS容器=FS容器=6N−100N/m×h2150×10−4m2，
由p=ρgh可知，木块底部所受水的压强变化量：Δp水=p水−p水′=ρ水gh1−ρ水gh2=1×103kg/m3×10N/kg×3×10−2m−1×103kg/m3×10N/kg×h2=300Pa−1×104N/m3×h2，
由题意可知，Δp秤−Δp水=120Pa，
即6N−100N/m×h2150×10−4m2−(300Pa−1×104N/m3×h2)=120Pa，
解得：h2=0.006m=0.6cm，
则提升后水和木块浸在水中的总体积：V=V水+V排2=V水+S木h2=150cm3+100cm2×0.6cm=210cm3，
此时容器中水的深度：h=VS容器=210cm3150cm2=1.4cm，
木块下表面到容器底部的距离：h3=1.4cm−0.6cm=0.8cm，
则木块竖直向上提升的高度为0.8cm。
故答案为：300；0.8。
(1)根据图甲读出容器和水的总质量，进而求出水的质量，根据密度公式求出水的体积，根据体积公式求出容器的底面积；
根据图乙读出容器、水和木块的总质量，进而求出木块的质量，根据密度公式求出木块的体积，根据体积公式求出木块的边长，进而求出木块的底面积；
根据体积公式求出图乙中水的深度，根据体积公式求出木块排开水的体积，根据F浮=ρ液gV排求出此时木块受到的浮力，根据G=mg求出木块的重力，根据力的平衡条件求出木块对容器底部的压力，根据p=FS求出木块对容器底部压强；
(2)设提升后，木块浸在水的深度为h2，根据体积公式和阿基米德原理表示出木块受到的浮力，根据力的平衡条件表示出提升时的拉力；提升之前，容器对电子秤的压力大小等于容器、水和木块的总重力，提升之后，容器对电子秤的压力大小等于容器、水和木块的总重力减去提升时的拉力，根据p=FS表示出容器对电子秤的压强变化量，根据p=ρgh表示出木块底部所受水的压强变化量，结合两者之差为120Pa列出表达式，解方程求出提升后，木块浸在水的深度，根据体积关系求出木块竖直向上提升的高度。
本题考查密度公式、重力公式、压强定义式、液体压强公式、阿基米德原理和力的平衡条件的应用，难度较大。
14.【答案】解：
两条平行光线，经图示透镜折射后，变得发散，因此该透镜对光线有发散作用，为凹透镜；折射光线的反向延长线的交点为凹透镜的焦点F，如图所示：
。
故答案为：。
【解析】知道凸透镜有会聚光线的作用，凹透镜有发散光线的作用。根据入射光和折射光的方向，判断光线被会聚了还是发散了：若光线被会聚则填凸透镜，若光线被发散则填凹透镜。折射光线的反向延长线的交点为凹透镜的焦点。
在分析会聚、发散现象时，需要将折射光线与入射光线的传播方向进行比较。若比原来靠近主光轴则为会聚作用；若比原来远离主光轴，则为发散作用。
15.【答案】解：重心在O上；过中心作竖直向下的力，即重力；如图所示：
【解析】根据重力的方向总是竖直向下的，并过重心表示出重力的作用点和方向。
本题考查了重力的示意图和画法。重力的方向总是竖直向下的。
16.【答案】A 91 不变 同一高度 缩小 照相机
【解析】解：(1)①在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先确定铁圈A的高度；
②温度计的分度值是1℃，所以其温度为91℃；
③由图象可知：水沸腾时，不断吸热，温度不变；
(2)①探究凸透镜成像的实验时，要调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置；
②由图知，当蜡烛在刻度尺的20cm处，u=30cm，u>2f，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
故答案为：(1)①A；②91；③不变；(2)①同一高度；②缩小；照相机。
(1)①实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要先调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；
②要正确的读数一定要先认清温度计的分度值；
③液体沸腾时要继续吸热，温度保持不变；
(2)①探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛烛焰、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置；
②凸透镜成实像时，u>v成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
此题考查了水沸腾实验装置组装顺序、温度计的读数、沸腾特点、对凸透镜成像规律的理解。
17.【答案】B 短路 电压 2.50.20.75小灯泡的U−I图象是曲线而不是过原点的直线是因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大
【解析】解：(1)“测量小灯泡的电功率”实验的要求是串联电路，从电源正极出发，依次连接开关，滑动变阻器，电流表，灯泡回到电源负极，再将电压表并接在灯泡两端，注意灯泡的额定电压为2.5V，选择电压表的量程为0∼3V，与小灯泡并联接入电路即可，连接电路如图所示：
(2)为了保护电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片要滑到阻值最大处，故将滑片移至B端。
(3)闭合开关，电流表有示数，电路为通路，灯泡不亮，电压表没有示数，说明电压表所测的电路短路，即灯泡短路；
(4)为了测量小灯泡的额定功率，要将灯泡电压调到与额定电压相等，所以向左移动滑片P的同时，眼睛应观察电压表，直到示数为2.5V，再确定电流表的示数；
(5)电流表的量程为0.6A，分度值为0.02A，由图知某时刻电流表示数是0.2A，
根据小华对所有实验数据作出的小灯泡的U−I图象，可知：当电压为2.5V时，对应的电流为0.3A，
该灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(6)小灯泡的U−I图象是曲线而不是过原点的直线是因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：(1)如上图所示；(2)B；(3)短路；(4)电压；2.5；(5)0.2；0.75；(6)小灯泡的U−I图象是曲线而不是过原点的直线是因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
(1)根据“测量小灯泡的电功率”实验的要求是串联电路来确定连接的接线柱；
(2)连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器接入电路的阻值最大；
(3)闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表开路或对电压表短路，据此即可判断电路故障原因；
(4)为了测量小灯泡的额定功率，要将灯泡两端电压调到2.5V，确定此时灯泡电流；
(5)根据电流表量程和分度值读出电流表的示数，根据公式P=UI可求灯泡的额定功率。
(6)明确金属电阻的特点，从而明确图象为曲线的原因。
本题测量小灯泡功率，考查了注意事项、电路故障、电流表读数、实验操作及分析图象的能力。
18.【答案】不漏气 1、2或3、4 密度 1.5大 下 浮力 不变
【解析】解：(1)U形管A、B中装入同种液体，小莉用手轻压探头C、D处橡皮膜到一定程度，U形管两侧液面都出现了明显高度差且保持稳定，说明压强计不漏气。
(2)①分析表中1、2(或3、4)两次数据可知：同种液体中，深度越深，压强越大；
②分析表中1、3(或2、4)数据可知：深度相同时，液体密度越大，压强越大；
③根据表中数据，当探头D在水中的深度为6cm，探头C在硫酸铜溶液的深度为4cm时，U形管中的高度差相同，说明此时受到的压强相等；即：ρ水gh水=ρ硫酸铜gh硫酸铜；
则硫酸铜溶液的密度为ρ硫酸铜=h水h硫酸铜ρ水=6cm4cm×1g/cm3=1.5g/cm3。
(3)①将浮筒漂浮在水中后再使其竖直向下移动，感受到细金属管对手的作用力越来越大，浮筒竖直浸没水中后，仔细观察其下表面橡皮膜形变更明显，丛而分析出浮力产生的原因；
②让浮筒浸没后继续下降，浮筒受到的浮力将不变。
故答案为：(1)不漏气；(2)①1、2或3、4；②密度；③1.5；(3)①大；下；浮力；②不变。
(1)本实验中，一定要检查装置的气密性。
(2)①同种液体，深度越大，液体的压强越大。
②深度相同时，液体的密度越大，液体的压强越大。
③根据水和硫酸铜的压强相等时，利用公式p=ρgh计算出硫酸铜的密度。
(3)①物体排开液体的体积越大，受到的浮力越大；浮力产生的原因是浸在液体中的物体上、下表面受到的压力差。
②浸没在水中的物体受到的浮力与深度无关。
知道液体压强的规律；知道浮力产生的原因。
19.【答案】解：(1)只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，
则电流表示数I1=UR1=6V20Ω=0.3A；
(2)同时闭合开关S、S1时，R1与R2并联，
则通电1分钟电流通过电阻R2产生的热量Q2=W2=UI2t=U2R2t=(6V)230Ω×60s=72J。
答：(1)只闭合开关S1时，电流表示数为0.3A；
(2)闭合开关S1、S2，R2在1min内消耗的电能为72J。
【解析】(1)只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电流表示数；
(2)同时闭合开关S、S1时，R1与R2并联，利用Q=W=U2Rt求出R2在1min内消耗的电能。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电热公式的应用，是一道较为简单的应用题。
20.【答案】解：(1)碓头的重力为：G=mg=20kg×10N/kg=200N；
(2)碓头竖直下落0.5m，重力做的功为：W=Gh=200N×0.5m=100J，
重力做功的功率为：P=Wt=100J0.4s=250W；
(3)根据杠杆的平衡条件可得F1×OB=G×OA，
则捣谷人右脚对横木的压力为：F1=G×OAOB=200N×32=300N；
因为力的作用是相互的，则横木对右脚的支持力F右支=F1=300N，
捣谷人的重力为：G人=m人g=72kg×10N/kg=720N，
以捣谷人为研究对象，根据力的平衡条件可得：G人=F右支+F左支，
则左脚受到地面的支持力：F左支=G人−F右支=720N−300N=420N，
左脚对地面的压力和左脚受到地面的支持力是一对相互作用力，大小相等，则：F压=F左支=420N，
左脚对地面的压强为：p=F压S=420N200×10−4m2=2.1×104Pa。
答：(1)碓头的重力为200N；
(2)碓头竖直下落0.5m，用时0.4s，重力做功的功率为250W；
(3)质量为72kg的捣谷人，左脚对地面的压强为2.1×104Pa。
【解析】(1)根据G=mg计算碓头的重力；
(2)先根据W=Gh求出重力做的功，再根据P=Wt计算做功的功率；
(3)根据杠杆平衡条件计算捣谷人右脚对横木的压力，由力作用的相互性可知右脚受到的支持力；先求出人受到的重力，对人进行受力分析，根据力的平衡条件和力作用的相互性可求出左脚对地面的压力，根据压强公式计算左脚对地面的压强。
本题考查了重力、功、功率、杠杆的平衡条件、压强的综合计算，属于中档题目。
21.【答案】解：(1)鼠标垫的电阻为：
R鼠标垫=U鼠标垫2P鼠标垫=(5V)25W=5Ω；
(2)鼠标垫正常工作10min消耗的电能为：
W=Pt=5W×10×60s=3000J；
鼠标垫的比热容为：
c=QmΔt=(1−30%)W200×10−3kg×7℃=70%×3000J0.2kg×7℃=1.5×103J/(kg⋅℃)；
(3)鼠标垫允许通过的最大电流为：
I鼠标垫大=P鼠标垫U鼠标垫=5W5V=1A；
通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫加热功率，滑动变阻器应与鼠标垫串联，根据串联电路分压原理，滑动变阻器至少应负担电压：
U滑=U−U鼠标垫=12V−5V=7V；
滑动变阻器连入电路的阻值最小应为：
R滑小=U滑I鼠标垫大=7V1A=7Ω；
故应选规格为“20Ω1A”的滑动变阻器接入电路；
因为电路中允许通过的最大电流为1A，所以改装后电路消耗的最大功率为：
P大=UI鼠标垫大=12V×1A=12W；
当滑动变阻器连入电路的电阻值最大时，电路中电流最小，消耗的电功率最小，为：
P小=U2R总=(12V)220Ω+5Ω=5.76W。
改装后电路消耗的最大功率与最小功率的差值为：
P大−P小=12W−5.76W=6.24W。
答：(1)鼠标垫的电阻为5Ω；
(2)鼠标垫的比热容为1.5×103J/(kg⋅℃)；
(3)应选择规格为“20Ω1A”的滑动变阻器接入电路，改装后电路消耗的最大功率与最小功率的差值为6.24W。
【解析】(1)根据R=U2P求出鼠标垫的电阻；
(2)根据W=Pt求出鼠标垫正常工作10min消耗的电能；再根据c=QmΔt求出鼠标垫的比热容；
(3)根据I=PU求出鼠标垫允许通过的最大电流；
通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫加热功率，滑动变阻器应与鼠标垫串联，根据串联电路分压原理，求出滑动变阻器至少应负担的电压；
根据R=UI求出滑动变阻器连入电路的最小阻值，据此判断应选滑动变阻器的规格；
根据电路中允许通过的最大电流，利用P=UI求出改装后电路消耗的最大功率；
当滑动变阻器连入电路的电阻值最大时，电路中电流最小，消耗的电功率最小，根据P=U2P求出电路最小功率，据此求出改装后电路消耗的最大功率与最小功率的差值。
此题考查了电功率公式的应用、电能的计算、比热容的计算、欧姆定律的应用、串联电路的电压、电流、电阻规律、器材的选择，有一定难度，属综合题。
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