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2023年辽宁省葫芦岛市龙港区中考物理一模试卷（含答案）
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这是一份2023年辽宁省葫芦岛市龙港区中考物理一模试卷（含答案），共31页。试卷主要包含了 如图是小明家的电能表，9m/s等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省葫芦岛市龙港区中考物理一模试卷
1. 每日清晨，北京天安门广场都会举行庄严的升国旗仪式，关于升旗过程中的一些数据，下列说法正确的是( )
A. 旗杆的高度约为30m B. 将国旗从旗杆底上升到顶部的时间约为5s
C. 一面国旗的质量约为10g D. 旗手的正常体温约为42℃
2. 如图所示的光现象中，属于反射现象的是( )
A. 南湖红船的倒影 B. 宝塔山下的光柱
C. 遵义会址的树荫 D. 天安门旁的彩虹
3. 如图所示为用液氮制作雪糕的过程，将装有液态雪糕液的模具放入大容器中，再向大容器倒入液态氮，此时大容器周围会出现大量“白气”，雪糕液迅速变成固态雪糕，当把雪糕从模具中取出后，雪糕外层会出现霜。下列说法正确的是( )
A. 液态氮从壶中倒出后迅速升华吸热，使雪糕液变成固态
B. 雪糕液变为固态是凝固过程，此过程需要放热
C. 产生的“白气”就是液态氮汽化后的氮气
D. 雪糕外层的霜是水蒸气凝华形成的，此过程需要吸热
4. 如图所示是一款科学实验玩具，右侧的风车连接的元件接通电源，左侧风车连接的元件连接灯泡。当右侧元件通电后，右侧风车旋转吹动左侧风车转动带动元件使灯泡发光，关于玩具下列说法正确的是( )
A. 右侧风车连接的元件是发电机
B. 右侧风车连接元件的工作原理是电流的磁效应
C. 左侧风车连接的元件工作时把电能转化为机械能
D. 左侧风车连接的元件的工作原理是电磁感应
5. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 使用试电笔时，手不要接触笔尾金属体
B. 当家庭电路中用电器外壳带电时，保险丝会熔断
C. 用电器的三脚插头接入三孔插座，可以防止触电造成危害
D. 开关外部由绝缘体制作，可以用湿手触碰
6. 如图是小明家的电能表。他让一盏“220V 200W”的电视机单独正常工作30min，这段时间电能表转盘转了60转，下列说法正确的是( )
A. 电能表应接在空气开关和用电器之间
B. 该电能表所在家庭电路用电器同时工作时总功率不能超过2200W
C. 电能表的示数将变为是683.7kW⋅h
D. 用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转600转
7. 如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S，滑片P从如图位置向左移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A示数变大，电压表V1示数不变
B. 电压表V1示数与电压表V2的示数之和变大
C. 电压表V1示数与电流表A示数的乘积变小
D. 电压表V2示数与电流表A示数的比值变小
8. 如图所示，在水平面上的汽车通过滑轮组提升重9000N的重物，每个滑轮重3000N，汽车在10s内向左匀速运动3m，不计绳重及滑轮组的摩擦，下列说法正确的是( )
A. 拉力的功率为900W
B. 物体移动的速度为0.9m/s
C. 机械效率为75%
D. 若减小重物的重力，滑轮组的机械效率会提升
9. 如图是攀岩爱好者攀爬岩壁时的情景，关于该项运动下列说法正确的是( )
A. 攀岩者向下用力，身体上升，说明物体间力的作用是相互的
B. 攀岩者向上运动时，周围大气压变大
C. 攀岩者攀到最顶端时，重力势能最大
D. 攀岩结束后利用绳索匀速下滑，她的机械能保持不变
10. 如图是球员在烈日当空的中午在海边踢足球的情景。下列说法正确的是( )
A. 球员发现沙子烫脚，而海水却是凉凉的，说明沙子比海水含有的热量多
B. 湿漉漉的脚上总是沾有沙子说明分子间存在引力
C. 足球离开脚后还能继续向前是因为它受到惯性的作用
D. 空中旋转的足球运动的轨迹是弧线是因为流速越大的位置压强越小
11. 如图所示，水平桌面上放置了质量相等的甲、乙两个容器，容器内装有体积相等的两种液体，将体积相等的A、B两个小球分别放入两容器中，此时甲、乙两容器底受到的液体压强相等。下列说法正确的是( )
A. 甲容器中液体密度小于乙容器中液体密度
B. 小球A的质量大于小球B的质量
C. 甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力
D. 小球A排开液体的质量小于小球B排开液体的质量
12. 如图所示电路中，滑动变阻器标有“20Ω2A”，电流表量程为0∼3A，电压表量程为0∼15V。将滑片放在最左端，闭合开关S，电流表的示数为0.8A，电压表的示数为6V，小灯泡恰好正常工作。在保证电路各元件安全的情况下，滑片在最大范围内移动，下列说法正确的是( )
A. 小灯泡的额定功率为3W
B. 滑动变阻器的1min消耗的最大电能是720J
C. 滑动变阻器的阻值变化范围是2.4Ω∼20Ω
D. 电路消耗的最大功率是15W
13. 学校开运动会时，受检阅的运动员喊出嘹亮的口号是由声带______ 产生的，通过______ 传播，让观众听到，口号声嘹亮是因为声音的______ (填“音调高”或“响度大”)。
14. 如图是童话故事猴子捞月的情景，水中的月亮是由于月亮______ (选填“发出”“反射”或“折射”)的光，在水面上发生反射所成的虚像，所以猴子捞不到。此时水中的月亮距水面的距离______ (选填“大于小于”或“等于”)水的深度。
15. 如图所示，是行走的游客将手机放在磁吸式手机架上拍摄公园春色的情景。显示屏幕上的彩色影像是由红、______ 、蓝三种色光混合而成的，以手为参照物，手机是______ 的；静止在支架上的手机______ (填“受”或“不受”)平衡力。
16. 如图所示是汽油机的一个冲程，在这个的冲程中，气缸内气体的内能将会______ (填“增大”或“减小”)，这是通过______ (填“做功”或“热传递”)的方式来改变内能的。汽车发动机用水来冷却，是利用了水的______ 大的特点。
17. 如图是脱下外衣后小明的头发“炸开”了，这是因为头发带了______ (填“同种”或“异种”)电荷。由于日常活动时衣物间相互摩擦使衣服带了电，这是______ 现象，如果电流方向是小明到外衣，那么外衣带的是______ (填“正电”或“负电”)。
18. 如图所示为一种压蒜器。只要轻轻用力握一下手柄，蒜就会被压成碎块掉落盘中。蒜被压成碎块说明力可以改变物体的______ ；蒜的碎块在______ 的作用下加速落到盘中；压蒜器的手柄上有花纹，这是为了增大手柄与手之间的______ 力，防止压蒜器脱落。
19. 如图所示，一艘排水量为1.5×104t的邮轮正在通过三峡船闸，这艘货轮满载时排开水的体积为______ m3，当闸室内水的深度为20米时，闸室底部受到水的压强为______ Pa。三峡船闸是世界最大的人造______ 。(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)
20. 如图所示实验装置，可用来探究通电时间相同时，电流通过导体产生的热量与______ 的关系。相同时间内R1产生的热量比R2产生的热量______ (填“多”或“少”)。将装置接在电压为3V的电源上，通电1min，电流通过电阻R2产生的热量为______ J。
21. 如图甲所示电路，电源电压为4.5V保持不变。电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，在保证所有元件安全的情况下，先闭合开关S和S2，将滑片P由最左端向右最大范围移动；再断开开关S2，闭合开关S1，将滑片P由最右端向左最大范围移动，图乙中是两次移动滑片的过程中电流表和电压表的示数关系图象。小灯泡的额定功率为______ W，电阻R1的阻值为______ Ω。
22. 老师为做平面镜成像实验的小明拍摄如甲图所示的照片。小明为分析照相机的成像原理，绘制了如图乙所示的光路图，其中S点代表平面镜AB前蜡烛，MN代表照相机中成像时底片(相当于光屏)的位置。请你画出S在平面镜中成的像S'及S'经过照相机镜头在底片成清晰像的光路图。
23. 如图甲所示为多功能碗夹，其主要用途是夹取锅中的餐具。如果把碗夹AOB部分看成是一个杠杆，其简化示意图如图乙所示。请在乙图中画出杠杆夹取餐具静止在此位置时，作用在A点的最小动力F1及其力臂L1和阻力F2的力臂L2。
24. 如图所示，小磁针静止在已通电的电磁铁和条形磁铁之间，请在图中标出：
(1)条形磁铁右端的极性(用“N”或“S”表示)；
(2)磁感线的方向；
(3)小磁针的下端的极性(用“N”或“S”表示)。
25. 小明和爸爸在家里闻到了一股烧焦的气味，经检查发现是正在烧水的电水壶插座处产生的，拔下插头后发现插座的一个插孔烧焦了，如图所示。爸爸分析是插头和插座接触不良引起的，请你分析回答下列问题：
(1)他们闻到了一股烧焦的气味属于哪种现象？
(2)插头和插座接触不良为什么能把插座烧坏？
26. 一辆满载后总质量为25t的厢式冷藏车，以90km/h的速度在平直公路上匀速行驶，冷藏车受到的牵引力为4.0×103N，该车柴油发动机的效率为40%(g=10N/kg，柴油热值取q=4×107J/kg)。求：
(1)满载的冷藏车静止在水平地面上时，轮胎与地面的总接触面积为5000cm2，则车对地面的压强是多大？
(2)牵引力做功的功率多大？
(3)要把货物送到距出发地360km的冷库，如果途中不加油，在出发前至少要给车加多少kg柴油？
27. 如图甲是一款电火锅，图乙是其简化电路图。R1、R2均为电热丝，电火锅有高温和低温两个档，低温挡功率为440W，电热丝R1的阻值为22Ω。[c底汤=4×103J/(kg⋅℃)]求：
(1)电热丝R2的阻值。
(2)质量为2.5kg初温为12℃的底汤加热到100℃吸收的热量。
(3)若不计热量损失，电火锅完成上述加热所需最短的时间。
28. 如图甲所示是小明同时探究“水沸腾和晶体熔化时温度变化特点”的实验装置，烧杯中装有适量的水，试管中装有适量的晶体颗粒，水和晶体颗粒中分别放有温度计。
(1)安装器材时应按照______ (填“自下而上”或“自上而下”)的顺序进行。
(2)某时刻水中温度计的示数如图甲所示，此时水的温度为______ ℃；
(3)实验中两个温度计示数随时间变化的图象如图乙所示，晶体颗粒熔化过程所需的时间为______ min，加热到第6min时，试管中的物质所处的状态是______ (填“固态”、“液态”或“固液共存”)；
(4)当试管中的物质温度达到98℃后不再升高，这时它______ (填“一定”、“可能”或“不会”)沸腾；
(5)小明分析图象得出：水沸腾和晶体熔化的共同特点是：吸收热量，温度______ 。
29. 小明用如图所示的实验装置探究“凸透镜成像的规律”。
(1)将蜡烛、凸透镜和光屏摆放在光具座上，点燃蜡烛，光屏上恰好出现烛焰清晰的像如图甲所示。应该将蜡烛______ (填“向上”或“向下”)调节，直至在光屏的中心得到一个实像；
(2)小明将凸透镜固定在50cm刻度线处，适当调整点燃蜡烛和光屏的位置，直到光屏上得到清晰的烛焰像(像未画出)，如图乙所示，此时烛焰像是______ (填“放大”或“缩小”)的，______ (填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一原理工作的；
(3)如果此时将蜡烛放在20cm刻度处，仍要在光屏上得到清晰的像，可将光屏移到______ cm刻度处。若不移动光屏，只需在蜡烛和透镜之间靠近透镜位置放置一个度数合适的______ (填“近视”或“远视”)眼镜，也可以在光屏上成清晰的像；
(4)实验过程中，同组同学向左轻吹蜡烛的火焰，小明观察到烛焰的像向左侧偏斜，说明像和蜡烛在透镜的______ (填“同侧”或“异侧”)。
30. 小光用六面粗糙程度相同的长方体木块探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验，实验过程如图所示。
(1)实验时需要用弹簧测力计拉动木块做______运动。
(2)比较甲、乙两图所示实验数据，说明在______一定时，______越大，滑动摩擦力越大。
(3)比较乙、丙图所示实验数据，______(选填“能”或“不能”)得出正确结论。在乙图实验过程中，砝码______(选填“受”或“不受”)摩擦力。
(4)比较甲、丁两图所示实验数据，说明滑动摩擦力大小与接触面积______(选填“有关”或“无关”)。
31. 小明在做“测量盐水的密度”的实验中：
(1)把天平放在水平台上，发现游码未归零时天平已平衡。当游码归零后，为了使天平再次平衡，小明应向______ (填“左”或“右”)调节平衡螺母，使天平平衡；
(2)如图甲所示，在烧杯中装入适量的盐水，用天平称出总质量为______ g；
(3)将烧杯中的盐水倒入量筒中一部分如图乙所示，读出体积为______ cm3；
(4)用天平称出烧杯和剩余盐水的总质量如图丙所示，则盐水的密度为______ kg/m3；
(5)若所用的10g砝码已生锈，因此测出的盐水密度______ (填“偏大”、“偏小”或“不变”)；
(6)小明选取了天平、大烧杯、小烧杯和柱形玻璃杯各一个，并利用刚测量过的盐水(密度用ρ0表示)，测量石块的密度，进行如下实验：
①在大烧杯中装满盐水，将小烧杯放置在大烧杯中，小烧杯静止时漂浮在盐水面；将柱形玻璃杯置于大烧杯的下方，如图丁所示放置于水平桌面上；
②将石块放入小烧杯中，小烧杯静止时仍然漂浮在盐水面，用刻度尺测出柱形玻璃杯中溢出的盐水的深度h1；
③取出小烧杯中的石块放入大烧杯中，待石块沉底静止后，再将柱形玻璃杯中的盐水倒入大烧杯至刚好装满。用刻度尺测出柱形玻璃杯中余下的盐水的深度h2；
④石块密度的表达式ρ石=______ (用h1、h2和ρ0表示)。
32. 小明同学利用四个阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻、“30Ω1A”的滑动变阻器，电压为6V的学生电源、电压表、电流表、导线和开关等器材，进行了“探究电流与电压、电阻关系”的实验。
(1)如图甲是小明连接的实验电路，开关试触时，电流表______ (填“有”或“无”)示数，检查发现电路中有一根导线连接错误，请在图中连接错误的那根导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
(2)改正后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表无示数，电流表有示数，其故障是定值电阻______ (填“断路”或“短路”)；
(3)排除故障后，闭合开关，调节滑片至某一位置，电流表指针位置如图乙所示，其示数为______ A，读出此时电压表示数，重复上次实验步骤，记录电压、电流值如表所示数据，得出了实验结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成______ ；
(4)小明还想探究“电流与电阻关系”，他选用5Ω的定值电阻连入了如图甲所示的电路；调节滑动变阻器的滑片到适当位置，记录电流表示数，将10Ω替代5Ω的定值电阻，为保持定值电阻两端电压不变，滑动变阻器滑片需要向______ (填“左”或“右”)端移动，如果想完成四组实验，定值电阻两端电压应不小于______ V；
实验次数
1
2
3
电压/V
1.0
2.0
3.0
电流/A
0.2
0.4
0.6
(5)上述实验结束后，小明又设计了如图丙所示电路，利用阻值为R0的定值电阻来测量额定电流I额的小灯泡的额定功率，已知电源电压恒为U，其测量过程如下：
①先小灯泡和定值电阻分别连入图丙的虚线框内，其中“1”处连接的是______ (填“小灯泡”或“定值电阻”)，将开关S闭合，开关S1接在______ (填“a”或“b”)端，调节滑动变阻器R的滑片，使电压表的示数为______ V，小灯泡正常发光；
②将开关S1接在另一端，滑动变阻器R的滑片保持不动，读出电压表的示数为U1；
③小灯泡的额定功率的表达式P额=______ 。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、天安门广场旗杆的高度约为30m，故A符合实际；
B、将国旗从旗杆底上升到顶部的时间与国旗时间相等，约为46s，故B不合实际；
C、一面国旗的质量约为200g左右，故C不合实际；
D、人体的正常体温约为37℃，并且变化的幅度很小，故D不合实际。
故选：A。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】A
【解析】解：A.南湖红船的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故A符合题意；
B.宝塔山下的光柱，是光的直线传播现象，故B不符合题意；
C.遵义会址的树荫是影子，是是光的直线传播形成的，故C不符合题意；
D.天安门旁的彩虹是光的色散现象，是光的折射形成的，故D不符合题意。
故选：A。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
3.【答案】B
【解析】解：A、液态氮从壶中倒出后迅速汽化吸热，使雪糕液变成固态，故A错误；
B、雪糕液变为固态是凝固过程，此过程需要放热，故B正确；
C、产生的“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C错误；
D、雪糕外层的霜是水蒸气凝华形成的，此过程需要放热，故D错误。
故选：B。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
六种物态变化过程中，放热的有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】D
【解析】解：AB、当右侧元件通电后，右侧风车旋转，此时右侧元件通电后在磁场中受力运动，与电动机的原理相同，故AB错误；
CD、左侧风车转动带动元件使灯泡发光，这说明电路中产生的感应电流，这是电磁感应现象，此过程中是机械能转化为电能，故C错误，D正确。
故选：D。
电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的，发电机是利用电磁感应的原理制成的。
本题主要考查了电动机和发电机的工作原理以及能量转化，熟练掌握基础知识是解题关键。
5.【答案】C
【解析】解：A、使用试电笔时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖的金属体，故A错误；
B、当家庭电路中用电器外壳带电时，人接触时容易触电，但不能造成电路中电流过大，所以保险丝不会熔断，故B错误；
C、用电器的三脚插头接入三孔插座，可以防止因外壳漏电而触电造成危害，故C正确；
D、开关外部虽然由绝缘体制作，但生活中的水是导体，因此不可以用湿手触碰开关，故D错误。
故选：C。
(1)使用试电笔时，笔尖接触导线，手接触笔尾金属体，当接触火线时氖管会发光；
(2)家庭电路中用电器外壳带电，人接触时容易触电；
(3)三脚插头要与三孔插座配合使用，可以防止因外壳漏电而触电；
(4)生活中的水是导体，因此，不能用湿的物体接触用电器或插座等。
本题考查了生活中用电安全注意的一些事项，与生活联系密切，注重了物理和生活的联系。
6.【答案】D
【解析】解：A、电能表是用来测量电路中用电器消耗电能的仪表，应接在空气开关前面，故A错误；
B、该电能表所在家庭电路用电器同时工作时总功率不能超过P总=UI=220V×20A=4400W，故B错误；
C、图中电能表的示数为682.7kW⋅h，一盏“220V 200W”的电视机单独正常工作30min消耗的电能为：
W=Pt=200W×30min=0.2kW×0.5h=0.1kW⋅h；
因此电能表的示数将变为：
682.7kW⋅h+0.1kW⋅h=682.8kW⋅h；
故C错误；
D、用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转数为：
60转×1kW⋅h0.1kW⋅h=600转；
故D正确。
故选：D。
(1)电能表是用来测量电路中用电器消耗电能的仪表，为了防止偷电，电能表接在空气开关之前；
(2)由参数可知，电能表正常工作时的电压和平时允许通过的最大电流，根据P=UI求出他家同时使用用电器的最大总功率；
(3)(4)根据W=Pt求出电视机单独工作30min消耗的电能，进一步求出电能表的示数将变为多少及消耗1kW⋅h的电能时电能表转盘的转数。
此题考查了家庭电路的连接、电能表参数的意义、电能表的读数、电功率的计算、电能的计算，属基础题。
7.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
A、闭合开关S，滑片P从如图位置向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；根据U=IR可知，R2两端的电压变大，电压表V1的示数将变大，故A错误；
B、根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压变小，电压表V2的示数将变小；电压表V1示数与电压表V2的示数之和为电源电压，所以电压表V1示数与电压表V2的示数之和保持不变，故B错误；
C、电压表V1示数变大，电流表A示数变大，则电压表V1示数与电流表A示数的乘积变大，故C错误；
D、电压表V2示数变小，电流表A示数变大，则电压表V2示数与电流表A示数的比值变小，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压的变化；然后根据电流表示数、电压表示数分析各个选项。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，明确电路的连接方式和各个电表的作用是解题的关键。
8.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，不计绳重和摩擦，可得拉力为：
F=13(G+G动)=9000N+3000N3=4000N；
牵引车的拉力做的功：
W总=Fs=4000N×3m=12000J
拉力的功率为：
P=W总t=12000J10s=1200W；
故A错误；
B、根据s=nh可知，物体移动的距离为：
h=sn=3m3=1m；
物体移动的速度为：
v=ht=1m10s=0.1m/s；
故B错误；
C、拉力做的有用功：
W有=Gh=9000N×1m=9000J，
该滑轮组提升重物的机械效率：
η=W有W总×100%=9000J12000J×100%=75%，
故C正确；
D、不计绳重及滑轮组的摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，则滑轮组的机械效率：
η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G，由此可知，若减小重物的重力，滑轮组的机械效率会降低，故D错误。
故选：C。
A、由图可知滑轮组绳子的有效股数，不计绳重和摩擦，根据F=13(G+G动)可得拉力大小；
根据W总=Fs得出牵引车的拉力做的功，根据功率公式得出拉力的功率；
B、根据s=nh可知物体移动的距离，根据速度公式求出物体移动的速度；
C、根据W有=Gh求出拉力做的有用功；根据η=W有W总×100%求出该滑轮组提升重物的机械效率；
D、不计绳重及滑轮组的摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，滑轮组的机械效率：
η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G，据此分析。
本题考查了滑轮组拉力公式和做功公式、滑轮组机械效率公式、速度公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
9.【答案】AC
【解析】解：A、攀岩者向下用力，由于物体间力的作用是相互的，身体受到向上的反作用力，所以会上升。故A正确；
B、攀岩者向上运动时，高度增加，周围大气压变小。故B不正确；
C、攀岩者攀到最顶端时，质量不变，高度最大，所以重力势能最大。故C正确；
D、攀岩结束后利用绳索匀速下滑，质量不变，速度不变，所以动能不变；但高度减小，所以重力势能减小，机械能减小。故D不正确。
故选：AC。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)距离地面越高，大气压强越小；
(3)重力势能大小的影响因素：物体的质量、物体的高度；动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度；机械能=势能+动能。
此题考查了力的作用相互性、运动和力的关系及机械能的变化，是一道力学综合题。正确、全面理解基本规律是解答的关键。
10.【答案】BD
【解析】解：
A、海水比沙子的比热容大，因此，相同质量的海水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子的温度变化大，所以沙子温度高，海水温度低，故可以感觉到沙子烫脚，而海水却是凉凉的；热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故A错误；
B、湿漉漉的脚上总是沾有沙子，这是因为分子间存在相互作用的引力，故B正确；
C、足球离开脚后继续向前运动是由于足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D、球飞出弧线主要是由于球旋转过程中球两侧转速不一致，周围气体流动速度不同，其原理是：气体流速越大的位置，压强越小，故D正确。
故选：BD。
(1)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析；热量是一个过程量，不能说含有多少热量；
(2)分子间存在引力；
(3)惯性是物体保持运动状态不变的性质，不是力；
(4)流体流速越大的地方、压强越小，流体流速越小的地方、压强越大。
本题考查了流体压强与流速的关系、水的比热容大的应用、分子间的作用力、惯性现象，属于综合题。
11.【答案】ACD
【解析】解：A、体积相等的两种液体分别装入甲、乙两容器后，液体的深度h甲>h乙，此时甲、乙两容器底受到的液体压强相等，根据p=ρgh可知液体的密度ρ甲<ρ乙，故A正确；
B、A、B两球在两液体中分别处于漂浮和沉底状态，则ρA<ρ甲，ρB>ρ乙，已知ρ甲<ρ乙，所以ρA<ρB，两球的体积相等，根据m=ρV可得两个小球的质量mA
(1)根据p=ρgh比较两种液体的密度的大小；
(2)物体处于漂浮状态时，物体密度小于液体密度，物体处于沉底状态时，物体密度大于液体密度，根据小球的状态分析两球的密度大小，根据m=ρV比较两球的质量；
(3)两容器对桌面的压力等于容器的重力、液体的重力、小球的重力之和，根据密度公式、重力公式比较两容器对桌面的压力；
(4)根据密度公式判断出小球A、B排开液体质量的关系。
本题考查液体压强公式、密度公式、重力公式、物体沉浮条件的灵活运用，综合性强。
12.【答案】ABD
【解析】解：由图可知，滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测量电源电压，电流表测量干路的总电流；
A、将滑片放在最左端，滑动变阻器接入电路中的阻值为20Ω，闭合开关S，电流表的示数为0.8A，电压表的示数为6V，小灯泡恰好正常工作，
根据并联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压UR=U=UL=6V，
此时通过滑动变阻器的电流：IR=URR=6V20Ω=0.3A，
根据并联电路的电流特点可知，通过灯泡L的电流：IL=I-IR=0.8A-0.3A=0.5A，
则小灯泡的额定功率：PL=ULIL=6V×0.5A=3W，故A正确；
B、根据题意可知，电流表的量程为0∼3A，通过小灯泡的电流为0.5A，根据滑动变阻器的规格可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，小于3A-0.5A=2.5A，
则滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，
所以滑动变阻器的1min消耗的最大电能：WR=URIR大t=6V×2A×1×60s=720J，故B正确；
C、由I=UR可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R小=UIR大=6V2A=3Ω，
滑动变阻器接入电路的电阻越大，电路中的电流越小，电路安全，所以滑动变阻器接入电路的最大阻值为20Ω，
则滑动变阻器的阻值变化范围为3∼20Ω，故C错误；
D、根据并联电路的电流特点可知，干路的最大总电流：I大=IL+IR大=0.5A+2A=2.5A，
则电路消耗的最大功率：P大=UI大=6V×2.5A=15W，故D正确。
故选：ABD。
由图可知，滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测量电源电压，电流表测量干路的总电流；
(1)将滑片放在最左端，滑动变阻器接入电路中的阻值为20Ω，闭合开关S，电流表的示数为0.8A，电压表的示数为6V，小灯泡恰好正常工作；根据欧姆定律求出通过R的电流，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡L的电流，根据P=UI求出灯泡L的额定功率；
(2)根据题意确定通过滑动变阻器的最大电流，根据W=UIt求出滑动变阻器的1min消耗的最大电能；
(3)根据滑动变阻器允许通过的最大电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值，滑动变阻器接入电路的电阻越大，电路中的电流越小，电路安全，据此可知滑动变阻器接入电路的最大阻值，据此确定滑动变阻器的阻值变化范围；
(4)根据并联电路的电流特点求出干路的最大总电流，根据P=UI求出电路消耗的最大功率。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律、电功公式以及电功率公式的应用，是一道电学综合题，有一定的难度。
13.【答案】振动 空气 响度大
【解析】解：声音是由物体振动产生的，受检阅的运动员喊出嘹亮的口号是由声带振动产生的；口号声通过空气传播；听到口号声嘹亮是因为声音的响度大。
故答案为：振动；空气；响度大。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)声音的传播需要介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质；
(3)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
理解声音的产生和传播条件，区分声音的三个特征，可解答此题。
14.【答案】反射 大于
【解析】解：平静的水面相当于平面镜，水中的月亮是由光的反射形成的虚像；则水中的月亮到水面的距离和天上月亮到水面的距离相等，要大于水的深度。
故答案为：反射；大于。
平静的水面相当于平面镜，根据平面镜成像特点，物体在平面镜中成正立的虚像，物像到平面镜的距离相等来解答。
此题考查平面镜成像的特点，解答此题的关键是准确把握平面镜成像中的物像等距、等大这一特点。
15.【答案】绿 静止 受
【解析】解：显示屏幕上的彩色影像是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，
图中以手为参照物，手机与手之间没有位置的变化，是静止的；
静止在支架上的手机处于平衡状态，受到平衡力的作用。
故答案为：绿；静止；受。
(1)光的三原色是红、绿、蓝；
(2)如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的，如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的；
(3)物体受到平衡力的作用时，会保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查了光的三原色、运动和静止的相对性、平衡状态的判断等，具有一定的综合性，但难度不大，属于基础题。
16.【答案】增大 做功 比热容
【解析】解：由图可知，气门都关闭，活塞向上运动，故可以判断这个冲程是压缩冲程，此冲程是通过压缩气体做功将机械能转化为内能，使得缸内气体的内能变大，这是通过做功的方式改变气体的内能的；
水的比热容较大大，和相同质量的其它物质比较，升高相同温度吸收热量多，所以汽车散热器常用水作为冷却剂。
故答案为：增大；做功；比热容。
(1)汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；并且只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
(2)改变内能有两种方式：即做功和热传递；
(3)水的比热容大，和相同质量的其它物质相比，升高相同的温度，从发动机吸收热量多。
本题考查内燃机工作时的四个冲程、改变内能的两种方式、水的比热容大的应用，难度不大，要熟记。
17.【答案】同种 摩擦起电 负电
【解析】解：(1)脱下外衣后小明的头发“炸开”了，这是因为头发带了同种电荷相互排斥造成的。
(2)由于日常活动时衣物间相互摩擦使衣服带了电，这是摩擦起电现象；
(3)如果电流方向是小明到外衣，那么电子移动的方向是外衣到小明，说明外衣上带有多余的电子，因此，外衣带负电。
故答案为：同种；摩擦起电；负电。
(1)电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
(2)物体间摩擦后，若能够吸引轻小物体，说明物体带了电，这种通过摩擦使物体带电的现象，叫摩擦起电。
(3)规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
知道摩擦起电现象，理解电流方向的规定、电荷间的作用规律，可解答此题。
18.【答案】形状 重力 摩擦
【解析】解：蒜被压成碎块说明力可以改变物体的形状；
蒜的碎块由于受到竖直向下的重力作用改变了运动状态，从而加速落到盘中；
压蒜器的手柄上有花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大手柄与手之间的摩擦力。
故答案为：形状；重力；摩擦。
(1)力可以改变物体的形状和运动状态；
(2)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查增大摩擦的方法、力的作用效果，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
19.【答案】1.5×104 2×105 连通器
【解析】解：这艘货轮满载时排开水的体积为：V=mρ=1.5×104×103kg1.0×103kg/m3=1.5×104m3；
闸室底部受到水的压强：p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×20m=2×105Pa；
我国的三峡船闸是世界最大的人造连通器。
故答案为：1.5×104；2×105；连通器。
(1)根据密度公式求出货轮满载时排开水的体积；
(2)根据p=ρgh求出闸室底部受到水的压强；
(3)上端开口、底部相连通的容器叫连通器，连通器内装有同种液体、静止不流动时，各容器内液面相平。
本题考查了阿基米德原理、液体压强公式的应用以及连通器的特点，要知道船闸是最大的连通器。
20.【答案】电阻 多 12
【解析】解：(1)由图知，两电阻丝串联，则通过它们的电流相同、通电时间也相同，而两电阻丝的阻值不同，所以探究的是电流产生热量与电阻大小的关系；
由图知，R1>R2，通过两电阻丝的电流和通电时间均相等，根据Q=I2Rt可知，R1产生的热量比R2产生的热量多；
(2)串联电路总电阻为R=R1+R2=10Ω+5Ω=15Ω，
电路电流为I=UR=3V15Ω=0.2A，
通电1min，电流通过电阻R2产生的热量Q2=I2R2t=(0.2A)2×5Ω×1×60s=12J。
故答案为：电阻；多；12。
(1)电流通过导体产生热量的多少与电流大小、电阻和通电时间都有关；由图示电路的连接情况结合控制变量法进行分析；
由图知，R1>R2，根据Q=I2Rt结合电路的特点，分析R1产生热量与R2产生热量的大小关系；
(2)由图可知两电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据Q=I2Rt求出R1与R2产生热量之比以及通电1min电流通过电阻R2产生的热量。
此题考查了电流产生热量的影响因素及焦耳定律的应用，是一道基础题，难度不大。
21.【答案】2 5
【解析】解：(1)闭合开关S和S2时，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表额电路中的电流；
由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流I=ULRL=U-U2RL，
由于灯泡的电阻随温度的变化而变化，因此图乙中的曲线为此时电流表和电压表的示数关系图象，
在保证所有元件安全的情况下，电路中的最大电流等于灯泡的额定电流，
由图乙可知，电路中的最大电流为0.5A，此时滑动变阻器两端的电压为0.5V，
由串联电路的电压特点可知，灯泡两端的电压UL=U-U2=4.5V-0.5V=4.0V，
则灯泡的额定功率：PL=ULIL=4.0V×0.5A=2W；
(2)闭合开关S和S1时，定值电阻R1与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电流表额电路中的电流；
由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流I=U1R1=U-U1R1=UR1-U1R1，
由于电源电压U、定值电阻R1保持不变，因此图乙中的直线为此时电流表和电压表的示数关系图象，
由图乙可知，当电压表的示数为1.5V时，电路中的电流为0.6A，
由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，此时电源电压：U=U2'+U1=U2'+I1R1=1.5V+0.6A×R1……①
当电压表的示数为3V时，电路中的电流为0.3A，
此时电源电压：U=U2''+U1'=U2''+I1'R1=3V+0.3A×R1……②
由①②解得：R1=5Ω。
故答案为：2；5。
(1)闭合开关S和S2时，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表额电路中的电流；根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出此时电路中的电流，进而分析出图乙中对应此时的I-U图线，在保证所有元件安全的情况下，电路中的最大电流等于灯泡的额定电流，根据图乙可知电路中的最大电流和对应的滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(2)闭合开关S和S1时，定值电阻R1与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电流表额电路中的电流；根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出此时电路中的电流，进而分析出图乙中对应此时的I-U图线，根据图乙中滑动变阻器两端电压和对应的电流利用串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压，解方程求出电阻R1的阻值。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
22.【答案】解：作发光点S关于平面镜对称点S'，S'即为S在平面镜中的像；
连接S'F，过焦点光线经凸透镜折射后平行于主光轴，连接S'O，通过光心的光线传播方向不变，两条折射光线的交点即为S'经过照相机镜头成像的光路图，如图所示：
【解析】(1)平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出S的像；
(2)选择两条从S'点射向凸透镜的光线，作出它们的折射光线，折射光线的交点即为S'经过照相机镜头成像的光路图。
本题考查了平面镜成像作图和凸透镜成像的作图，关键是利用好凸透镜的三条特殊光线。
23.【答案】解：由题知，O点为支点，动力作用在A点，所以以OA长为动力臂是最长的力臂，此时力最小，即：连接OA为最长力臂L1，再由A点做其垂线，方向向下为最小动力F1；
从O点作其垂线为F2的力臂L2。如图所示：
【解析】根据力臂的画法，过支点作动力作用线和阻力作用线的垂线段，即为动力臂和阻力臂。
根据杠杆的平衡条件，动力臂越长越省力，首先确定出最长的力臂，然后画出的示意图。
此题考查了有关力臂的画法和最小力的示意图的画法，要画出最小的力，关键是确定最长的力臂，即从支点到作用点的距离。
24.【答案】解：电流表在使用时，电流从电流表的正极线柱流入、负接线柱流出，所以电源的左端为正极、右端为负极，根据安培定则可知，电磁铁的右端为N极、左端为S极；磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的；
根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的上端为S极、下端为N极；电磁铁右端的磁性与条形磁体左侧的磁极相同，所以条形磁体的右端为S极，如图所示：
【解析】根据电流表的使用方法分析电流的方向和电源的正负极，根据安培定则判定电磁铁的磁性；根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的磁极和条形磁体的磁性；磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的。
安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向。告诉其中的两个方向可以确定第三个方向。
25.【答案】答：(1)闻到烧焦的气味属于扩散现象，是分子不停地做无规则运动的结果；
(2)插头与插座接触不良，该处的电阻较大，由于插头与插座处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，根据Q=I2Rt，插头与插座处产生的热量较多，引起插头发热，甚至烧坏插头和插座，引起火灾。
【解析】(1)两种物体在相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了构成物体的分子在不停地做无规则运动；
(2)由焦耳定律Q=I2Rt可分析插头和插座接触不良为什么能把插座烧坏。
本题主要通过生活中的场景考查了对扩散现象的了解和利用焦耳定律来解释生活中的现象，属基础题。
26.【答案】解：
(1)该货车停在水平公路上时，对地面的压力：
F压=G=mg=25×103kg×10N/kg=2.5×105N，
对地面的压强：
p=FS=2.5×105N5000×10-4m2=5×105Pa；
(2)因货车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，货车牵引力的大小：
F=f=4.0×103N，
车的速度为：v=90km/h=90×13.6m/s=25m/s，
这段时间内货车牵引力的功率：
P=Wt=Fst=Fv=4.0×103N×25m/s=1×105W；
(3)牵引力做的功：
W=Fs=4.0×103N×360×103m=1.44×109J，
由η=WQ放×100%可得，消耗柴油完全燃烧释放的热量：
Q放=Wη=1.44×109J40%=3.6×109J，
由Q放=mq可得，消耗柴油的质量：
m'=Q放q=3.6×109J4×107J/kg=90kg。
答：(1)该货车停在水平公路上时，对地面的压强是5×105Pa；
(2)这段时间内货车牵引力的功率是1×105W；
(3)货车在这次行驶中要消耗90kg的柴油。
【解析】(1)该货车停在水平公路上时，对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，又知道车轮与地面的总接触面积，根据p=FS求出对地面的压强；
(2)货车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F=f求出其大小，根据P=Wt=Fst=Fv求出这段时间内货车牵引力的功率；
(3)根据W=Fs求出牵引力做的功，根据η=WQ放×100%求出消耗柴油完全燃烧释放的热量，根据Q放=mq求出消耗柴油的质量。
本题考查了重力公式和压强公式、做功公式、功率公式、效率公式、燃料完全燃烧释放热量公式以及二力平衡条件的应用，涉及到的知识点较多，综合性强，有一定的难度。
27.【答案】解：(1)根据串联电路的电阻特点可知，当开关S闭合、S1断开时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电火锅处于低温挡；
当开关S、S1都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电火锅处于高温挡；
由P=U2R可知，R1、R2的串联总电阻：R=U2P低温=(220V)2440W=110Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R-R1=110Ω-22Ω=88Ω；
(2)汤吸收的热量：Q吸=c底汤m(t-t0)=4×103J/(kg⋅℃)×2.5kg×(100℃-12℃)=8.8×105J；
(3)电火锅高温挡的功率：P高温=U2R1=(220V)222Ω=2200W；
不计热量损失，电火锅消耗的电能：W=Q吸=8.8×105J，
由P=Wt可知，电火锅加热所需的最短时间：t'=WP高温=8.8×105J2200W=400s。
答：(1)电热丝R2的阻值为88Ω；
(2)质量为2.5kg初温为12℃的底汤加热到100℃吸收的热量为8.8×105J；
(3)若不计热量损失，电火锅完成上述加热所需最短的时间为400s。
【解析】(1)由图乙可知，当开关S、S1都闭合时，只有R1工作，当开关S闭合、S1断开时，R1、R2串联；根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知电火锅高温挡和低温挡的电路连接；根据低温挡功率和P=U2R可求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出电热丝R2的阻值；
(2)根据Q吸=cm(t-t0)求出汤吸收的热量；
(3)不计热量损失，电火锅消耗的电能等于汤吸收的热量，根据P=U2R可电火锅高温挡的功率，根据P=Wt求出电火锅加热所需的最短时间。
本题考查串联电路的特点、电功率公式以及吸热公式的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
28.【答案】自下而上 96 3 固液共存 不会 不变
【解析】解：(1)酒精灯需用外焰加热，温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以组装器材时按照自下而上的顺序进行；
(2)图中温度计的分度值为1℃，示数为96℃，即水的温度为96℃；
(3)晶体在熔化过程中温度不变，完全熔化后温度会逐渐升高，则由图象可知，晶体从第5min开始熔化，到第8min熔化结束，熔化时间t=8min-5min=3min，第6min时物质处于固液共存状态；
(4)当试管中的物质温度达到98℃后不再升高，由图可知，此时水已经沸腾，若该物质的沸点低于98℃，则物质的温度不能达到98℃，若该物质的沸点大于或等于98℃，则物质不能沸腾，所以该物质不会沸腾；
(4)由图可知，水沸腾和晶体熔化的共同特点是：吸收热量，温度保持不变。
故答案为：(1)自下而上；(2)96；(3)3；固液共存；(4)不会；(5)不变。
(1)酒精灯需用外焰加热，温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以组装器材时按照自下而上的顺序进行；
(2)温度计读数时，注意其分度值和0刻度线；
(3)晶体有确定的熔点，晶体在熔化过程中不断吸收热量，但温度保持不变，处于固液共存态，根据图象确定晶体熔化过程所需的时间；
(4)液体沸腾的条件：达到沸点，继续吸热；
(5)根据图像分析。
本题考查了温度计的读数、晶体熔化特点、液体沸腾的条件，属于基础题。
29.【答案】向上 放大 投影仪 65 近视 同侧
【解析】解：
(1)由图可知，成的像将在光屏的上方，所以应将凸透镜向下移动或将蜡烛上移；
(2)图乙中可知物距大小为50cm-35cm=15cm，像距大小为80cm-50cm=30cm，物距小于像距，且光屏上能得到清晰的烛焰像，则此时蜡烛像是倒立、放大的实像，投影仪是利用这一原理工作的；
(3)根据折射光路可逆分析；
若不移动光屏，应使光线发散一些，由于凹透镜对光线具有发散作用，可以矫正近视眼，故只需在蜡烛和透镜之间靠近透镜位置放置一个度数合适的近视眼镜，也可以在光屏上成清晰的像；
(4)同组同学向左轻吹蜡烛的火焰，小明观察到烛焰的像向左侧偏斜，这说明像与烛焰运动的方向相同，所以此时成的是正立、放大的虚像，像和蜡烛在透镜的同侧。
故答案为：(1)向上；(2)放大；投影仪；(3)65；近视；(4)同侧。
(1)为了使像成在光屏的中央，烛焰、凸透镜、光屏的中心应该在同一高度，据此分析作答；
(2)根据图中物距和像距的大小关系，且光屏上能得到清晰的烛焰像，当凸透镜成实像时，当u
若不移动光屏，相当于要使光线延后会聚，则应在蜡烛和透镜之间靠近透镜位置放置一个具有发散功能的凹透镜，即近视眼镜镜，这样也可以在光屏上成清晰的像；
(4)物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像。
本题考查了探究“凸透镜成像的规律”的实验，关键要熟练掌握凸透镜成像特点与物距之间的关系以及像距与物距之间的关系以及烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度这一实验操作要点，在平时的学习中要善于总结，寻找规律，难度一般。
30.【答案】匀速直线 接触面粗糙程度 压力 不能 不受 无关
【解析】解：(1)只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小；
(2)观察比较甲图和乙图所示实验数据，可知，接触面的粗糙程度相同，压力越大，弹簧测力计示数越大，摩擦力越大，故结论为：在接触面粗糙程度一定时，压力越大、滑动摩擦力越大；
(3)比较乙、丙图所示实验数据可知，压力的大小是不相同的，接触面的粗糙程度也不同，所以不能得出正确结论；
在乙图实验过程中，砝码与物体一起做匀速直线运动，砝码和物体之间没有发生相对运动的趋势，所以不受摩擦力；
(4)比较甲、丁两图所示实验数据可知，在压力、接触面的粗糙程度相同时，弹簧测力计示数不变，即滑动摩擦力不变，说明滑动摩擦力大小与接触面积无关。
故答案为：(1)匀速直线；(2)接触面粗糙程度；压力；(3)不能；不受；(4)无关。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。
(3)根据影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度分析；
(4)研究研究摩擦力大小接触面积大小的关系时，要控制压力和接触面的粗糙程度相同。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
31.【答案】右 164.2441.05×103 不变 h1h2ρ0
【解析】解：(1)把天平放在水平台上，发现游码未归零时天平已平衡，当游码归零后天平向左侧倾斜，所以为了使天平再次平衡，小卓应向右调节平衡螺母，使天平平衡。
(2)在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的质量是0.2g，即天平的分度值为0.2g；
烧杯和盐水的总质量是：m=100g+50g+10g+4.2g=164.2g；
(3)量筒的分度值为2mL=2cm3，量筒中盐水的体积为V=44mL=44cm3；
(4)倒出盐水的质量m盐水=m-m剩余=164.2g-118g=46.2g；
则盐水的密度为：ρ盐水=m盐水V盐水=46.2g44cm3=1.05g/cm3=1.05×103kg/m3；
(5)若所用的10g砝码已生锈，砝码的质量变大，两次测出的质量都偏大，相减不变，即量筒中盐水的质量测量数据是准确的，根据密度公式可知，盐水的密度不变；
(6)设柱形玻璃杯的底面积为S，由操作②③可得小石块的体积为V=Sh2；
溢出盐水的体积V=Sh1，溢出盐水的质量m=ρ0V=ρ0Sh1，溢出盐水的重力G=mg=ρ0Sh1g，
将石块放入小烧杯中，小烧杯静止时仍然漂浮在盐水面，可知溢出的盐水重力即为石块受到的浮力，也等于石块的重力，可得石块的质量m=ρ0Sh1，
则小石块的密度为ρ石=mV=ρ0Sh1Sh2=h1h2ρ0。
故答案为：(1)右；(2)164.2；(3)44；(4)1.05×103；(5)不变；(6)h1h2ρ0。
(1)将托盘天平放在水平桌面上，将游码至标尺左端的“0”刻度线处，再调节平衡螺母，使横梁平衡；
(2)天平的读数砝码数加上游码的示数；
(3)读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
(4)已知烧杯和盐水的总质量，倒出后的烧杯和盐水的总质量，可以得到倒出的盐水的质量；已知倒出盐水的质量和体积，利用公式ρ=mV得到盐水的密度；
(5)根据量筒中盐水的质量分析；
(6)由②③可得石块的体积，由②可得石块漂浮时的重力和浮力相等，进而求石块的质量。
此题考查的是天平和量筒的使用及液体密度的测量方法，题目为我们提供了两种不同原理、不同难度的测量方法，值得借鉴。
32.【答案】无 短路 0.2正比 右 2.4小灯泡 aI额R0 (U-U1)I额
【解析】解：(1)如图甲是小明连接的实验电路，电压表和电流表串联接入电路，开关试触时，电流表无示数；
电流表应与待测电阻串联接入电路，如图：
；
(2)改正后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表无示数，电流表有示数，说明电压表与导线并联接入电路，则其故障是定值电阻短路；
(3)电流表接入电路的是小量程，分度值为0.02A，其示数为0.2A；
分析表格数据可得电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)小明还想探究“电流与电阻关系”，他选用5Ω的定值电阻连入了如图甲所示的电路；调节滑动变阻器的滑片到适当位置，记录电流表示数，将10Ω替代5Ω的定值电阻，为保持定值电阻两端电压不变，根据串联分压原理可知需增大滑动变阻器接入电路的阻值，所以滑动变阻器滑片需要向右端移动；
根据串联电路电压规律、串联分压原理可得UVU-UV=RRP，
定值电阻的最大阻值为20Ω，滑动变阻器的最大阻值为30Ω，代入数据可得UV6V-UV=20Ω30Ω，解方程可得UV=2.4V，
所以如果想完成四组实验，定值电阻两端电压应不小于2.4V；
(5)①先小灯泡和定值电阻分别连入图丙的虚线框内，定值电阻和灯泡串联接入电路，其中“1”处连接的是小灯泡，电压表测定值电阻两端的电压，
将开关S闭合，开关S1接在a端，调节滑动变阻器R的滑片，使通过电路的电流等于灯泡的额定电流，此时灯泡正常发光，则电压表的示数为U0=I额R0V；
②将开关S1接在另一端，滑动变阻器R的滑片保持不动，电压表测定值电阻和滑动变阻器两端的电压，读出电压表的示数为U1；
③根据串联电路电压规律可知灯泡两端的电压UL=U-U1，则小灯泡的额定功率的表达式P额=(U-U1)I额。
故答案为：(1)无；见上图；(2)短路；(3)0.2；正比；(4)右；2.4；(5)小灯泡；a；I额R0；(U-U1)I额。
(1)如图甲是小明连接的实验电路，电压表和电流表串联接入电路，开关试触时，电流表无示数；电流表应与待测电阻串联接入电路；
(2)改正后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表无示数，电流表有示数，说明电压表与导线并联接入电路，据此分析电路故障；
(3)根据电流表接入电路的量程和分度值读数；
分析表格数据可得电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)将10Ω替代5Ω的定值电阻，为保持定值电阻两端电压不变，根据串联分压原理可知滑动变阻器接入电路的阻值变化，据此判断滑动变阻器滑片移动的方向；
根据串联电路电压规律、串联分压原理可得UVU-UV=RRP，定值电阻的最大阻值为20Ω，滑动变阻器的最大阻值为30Ω，代入数据解方程可得定值电阻两端电压；
(5)①先小灯泡和定值电阻分别连入图丙的虚线框内，定值电阻和灯泡串联接入电路，其中“1”处连接的是小灯泡，电压表测定值电阻两端的电压，
将开关S闭合，开关S1接在a端，调节滑动变阻器R的滑片，使通过电路的电流等于灯泡的额定电流，此时灯泡正常发光，根据U=IR表示电压表的示数；
②将开关S1接在另一端，滑动变阻器R的滑片保持不动，电压表测定值电阻和滑动变阻器两端的电压，读出电压表的示数为U1；
③根据串联电路电压规律表示灯泡两端的电压，根据P=UI可得小灯泡的额定功率的表达式。
“探究电流与电压、电阻关系”的实验考查电路连接、故障分析、电表读数、串联分压原理、数据分析、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
2023年辽宁省葫芦岛市龙港区中考物理一模试卷
1. 每日清晨，北京天安门广场都会举行庄严的升国旗仪式，关于升旗过程中的一些数据，下列说法正确的是( )
A. 旗杆的高度约为30m B. 将国旗从旗杆底上升到顶部的时间约为5s
C. 一面国旗的质量约为10g D. 旗手的正常体温约为42℃
2. 如图所示的光现象中，属于反射现象的是( )
A. 南湖红船的倒影 B. 宝塔山下的光柱
C. 遵义会址的树荫 D. 天安门旁的彩虹
3. 如图所示为用液氮制作雪糕的过程，将装有液态雪糕液的模具放入大容器中，再向大容器倒入液态氮，此时大容器周围会出现大量“白气”，雪糕液迅速变成固态雪糕，当把雪糕从模具中取出后，雪糕外层会出现霜。下列说法正确的是( )
A. 液态氮从壶中倒出后迅速升华吸热，使雪糕液变成固态
B. 雪糕液变为固态是凝固过程，此过程需要放热
C. 产生的“白气”就是液态氮汽化后的氮气
D. 雪糕外层的霜是水蒸气凝华形成的，此过程需要吸热
4. 如图所示是一款科学实验玩具，右侧的风车连接的元件接通电源，左侧风车连接的元件连接灯泡。当右侧元件通电后，右侧风车旋转吹动左侧风车转动带动元件使灯泡发光，关于玩具下列说法正确的是( )
A. 右侧风车连接的元件是发电机
B. 右侧风车连接元件的工作原理是电流的磁效应
C. 左侧风车连接的元件工作时把电能转化为机械能
D. 左侧风车连接的元件的工作原理是电磁感应
5. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 使用试电笔时，手不要接触笔尾金属体
B. 当家庭电路中用电器外壳带电时，保险丝会熔断
C. 用电器的三脚插头接入三孔插座，可以防止触电造成危害
D. 开关外部由绝缘体制作，可以用湿手触碰
6. 如图是小明家的电能表。他让一盏“220V 200W”的电视机单独正常工作30min，这段时间电能表转盘转了60转，下列说法正确的是( )
A. 电能表应接在空气开关和用电器之间
B. 该电能表所在家庭电路用电器同时工作时总功率不能超过2200W
C. 电能表的示数将变为是683.7kW⋅h
D. 用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转600转
7. 如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S，滑片P从如图位置向左移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A示数变大，电压表V1示数不变
B. 电压表V1示数与电压表V2的示数之和变大
C. 电压表V1示数与电流表A示数的乘积变小
D. 电压表V2示数与电流表A示数的比值变小
8. 如图所示，在水平面上的汽车通过滑轮组提升重9000N的重物，每个滑轮重3000N，汽车在10s内向左匀速运动3m，不计绳重及滑轮组的摩擦，下列说法正确的是( )
A. 拉力的功率为900W
B. 物体移动的速度为0.9m/s
C. 机械效率为75%
D. 若减小重物的重力，滑轮组的机械效率会提升
9. 如图是攀岩爱好者攀爬岩壁时的情景，关于该项运动下列说法正确的是( )
A. 攀岩者向下用力，身体上升，说明物体间力的作用是相互的
B. 攀岩者向上运动时，周围大气压变大
C. 攀岩者攀到最顶端时，重力势能最大
D. 攀岩结束后利用绳索匀速下滑，她的机械能保持不变
10. 如图是球员在烈日当空的中午在海边踢足球的情景。下列说法正确的是( )
A. 球员发现沙子烫脚，而海水却是凉凉的，说明沙子比海水含有的热量多
B. 湿漉漉的脚上总是沾有沙子说明分子间存在引力
C. 足球离开脚后还能继续向前是因为它受到惯性的作用
D. 空中旋转的足球运动的轨迹是弧线是因为流速越大的位置压强越小
11. 如图所示，水平桌面上放置了质量相等的甲、乙两个容器，容器内装有体积相等的两种液体，将体积相等的A、B两个小球分别放入两容器中，此时甲、乙两容器底受到的液体压强相等。下列说法正确的是( )
A. 甲容器中液体密度小于乙容器中液体密度
B. 小球A的质量大于小球B的质量
C. 甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力
D. 小球A排开液体的质量小于小球B排开液体的质量
12. 如图所示电路中，滑动变阻器标有“20Ω2A”，电流表量程为0∼3A，电压表量程为0∼15V。将滑片放在最左端，闭合开关S，电流表的示数为0.8A，电压表的示数为6V，小灯泡恰好正常工作。在保证电路各元件安全的情况下，滑片在最大范围内移动，下列说法正确的是( )
A. 小灯泡的额定功率为3W
B. 滑动变阻器的1min消耗的最大电能是720J
C. 滑动变阻器的阻值变化范围是2.4Ω∼20Ω
D. 电路消耗的最大功率是15W
13. 学校开运动会时，受检阅的运动员喊出嘹亮的口号是由声带______ 产生的，通过______ 传播，让观众听到，口号声嘹亮是因为声音的______ (填“音调高”或“响度大”)。
14. 如图是童话故事猴子捞月的情景，水中的月亮是由于月亮______ (选填“发出”“反射”或“折射”)的光，在水面上发生反射所成的虚像，所以猴子捞不到。此时水中的月亮距水面的距离______ (选填“大于小于”或“等于”)水的深度。
15. 如图所示，是行走的游客将手机放在磁吸式手机架上拍摄公园春色的情景。显示屏幕上的彩色影像是由红、______ 、蓝三种色光混合而成的，以手为参照物，手机是______ 的；静止在支架上的手机______ (填“受”或“不受”)平衡力。
16. 如图所示是汽油机的一个冲程，在这个的冲程中，气缸内气体的内能将会______ (填“增大”或“减小”)，这是通过______ (填“做功”或“热传递”)的方式来改变内能的。汽车发动机用水来冷却，是利用了水的______ 大的特点。
17. 如图是脱下外衣后小明的头发“炸开”了，这是因为头发带了______ (填“同种”或“异种”)电荷。由于日常活动时衣物间相互摩擦使衣服带了电，这是______ 现象，如果电流方向是小明到外衣，那么外衣带的是______ (填“正电”或“负电”)。
18. 如图所示为一种压蒜器。只要轻轻用力握一下手柄，蒜就会被压成碎块掉落盘中。蒜被压成碎块说明力可以改变物体的______ ；蒜的碎块在______ 的作用下加速落到盘中；压蒜器的手柄上有花纹，这是为了增大手柄与手之间的______ 力，防止压蒜器脱落。
19. 如图所示，一艘排水量为1.5×104t的邮轮正在通过三峡船闸，这艘货轮满载时排开水的体积为______ m3，当闸室内水的深度为20米时，闸室底部受到水的压强为______ Pa。三峡船闸是世界最大的人造______ 。(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)
20. 如图所示实验装置，可用来探究通电时间相同时，电流通过导体产生的热量与______ 的关系。相同时间内R1产生的热量比R2产生的热量______ (填“多”或“少”)。将装置接在电压为3V的电源上，通电1min，电流通过电阻R2产生的热量为______ J。
21. 如图甲所示电路，电源电压为4.5V保持不变。电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，在保证所有元件安全的情况下，先闭合开关S和S2，将滑片P由最左端向右最大范围移动；再断开开关S2，闭合开关S1，将滑片P由最右端向左最大范围移动，图乙中是两次移动滑片的过程中电流表和电压表的示数关系图象。小灯泡的额定功率为______ W，电阻R1的阻值为______ Ω。
22. 老师为做平面镜成像实验的小明拍摄如甲图所示的照片。小明为分析照相机的成像原理，绘制了如图乙所示的光路图，其中S点代表平面镜AB前蜡烛，MN代表照相机中成像时底片(相当于光屏)的位置。请你画出S在平面镜中成的像S'及S'经过照相机镜头在底片成清晰像的光路图。
23. 如图甲所示为多功能碗夹，其主要用途是夹取锅中的餐具。如果把碗夹AOB部分看成是一个杠杆，其简化示意图如图乙所示。请在乙图中画出杠杆夹取餐具静止在此位置时，作用在A点的最小动力F1及其力臂L1和阻力F2的力臂L2。
24. 如图所示，小磁针静止在已通电的电磁铁和条形磁铁之间，请在图中标出：
(1)条形磁铁右端的极性(用“N”或“S”表示)；
(2)磁感线的方向；
(3)小磁针的下端的极性(用“N”或“S”表示)。
25. 小明和爸爸在家里闻到了一股烧焦的气味，经检查发现是正在烧水的电水壶插座处产生的，拔下插头后发现插座的一个插孔烧焦了，如图所示。爸爸分析是插头和插座接触不良引起的，请你分析回答下列问题：
(1)他们闻到了一股烧焦的气味属于哪种现象？
(2)插头和插座接触不良为什么能把插座烧坏？
26. 一辆满载后总质量为25t的厢式冷藏车，以90km/h的速度在平直公路上匀速行驶，冷藏车受到的牵引力为4.0×103N，该车柴油发动机的效率为40%(g=10N/kg，柴油热值取q=4×107J/kg)。求：
(1)满载的冷藏车静止在水平地面上时，轮胎与地面的总接触面积为5000cm2，则车对地面的压强是多大？
(2)牵引力做功的功率多大？
(3)要把货物送到距出发地360km的冷库，如果途中不加油，在出发前至少要给车加多少kg柴油？
27. 如图甲是一款电火锅，图乙是其简化电路图。R1、R2均为电热丝，电火锅有高温和低温两个档，低温挡功率为440W，电热丝R1的阻值为22Ω。[c底汤=4×103J/(kg⋅℃)]求：
(1)电热丝R2的阻值。
(2)质量为2.5kg初温为12℃的底汤加热到100℃吸收的热量。
(3)若不计热量损失，电火锅完成上述加热所需最短的时间。
28. 如图甲所示是小明同时探究“水沸腾和晶体熔化时温度变化特点”的实验装置，烧杯中装有适量的水，试管中装有适量的晶体颗粒，水和晶体颗粒中分别放有温度计。
(1)安装器材时应按照______ (填“自下而上”或“自上而下”)的顺序进行。
(2)某时刻水中温度计的示数如图甲所示，此时水的温度为______ ℃；
(3)实验中两个温度计示数随时间变化的图象如图乙所示，晶体颗粒熔化过程所需的时间为______ min，加热到第6min时，试管中的物质所处的状态是______ (填“固态”、“液态”或“固液共存”)；
(4)当试管中的物质温度达到98℃后不再升高，这时它______ (填“一定”、“可能”或“不会”)沸腾；
(5)小明分析图象得出：水沸腾和晶体熔化的共同特点是：吸收热量，温度______ 。
29. 小明用如图所示的实验装置探究“凸透镜成像的规律”。
(1)将蜡烛、凸透镜和光屏摆放在光具座上，点燃蜡烛，光屏上恰好出现烛焰清晰的像如图甲所示。应该将蜡烛______ (填“向上”或“向下”)调节，直至在光屏的中心得到一个实像；
(2)小明将凸透镜固定在50cm刻度线处，适当调整点燃蜡烛和光屏的位置，直到光屏上得到清晰的烛焰像(像未画出)，如图乙所示，此时烛焰像是______ (填“放大”或“缩小”)的，______ (填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一原理工作的；
(3)如果此时将蜡烛放在20cm刻度处，仍要在光屏上得到清晰的像，可将光屏移到______ cm刻度处。若不移动光屏，只需在蜡烛和透镜之间靠近透镜位置放置一个度数合适的______ (填“近视”或“远视”)眼镜，也可以在光屏上成清晰的像；
(4)实验过程中，同组同学向左轻吹蜡烛的火焰，小明观察到烛焰的像向左侧偏斜，说明像和蜡烛在透镜的______ (填“同侧”或“异侧”)。
30. 小光用六面粗糙程度相同的长方体木块探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验，实验过程如图所示。
(1)实验时需要用弹簧测力计拉动木块做______运动。
(2)比较甲、乙两图所示实验数据，说明在______一定时，______越大，滑动摩擦力越大。
(3)比较乙、丙图所示实验数据，______(选填“能”或“不能”)得出正确结论。在乙图实验过程中，砝码______(选填“受”或“不受”)摩擦力。
(4)比较甲、丁两图所示实验数据，说明滑动摩擦力大小与接触面积______(选填“有关”或“无关”)。
31. 小明在做“测量盐水的密度”的实验中：
(1)把天平放在水平台上，发现游码未归零时天平已平衡。当游码归零后，为了使天平再次平衡，小明应向______ (填“左”或“右”)调节平衡螺母，使天平平衡；
(2)如图甲所示，在烧杯中装入适量的盐水，用天平称出总质量为______ g；
(3)将烧杯中的盐水倒入量筒中一部分如图乙所示，读出体积为______ cm3；
(4)用天平称出烧杯和剩余盐水的总质量如图丙所示，则盐水的密度为______ kg/m3；
(5)若所用的10g砝码已生锈，因此测出的盐水密度______ (填“偏大”、“偏小”或“不变”)；
(6)小明选取了天平、大烧杯、小烧杯和柱形玻璃杯各一个，并利用刚测量过的盐水(密度用ρ0表示)，测量石块的密度，进行如下实验：
①在大烧杯中装满盐水，将小烧杯放置在大烧杯中，小烧杯静止时漂浮在盐水面；将柱形玻璃杯置于大烧杯的下方，如图丁所示放置于水平桌面上；
②将石块放入小烧杯中，小烧杯静止时仍然漂浮在盐水面，用刻度尺测出柱形玻璃杯中溢出的盐水的深度h1；
③取出小烧杯中的石块放入大烧杯中，待石块沉底静止后，再将柱形玻璃杯中的盐水倒入大烧杯至刚好装满。用刻度尺测出柱形玻璃杯中余下的盐水的深度h2；
④石块密度的表达式ρ石=______ (用h1、h2和ρ0表示)。
32. 小明同学利用四个阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻、“30Ω1A”的滑动变阻器，电压为6V的学生电源、电压表、电流表、导线和开关等器材，进行了“探究电流与电压、电阻关系”的实验。
(1)如图甲是小明连接的实验电路，开关试触时，电流表______ (填“有”或“无”)示数，检查发现电路中有一根导线连接错误，请在图中连接错误的那根导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
(2)改正后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表无示数，电流表有示数，其故障是定值电阻______ (填“断路”或“短路”)；
(3)排除故障后，闭合开关，调节滑片至某一位置，电流表指针位置如图乙所示，其示数为______ A，读出此时电压表示数，重复上次实验步骤，记录电压、电流值如表所示数据，得出了实验结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成______ ；
(4)小明还想探究“电流与电阻关系”，他选用5Ω的定值电阻连入了如图甲所示的电路；调节滑动变阻器的滑片到适当位置，记录电流表示数，将10Ω替代5Ω的定值电阻，为保持定值电阻两端电压不变，滑动变阻器滑片需要向______ (填“左”或“右”)端移动，如果想完成四组实验，定值电阻两端电压应不小于______ V；
实验次数
1
2
3
电压/V
1.0
2.0
3.0
电流/A
0.2
0.4
0.6
(5)上述实验结束后，小明又设计了如图丙所示电路，利用阻值为R0的定值电阻来测量额定电流I额的小灯泡的额定功率，已知电源电压恒为U，其测量过程如下：
①先小灯泡和定值电阻分别连入图丙的虚线框内，其中“1”处连接的是______ (填“小灯泡”或“定值电阻”)，将开关S闭合，开关S1接在______ (填“a”或“b”)端，调节滑动变阻器R的滑片，使电压表的示数为______ V，小灯泡正常发光；
②将开关S1接在另一端，滑动变阻器R的滑片保持不动，读出电压表的示数为U1；
③小灯泡的额定功率的表达式P额=______ 。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、天安门广场旗杆的高度约为30m，故A符合实际；
B、将国旗从旗杆底上升到顶部的时间与国旗时间相等，约为46s，故B不合实际；
C、一面国旗的质量约为200g左右，故C不合实际；
D、人体的正常体温约为37℃，并且变化的幅度很小，故D不合实际。
故选：A。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】A
【解析】解：A.南湖红船的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故A符合题意；
B.宝塔山下的光柱，是光的直线传播现象，故B不符合题意；
C.遵义会址的树荫是影子，是是光的直线传播形成的，故C不符合题意；
D.天安门旁的彩虹是光的色散现象，是光的折射形成的，故D不符合题意。
故选：A。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
3.【答案】B
【解析】解：A、液态氮从壶中倒出后迅速汽化吸热，使雪糕液变成固态，故A错误；
B、雪糕液变为固态是凝固过程，此过程需要放热，故B正确；
C、产生的“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C错误；
D、雪糕外层的霜是水蒸气凝华形成的，此过程需要放热，故D错误。
故选：B。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
六种物态变化过程中，放热的有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】D
【解析】解：AB、当右侧元件通电后，右侧风车旋转，此时右侧元件通电后在磁场中受力运动，与电动机的原理相同，故AB错误；
CD、左侧风车转动带动元件使灯泡发光，这说明电路中产生的感应电流，这是电磁感应现象，此过程中是机械能转化为电能，故C错误，D正确。
故选：D。
电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的，发电机是利用电磁感应的原理制成的。
本题主要考查了电动机和发电机的工作原理以及能量转化，熟练掌握基础知识是解题关键。
5.【答案】C
【解析】解：A、使用试电笔时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖的金属体，故A错误；
B、当家庭电路中用电器外壳带电时，人接触时容易触电，但不能造成电路中电流过大，所以保险丝不会熔断，故B错误；
C、用电器的三脚插头接入三孔插座，可以防止因外壳漏电而触电造成危害，故C正确；
D、开关外部虽然由绝缘体制作，但生活中的水是导体，因此不可以用湿手触碰开关，故D错误。
故选：C。
(1)使用试电笔时，笔尖接触导线，手接触笔尾金属体，当接触火线时氖管会发光；
(2)家庭电路中用电器外壳带电，人接触时容易触电；
(3)三脚插头要与三孔插座配合使用，可以防止因外壳漏电而触电；
(4)生活中的水是导体，因此，不能用湿的物体接触用电器或插座等。
本题考查了生活中用电安全注意的一些事项，与生活联系密切，注重了物理和生活的联系。
6.【答案】D
【解析】解：A、电能表是用来测量电路中用电器消耗电能的仪表，应接在空气开关前面，故A错误；
B、该电能表所在家庭电路用电器同时工作时总功率不能超过P总=UI=220V×20A=4400W，故B错误；
C、图中电能表的示数为682.7kW⋅h，一盏“220V 200W”的电视机单独正常工作30min消耗的电能为：
W=Pt=200W×30min=0.2kW×0.5h=0.1kW⋅h；
因此电能表的示数将变为：
682.7kW⋅h+0.1kW⋅h=682.8kW⋅h；
故C错误；
D、用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转数为：
60转×1kW⋅h0.1kW⋅h=600转；
故D正确。
故选：D。
(1)电能表是用来测量电路中用电器消耗电能的仪表，为了防止偷电，电能表接在空气开关之前；
(2)由参数可知，电能表正常工作时的电压和平时允许通过的最大电流，根据P=UI求出他家同时使用用电器的最大总功率；
(3)(4)根据W=Pt求出电视机单独工作30min消耗的电能，进一步求出电能表的示数将变为多少及消耗1kW⋅h的电能时电能表转盘的转数。
此题考查了家庭电路的连接、电能表参数的意义、电能表的读数、电功率的计算、电能的计算，属基础题。
7.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
A、闭合开关S，滑片P从如图位置向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；根据U=IR可知，R2两端的电压变大，电压表V1的示数将变大，故A错误；
B、根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压变小，电压表V2的示数将变小；电压表V1示数与电压表V2的示数之和为电源电压，所以电压表V1示数与电压表V2的示数之和保持不变，故B错误；
C、电压表V1示数变大，电流表A示数变大，则电压表V1示数与电流表A示数的乘积变大，故C错误；
D、电压表V2示数变小，电流表A示数变大，则电压表V2示数与电流表A示数的比值变小，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压的变化；然后根据电流表示数、电压表示数分析各个选项。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，明确电路的连接方式和各个电表的作用是解题的关键。
8.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，不计绳重和摩擦，可得拉力为：
F=13(G+G动)=9000N+3000N3=4000N；
牵引车的拉力做的功：
W总=Fs=4000N×3m=12000J
拉力的功率为：
P=W总t=12000J10s=1200W；
故A错误；
B、根据s=nh可知，物体移动的距离为：
h=sn=3m3=1m；
物体移动的速度为：
v=ht=1m10s=0.1m/s；
故B错误；
C、拉力做的有用功：
W有=Gh=9000N×1m=9000J，
该滑轮组提升重物的机械效率：
η=W有W总×100%=9000J12000J×100%=75%，
故C正确；
D、不计绳重及滑轮组的摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，则滑轮组的机械效率：
η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G，由此可知，若减小重物的重力，滑轮组的机械效率会降低，故D错误。
故选：C。
A、由图可知滑轮组绳子的有效股数，不计绳重和摩擦，根据F=13(G+G动)可得拉力大小；
根据W总=Fs得出牵引车的拉力做的功，根据功率公式得出拉力的功率；
B、根据s=nh可知物体移动的距离，根据速度公式求出物体移动的速度；
C、根据W有=Gh求出拉力做的有用功；根据η=W有W总×100%求出该滑轮组提升重物的机械效率；
D、不计绳重及滑轮组的摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，滑轮组的机械效率：
η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G，据此分析。
本题考查了滑轮组拉力公式和做功公式、滑轮组机械效率公式、速度公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
9.【答案】AC
【解析】解：A、攀岩者向下用力，由于物体间力的作用是相互的，身体受到向上的反作用力，所以会上升。故A正确；
B、攀岩者向上运动时，高度增加，周围大气压变小。故B不正确；
C、攀岩者攀到最顶端时，质量不变，高度最大，所以重力势能最大。故C正确；
D、攀岩结束后利用绳索匀速下滑，质量不变，速度不变，所以动能不变；但高度减小，所以重力势能减小，机械能减小。故D不正确。
故选：AC。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)距离地面越高，大气压强越小；
(3)重力势能大小的影响因素：物体的质量、物体的高度；动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度；机械能=势能+动能。
此题考查了力的作用相互性、运动和力的关系及机械能的变化，是一道力学综合题。正确、全面理解基本规律是解答的关键。
10.【答案】BD
【解析】解：
A、海水比沙子的比热容大，因此，相同质量的海水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子的温度变化大，所以沙子温度高，海水温度低，故可以感觉到沙子烫脚，而海水却是凉凉的；热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故A错误；
B、湿漉漉的脚上总是沾有沙子，这是因为分子间存在相互作用的引力，故B正确；
C、足球离开脚后继续向前运动是由于足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D、球飞出弧线主要是由于球旋转过程中球两侧转速不一致，周围气体流动速度不同，其原理是：气体流速越大的位置，压强越小，故D正确。
故选：BD。
(1)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析；热量是一个过程量，不能说含有多少热量；
(2)分子间存在引力；
(3)惯性是物体保持运动状态不变的性质，不是力；
(4)流体流速越大的地方、压强越小，流体流速越小的地方、压强越大。
本题考查了流体压强与流速的关系、水的比热容大的应用、分子间的作用力、惯性现象，属于综合题。
11.【答案】ACD
【解析】解：A、体积相等的两种液体分别装入甲、乙两容器后，液体的深度h甲>h乙，此时甲、乙两容器底受到的液体压强相等，根据p=ρgh可知液体的密度ρ甲<ρ乙，故A正确；
B、A、B两球在两液体中分别处于漂浮和沉底状态，则ρA<ρ甲，ρB>ρ乙，已知ρ甲<ρ乙，所以ρA<ρB，两球的体积相等，根据m=ρV可得两个小球的质量mA
(1)根据p=ρgh比较两种液体的密度的大小；
(2)物体处于漂浮状态时，物体密度小于液体密度，物体处于沉底状态时，物体密度大于液体密度，根据小球的状态分析两球的密度大小，根据m=ρV比较两球的质量；
(3)两容器对桌面的压力等于容器的重力、液体的重力、小球的重力之和，根据密度公式、重力公式比较两容器对桌面的压力；
(4)根据密度公式判断出小球A、B排开液体质量的关系。
本题考查液体压强公式、密度公式、重力公式、物体沉浮条件的灵活运用，综合性强。
12.【答案】ABD
【解析】解：由图可知，滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测量电源电压，电流表测量干路的总电流；
A、将滑片放在最左端，滑动变阻器接入电路中的阻值为20Ω，闭合开关S，电流表的示数为0.8A，电压表的示数为6V，小灯泡恰好正常工作，
根据并联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压UR=U=UL=6V，
此时通过滑动变阻器的电流：IR=URR=6V20Ω=0.3A，
根据并联电路的电流特点可知，通过灯泡L的电流：IL=I-IR=0.8A-0.3A=0.5A，
则小灯泡的额定功率：PL=ULIL=6V×0.5A=3W，故A正确；
B、根据题意可知，电流表的量程为0∼3A，通过小灯泡的电流为0.5A，根据滑动变阻器的规格可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，小于3A-0.5A=2.5A，
则滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，
所以滑动变阻器的1min消耗的最大电能：WR=URIR大t=6V×2A×1×60s=720J，故B正确；
C、由I=UR可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R小=UIR大=6V2A=3Ω，
滑动变阻器接入电路的电阻越大，电路中的电流越小，电路安全，所以滑动变阻器接入电路的最大阻值为20Ω，
则滑动变阻器的阻值变化范围为3∼20Ω，故C错误；
D、根据并联电路的电流特点可知，干路的最大总电流：I大=IL+IR大=0.5A+2A=2.5A，
则电路消耗的最大功率：P大=UI大=6V×2.5A=15W，故D正确。
故选：ABD。
由图可知，滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测量电源电压，电流表测量干路的总电流；
(1)将滑片放在最左端，滑动变阻器接入电路中的阻值为20Ω，闭合开关S，电流表的示数为0.8A，电压表的示数为6V，小灯泡恰好正常工作；根据欧姆定律求出通过R的电流，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡L的电流，根据P=UI求出灯泡L的额定功率；
(2)根据题意确定通过滑动变阻器的最大电流，根据W=UIt求出滑动变阻器的1min消耗的最大电能；
(3)根据滑动变阻器允许通过的最大电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值，滑动变阻器接入电路的电阻越大，电路中的电流越小，电路安全，据此可知滑动变阻器接入电路的最大阻值，据此确定滑动变阻器的阻值变化范围；
(4)根据并联电路的电流特点求出干路的最大总电流，根据P=UI求出电路消耗的最大功率。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律、电功公式以及电功率公式的应用，是一道电学综合题，有一定的难度。
13.【答案】振动 空气 响度大
【解析】解：声音是由物体振动产生的，受检阅的运动员喊出嘹亮的口号是由声带振动产生的；口号声通过空气传播；听到口号声嘹亮是因为声音的响度大。
故答案为：振动；空气；响度大。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)声音的传播需要介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质；
(3)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
理解声音的产生和传播条件，区分声音的三个特征，可解答此题。
14.【答案】反射 大于
【解析】解：平静的水面相当于平面镜，水中的月亮是由光的反射形成的虚像；则水中的月亮到水面的距离和天上月亮到水面的距离相等，要大于水的深度。
故答案为：反射；大于。
平静的水面相当于平面镜，根据平面镜成像特点，物体在平面镜中成正立的虚像，物像到平面镜的距离相等来解答。
此题考查平面镜成像的特点，解答此题的关键是准确把握平面镜成像中的物像等距、等大这一特点。
15.【答案】绿 静止 受
【解析】解：显示屏幕上的彩色影像是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，
图中以手为参照物，手机与手之间没有位置的变化，是静止的；
静止在支架上的手机处于平衡状态，受到平衡力的作用。
故答案为：绿；静止；受。
(1)光的三原色是红、绿、蓝；
(2)如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的，如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的；
(3)物体受到平衡力的作用时，会保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查了光的三原色、运动和静止的相对性、平衡状态的判断等，具有一定的综合性，但难度不大，属于基础题。
16.【答案】增大 做功 比热容
【解析】解：由图可知，气门都关闭，活塞向上运动，故可以判断这个冲程是压缩冲程，此冲程是通过压缩气体做功将机械能转化为内能，使得缸内气体的内能变大，这是通过做功的方式改变气体的内能的；
水的比热容较大大，和相同质量的其它物质比较，升高相同温度吸收热量多，所以汽车散热器常用水作为冷却剂。
故答案为：增大；做功；比热容。
(1)汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；并且只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
(2)改变内能有两种方式：即做功和热传递；
(3)水的比热容大，和相同质量的其它物质相比，升高相同的温度，从发动机吸收热量多。
本题考查内燃机工作时的四个冲程、改变内能的两种方式、水的比热容大的应用，难度不大，要熟记。
17.【答案】同种 摩擦起电 负电
【解析】解：(1)脱下外衣后小明的头发“炸开”了，这是因为头发带了同种电荷相互排斥造成的。
(2)由于日常活动时衣物间相互摩擦使衣服带了电，这是摩擦起电现象；
(3)如果电流方向是小明到外衣，那么电子移动的方向是外衣到小明，说明外衣上带有多余的电子，因此，外衣带负电。
故答案为：同种；摩擦起电；负电。
(1)电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
(2)物体间摩擦后，若能够吸引轻小物体，说明物体带了电，这种通过摩擦使物体带电的现象，叫摩擦起电。
(3)规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
知道摩擦起电现象，理解电流方向的规定、电荷间的作用规律，可解答此题。
18.【答案】形状 重力 摩擦
【解析】解：蒜被压成碎块说明力可以改变物体的形状；
蒜的碎块由于受到竖直向下的重力作用改变了运动状态，从而加速落到盘中；
压蒜器的手柄上有花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大手柄与手之间的摩擦力。
故答案为：形状；重力；摩擦。
(1)力可以改变物体的形状和运动状态；
(2)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查增大摩擦的方法、力的作用效果，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
19.【答案】1.5×104 2×105 连通器
【解析】解：这艘货轮满载时排开水的体积为：V=mρ=1.5×104×103kg1.0×103kg/m3=1.5×104m3；
闸室底部受到水的压强：p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×20m=2×105Pa；
我国的三峡船闸是世界最大的人造连通器。
故答案为：1.5×104；2×105；连通器。
(1)根据密度公式求出货轮满载时排开水的体积；
(2)根据p=ρgh求出闸室底部受到水的压强；
(3)上端开口、底部相连通的容器叫连通器，连通器内装有同种液体、静止不流动时，各容器内液面相平。
本题考查了阿基米德原理、液体压强公式的应用以及连通器的特点，要知道船闸是最大的连通器。
20.【答案】电阻 多 12
【解析】解：(1)由图知，两电阻丝串联，则通过它们的电流相同、通电时间也相同，而两电阻丝的阻值不同，所以探究的是电流产生热量与电阻大小的关系；
由图知，R1>R2，通过两电阻丝的电流和通电时间均相等，根据Q=I2Rt可知，R1产生的热量比R2产生的热量多；
(2)串联电路总电阻为R=R1+R2=10Ω+5Ω=15Ω，
电路电流为I=UR=3V15Ω=0.2A，
通电1min，电流通过电阻R2产生的热量Q2=I2R2t=(0.2A)2×5Ω×1×60s=12J。
故答案为：电阻；多；12。
(1)电流通过导体产生热量的多少与电流大小、电阻和通电时间都有关；由图示电路的连接情况结合控制变量法进行分析；
由图知，R1>R2，根据Q=I2Rt结合电路的特点，分析R1产生热量与R2产生热量的大小关系；
(2)由图可知两电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据Q=I2Rt求出R1与R2产生热量之比以及通电1min电流通过电阻R2产生的热量。
此题考查了电流产生热量的影响因素及焦耳定律的应用，是一道基础题，难度不大。
21.【答案】2 5
【解析】解：(1)闭合开关S和S2时，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表额电路中的电流；
由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流I=ULRL=U-U2RL，
由于灯泡的电阻随温度的变化而变化，因此图乙中的曲线为此时电流表和电压表的示数关系图象，
在保证所有元件安全的情况下，电路中的最大电流等于灯泡的额定电流，
由图乙可知，电路中的最大电流为0.5A，此时滑动变阻器两端的电压为0.5V，
由串联电路的电压特点可知，灯泡两端的电压UL=U-U2=4.5V-0.5V=4.0V，
则灯泡的额定功率：PL=ULIL=4.0V×0.5A=2W；
(2)闭合开关S和S1时，定值电阻R1与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电流表额电路中的电流；
由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流I=U1R1=U-U1R1=UR1-U1R1，
由于电源电压U、定值电阻R1保持不变，因此图乙中的直线为此时电流表和电压表的示数关系图象，
由图乙可知，当电压表的示数为1.5V时，电路中的电流为0.6A，
由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，此时电源电压：U=U2'+U1=U2'+I1R1=1.5V+0.6A×R1……①
当电压表的示数为3V时，电路中的电流为0.3A，
此时电源电压：U=U2''+U1'=U2''+I1'R1=3V+0.3A×R1……②
由①②解得：R1=5Ω。
故答案为：2；5。
(1)闭合开关S和S2时，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表额电路中的电流；根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出此时电路中的电流，进而分析出图乙中对应此时的I-U图线，在保证所有元件安全的情况下，电路中的最大电流等于灯泡的额定电流，根据图乙可知电路中的最大电流和对应的滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(2)闭合开关S和S1时，定值电阻R1与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电流表额电路中的电流；根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出此时电路中的电流，进而分析出图乙中对应此时的I-U图线，根据图乙中滑动变阻器两端电压和对应的电流利用串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压，解方程求出电阻R1的阻值。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
22.【答案】解：作发光点S关于平面镜对称点S'，S'即为S在平面镜中的像；
连接S'F，过焦点光线经凸透镜折射后平行于主光轴，连接S'O，通过光心的光线传播方向不变，两条折射光线的交点即为S'经过照相机镜头成像的光路图，如图所示：
【解析】(1)平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出S的像；
(2)选择两条从S'点射向凸透镜的光线，作出它们的折射光线，折射光线的交点即为S'经过照相机镜头成像的光路图。
本题考查了平面镜成像作图和凸透镜成像的作图，关键是利用好凸透镜的三条特殊光线。
23.【答案】解：由题知，O点为支点，动力作用在A点，所以以OA长为动力臂是最长的力臂，此时力最小，即：连接OA为最长力臂L1，再由A点做其垂线，方向向下为最小动力F1；
从O点作其垂线为F2的力臂L2。如图所示：
【解析】根据力臂的画法，过支点作动力作用线和阻力作用线的垂线段，即为动力臂和阻力臂。
根据杠杆的平衡条件，动力臂越长越省力，首先确定出最长的力臂，然后画出的示意图。
此题考查了有关力臂的画法和最小力的示意图的画法，要画出最小的力，关键是确定最长的力臂，即从支点到作用点的距离。
24.【答案】解：电流表在使用时，电流从电流表的正极线柱流入、负接线柱流出，所以电源的左端为正极、右端为负极，根据安培定则可知，电磁铁的右端为N极、左端为S极；磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的；
根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的上端为S极、下端为N极；电磁铁右端的磁性与条形磁体左侧的磁极相同，所以条形磁体的右端为S极，如图所示：
【解析】根据电流表的使用方法分析电流的方向和电源的正负极，根据安培定则判定电磁铁的磁性；根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的磁极和条形磁体的磁性；磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的。
安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向。告诉其中的两个方向可以确定第三个方向。
25.【答案】答：(1)闻到烧焦的气味属于扩散现象，是分子不停地做无规则运动的结果；
(2)插头与插座接触不良，该处的电阻较大，由于插头与插座处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，根据Q=I2Rt，插头与插座处产生的热量较多，引起插头发热，甚至烧坏插头和插座，引起火灾。
【解析】(1)两种物体在相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了构成物体的分子在不停地做无规则运动；
(2)由焦耳定律Q=I2Rt可分析插头和插座接触不良为什么能把插座烧坏。
本题主要通过生活中的场景考查了对扩散现象的了解和利用焦耳定律来解释生活中的现象，属基础题。
26.【答案】解：
(1)该货车停在水平公路上时，对地面的压力：
F压=G=mg=25×103kg×10N/kg=2.5×105N，
对地面的压强：
p=FS=2.5×105N5000×10-4m2=5×105Pa；
(2)因货车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，货车牵引力的大小：
F=f=4.0×103N，
车的速度为：v=90km/h=90×13.6m/s=25m/s，
这段时间内货车牵引力的功率：
P=Wt=Fst=Fv=4.0×103N×25m/s=1×105W；
(3)牵引力做的功：
W=Fs=4.0×103N×360×103m=1.44×109J，
由η=WQ放×100%可得，消耗柴油完全燃烧释放的热量：
Q放=Wη=1.44×109J40%=3.6×109J，
由Q放=mq可得，消耗柴油的质量：
m'=Q放q=3.6×109J4×107J/kg=90kg。
答：(1)该货车停在水平公路上时，对地面的压强是5×105Pa；
(2)这段时间内货车牵引力的功率是1×105W；
(3)货车在这次行驶中要消耗90kg的柴油。
【解析】(1)该货车停在水平公路上时，对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，又知道车轮与地面的总接触面积，根据p=FS求出对地面的压强；
(2)货车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F=f求出其大小，根据P=Wt=Fst=Fv求出这段时间内货车牵引力的功率；
(3)根据W=Fs求出牵引力做的功，根据η=WQ放×100%求出消耗柴油完全燃烧释放的热量，根据Q放=mq求出消耗柴油的质量。
本题考查了重力公式和压强公式、做功公式、功率公式、效率公式、燃料完全燃烧释放热量公式以及二力平衡条件的应用，涉及到的知识点较多，综合性强，有一定的难度。
27.【答案】解：(1)根据串联电路的电阻特点可知，当开关S闭合、S1断开时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电火锅处于低温挡；
当开关S、S1都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电火锅处于高温挡；
由P=U2R可知，R1、R2的串联总电阻：R=U2P低温=(220V)2440W=110Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R-R1=110Ω-22Ω=88Ω；
(2)汤吸收的热量：Q吸=c底汤m(t-t0)=4×103J/(kg⋅℃)×2.5kg×(100℃-12℃)=8.8×105J；
(3)电火锅高温挡的功率：P高温=U2R1=(220V)222Ω=2200W；
不计热量损失，电火锅消耗的电能：W=Q吸=8.8×105J，
由P=Wt可知，电火锅加热所需的最短时间：t'=WP高温=8.8×105J2200W=400s。
答：(1)电热丝R2的阻值为88Ω；
(2)质量为2.5kg初温为12℃的底汤加热到100℃吸收的热量为8.8×105J；
(3)若不计热量损失，电火锅完成上述加热所需最短的时间为400s。
【解析】(1)由图乙可知，当开关S、S1都闭合时，只有R1工作，当开关S闭合、S1断开时，R1、R2串联；根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知电火锅高温挡和低温挡的电路连接；根据低温挡功率和P=U2R可求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出电热丝R2的阻值；
(2)根据Q吸=cm(t-t0)求出汤吸收的热量；
(3)不计热量损失，电火锅消耗的电能等于汤吸收的热量，根据P=U2R可电火锅高温挡的功率，根据P=Wt求出电火锅加热所需的最短时间。
本题考查串联电路的特点、电功率公式以及吸热公式的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
28.【答案】自下而上 96 3 固液共存 不会 不变
【解析】解：(1)酒精灯需用外焰加热，温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以组装器材时按照自下而上的顺序进行；
(2)图中温度计的分度值为1℃，示数为96℃，即水的温度为96℃；
(3)晶体在熔化过程中温度不变，完全熔化后温度会逐渐升高，则由图象可知，晶体从第5min开始熔化，到第8min熔化结束，熔化时间t=8min-5min=3min，第6min时物质处于固液共存状态；
(4)当试管中的物质温度达到98℃后不再升高，由图可知，此时水已经沸腾，若该物质的沸点低于98℃，则物质的温度不能达到98℃，若该物质的沸点大于或等于98℃，则物质不能沸腾，所以该物质不会沸腾；
(4)由图可知，水沸腾和晶体熔化的共同特点是：吸收热量，温度保持不变。
故答案为：(1)自下而上；(2)96；(3)3；固液共存；(4)不会；(5)不变。
(1)酒精灯需用外焰加热，温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以组装器材时按照自下而上的顺序进行；
(2)温度计读数时，注意其分度值和0刻度线；
(3)晶体有确定的熔点，晶体在熔化过程中不断吸收热量，但温度保持不变，处于固液共存态，根据图象确定晶体熔化过程所需的时间；
(4)液体沸腾的条件：达到沸点，继续吸热；
(5)根据图像分析。
本题考查了温度计的读数、晶体熔化特点、液体沸腾的条件，属于基础题。
29.【答案】向上 放大 投影仪 65 近视 同侧
【解析】解：
(1)由图可知，成的像将在光屏的上方，所以应将凸透镜向下移动或将蜡烛上移；
(2)图乙中可知物距大小为50cm-35cm=15cm，像距大小为80cm-50cm=30cm，物距小于像距，且光屏上能得到清晰的烛焰像，则此时蜡烛像是倒立、放大的实像，投影仪是利用这一原理工作的；
(3)根据折射光路可逆分析；
若不移动光屏，应使光线发散一些，由于凹透镜对光线具有发散作用，可以矫正近视眼，故只需在蜡烛和透镜之间靠近透镜位置放置一个度数合适的近视眼镜，也可以在光屏上成清晰的像；
(4)同组同学向左轻吹蜡烛的火焰，小明观察到烛焰的像向左侧偏斜，这说明像与烛焰运动的方向相同，所以此时成的是正立、放大的虚像，像和蜡烛在透镜的同侧。
故答案为：(1)向上；(2)放大；投影仪；(3)65；近视；(4)同侧。
(1)为了使像成在光屏的中央，烛焰、凸透镜、光屏的中心应该在同一高度，据此分析作答；
(2)根据图中物距和像距的大小关系，且光屏上能得到清晰的烛焰像，当凸透镜成实像时，当u
若不移动光屏，相当于要使光线延后会聚，则应在蜡烛和透镜之间靠近透镜位置放置一个具有发散功能的凹透镜，即近视眼镜镜，这样也可以在光屏上成清晰的像；
(4)物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像。
本题考查了探究“凸透镜成像的规律”的实验，关键要熟练掌握凸透镜成像特点与物距之间的关系以及像距与物距之间的关系以及烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度这一实验操作要点，在平时的学习中要善于总结，寻找规律，难度一般。
30.【答案】匀速直线 接触面粗糙程度 压力 不能 不受 无关
【解析】解：(1)只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小；
(2)观察比较甲图和乙图所示实验数据，可知，接触面的粗糙程度相同，压力越大，弹簧测力计示数越大，摩擦力越大，故结论为：在接触面粗糙程度一定时，压力越大、滑动摩擦力越大；
(3)比较乙、丙图所示实验数据可知，压力的大小是不相同的，接触面的粗糙程度也不同，所以不能得出正确结论；
在乙图实验过程中，砝码与物体一起做匀速直线运动，砝码和物体之间没有发生相对运动的趋势，所以不受摩擦力；
(4)比较甲、丁两图所示实验数据可知，在压力、接触面的粗糙程度相同时，弹簧测力计示数不变，即滑动摩擦力不变，说明滑动摩擦力大小与接触面积无关。
故答案为：(1)匀速直线；(2)接触面粗糙程度；压力；(3)不能；不受；(4)无关。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。
(3)根据影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度分析；
(4)研究研究摩擦力大小接触面积大小的关系时，要控制压力和接触面的粗糙程度相同。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
31.【答案】右 164.2441.05×103 不变 h1h2ρ0
【解析】解：(1)把天平放在水平台上，发现游码未归零时天平已平衡，当游码归零后天平向左侧倾斜，所以为了使天平再次平衡，小卓应向右调节平衡螺母，使天平平衡。
(2)在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的质量是0.2g，即天平的分度值为0.2g；
烧杯和盐水的总质量是：m=100g+50g+10g+4.2g=164.2g；
(3)量筒的分度值为2mL=2cm3，量筒中盐水的体积为V=44mL=44cm3；
(4)倒出盐水的质量m盐水=m-m剩余=164.2g-118g=46.2g；
则盐水的密度为：ρ盐水=m盐水V盐水=46.2g44cm3=1.05g/cm3=1.05×103kg/m3；
(5)若所用的10g砝码已生锈，砝码的质量变大，两次测出的质量都偏大，相减不变，即量筒中盐水的质量测量数据是准确的，根据密度公式可知，盐水的密度不变；
(6)设柱形玻璃杯的底面积为S，由操作②③可得小石块的体积为V=Sh2；
溢出盐水的体积V=Sh1，溢出盐水的质量m=ρ0V=ρ0Sh1，溢出盐水的重力G=mg=ρ0Sh1g，
将石块放入小烧杯中，小烧杯静止时仍然漂浮在盐水面，可知溢出的盐水重力即为石块受到的浮力，也等于石块的重力，可得石块的质量m=ρ0Sh1，
则小石块的密度为ρ石=mV=ρ0Sh1Sh2=h1h2ρ0。
故答案为：(1)右；(2)164.2；(3)44；(4)1.05×103；(5)不变；(6)h1h2ρ0。
(1)将托盘天平放在水平桌面上，将游码至标尺左端的“0”刻度线处，再调节平衡螺母，使横梁平衡；
(2)天平的读数砝码数加上游码的示数；
(3)读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
(4)已知烧杯和盐水的总质量，倒出后的烧杯和盐水的总质量，可以得到倒出的盐水的质量；已知倒出盐水的质量和体积，利用公式ρ=mV得到盐水的密度；
(5)根据量筒中盐水的质量分析；
(6)由②③可得石块的体积，由②可得石块漂浮时的重力和浮力相等，进而求石块的质量。
此题考查的是天平和量筒的使用及液体密度的测量方法，题目为我们提供了两种不同原理、不同难度的测量方法，值得借鉴。
32.【答案】无 短路 0.2正比 右 2.4小灯泡 aI额R0 (U-U1)I额
【解析】解：(1)如图甲是小明连接的实验电路，电压表和电流表串联接入电路，开关试触时，电流表无示数；
电流表应与待测电阻串联接入电路，如图：
；
(2)改正后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表无示数，电流表有示数，说明电压表与导线并联接入电路，则其故障是定值电阻短路；
(3)电流表接入电路的是小量程，分度值为0.02A，其示数为0.2A；
分析表格数据可得电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)小明还想探究“电流与电阻关系”，他选用5Ω的定值电阻连入了如图甲所示的电路；调节滑动变阻器的滑片到适当位置，记录电流表示数，将10Ω替代5Ω的定值电阻，为保持定值电阻两端电压不变，根据串联分压原理可知需增大滑动变阻器接入电路的阻值，所以滑动变阻器滑片需要向右端移动；
根据串联电路电压规律、串联分压原理可得UVU-UV=RRP，
定值电阻的最大阻值为20Ω，滑动变阻器的最大阻值为30Ω，代入数据可得UV6V-UV=20Ω30Ω，解方程可得UV=2.4V，
所以如果想完成四组实验，定值电阻两端电压应不小于2.4V；
(5)①先小灯泡和定值电阻分别连入图丙的虚线框内，定值电阻和灯泡串联接入电路，其中“1”处连接的是小灯泡，电压表测定值电阻两端的电压，
将开关S闭合，开关S1接在a端，调节滑动变阻器R的滑片，使通过电路的电流等于灯泡的额定电流，此时灯泡正常发光，则电压表的示数为U0=I额R0V；
②将开关S1接在另一端，滑动变阻器R的滑片保持不动，电压表测定值电阻和滑动变阻器两端的电压，读出电压表的示数为U1；
③根据串联电路电压规律可知灯泡两端的电压UL=U-U1，则小灯泡的额定功率的表达式P额=(U-U1)I额。
故答案为：(1)无；见上图；(2)短路；(3)0.2；正比；(4)右；2.4；(5)小灯泡；a；I额R0；(U-U1)I额。
(1)如图甲是小明连接的实验电路，电压表和电流表串联接入电路，开关试触时，电流表无示数；电流表应与待测电阻串联接入电路；
(2)改正后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表无示数，电流表有示数，说明电压表与导线并联接入电路，据此分析电路故障；
(3)根据电流表接入电路的量程和分度值读数；
分析表格数据可得电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)将10Ω替代5Ω的定值电阻，为保持定值电阻两端电压不变，根据串联分压原理可知滑动变阻器接入电路的阻值变化，据此判断滑动变阻器滑片移动的方向；
根据串联电路电压规律、串联分压原理可得UVU-UV=RRP，定值电阻的最大阻值为20Ω，滑动变阻器的最大阻值为30Ω，代入数据解方程可得定值电阻两端电压；
(5)①先小灯泡和定值电阻分别连入图丙的虚线框内，定值电阻和灯泡串联接入电路，其中“1”处连接的是小灯泡，电压表测定值电阻两端的电压，
将开关S闭合，开关S1接在a端，调节滑动变阻器R的滑片，使通过电路的电流等于灯泡的额定电流，此时灯泡正常发光，根据U=IR表示电压表的示数；
②将开关S1接在另一端，滑动变阻器R的滑片保持不动，电压表测定值电阻和滑动变阻器两端的电压，读出电压表的示数为U1；
③根据串联电路电压规律表示灯泡两端的电压，根据P=UI可得小灯泡的额定功率的表达式。
“探究电流与电压、电阻关系”的实验考查电路连接、故障分析、电表读数、串联分压原理、数据分析、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
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