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2023年江苏省无锡市锡山区锡北片中考物理模拟试卷（5月份）（含答案）
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这是一份2023年江苏省无锡市锡山区锡北片中考物理模拟试卷（5月份）（含答案），共31页。试卷主要包含了 中国日报消息等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省无锡市锡山区锡北片中考物理模拟试卷（5月份）
1. “互联网思维”正不断改变我们的生活，“大数据”又让我们看到了数据的价值。下列估测数据符合生活实际的是( )
A. 人正常步行速度5m/s B. 人感觉舒适的温度是40℃
C. 物理教科书长约26cm D. 一间教室内的空气质量大约30kg
2. 中国日报消息：11月19日凌晨2时7分，长征三号乙运载火箭，在西昌卫星发射中心把两颗北斗三号卫星成功送入预定轨道。这两颗卫星将和其他17颗已经在轨运行的北斗三号系统卫星组成基本网络，并在今年年底前向“一带一路”沿线国家和地区提供基本导航服务。以下说法正确的是( )
A. 卫星随火箭升空的过程中，动能减小，重力势能增加，机械能总量保持不变
B. 卫星与地面导航接收设备之间是靠电磁波传递信号的
C. 卫星导航信息处理设备中的集成电路是用超导体材料制作的
D. 该型号运载火箭第三级用能效高的液态氢作燃料，这里的“能效高”指的是比热容大
3. 如图所示，沙画是一种新兴的艺术表现形式。在玻璃板的下方固定一光源，作画者的巧手在玻璃板上不断布撒和抹除细沙，随着细沙的堆积，阻挡了来自玻璃板的光，形成了千变万化的动态艺术效果。下列光现象中与形成沙画的光影效果原理相同的是( )
A. 树荫下的光斑
B. 水中的倒影
C. 海市蜃楼
D. 用放大镜看书
4. 在新型冠状病毒的疫情中，负压救护车大大降低了运输患者过程中病毒扩散的概率。负压救护车通过负压排风净化装置抽出车内空气使车内气压低于外界大气压，所以空气在自由流动时只能由车外流向车内，减少病毒扩散。从节约能源的角度思考：在运输患者过程中负压排风净化装置的出风口设计在什么位置更有利于抽出救护车内的空气( )
A. 车顶 B. 车底 C. 车前 D. 车后
5. 长途行驶的汽车轮胎容易出现漏气现象。有经验的驾驶员常常会停下车用铁棒敲击轮胎，如果空气充足，发出的声音会( )
A. 音调较高 B. 音调较低 C. 响度较大 D. 响度较小
6. 近段时间由于天气逐渐转暖，致病的细菌、病毒等随之生长繁殖，因而流行性感冒、麻疹、流行性脑膜炎、猩红、肺炎等传染病频繁发生，学校组织专业人员进行消毒杀菌。如图所示，工作人员正在教室喷洒消毒液，桶内的消毒液压出形成“白雾”。下列说法正确的是( )
A. 喷洒过程中，喷出的“白雾”说明液体和气体之间可发生扩散现象
B. 喷洒过程中，看到的“白雾”是由于消毒液放出热量形成的
C. 喷洒区域附近能闻到消毒液的刺激性气味，说明分子在不停地做无规则运动
D. 消毒液喷洒出来后过一会就消失了，这是一种升华现象
7. 2022年5月，首场400架无人机灯光秀编队表演在大邑斜江河上空上演(如图)，此次表演为大邑经济的发展注入青春活力，彰显了新时代科技的重要性。下列分析正确的是( )
A. 无人机LED灯发出的五颜六色的光，是由红、绿、蓝三种基本色光混合而成
B. 无人机在水中的像的大小与水面面积有关
C. 为了拍摄无人机飞行时的局部细节，我们应把照相机镜头往后移
D. 小明看见无人机在水中的倒影，是光从水中斜射入空气中的结果
8. 如图所示的现象及描述中，正确的是( )
A. 匀速向右直行的车厢的光滑地板上，放着质量不同的两个小球(m甲>m乙)，车厢足够长，当车突然加速时，两小球之间的距离变小
B. 甲中充有氢气和空气的气球体积相同，只有氢气球能上升，则氢气球受到的浮力更大
C. 一辆运输液体货物的车，液体中有气泡，当车向右突然开动时，气泡将向左运动
D. 丁中打捞沉船时采用“浮筒打捞法”，其打捞原理与潜水艇原理相似
9. 习总书记把消防队伍称为“同老百姓贴得最近联系最紧的队伍”。图甲是一名消防战士正在进行直杆滑降训练的场景，他从约5m高处滑到离地面20cm悬停，先后经历了a，b，c，d四个阶段，整个过程中，速度随时间变化的规律如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 在0∼16s内，消防战士受到的摩擦力大小保持不变
B. 只有b阶段，消防战士处于平衡状态
C. 在5∼14s内，消防战士受到的重力与摩擦力大小相等
D. 在14∼20s内，消防战士受到的摩擦力方向竖直向下
10. 如图所示，闭合开关S后，发现灯L不亮，检查保险装置工作正常．小明同学用测电笔测试灯头的两根电线C、D，发现两处都能使测电笔氖管发光，再用测电笔测试火线A和零线B时，氖管在测A处时发光，而在测试B处时不发光，那么可以断定故障原因是( )
A. 火线和零线短路 B. 灯泡L断路 C. 灯泡L短路 D. 电线BD段有断点
11. 青少年科技创新大赛的获奖作品(5G高铁轨道螺丝警报器)，设计了检测螺丝松动的报警方案，如图所示。其主要的科学原理是：螺丝(其电阻不计)连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，此时报警灯L亮起而发出警报，及时提醒工人修理。下列符合题意的电路图是( )
A. B.
C. D.
12. 小丽设计了如图所示的简易电子距离测量仪，R是一根粗细均匀的电阻丝，其每厘米长的电阻为0.5Ω，电路各部分均接触良好。物体M只能在导轨上做直线运动，并带动与之相连的金属滑片P移动，电压表示数可反映物体M移动的距离。开始测量前，将金属滑片P置于电阻丝中点，此时电压表和电流表示数分别为1.5V和0.2A.由此可知( )
A. 电阻丝的总电阻为7.5Ω
B. 当电压表示数为2V时，物体M向左移动了10cm
C. 当电压表示数为1V时，物体M向左移动了5cm
D. 若开始测量前，将金属滑片P置于电阻丝某端点，可测量的最大距离30cm
13. 诗句“竹外桃花三两枝，春江水暖鸭先知。”出自于苏轼的《惠崇春江晚景》。如图所示，鸭子感知春江水暖是通过______ 的方式。初春的傍晚，江水比岸上砂石暖是由于水的______ 较大，温度变化较小。鸭子离开水面时身上沾有水珠，是因为分子间存在______ 的作用。
14. 东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”。“柢”即握柄，是磁体的______ (选填“N”或“S”)极。将司南悬挂在电磁铁正上方，闭合开关，司南静止时的指向如图所示，则电源左端是______ 极。将电磁铁水平放置在不同方向，司南静止后的指向总与电磁铁摆放方向平行，说明司南处的地磁场______ (选填“远强于”或“远弱于”)电磁铁的磁场。
15. 如图甲所示是某款汽车后视镜，当汽车在雨、雾等天气行驶时，通过镶嵌于镜片后的电热丝通电，利用电流的______ 效应，可防止水蒸气在镜面上______ (选填物态变化名称)。
16. 如图是中国自主设计、建造的全超导托卡马克核聚变实验装置——东方超环(简称EAST)的原理图，它在1亿度超高温度下运行了近10秒。
(1)该装置被称为“人造太阳”，其反应原理与太阳类似，通过核______ (选填“聚变”或“裂变”)释放巨大的核能；
(2)该装置中，用通电线圈产生的磁场将超高温等离子体约束在磁场中，这是利用了电流的______ (选填“热效应”或“磁效应”)；为了产生强磁场，线圈中需要很大的电流，若线圈有一定电阻，则线圈流过大电流后会产生大量热量。所以该装置的线圈使用超导材料绕制，这些线圈工作在零下296摄氏度的超低温中，从而实现超导，处于超导状态时的线圈的电阻为______ Ω。
(3)“人造太阳”加热功率超过1×1012W，若利用“人造太阳”发电，发电效率为60%，则每小时发电量达______ kW⋅h。
17. 拔罐法古称“角法”，马王堆汉墓出土的我国现存最古的医书《五十二病方》中就已记述：“牡痔居窍旁，大者如枣，小者如核者，方以小角角之”。其中“以小角角之”，即指用小罐吸拔。拔罐是利用了______ 原理；随着医疗实践的发展，出现了如图所示的旋转式拔罐，使的拔罐更轻松容易，这是借鉴了______ (填写某简单机械名称)省力的特点。
18. 如图用杯子接水时，水杯静止在手中，在接水过程中杯子受到的摩擦力将会______(选请“变大”“变小”或“不变”)、当杯子在手中开始向下滑时，可以通过______方式来增大摩擦力使其在手中保持静止。
19. 如图所示，在“探究感应电流产生的条件”实验中，AB棒的材料可能是______ (选填“塑料”或“铝”)，闭合开关，让AB棒在磁场中竖直上下运动，灵敏电流计指针______ (选填“会”或“不会”)偏转；若将此装置中灵敏电流计换成______ 可进一步探究电动机的工作原理。
20. 如图所示是厨房用的蒸蛋器，在使用的过程中蒸蛋器会通过上方的小孔喷出蒸汽，小华将自制的风车放在蒸蛋器上方成功的让风车转了起来，水蒸气推动风车的能量转化与汽油机______冲程的能量转化相同。在此冲程完成过程中燃气的内能______(选填“增加”、“减小”或“不变”)。某单缸四冲程汽油机飞轮转速为3000r/min，则1s内该汽油机对外做功______次，该汽油机工作时缸内燃气对活塞平均推力为2000N，活塞向下运动的距离是0.5m，则汽油机的功率是______。
21. 身高1.6m的小明站在竖直摆放的平面镜前1m处，他的像距离平面镜______ m；如果他远离平面镜，他的像的大小将______ 。后来小明又来到小汽车前，从小汽车的观后镜中看到自己的像比实际的小，汽车观后镜是______ 镜。
22. 如图甲所示，小明将空吊篮提升到高处，拉力F随时间t变化的图象如图乙所示，空吊篮上升的v-t图象如图丙所示，动滑轮重20N，在0∼1s内空吊篮处于______(选填“平衡”或“非平衡”)状态，空吊篮重为______N(忽略绳重、摩擦和空气阻力)；若绳子能承受的最大拉力为120N，则吊篮最多能装货物的质量为______ kg。(g取10N/kg)
23. 在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和某种液体(注：c水>c液体)进行了实验，实验中，水和该液体在相同时间内放出的热量相等。两种液体的温度随时间的变化关系如图所示。分析图像可以得出______(选填“甲”、“乙”)物质为水，另一种液体的比热容为______J/(kg⋅℃)。某中学为学生供应开水，用焦炭作为燃料，已知焦炭的热值是3×107J/kg，现完全燃烧4.2kg的焦炭，若放出的热量有25%被水吸收，能将______ g的水从25℃加热到100℃[已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。
24. 真真同学设计了一款弹力秤，用来测量某段时间的降雨量。其原理如图甲所示，它主要由轻质弹簧、杠杆OAB，压力传感器R(电阻值随所受压力的大小发生变化的变阻器)和显示压力大小的仪器A(实质是电流表)等关键元件构成，其中OA：OB=1：2，已知压力传感器的电阻R与它所受的压杆压力F的关系如图乙所示。电源电压为6V且保持不变。真真将一个质量为600g，棱长为10cm的实心正方体木块悬挂在弹簧下端，静止时木块下表面距离空烧杯底正上方4cm处。若烧杯底面积为300cm2，轻质弹簧自然状态时长度为10cm，且弹簧每受到1N的力时长度变化0.5cm。杠杆始终水平。当水槽内收集一些水时。弹簧恰好处于自然状态，此时通过仪器A的电流I=______ A；若仪器A示数为0.2A时，水槽中水的总质量m=______ g。
25. 图中画出了入射光线或折射光线，请完成光路图。
26. 如图所示，是一种常见的夹子，使用时O为支点，A为动力作用点，F2为弹性钢圈对夹子的阻力，请在答卷纸上画出作用在A点的最小动力F1，并作出阻力臂l2。
27. 如图中甲为带开关和指示灯的三孔插座，插孔能供电时，指示灯亮；开关断开后，插孔不能供电，指示灯不亮：若指示灯损坏，闭合开关后插孔仍能供电，如图乙为示意图，请完成接线。
28. 如图所示是我国自主研发的新能源汽车，正在由充电桩进行充电。该充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A。该电动汽车的电源由8000节电池组成，电池总质量为400kg，该电池的能量密度为0.20kW⋅h/kg(能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值)，汽车每行驶100km的耗电量为20kW⋅h。求：
(1)充电桩的额定输出功率是多少千瓦？
(2)该汽车电池一次能够储存的最大电能？将汽车电池从完全没电充电至充满，需要多少小时？
(3)若汽车以20m/s的速度在水平路面上匀速行驶100km的过程中，受到的平均阻力是360N，则该过程中汽车将电能转化为机械能的效率是多大？
29. (1)牛奶中含有大量的钙磷等营养物质，小强同学想知道牛奶的密度，于是他用天平和量筒做了如下实验(如图1)：
①将天平放在水平桌面上，并将游码移到______ ，发现指针偏向如图甲所示，此时他应将平衡螺母向______ (右/左)调节，使天平横梁水平平衡；
②将装有牛奶的烧杯放在天平的左托盘中，天平平衡时所用砝码和游码的位置如图乙所示，测得烧杯和牛奶的总质量m1=______ g；
③将牛奶倒入量筒中，测出体积为V=30mL，再测出剩余牛奶和烧杯的总质量m2=65.5g，则牛奶的密度是______ g/cm3。
(2)小婷同学在登山时捡到一块漂亮的心形石块，为了知道石块的密度，她利用电子秤、水杯、记号笔等工具进行了如下测量：
①用电子秤测出装有适量水的杯子的总质量m1，示数如图2甲所示；
②将石块缓慢浸没在杯中，测得杯水石块的总质量m2，示数如图2乙所示。石块浸没足够长时间后在水面到达位置处做好标记，然后取出石块(忽略石块表面带出的水)；
③向杯中缓慢加水，让水上升到标记处，测得杯和水的总质量为m3，示数如图2丙所示；
④根据以上测量，可得石块的体积表达式为V石=______ (用已测物理量字母符号组成的代数式表示，水的密度为ρ水)；在测量完成后小婷发现石块吸水，则以上步骤测得石块密度与真实值相比______ (偏小/偏大/相同)。若已知石块每100cm3最多能吸收的水的体积是5cm3，则未吸水时石块的密度为______ g/cm3。
30. 小华同学为“探究杠杆的平衡条件”，设计了如图所示的实验。
(1)实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节。
(2)调节好杠杆后，为了获取实验数据，在图乙、丙两个方案中，按______ 方案进行实验能更加方便地测出______ 。
(3)经过实验，得到的数据如下表：
实验序号
动力F1/N
动力臂动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
1.5
0.10
1.0
0.15
2
10
0.30
2.0
0.15
3
2.0
0.15
1.5
0.20
由数据可初步得到的结论是______ (用公式表示)。
(4)保持杠杆一直处于水平位置平衡，当弹簧测力计由图乙逐渐旋转至图丙所示位置时，弹簧测力计的示数______ (选填“变小”“变大”或“不变”)。
(5)甲物体静置在水平地面上时，对地面的压强为p0。小华将甲物体用细绳挂在轻质杠杆的A端，把质量为m0的乙物体悬挂在杠杆的B端，如图丁所示，此时杠杆在水平位置平衡且甲物体对地面的压强为p1，AO：OB=1：3，O为支点。要使甲物体刚好被细绳拉离地面，小华设计了以下两种方案，请你帮他完成。
方案一：仅将支点O向______ (选填“左”或“右”)移动适当距离。
方案二：仅增加乙物体的质量，则乙物体增加的质量为______ 。
31. 许多用电器的电阻值往往会随着条件的变化而变化，例如小灯泡的电阻与其工作电压有关，热敏电阻对温度非常敏感。科创学习小组采用不同方法分别研究了一只额定电压为2.5V的小灯泡电阻和一只热敏电阻的变化情况，请结合他们的研究回答问题。
实验一：测定小灯泡在不同电压时的电阻。选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V(灯丝电阻约为12Ω左右)。
(1)为了能测量小灯泡正常工作时的电阻，下列两种规格的滑动变阻器应选用______ 。
A.10Ω1A
B.50Ω0.5A
C.100Ω0.2A
(2)用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整。
(3)检查电路连接无误后，闭合开关S，灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数。产生这一现象的原因可能是______ 。
(4)移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，其读数是______ Ⅴ。
(5)通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示。分析图像可知该小灯泡正常发光时的电阻为______ Ω。
实验二：测量热敏电阻在某一温度下的阻值。选用如图丁所示的器材，将温控室的温度设置好，电阻箱R0调为某一阻值R01。闭合开关S，调节滑动变阻器R1，使电压表和电流表的指针偏转到某一位置，记录此时电压表和电流表的示数和电阻箱的阻值R01，断开开关S。
(6)将电压表和热敏电阻C端间的导线改接到D端，闭合开关S，反复调节______ (R0/R1/R0和R1)，使电压表和电流表的示数与上述记录的示数相同，记录此时电阻箱的阻值R02，断开开关S。
(7)实验中记录的阻值R01______ R02(大于/等于/小于)，热敏电阻的阻值RT=______ 。
32. 图1是气缸气压控制装置。可绕O点旋转的水平轻杆AOB通过轻质竖直硬棒连接轻质活塞和固定在地面上的力敏电阻RF，RF阻值与所受压力F的关系图线如图3所示。硬棒与A端、B端、活塞、RF均牢固连接，转轴O、活塞与气缸间摩擦均不计。图2是控制电路图，R为电阻箱。已知：电压U=9V，AO长0.5m，BO长0.4m，活塞面积0.01m2。当RF中的电流I≥0.05A时，电路将控制气泵向气缸中打气；当RF中的电流I≤0.04A时，电路将控制气泵向外抽气，将S闭合，该装置工作。(设大气压为1×105Pa，压力F仅在图3所示范围内变化)
(1)若活塞向上推压硬棒，则气缸内气体的压强______气缸外的大气压强，B点受到硬棒的压力向______(选填“上”或“下”)。
(2)对装置进行调试：将电阻箱阻值调至某值，当电路中的电流I=0.045A时，RF受到向下的压力为100N。
求：①电阻箱的阻值；
②此时气缸内气体的压强；
③若将调试好的该装置移至气压低的高原地区工作时，该装置能控制的最大气压将______(选填“增大”或“减小”)。为保持所控制的最大气压不变，则可以采取的措施为______。
A.仅增大电阻箱R的阻值
B.仅更换电源，使电源电压更小
C.仅将支点O向左移动一段距离
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、人正常步行速度1m/s，故A不符合实际；
B、人感觉舒适的温度是约为25℃，远小于40℃，故B不符合实际；
C、物理教科书长度约为26cm，故C符合实际；
D、一间教室的空气的质量大约300kg，故D不符合实际。
故选：C。
要对涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】B
【解析】解：
A、卫星发射升空过程中，质量不变，速度增大，动能增大；同时高度增大，重力势能增加；机械能等于动能与势能的总和，所以其机械能增加，故A错误；
B、电磁波可以在真空中传播，可以传递信息，卫星与地面导航接收设备之间传递信号时，主要是利用电磁波传递信息的；故B正确；
C、通信设备中的集成电路是由半导体材料制成的，故C错误；
D、由于氢气的热值较大，因此运载火箭时，采用液态氢作燃料，故这里的“能效高”指的是氢气的热值大，故D错误。
故选：B。
(1)影响动能大小的因素是质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。影响重力势能大小的因素是质量和被举得高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能等于动能与势能的总和。
(2)卫星导航是利用电磁波传递信息的；
(3)半导体是指导电性能介于导体好绝缘体之间；集成电路是由半导体材料制成的。
(4)热值是燃料一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多，在选择火箭燃料时要选择热值较大的燃料。
本题考查的是动、势能的影响因素、电磁波、半导体的应用、燃料的热值等知识，是一道综合性较强的题目。
3.【答案】A
【解析】解：沙画的光影效果原理是光沿直线传播。
A.树荫下的光斑是光沿直线传播形成的，故A正确；
B.水中的倒影是光的反射形成的，故B不正确；
C.海市蜃楼是光的折射形成的，故C不正确；
D.用放大镜看书是利用了凸透镜成像原理，故D不正确。
故选：A。
光在均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的应用实例很多，例如：小孔成像、影子的形成、日月食的形成。
本题考查光沿直线传播的应用，以及与光的反射现象和光的折射现象的区别，属于基础题。
4.【答案】A
【解析】解：要有利于抽出救护车内的空气，需要车外的气压小，流速大，根据汽车的形状可知，汽车顶部是凸起的，空气经过车顶时的速度大，所以应设置在顶部。
故选：A。
流体的压强与流速有关，流速越大的地方，压强越小。
本题考查了流体的压强与流速关系的应用，属于基础题。
5.【答案】A
【解析】解：当拿根铁棒敲打车轮时，则轮胎振动频率不同，发出声音的音调就会不同，即轮胎内空气越充足，敲击时轮胎振动越快，发出声音的音调越高；因此凭借声音的高低可以判断轮胎内的空气是否充足，故BCD错误、A正确；
故选：A。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
6.【答案】C
【解析】解：AB、喷洒过程中，喷出的“白雾”，是由于喷雾器桶中的压力大(超过一个大气压)，消毒液被喷到桶外时，压力突然变小，使消毒液变成雾状，该现象不属于扩散，也不存在吸放热，故AB错误；
C、喷洒区域附近能闻到消毒液的刺激性气味，是消毒液分子扩散到空气中的结果，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、消毒液喷洒出来后过一会就消失了，由液态变为气体，属于汽化现象，故D错误。
故选：C。
(1)扩散是指不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象；一切物体都可以发生扩散现象；扩散现象表明，物体的分子是在不停地做无规则运动的；
(2)物质由液态转变为气态的过程叫汽化。
本题主要考查学生对扩散现象的了解和掌握，是一道基础题，比较简单。
7.【答案】A
【解析】解：A、无人机LED灯发出的五颜六色的光，都是有三种基本色光混合而成的，这三种基本色光是红、绿、蓝，故A正确；
B、由于平静的水面相当于一面平面镜，平面镜成像时，像的大小与物体本身大小有关，与平面镜的面积无关，故B错误；
C、要拍摄无人机飞行时的局部细节，说明像要变大，根据凸透镜成像的变化规律，物距变小，成的像变大，像距也变大，照相机应该靠近无人机，并将镜头向外伸，故C错误；
D、由于平静的水面相当于一面平面镜，由于镜面反射，小明看见无人机在水中成一等大的虚像，所以看见无人机在水中的倒影，是光的反射现象，而不是折射现象，故D错误。
故选：A。
(1)光的三原色：红、绿、蓝；
(2)平面镜成像特点之一：物像等大；
(3)凸透镜成实像时，物距变小，成的像变大，像距也变大；
(4)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
此题综合考查光的三原色、平面镜成像以及凸透镜成像等，难度不大，属于基础知识的考查，要熟练掌握。
8.【答案】D
【解析】解：A、图中车厢地板光滑，两小球均不受摩擦力，当车突然加速时，两小球由于惯性仍保持原来的运动状态不变，因此它们之间的距离不变，故A错误；
B、图中气球是“浸没”在空气中的，因为体积相同，所以排开空气的体积相同，根据公式F浮=ρ空气gV排可知，两球所受浮力相同，故B错误；
C、图中当车向右突然开动时，车内的液体质量大、惯性大，仍保持原来的静止状态，所以液体相对于车厢向左运动，气泡质量小、惯性小，所以气泡受液体的挤压而向右运动，故C错误；
D、将筒内的水用高压气体压出的过程中，根据F浮=ρ液gV排可知，浮筒的体积不变，浸没在水中的浮筒的浮力不变，浮筒的重力减小，浮力大于重力，使物体上浮；
潜水艇是在浮力不变时，靠改变自身的重力来实现浮沉，所以采用“浮筒打捞法”与潜水艇原理相似，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(2)已知氢气球和空气球的体积相同，根据公式F浮=ρ空气gV排可求两球所受浮力的大小情况；
(3)惯性的大小只与物体的质量有关；
(4)“浮筒打捞法”和潜水艇原理都是靠改变自身的重力来改变物体的浮沉。
本题考查惯性、阿基米德原理的应用、浮沉条件的应用等知识，关键知道影响气球所受浮力大小的因素是空气的密度和气球排开空气的体积。
9.【答案】C
【解析】解：
A、由图可知，在0∼16s内，消防战士的速度先变大，再不变，后变小，最后静止；战士在向下运动的过程中，受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力的共同作用，战士处于匀速直线运动状态和静止状态时，受力平衡，重力等于摩擦力，战士处于加速和减速运动时，受力不平衡，重力不等于摩擦力，由于战士所受重力不变，故受到的摩擦力大小发生了变化，故A错误；
B、由图可知，b阶段战士的速度不变，做匀速直线运动，处于平衡状态；在d过程中，战士处于静止状态，受到平衡力的作用，故B错误；
C、在5∼14s内，战士做匀速直线运动，处于平衡状态，消防战士受到的重力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，故C正确；
D、在14∼16s内，战士向下运动，由于摩擦力与物体相对运动的方向相反，则滑动摩擦力的方向是竖直向上的；在16∼20s内，战士处于静止状态，受到的重力和静摩擦力是一对平衡力，这两个力的方向相反，所以摩擦力的方向是竖直向上的，即在14∼20s内，消防战士受到的摩擦力方向竖直向上，故D错误。
故选：C。
(1)根据整个过程中战士的速度的变化判定其受力情况的变化；
(2)(3)物体处于静止或匀速直线运动状态时，受力平衡；
(4)对战士受力分析，判定摩擦力的方向。
本题考查了摩擦力的方向、二力平衡条件的应用、平衡状态的判定，读懂图像中速度的变化是解题的关键。
10.【答案】D
【解析】解：如图，闭合开关后，发现电灯L不亮用测电笔测试时，发现在A、C、D三处时，氖管都发光，说明A、C、D都与火线连通，在B处时，氛管不发光，说明B处不与火线连通，则故障可能是BD之间发生了断路．
故选D.
在正常情况下，开关闭合后，A、C与火线相通，用测电笔时，应都亮，B、D与零线相通，用测电笔测时，应都不亮，但D点也亮了，说明B与D之间开路．
本题考查了学生利用测电笔排查家庭故障的能力，对测电笔要会安全的使用，学会判断故障所在．
11.【答案】B
【解析】解：根据题意可知，螺丝连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，螺丝不接入电路中，即螺丝所在电路发生了断路，此时指示灯会发光，这表明螺丝与灯泡是并联在电路中的，由于螺丝的电阻很小，能把灯泡短路；为了保护电路，防止电源短路，在干路中应该接上一个保护电阻，故B符合题意。
故选：B。
螺丝连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，螺丝不接入电路中，指示灯会发光，据此分析电路的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确螺丝与灯泡的连接方式是解题的关键。
12.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，电路为滑动变阻器最大阻值的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表测滑片右侧部分电阻丝两端的电压。
(1)金属滑片P置于电阻丝中点时，
由I=UR可得，被测电阻丝的电阻：
R中=U中I=1.5V0.2A=7.5Ω，
则电阻丝的总电阻：
R=2R中=2×7.5Ω=15Ω，故A错误；
电阻丝的长度L=15Ω0.5Ω/cm=30cm，
即当开始测量前，将金属滑片P置于电阻丝某端点，可测量的最大距离30cm，故D正确；
(2)当电压表示数为2V时，接入电路的电阻：
R'=U'I=2V0.2A=10Ω，
物体M位于：
L'=10Ω0.5Ω/cm=20cm，
故物体M向左移动了：
△L=L'-12L=20cm-15cm=5cm，故B错误；
(3)当电压表示数为1V时，接入电路的电阻：
R''=U''I=1V0.2A=5Ω，
物体M位于：
L''=5Ω0.5Ω/cm=10cm，
故物体M向右移动了：
△L=12L-L''=15cm-10cm=5cm，故C错误。
故选：D。
由电路图可知，电路为滑动变阻器最大阻值的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表测滑片右侧部分电阻丝两端的电压。
(1)金属滑片P置于电阻丝中点时，根据欧姆定律求出被测电阻丝的电阻，进一步求出电阻丝的最大阻值，根据题意求出电阻的总长度；
(2)根据欧姆定律求出电压表的示数为2V和1V时对应的电阻，再根据题意求出物体M向左移动的距离。
本题考查了学生对欧姆定律的掌握和运用，本题关键是认识到滑动变阻器起不到变阻作用。
13.【答案】热传递 比热容 引力
【解析】解：鸭子感知春江水暖是通过热传递的方式；
初春的傍晚，江水比岸上砂石暖是由于水的比热容较大，放出相同的热量，温度变化较小；
鸭子离开水面时身上沾有水珠，是因为分子间存在引力的作用。
故答案为：热传递；比热容；引力。
改变内能的方式包括做功和热传递；
水的比热容比较大，质量一定时，在吸收或放出相同热量的情况下，温度变化越小；
物体的分子之间存在相互作用的引力和斥力。
本题考查内能的改变、比热容和分子间作用力，属于综合题。
14.【答案】S 负 远弱于
【解析】解：“其柢指南”意思是握柄指向南，由此可知，握柄是磁体的S极。
根据磁极间的相互作用知，电磁铁的左端为N极，右端为S极，根据安培定则判断出电源的左端为电源负极。
司南的指向总是受到电磁铁的干扰，说明电磁铁的磁场远强于地磁场。
故答案为：S；负；远弱于。
磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；可用安培定则判断通电螺线管的两极极性。
此题考查了安培定则、据磁极间的相互作用等，属于基础知识。
15.【答案】热 液化
【解析】解：有加热功能的汽车后视镜，当汽车在雨、雾等天气行驶时，通过镶嵌于镜片后的电热丝通电，利用电流的热效应，使汽车后视镜内能变大，温度升高，可防止水蒸气在镜面上液化。故答案为：热；液化。
(1)当电流通过电阻时，电流作功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；
(2)物质由气态转变为液态的过程叫做液化。
此题考查了电流的热效应、液化现象，熟练掌握基础知识是正确解答的关键。
16.【答案】聚变 磁效应 06×108
【解析】解：(1)“人造太阳”的反应原理与太阳相似，通过核聚变的途径释放出巨大能量，从而获得高温；
(2)根据奥斯特实验可知通电导线周围存在磁场，由此可知该装置中，用通电线圈产生的磁场将超高温等离子体约束在磁场中，这是利用了电流的磁效应；
当在超低温的温度下导体电阻为0Ω的现象称为超导现象，该导体材料叫超导材料；
(3)人造太阳”每小时发电量为：
W=ηPt=60%×1×1012W×1h=60%×1×109kW×1h=6×108kW⋅h。
故答案为：(1)聚变；(2)磁效应；0；(3)6×108。
(1)将质量很小的原子核，在超高温下结合成新的原子核，会释放出更大的核能，这种反应叫做聚变，也称为热核反应；
(2)根据奥斯特实验可知通电导线周围存在磁场；
根据焦耳定律可知电流具有热效应；
当在超低温的温度下导体电阻为0Ω的现象称为超导现象，该导体材料较超导材料；
(3)已知功率和发电效率，利用公式W=ηPt可计算每小时发电量。
本题考查了核能、电功的计算、超导体的认识以及电流热效应和磁效应的运用，属于综合题，难度一般。
17.【答案】大气压 斜面
【解析】解：罐扣在皮肤上，向外抽气，罐内气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下罐子“吸”在皮肤上；
旋转式拔罐，使得拔罐更轻松容易，这是利用了斜面省力的特点。
故答案为：大气压；斜面。
罐被“吸”在皮肤上是利用了大气压；使用斜面时可以省力。
本题考查了大气压的应用、斜面的特点，属于基础题。
18.【答案】变大 增大压力的
【解析】解：用杯子接水时，水杯静止在手中，在竖直方向上，杯子受到的重力和摩擦力是一对平衡力，在接水过程中，杯子和水的总重力变大，所以杯子受到的摩擦力将会变大；
摩擦力大小的影响因素是压力大小和接触面的粗糙程度，当杯子在手中开始向下滑时，接触面的粗糙程度是一定的，因此可以紧握杯子，通过增大压力的方式来增大摩擦力使其在手中静止。
故答案为：变大；增大压力的。
(1)水杯静止在手中，重力和摩擦力相平衡，据此分析在接水过程中杯子受到的摩擦力变化；
(2)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
19.【答案】铝 不会 电源
【解析】解：(1)在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体。两种物质中，塑料是绝缘体，铝是导体，所以AB棒的材料可能是铝；
(2)闭合开关，让AB棒在磁场中竖直上下运动，AB的运动方向与磁感线平行，不能切割磁感线，没有感应电流产生，灵敏电流计指针不会偏转；
(3)电动机工作时，是将电能转化为机械能，由此可知，我们需要在电路中添加电源，即将灵敏电流计换成电源。
故答案为：铝；不会；电源。
(1)在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体；
(2)闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流；
(3)发电机是将机械能转化为电能的装置；电动机是将电能转化为机械能的装置。
本题是对于电磁感应现象的考查，需要学生对于电磁感应现象有一个清晰的认识，是一道好题。
20.【答案】做功 减小 252.5×104W
【解析】解：(1)高温的水蒸气推动风车转动，将水蒸气的内能转化成了风车的机械能；
汽油机的做功冲程将燃气的内能转化为活塞的机械能，燃气的内能减小，所以水蒸气推动风车的能量转化与汽油机做功冲程的能量转化相同；
(2)四冲程汽油机飞轮转速3000r/min=50r/s，即汽油机飞轮每秒转50圈，
由于四冲程内燃机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，所以1s内该汽油机对外做功25次；
(3)汽缸内燃气推动活塞一次所做的功：W=Fs=2000N×0.5m=1000J，
由于1s内该汽油机对外做功25次，则做功一次所用的时间t=125s，
汽油机的功率：P=Wt=1000J125s=2.5×104W。
故答案为：做功；减小；25；2.5×104W。
(1)高温的水蒸气推动风车转动，说明内能转化成了风车的机械能；汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，据此判断出燃气内能的变化；
(2)四冲程内燃机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次；
(3)利用W=Fs求出汽缸内燃气推动活塞一次所做的功，利用P=Wt求出汽油机的功率。
本题考查做功改变物体内能的能量转化、汽油机工作过程中有关量的计算以及功和功率的计算，是一道综合题，知道四冲程内燃机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次是解题的关键。
21.【答案】1 不变 凸面
【解析】解：(1)小明站在竖直放置的平面镜前1m处，根据物像到平面镜的距离相等，所以小明的像到平面镜的距离也是1m。
小明在平面镜中成像大小和小明的大小有关，跟小明到平面镜的距离、平面镜的大小都没有关系，所以小明远离平面镜时，小明像的大小不变。
(2)由生活经验知，汽车的观后镜实际上是一种凸面镜，可起到扩大视野的作用，通过观后镜成的像比实际小。
故答案为：1；不变；凸面。
(1)根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
(2)汽车的观后镜是凸面镜，在使用时，适当外旋可扩大观察范围，使行车更安全。
本题考查了凸面镜的使用和平面镜成像特点，属于基础知识的考查，难度一般。
22.【答案】非平衡 30 19
【解析】解：(1)由图丙可知，在0∼1s内空吊篮的速度在变大，所以在0∼1s内空吊篮处于非平衡状态；
(2)由图甲知，吊起动滑轮绳子的股数n=2，由图丙可知，1∼2s时，吊篮匀速运动，此时绳子的拉力F=25N；
忽略绳重、摩擦和空气阻力，由公式F=1n(GA+G动)可知，空吊篮重力GA=nF-G动=2×25N-20N=30N；
(3)忽略绳重、摩擦和空气阻力，当F大=120N时，由公式F=1n(G+GA+G动)可知，吊篮最多能装货物的重力G=nF大-GA-G动=2×120-30N-20N=190N；
由G=mg可知，货物的质量m=Gg=190N10N/kg=19kg。
故答案为：非平衡；30；19。
(1)平衡状态是是指物体处于静止状态或匀速直线运动状态；
(2)由图甲知，吊起动滑轮绳子的股数，由图丙可知，1∼2s时，吊篮匀速运动；忽略绳重、摩擦和空气阻力，利用公式F=1n(GA+G动)求空吊篮重力；
(3)忽略绳重、摩擦、空气阻力，根据F=1n(G+GA+G动)求出吊篮最多能装货物的重力，利用G=mg求出货物的质量。
本题考查了使用滑轮组时绳子拉力的计算和所提物体重力的计算、物体运动状态的判断以及重力公式的灵活运用，有一定难度。
23.【答案】甲 2.1×103 1×105
【解析】解：
(1)时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图像可知，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；根据Q放=cmΔt可知，在质量相等、放热也相同的情况下，温度降低快的比热容小；所以，甲液体的比热容大，甲物质是水；
(2)由题知，水和液体的质量相同，即m水=m乙，而水和另种液体在相同时间内放出的热量相等，
即Q水放=Q乙放，则c水m水Δt=c乙m乙Δt'，
结合图像(15min以内)可得：
4.2×103J/(kg⋅℃)×m水×(60℃-40℃)=c乙m乙(60℃-20℃)，
解得乙液体的比热容：c乙=2.1×103J/(kg⋅℃)；
(3)焦炭完全燃烧放出的热量：
Q放=m焦炭q焦炭=4.2kg×3×107J/kg=1.26×108J；
由题知，水吸收的热量：
Q吸=25%×Q放=25%×1.26×108J=3.15×107J；
由Q吸=cm(t-t0)得水的质量：
m水=Q吸c水(t-t0)=3.15×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃-25℃)=100kg=1×105g。
故答案为：甲；2.1×103；1×105g。
(1)取同样的放热时间，甲和乙放出的热量相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断。
(2)由题知，分别用质量相等的水和另一种液体进行实验，相同时间水和液体放出的热量相同。而水和液体的质量相同，根据放热公式Q放=cmΔt求液体的比热容。
(3)知道焦炭的质量和热值，利用Q放=mq求出焦炭完全燃烧放出的热量；水吸收的热量等于焦炭完全燃烧放出的热量的25%，根据Q吸=cm(t-t0)求出水的质量。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，能从温度-时间图像得出相关信息是本题的关键。
24.【答案】0.153125
【解析】解：(1)弹簧恰好处于自然状态，此时弹簧不受力，所以压杆没有压力，压力传感器为40Ω，由欧姆定律可得此时通过仪器A的电流I=UR=6V40Ω=0.15A；
(2)仪器A示数为0.2A时，压力传感器的电阻为：R1=UI1=6V0.2A=30Ω，
由图可知此时压杆压力为1N，根据杠杆平衡条件可知：F⋅OA=F拉⋅OB，即F拉=F⋅OAOB=F⋅OAOB=1N×12=0.5N，
弹簧每受到1N的力时长度变化0.5cm，所以此时弹簧的伸长量：△l1=0.5N×0.5cm/N=0.25cm，
弹簧恰好处于自然状态时长度为10cm，弹簧每受到1N的力时长度变化0.5cm，物体的重力为6N，挂上物体后的伸长量为：△l2=6N×0.5cm/N=3cm，
所以加水后物体底面上升的高度为：△l=△l2-△l1=3cm-0.25cm=2.75cm，
物体的重力为：G=mg=0.6kg×10N/kg=6N，
所以物体所受浮力为：F浮=G-F拉=6N-0.5N=5.5N，物体排开水的体积为：V排=F浮ρ水g=5.5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5.5×10-4m3=550cm3，
所以物体浸入水的高度为：h1=V排S正方体=550cm310cm×10cm=5.5cm，
水槽内水的体积为：V=S(h+△l)+(S-S正方体)h1=300cm2×(4cm+2.75cm)+(300cm2-100cm2)×5.5cm=3125cm3，
水槽中水的总质量m=ρ水V=1.0×103kg/m3×3125×10-6m3=3125×10-3kg=3125g。
故答案为：0.15；3125。
(1)弹簧恰好处于自然状态，此时弹簧不受力，所以压杆没有压力，压力传感器为40Ω，由欧姆定律可得此时通过仪器A的电流；
(2)仪器A示数为0.2A时，根据欧姆定律计算压力传感器的电阻，由图可知此时压杆压力，根据杠杆平衡条件可计算F拉，进一步计算弹簧的伸长量，计算弹簧挂上物体后的伸长量，两次伸长量之差即加水后物体底面上升的高度，分析物体受力计算浮力，根据浮力计算公式可计算物体排开水的体积，进一步计算物体浸入水的高度，根据体积公式计算水槽内水的体积，根据质量公式计算水槽中水的总质量。
本题考查欧姆定律、杠杆平衡条件、重力公式、浮力计算公式、体积公式、密度公式等，综合性强，难度较大。
25.【答案】解：根据图示可知，该透镜为凹透镜；过凹透镜光心的光线，其传播方向不变；入射光线的延长线经过凹透镜另一侧的虚焦点，经凹透镜折射后，折射光线与主光轴平行。如图所示：
【解析】根据入射光线或折射光线的特点，利用凹透镜的三条特殊光线作图。
凹透镜的特殊光线有三条：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点，指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴。
26.【答案】解：(1)由支点O向F2的作用线作垂线段，即为阻力臂l2。
(2)由杠杆的平衡条件可知，动力臂越长越省力，最长的动力臂即支点与动力作用点的连线，所以，连接支点O和动力的作用点A即为最大动力臂；根据力臂的画法作出垂直于OA的作用力，即为作用在A点的最小动力F1，方向向下。如图所示：
【解析】(1)力臂即点到线的距离。先找点(支点)，再作线(F2的作用线)，最后作点到线的距离。
(2)由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
力臂画法的关键是牢记力臂与力的作用线的关系；确定杠杆中最小力是该题的难点。
27.【答案】解：由题意可知，开关断开时指示灯不亮，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯亮，插孔能提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。说明两者是并联，且都有开关来控制。故其连接如图所示：
.
【解析】根据题意判断出指示灯与插孔为并联，且都有开关来控制，再结合连接要求对接线板进行连接。
本题主要考查了接线板的连接，能正确判断指示灯与插孔的连接特点是正确解答的关键。
28.【答案】解：(1)该充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，充电桩的额定输出功率：P=UI=500V×20A=10000W=10kW；
(2)能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，该电池的能量密度为0.20kW⋅h/kg，电池总质量为400kg，
则汽车电池一次能够储存的最大电能：W=0.20kW⋅h/kg×400kg=80kW⋅h；
将汽车电池从完全没电充电至充满，需要的时间：t=WP=80kW⋅h10kW=8h；
(3)汽车以20m/s的速度在水平路面上匀速行驶时受到的牵引力等于阻力，汽车行驶100km的过程中做功：W'=Fs=360N×100×103m=36000000J，
汽车每行驶100km的耗电量为20kW⋅h=72000000J，该过程中汽车将电能转化为机械能的效率：η=W'W0×100%=36000000J72000000J×100%=50%。
答：(1)充电桩的额定输出功率是10千瓦；
(2)该汽车电池一次能够储存的最大电能为80kW⋅h；将汽车电池从完全没电充电至充满，需要8h；
(3)该过程中汽车将电能转化为机械能的效率是50%。
【解析】(1)该充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，根据P=UI计算输出的功率；
(2)能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，已知该电池的能量密度和电池总质量，据此计算汽车电池一次能够储存的最大电能，利用t=WP计算将汽车电池从完全没电充电至充满需要的时间；
(3)汽车以20m/s的速度在水平路面上匀速行驶时受到的牵引力等于阻力，根据W=Fs计算汽车行驶100km的过程中做功，根据汽车每行驶100km的耗电量为20kW⋅h可以计算出消耗的电能，利用效率公式计算出该过程中汽车将电能转化为机械能的效率。
本题考查电功率公式、做功公式、效率公式的灵活运用，属于基础题。
29.【答案】零刻度线 左 971.05m3-m1ρ水 偏大 2.3
【解析】解：(1)①根据图甲可知，调节天平横梁平衡时，应先将游码移到标尺左端零刻度线处，天平的指针指向分度盘的右方，根据右偏左调的原则，应将平衡螺母向左移动，使天平平衡。
②物体的质量等于砝码的总质量加游码对应的刻度值，因此烧杯和牛奶的总质量为：
m1=50g+20g+20g+5g+2g=97g；
③牛奶的体积为：V=30mL=30cm3；
牛奶的质量为：m=m1-m2=97g-65.5g=31.5g；
牛奶的密度为：ρ=mV=31.5g30cm3=1.05g/cm3；
(2)④在如图所示的方法中，取出石块，再将水补充到原来的标记处，这样增加的水的体积即为是石块的体积，因此石块的体积为：
V石=V水=m水ρ水=m3-m1ρ水；
因小石块吸水体积减小，根据ρ=mV可得，所测得的未吸水石块密度值与真实值相比偏大。
石块的质量为：m石=m2-m1=342g-250g=92g；
增加水的质量为：m水=m3-m1=288g-250g=38g；
增加水的体积为：V水=m水ρ水=38g1g/cm3=38cm3；
测得的石块体积为：V测=V水=38cm3；
已知石块每100cm3最多能吸收的水的体积是5cm3，设石块的实际体积为V实，由题意可得：
V测=100cm3-5cm3100cm3V实=38cm3，
则V实=40cm3；
因此石块的实际密度为：ρ实=m实ρ实=92g40cm3=2.3g/cm3。
故答案为：(1)①零刻度线；左；②97；③1.05；(2)m3-m1ρ水；偏大；2.3。
(1)调节天平横梁平衡时，应先将游码移到标尺左端零刻线处，平衡螺母调节的按“左偏右调，右偏左调”，直到天平平衡；物体的质量等于砝码的质量加上游码所指的示数；读量筒示数时，视线与液态凹面相平；牛奶质量等于烧杯和牛奶的总质量m1与剩余牛奶和烧杯的总质量m2的差，根据ρ=mV可得牛奶密度；
(2)石块排开水的质量等于杯和水的总质量m3与水的杯子总质量m1的差，石块的体积等于石块排开水的体积，根据ρ=mV可得石块的体积表达式；
取出石块时表面会带出水不会影响石块体积的测量；
石块排开水的体积加上石块所吸水的体积等于石块的体积，根据ρ=mV可得石块的密度。
本题考查固体，液体密度的测量，考查了密度测量方法的灵活应用，属于创新题型，要熟练掌握天平的调节，量筒的读数，以及等量替代法的应用。
30.【答案】平衡 右 乙 力臂 F1L1=F2L2 变大 左 p1m0p0-p1
【解析】解：(1)如图甲所示，杠杆在此位置静止，所以此时杠杆处于平衡状态；要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向右调节；
(2)力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，图乙所示实验，测力计拉力与杠杆垂直，可以直接从杠杆上读取测力计拉力力臂，图丙所示实验，拉力与杠杆不垂直，不便于测量测力计拉力力臂，图乙中竖直向上拉动实验操作更方便；
(3)由表中实验数据可知，F1L1=F2L2，此时杠杆平衡，由此可得：杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2；
(4)当弹簧测力计逐渐由图乙位置向右倾至图丙的位置时，弹簧测力计拉力的力臂在减小，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计的示数变大；
(5)方案一：将支点O向左移动适当的距离，OA减小，OB增大，由FA×OA=m0g×OB可知，FA变大，当FA=G甲时，甲物体刚好拉离地面；
方案二：甲静止在地面，G甲=F甲=p0S，
如图丁所示，当杠杆在水平位置平衡且甲物体对地面的压强为p1，此时物体对地面的压力F1=p1S，杠杆A端受到的拉力FA=G甲-F1=p0S-p1S，
由杠杆平衡条件可知，FA×OA=G0×OB，即(p0S-p1S)×1=m0g×3，则S=3m0gp0-p1，
当甲物体刚好被细绳拉离地面时，由杠杆平衡条件可知：
G甲×OA=G总×OB，
即有p0S×1=(m0g+Δmg)×3，
则：p0×3m0gp0-p1=3(m0g+Δmg)，
所以Δm=p1m0p0-p1。
故答案为：(1)平衡；(2)乙；力臂；(3)F1L1=F2L2；(4)变大；(5)左；p1m0p0-p1。
(1)杠杆平衡状态：静止或者匀速转动；为使杠杆在水平位置平衡，应调节螺母向上翘的一端移动；
(2)探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；
(3)分析表中数据可得出结论；
(4)据图示判断弹簧测力计拉力力臂的大小关系；
(5)根据杠杆平衡条件进行分析。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验操作要求及结论掌握清楚，仔细分析即可。
31.【答案】B 灯泡断路 2.212.5R0和R1 大于 R01-R02
【解析】解：(1)小灯泡的额定电压为2.5V，灯丝电阻约为12Ω，由欧姆定律可得灯的额定电流约为：I=ULRL=2.5V12Ω≈0.21A，
根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可得，灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压为：U滑=U-UL=6V-2.5V=3.5V，
滑动变阻器连入电路的电阻为：R滑=U滑I=3.5V0.21A≈16.7Ω，
所以，应选用“50Ω0.5A”规格的滑动变阻器，故选B；
(2)电流表遵循“正进负出”的原则选择小量程串联接入电路，如图：
；
(3)闭合开关S，灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，说明电路断路，电压表串联接入电路，即灯泡断路；
(4)由图乙可知电压表使用0∼3V量程，分度值0.1V，示数为2.2V；
(5)根据小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像知灯在额定电压下的电流为0.2A，该小灯泡正常发光时的电阻为：R=ULIL=2.5V0.2A=12.5Ω；
(6)闭合开关，热敏电阻、滑动变阻器、电阻箱串联接入电路，电压表测电阻箱两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将电压表和热敏电阻C端间的导线改接到D端，闭合开关S，电压表测电阻箱和热敏电阻两端的电压之和，闭合开关S，反复调节R0和R1，使电压表和电流表的示数与上述记录的示数相同，记录此时电阻箱的阻值R02，根据R=UI可知R01=R02+RT，则热敏电阻的阻值RT=R01-R02。
故答案为：(1)B；(2)见上图；(3)灯泡断路；(4)2.2；(5)12.5；(6)R0和R1；大于；R01-R02。
(1)根据欧姆定律求出灯泡的额定电流，根据串联电流的规律和欧姆定律求出灯泡正常发光时滑动变阻器连入电路的阻值，然后与滑动变阻器的规格比较进行推断；
(2)电流表遵循“正进负出”的原则选择小量程串联接入电路；
(3)闭合开关S，灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，说明电路断路，电压表串联接入电路，据此分析电路故障；
(4)由图乙可知电压表接入电路的量程和分度值，据此读数；
(5)根据小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像知灯在额定电压下的电流，根据欧姆定律计算该小灯泡正常发光时的电阻；
(6)闭合开关，热敏电阻、滑动变阻器、电阻箱串联接入电路，电压表测电阻箱两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将电压表和热敏电阻C端间的导线改接到D端，闭合开关S，电压表测电阻箱和热敏电阻两端的电压之和，闭合开关S，反复调节R0和R1，使电压表和电流表的示数与上述记录的示数相同，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得热敏电阻的阻值。
本题测量小灯泡的电阻，考查了连接实物电路图、滑动变阻器的选择、电表读数、串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，有一定的难度。
32.【答案】大于 上 减小 C
【解析】解：(1)活塞向上推压硬棒，说明气缸内气体的压强大于气缸外的大气压强，B点对硬棒施加向下的力，力的作用是相互的，所以B点受到硬棒的压力向上；
(2)①闭合开关，电阻箱和力敏电阻串联接入电路，当电路中的电流I=0.045A时，根据欧姆定律可得电路总电阻：R总=UI=9V0.045A=200Ω，
RF受到向下的压力为100N，由图可知力敏电阻的阻值为150Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以电阻箱接入电路的电阻：R=R总-RF=200Ω-150Ω=50Ω；
②根据杠杆平衡条件可得FA×OA=FB×OB，根据力的作用是相互的可知B点受到的压力为100N，则FA=FB×OBOA=100N×0.4m0.5m=80N，
此时气缸内气体的压强：p=FAS=80N0.01m2=8000Pa；
③若将调试好的该装置移至气压低的高原地区工作时，气缸内外压强差变大，A点受到的压力变大，根据杠杆平衡条件FA×OA=FB×OB可知B点受到的压力变大，由图可知力敏电阻的阻值变大，通过电路的电流变小，若小于设定值0.04A时，电路将控制气泵向外抽气，所以该装置能控制的最大气压将减小；
为保持所控制的最大气压不变，根据欧姆定律可知电路总电阻不变，根据串联电路电阻规律可知需减小电阻箱接入电路的阻值；
或在力敏电阻的阻值变大时，即串联电路总电阻变大时，若保持电路电流不变，根据欧姆定律可知需增大电源电压；
或根据杠杆平衡条件保持B点受到的力不变，A点受到的压力变大，根据杠杆平衡条件FA×OA=FB×OB可知需减小OA的值，所以将支点O向左移动一段距离，故选C。
答：(1)大于；上；
(2)①电阻箱的阻值为50Ω；
②此时气缸内气体的压强为8000Pa；
③C。
(1)活塞向上推压硬棒，说明气缸内气体的压强大于气缸外的大气压强，B点对硬棒施加向下的力，根据力的作用是相互的可知B点受到硬棒的压力方向；
(2)①闭合开关，电阻箱和力敏电阻串联接入电路，根据欧姆定律可得电路中的电流I=0.045A时电路的总电阻，由图可知RF受到向下的压力为100N时力敏电阻的阻值，根据串联电路电阻规律计算电阻箱接入电路的电阻；
②根据杠杆平衡条件可得FA×OA=FB×OB计算A点受到的力，根据压强公式计算此时气缸内气体的压强；
③若将调试好的该装置移至气压低的高原地区工作时，气缸内外压强差变大，A点受到的压力变大，根据杠杆平衡条件FA×OA=FB×OB可知B点受到的压力变大，由图可知力敏电阻的阻值变大，通过电路的电流变小，若小于设定值0.04A时，电路将控制气泵向外抽气，据此判断该装置能控制的最大气压的变化；
为保持所控制的最大气压不变，分三种情况考虑：根据欧姆定律和串联电路电阻规律调节电阻箱接入电路的阻值，或根据欧姆定律调节电源电压，或根据杠杆平衡条件保持B点受到的力不变。
本题考查力的作用是相互的、串联电路特点、欧姆定律、压强公式、杠杆平衡条件的灵活运用，综合性强。
2023年江苏省无锡市锡山区锡北片中考物理模拟试卷（5月份）
1. “互联网思维”正不断改变我们的生活，“大数据”又让我们看到了数据的价值。下列估测数据符合生活实际的是( )
A. 人正常步行速度5m/s B. 人感觉舒适的温度是40℃
C. 物理教科书长约26cm D. 一间教室内的空气质量大约30kg
2. 中国日报消息：11月19日凌晨2时7分，长征三号乙运载火箭，在西昌卫星发射中心把两颗北斗三号卫星成功送入预定轨道。这两颗卫星将和其他17颗已经在轨运行的北斗三号系统卫星组成基本网络，并在今年年底前向“一带一路”沿线国家和地区提供基本导航服务。以下说法正确的是( )
A. 卫星随火箭升空的过程中，动能减小，重力势能增加，机械能总量保持不变
B. 卫星与地面导航接收设备之间是靠电磁波传递信号的
C. 卫星导航信息处理设备中的集成电路是用超导体材料制作的
D. 该型号运载火箭第三级用能效高的液态氢作燃料，这里的“能效高”指的是比热容大
3. 如图所示，沙画是一种新兴的艺术表现形式。在玻璃板的下方固定一光源，作画者的巧手在玻璃板上不断布撒和抹除细沙，随着细沙的堆积，阻挡了来自玻璃板的光，形成了千变万化的动态艺术效果。下列光现象中与形成沙画的光影效果原理相同的是( )
A. 树荫下的光斑
B. 水中的倒影
C. 海市蜃楼
D. 用放大镜看书
4. 在新型冠状病毒的疫情中，负压救护车大大降低了运输患者过程中病毒扩散的概率。负压救护车通过负压排风净化装置抽出车内空气使车内气压低于外界大气压，所以空气在自由流动时只能由车外流向车内，减少病毒扩散。从节约能源的角度思考：在运输患者过程中负压排风净化装置的出风口设计在什么位置更有利于抽出救护车内的空气( )
A. 车顶 B. 车底 C. 车前 D. 车后
5. 长途行驶的汽车轮胎容易出现漏气现象。有经验的驾驶员常常会停下车用铁棒敲击轮胎，如果空气充足，发出的声音会( )
A. 音调较高 B. 音调较低 C. 响度较大 D. 响度较小
6. 近段时间由于天气逐渐转暖，致病的细菌、病毒等随之生长繁殖，因而流行性感冒、麻疹、流行性脑膜炎、猩红、肺炎等传染病频繁发生，学校组织专业人员进行消毒杀菌。如图所示，工作人员正在教室喷洒消毒液，桶内的消毒液压出形成“白雾”。下列说法正确的是( )
A. 喷洒过程中，喷出的“白雾”说明液体和气体之间可发生扩散现象
B. 喷洒过程中，看到的“白雾”是由于消毒液放出热量形成的
C. 喷洒区域附近能闻到消毒液的刺激性气味，说明分子在不停地做无规则运动
D. 消毒液喷洒出来后过一会就消失了，这是一种升华现象
7. 2022年5月，首场400架无人机灯光秀编队表演在大邑斜江河上空上演(如图)，此次表演为大邑经济的发展注入青春活力，彰显了新时代科技的重要性。下列分析正确的是( )
A. 无人机LED灯发出的五颜六色的光，是由红、绿、蓝三种基本色光混合而成
B. 无人机在水中的像的大小与水面面积有关
C. 为了拍摄无人机飞行时的局部细节，我们应把照相机镜头往后移
D. 小明看见无人机在水中的倒影，是光从水中斜射入空气中的结果
8. 如图所示的现象及描述中，正确的是( )
A. 匀速向右直行的车厢的光滑地板上，放着质量不同的两个小球(m甲>m乙)，车厢足够长，当车突然加速时，两小球之间的距离变小
B. 甲中充有氢气和空气的气球体积相同，只有氢气球能上升，则氢气球受到的浮力更大
C. 一辆运输液体货物的车，液体中有气泡，当车向右突然开动时，气泡将向左运动
D. 丁中打捞沉船时采用“浮筒打捞法”，其打捞原理与潜水艇原理相似
9. 习总书记把消防队伍称为“同老百姓贴得最近联系最紧的队伍”。图甲是一名消防战士正在进行直杆滑降训练的场景，他从约5m高处滑到离地面20cm悬停，先后经历了a，b，c，d四个阶段，整个过程中，速度随时间变化的规律如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 在0∼16s内，消防战士受到的摩擦力大小保持不变
B. 只有b阶段，消防战士处于平衡状态
C. 在5∼14s内，消防战士受到的重力与摩擦力大小相等
D. 在14∼20s内，消防战士受到的摩擦力方向竖直向下
10. 如图所示，闭合开关S后，发现灯L不亮，检查保险装置工作正常．小明同学用测电笔测试灯头的两根电线C、D，发现两处都能使测电笔氖管发光，再用测电笔测试火线A和零线B时，氖管在测A处时发光，而在测试B处时不发光，那么可以断定故障原因是( )
A. 火线和零线短路 B. 灯泡L断路 C. 灯泡L短路 D. 电线BD段有断点
11. 青少年科技创新大赛的获奖作品(5G高铁轨道螺丝警报器)，设计了检测螺丝松动的报警方案，如图所示。其主要的科学原理是：螺丝(其电阻不计)连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，此时报警灯L亮起而发出警报，及时提醒工人修理。下列符合题意的电路图是( )
A. B.
C. D.
12. 小丽设计了如图所示的简易电子距离测量仪，R是一根粗细均匀的电阻丝，其每厘米长的电阻为0.5Ω，电路各部分均接触良好。物体M只能在导轨上做直线运动，并带动与之相连的金属滑片P移动，电压表示数可反映物体M移动的距离。开始测量前，将金属滑片P置于电阻丝中点，此时电压表和电流表示数分别为1.5V和0.2A.由此可知( )
A. 电阻丝的总电阻为7.5Ω
B. 当电压表示数为2V时，物体M向左移动了10cm
C. 当电压表示数为1V时，物体M向左移动了5cm
D. 若开始测量前，将金属滑片P置于电阻丝某端点，可测量的最大距离30cm
13. 诗句“竹外桃花三两枝，春江水暖鸭先知。”出自于苏轼的《惠崇春江晚景》。如图所示，鸭子感知春江水暖是通过______ 的方式。初春的傍晚，江水比岸上砂石暖是由于水的______ 较大，温度变化较小。鸭子离开水面时身上沾有水珠，是因为分子间存在______ 的作用。
14. 东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”。“柢”即握柄，是磁体的______ (选填“N”或“S”)极。将司南悬挂在电磁铁正上方，闭合开关，司南静止时的指向如图所示，则电源左端是______ 极。将电磁铁水平放置在不同方向，司南静止后的指向总与电磁铁摆放方向平行，说明司南处的地磁场______ (选填“远强于”或“远弱于”)电磁铁的磁场。
15. 如图甲所示是某款汽车后视镜，当汽车在雨、雾等天气行驶时，通过镶嵌于镜片后的电热丝通电，利用电流的______ 效应，可防止水蒸气在镜面上______ (选填物态变化名称)。
16. 如图是中国自主设计、建造的全超导托卡马克核聚变实验装置——东方超环(简称EAST)的原理图，它在1亿度超高温度下运行了近10秒。
(1)该装置被称为“人造太阳”，其反应原理与太阳类似，通过核______ (选填“聚变”或“裂变”)释放巨大的核能；
(2)该装置中，用通电线圈产生的磁场将超高温等离子体约束在磁场中，这是利用了电流的______ (选填“热效应”或“磁效应”)；为了产生强磁场，线圈中需要很大的电流，若线圈有一定电阻，则线圈流过大电流后会产生大量热量。所以该装置的线圈使用超导材料绕制，这些线圈工作在零下296摄氏度的超低温中，从而实现超导，处于超导状态时的线圈的电阻为______ Ω。
(3)“人造太阳”加热功率超过1×1012W，若利用“人造太阳”发电，发电效率为60%，则每小时发电量达______ kW⋅h。
17. 拔罐法古称“角法”，马王堆汉墓出土的我国现存最古的医书《五十二病方》中就已记述：“牡痔居窍旁，大者如枣，小者如核者，方以小角角之”。其中“以小角角之”，即指用小罐吸拔。拔罐是利用了______ 原理；随着医疗实践的发展，出现了如图所示的旋转式拔罐，使的拔罐更轻松容易，这是借鉴了______ (填写某简单机械名称)省力的特点。
18. 如图用杯子接水时，水杯静止在手中，在接水过程中杯子受到的摩擦力将会______(选请“变大”“变小”或“不变”)、当杯子在手中开始向下滑时，可以通过______方式来增大摩擦力使其在手中保持静止。
19. 如图所示，在“探究感应电流产生的条件”实验中，AB棒的材料可能是______ (选填“塑料”或“铝”)，闭合开关，让AB棒在磁场中竖直上下运动，灵敏电流计指针______ (选填“会”或“不会”)偏转；若将此装置中灵敏电流计换成______ 可进一步探究电动机的工作原理。
20. 如图所示是厨房用的蒸蛋器，在使用的过程中蒸蛋器会通过上方的小孔喷出蒸汽，小华将自制的风车放在蒸蛋器上方成功的让风车转了起来，水蒸气推动风车的能量转化与汽油机______冲程的能量转化相同。在此冲程完成过程中燃气的内能______(选填“增加”、“减小”或“不变”)。某单缸四冲程汽油机飞轮转速为3000r/min，则1s内该汽油机对外做功______次，该汽油机工作时缸内燃气对活塞平均推力为2000N，活塞向下运动的距离是0.5m，则汽油机的功率是______。
21. 身高1.6m的小明站在竖直摆放的平面镜前1m处，他的像距离平面镜______ m；如果他远离平面镜，他的像的大小将______ 。后来小明又来到小汽车前，从小汽车的观后镜中看到自己的像比实际的小，汽车观后镜是______ 镜。
22. 如图甲所示，小明将空吊篮提升到高处，拉力F随时间t变化的图象如图乙所示，空吊篮上升的v-t图象如图丙所示，动滑轮重20N，在0∼1s内空吊篮处于______(选填“平衡”或“非平衡”)状态，空吊篮重为______N(忽略绳重、摩擦和空气阻力)；若绳子能承受的最大拉力为120N，则吊篮最多能装货物的质量为______ kg。(g取10N/kg)
23. 在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和某种液体(注：c水>c液体)进行了实验，实验中，水和该液体在相同时间内放出的热量相等。两种液体的温度随时间的变化关系如图所示。分析图像可以得出______(选填“甲”、“乙”)物质为水，另一种液体的比热容为______J/(kg⋅℃)。某中学为学生供应开水，用焦炭作为燃料，已知焦炭的热值是3×107J/kg，现完全燃烧4.2kg的焦炭，若放出的热量有25%被水吸收，能将______ g的水从25℃加热到100℃[已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。
24. 真真同学设计了一款弹力秤，用来测量某段时间的降雨量。其原理如图甲所示，它主要由轻质弹簧、杠杆OAB，压力传感器R(电阻值随所受压力的大小发生变化的变阻器)和显示压力大小的仪器A(实质是电流表)等关键元件构成，其中OA：OB=1：2，已知压力传感器的电阻R与它所受的压杆压力F的关系如图乙所示。电源电压为6V且保持不变。真真将一个质量为600g，棱长为10cm的实心正方体木块悬挂在弹簧下端，静止时木块下表面距离空烧杯底正上方4cm处。若烧杯底面积为300cm2，轻质弹簧自然状态时长度为10cm，且弹簧每受到1N的力时长度变化0.5cm。杠杆始终水平。当水槽内收集一些水时。弹簧恰好处于自然状态，此时通过仪器A的电流I=______ A；若仪器A示数为0.2A时，水槽中水的总质量m=______ g。
25. 图中画出了入射光线或折射光线，请完成光路图。
26. 如图所示，是一种常见的夹子，使用时O为支点，A为动力作用点，F2为弹性钢圈对夹子的阻力，请在答卷纸上画出作用在A点的最小动力F1，并作出阻力臂l2。
27. 如图中甲为带开关和指示灯的三孔插座，插孔能供电时，指示灯亮；开关断开后，插孔不能供电，指示灯不亮：若指示灯损坏，闭合开关后插孔仍能供电，如图乙为示意图，请完成接线。
28. 如图所示是我国自主研发的新能源汽车，正在由充电桩进行充电。该充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A。该电动汽车的电源由8000节电池组成，电池总质量为400kg，该电池的能量密度为0.20kW⋅h/kg(能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值)，汽车每行驶100km的耗电量为20kW⋅h。求：
(1)充电桩的额定输出功率是多少千瓦？
(2)该汽车电池一次能够储存的最大电能？将汽车电池从完全没电充电至充满，需要多少小时？
(3)若汽车以20m/s的速度在水平路面上匀速行驶100km的过程中，受到的平均阻力是360N，则该过程中汽车将电能转化为机械能的效率是多大？
29. (1)牛奶中含有大量的钙磷等营养物质，小强同学想知道牛奶的密度，于是他用天平和量筒做了如下实验(如图1)：
①将天平放在水平桌面上，并将游码移到______ ，发现指针偏向如图甲所示，此时他应将平衡螺母向______ (右/左)调节，使天平横梁水平平衡；
②将装有牛奶的烧杯放在天平的左托盘中，天平平衡时所用砝码和游码的位置如图乙所示，测得烧杯和牛奶的总质量m1=______ g；
③将牛奶倒入量筒中，测出体积为V=30mL，再测出剩余牛奶和烧杯的总质量m2=65.5g，则牛奶的密度是______ g/cm3。
(2)小婷同学在登山时捡到一块漂亮的心形石块，为了知道石块的密度，她利用电子秤、水杯、记号笔等工具进行了如下测量：
①用电子秤测出装有适量水的杯子的总质量m1，示数如图2甲所示；
②将石块缓慢浸没在杯中，测得杯水石块的总质量m2，示数如图2乙所示。石块浸没足够长时间后在水面到达位置处做好标记，然后取出石块(忽略石块表面带出的水)；
③向杯中缓慢加水，让水上升到标记处，测得杯和水的总质量为m3，示数如图2丙所示；
④根据以上测量，可得石块的体积表达式为V石=______ (用已测物理量字母符号组成的代数式表示，水的密度为ρ水)；在测量完成后小婷发现石块吸水，则以上步骤测得石块密度与真实值相比______ (偏小/偏大/相同)。若已知石块每100cm3最多能吸收的水的体积是5cm3，则未吸水时石块的密度为______ g/cm3。
30. 小华同学为“探究杠杆的平衡条件”，设计了如图所示的实验。
(1)实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节。
(2)调节好杠杆后，为了获取实验数据，在图乙、丙两个方案中，按______ 方案进行实验能更加方便地测出______ 。
(3)经过实验，得到的数据如下表：
实验序号
动力F1/N
动力臂动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
1.5
0.10
1.0
0.15
2
10
0.30
2.0
0.15
3
2.0
0.15
1.5
0.20
由数据可初步得到的结论是______ (用公式表示)。
(4)保持杠杆一直处于水平位置平衡，当弹簧测力计由图乙逐渐旋转至图丙所示位置时，弹簧测力计的示数______ (选填“变小”“变大”或“不变”)。
(5)甲物体静置在水平地面上时，对地面的压强为p0。小华将甲物体用细绳挂在轻质杠杆的A端，把质量为m0的乙物体悬挂在杠杆的B端，如图丁所示，此时杠杆在水平位置平衡且甲物体对地面的压强为p1，AO：OB=1：3，O为支点。要使甲物体刚好被细绳拉离地面，小华设计了以下两种方案，请你帮他完成。
方案一：仅将支点O向______ (选填“左”或“右”)移动适当距离。
方案二：仅增加乙物体的质量，则乙物体增加的质量为______ 。
31. 许多用电器的电阻值往往会随着条件的变化而变化，例如小灯泡的电阻与其工作电压有关，热敏电阻对温度非常敏感。科创学习小组采用不同方法分别研究了一只额定电压为2.5V的小灯泡电阻和一只热敏电阻的变化情况，请结合他们的研究回答问题。
实验一：测定小灯泡在不同电压时的电阻。选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V(灯丝电阻约为12Ω左右)。
(1)为了能测量小灯泡正常工作时的电阻，下列两种规格的滑动变阻器应选用______ 。
A.10Ω1A
B.50Ω0.5A
C.100Ω0.2A
(2)用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整。
(3)检查电路连接无误后，闭合开关S，灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数。产生这一现象的原因可能是______ 。
(4)移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，其读数是______ Ⅴ。
(5)通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示。分析图像可知该小灯泡正常发光时的电阻为______ Ω。
实验二：测量热敏电阻在某一温度下的阻值。选用如图丁所示的器材，将温控室的温度设置好，电阻箱R0调为某一阻值R01。闭合开关S，调节滑动变阻器R1，使电压表和电流表的指针偏转到某一位置，记录此时电压表和电流表的示数和电阻箱的阻值R01，断开开关S。
(6)将电压表和热敏电阻C端间的导线改接到D端，闭合开关S，反复调节______ (R0/R1/R0和R1)，使电压表和电流表的示数与上述记录的示数相同，记录此时电阻箱的阻值R02，断开开关S。
(7)实验中记录的阻值R01______ R02(大于/等于/小于)，热敏电阻的阻值RT=______ 。
32. 图1是气缸气压控制装置。可绕O点旋转的水平轻杆AOB通过轻质竖直硬棒连接轻质活塞和固定在地面上的力敏电阻RF，RF阻值与所受压力F的关系图线如图3所示。硬棒与A端、B端、活塞、RF均牢固连接，转轴O、活塞与气缸间摩擦均不计。图2是控制电路图，R为电阻箱。已知：电压U=9V，AO长0.5m，BO长0.4m，活塞面积0.01m2。当RF中的电流I≥0.05A时，电路将控制气泵向气缸中打气；当RF中的电流I≤0.04A时，电路将控制气泵向外抽气，将S闭合，该装置工作。(设大气压为1×105Pa，压力F仅在图3所示范围内变化)
(1)若活塞向上推压硬棒，则气缸内气体的压强______气缸外的大气压强，B点受到硬棒的压力向______(选填“上”或“下”)。
(2)对装置进行调试：将电阻箱阻值调至某值，当电路中的电流I=0.045A时，RF受到向下的压力为100N。
求：①电阻箱的阻值；
②此时气缸内气体的压强；
③若将调试好的该装置移至气压低的高原地区工作时，该装置能控制的最大气压将______(选填“增大”或“减小”)。为保持所控制的最大气压不变，则可以采取的措施为______。
A.仅增大电阻箱R的阻值
B.仅更换电源，使电源电压更小
C.仅将支点O向左移动一段距离
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、人正常步行速度1m/s，故A不符合实际；
B、人感觉舒适的温度是约为25℃，远小于40℃，故B不符合实际；
C、物理教科书长度约为26cm，故C符合实际；
D、一间教室的空气的质量大约300kg，故D不符合实际。
故选：C。
要对涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】B
【解析】解：
A、卫星发射升空过程中，质量不变，速度增大，动能增大；同时高度增大，重力势能增加；机械能等于动能与势能的总和，所以其机械能增加，故A错误；
B、电磁波可以在真空中传播，可以传递信息，卫星与地面导航接收设备之间传递信号时，主要是利用电磁波传递信息的；故B正确；
C、通信设备中的集成电路是由半导体材料制成的，故C错误；
D、由于氢气的热值较大，因此运载火箭时，采用液态氢作燃料，故这里的“能效高”指的是氢气的热值大，故D错误。
故选：B。
(1)影响动能大小的因素是质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。影响重力势能大小的因素是质量和被举得高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能等于动能与势能的总和。
(2)卫星导航是利用电磁波传递信息的；
(3)半导体是指导电性能介于导体好绝缘体之间；集成电路是由半导体材料制成的。
(4)热值是燃料一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多，在选择火箭燃料时要选择热值较大的燃料。
本题考查的是动、势能的影响因素、电磁波、半导体的应用、燃料的热值等知识，是一道综合性较强的题目。
3.【答案】A
【解析】解：沙画的光影效果原理是光沿直线传播。
A.树荫下的光斑是光沿直线传播形成的，故A正确；
B.水中的倒影是光的反射形成的，故B不正确；
C.海市蜃楼是光的折射形成的，故C不正确；
D.用放大镜看书是利用了凸透镜成像原理，故D不正确。
故选：A。
光在均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的应用实例很多，例如：小孔成像、影子的形成、日月食的形成。
本题考查光沿直线传播的应用，以及与光的反射现象和光的折射现象的区别，属于基础题。
4.【答案】A
【解析】解：要有利于抽出救护车内的空气，需要车外的气压小，流速大，根据汽车的形状可知，汽车顶部是凸起的，空气经过车顶时的速度大，所以应设置在顶部。
故选：A。
流体的压强与流速有关，流速越大的地方，压强越小。
本题考查了流体的压强与流速关系的应用，属于基础题。
5.【答案】A
【解析】解：当拿根铁棒敲打车轮时，则轮胎振动频率不同，发出声音的音调就会不同，即轮胎内空气越充足，敲击时轮胎振动越快，发出声音的音调越高；因此凭借声音的高低可以判断轮胎内的空气是否充足，故BCD错误、A正确；
故选：A。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
6.【答案】C
【解析】解：AB、喷洒过程中，喷出的“白雾”，是由于喷雾器桶中的压力大(超过一个大气压)，消毒液被喷到桶外时，压力突然变小，使消毒液变成雾状，该现象不属于扩散，也不存在吸放热，故AB错误；
C、喷洒区域附近能闻到消毒液的刺激性气味，是消毒液分子扩散到空气中的结果，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、消毒液喷洒出来后过一会就消失了，由液态变为气体，属于汽化现象，故D错误。
故选：C。
(1)扩散是指不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象；一切物体都可以发生扩散现象；扩散现象表明，物体的分子是在不停地做无规则运动的；
(2)物质由液态转变为气态的过程叫汽化。
本题主要考查学生对扩散现象的了解和掌握，是一道基础题，比较简单。
7.【答案】A
【解析】解：A、无人机LED灯发出的五颜六色的光，都是有三种基本色光混合而成的，这三种基本色光是红、绿、蓝，故A正确；
B、由于平静的水面相当于一面平面镜，平面镜成像时，像的大小与物体本身大小有关，与平面镜的面积无关，故B错误；
C、要拍摄无人机飞行时的局部细节，说明像要变大，根据凸透镜成像的变化规律，物距变小，成的像变大，像距也变大，照相机应该靠近无人机，并将镜头向外伸，故C错误；
D、由于平静的水面相当于一面平面镜，由于镜面反射，小明看见无人机在水中成一等大的虚像，所以看见无人机在水中的倒影，是光的反射现象，而不是折射现象，故D错误。
故选：A。
(1)光的三原色：红、绿、蓝；
(2)平面镜成像特点之一：物像等大；
(3)凸透镜成实像时，物距变小，成的像变大，像距也变大；
(4)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
此题综合考查光的三原色、平面镜成像以及凸透镜成像等，难度不大，属于基础知识的考查，要熟练掌握。
8.【答案】D
【解析】解：A、图中车厢地板光滑，两小球均不受摩擦力，当车突然加速时，两小球由于惯性仍保持原来的运动状态不变，因此它们之间的距离不变，故A错误；
B、图中气球是“浸没”在空气中的，因为体积相同，所以排开空气的体积相同，根据公式F浮=ρ空气gV排可知，两球所受浮力相同，故B错误；
C、图中当车向右突然开动时，车内的液体质量大、惯性大，仍保持原来的静止状态，所以液体相对于车厢向左运动，气泡质量小、惯性小，所以气泡受液体的挤压而向右运动，故C错误；
D、将筒内的水用高压气体压出的过程中，根据F浮=ρ液gV排可知，浮筒的体积不变，浸没在水中的浮筒的浮力不变，浮筒的重力减小，浮力大于重力，使物体上浮；
潜水艇是在浮力不变时，靠改变自身的重力来实现浮沉，所以采用“浮筒打捞法”与潜水艇原理相似，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(2)已知氢气球和空气球的体积相同，根据公式F浮=ρ空气gV排可求两球所受浮力的大小情况；
(3)惯性的大小只与物体的质量有关；
(4)“浮筒打捞法”和潜水艇原理都是靠改变自身的重力来改变物体的浮沉。
本题考查惯性、阿基米德原理的应用、浮沉条件的应用等知识，关键知道影响气球所受浮力大小的因素是空气的密度和气球排开空气的体积。
9.【答案】C
【解析】解：
A、由图可知，在0∼16s内，消防战士的速度先变大，再不变，后变小，最后静止；战士在向下运动的过程中，受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力的共同作用，战士处于匀速直线运动状态和静止状态时，受力平衡，重力等于摩擦力，战士处于加速和减速运动时，受力不平衡，重力不等于摩擦力，由于战士所受重力不变，故受到的摩擦力大小发生了变化，故A错误；
B、由图可知，b阶段战士的速度不变，做匀速直线运动，处于平衡状态；在d过程中，战士处于静止状态，受到平衡力的作用，故B错误；
C、在5∼14s内，战士做匀速直线运动，处于平衡状态，消防战士受到的重力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，故C正确；
D、在14∼16s内，战士向下运动，由于摩擦力与物体相对运动的方向相反，则滑动摩擦力的方向是竖直向上的；在16∼20s内，战士处于静止状态，受到的重力和静摩擦力是一对平衡力，这两个力的方向相反，所以摩擦力的方向是竖直向上的，即在14∼20s内，消防战士受到的摩擦力方向竖直向上，故D错误。
故选：C。
(1)根据整个过程中战士的速度的变化判定其受力情况的变化；
(2)(3)物体处于静止或匀速直线运动状态时，受力平衡；
(4)对战士受力分析，判定摩擦力的方向。
本题考查了摩擦力的方向、二力平衡条件的应用、平衡状态的判定，读懂图像中速度的变化是解题的关键。
10.【答案】D
【解析】解：如图，闭合开关后，发现电灯L不亮用测电笔测试时，发现在A、C、D三处时，氖管都发光，说明A、C、D都与火线连通，在B处时，氛管不发光，说明B处不与火线连通，则故障可能是BD之间发生了断路．
故选D.
在正常情况下，开关闭合后，A、C与火线相通，用测电笔时，应都亮，B、D与零线相通，用测电笔测时，应都不亮，但D点也亮了，说明B与D之间开路．
本题考查了学生利用测电笔排查家庭故障的能力，对测电笔要会安全的使用，学会判断故障所在．
11.【答案】B
【解析】解：根据题意可知，螺丝连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，螺丝不接入电路中，即螺丝所在电路发生了断路，此时指示灯会发光，这表明螺丝与灯泡是并联在电路中的，由于螺丝的电阻很小，能把灯泡短路；为了保护电路，防止电源短路，在干路中应该接上一个保护电阻，故B符合题意。
故选：B。
螺丝连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，螺丝不接入电路中，指示灯会发光，据此分析电路的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确螺丝与灯泡的连接方式是解题的关键。
12.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，电路为滑动变阻器最大阻值的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表测滑片右侧部分电阻丝两端的电压。
(1)金属滑片P置于电阻丝中点时，
由I=UR可得，被测电阻丝的电阻：
R中=U中I=1.5V0.2A=7.5Ω，
则电阻丝的总电阻：
R=2R中=2×7.5Ω=15Ω，故A错误；
电阻丝的长度L=15Ω0.5Ω/cm=30cm，
即当开始测量前，将金属滑片P置于电阻丝某端点，可测量的最大距离30cm，故D正确；
(2)当电压表示数为2V时，接入电路的电阻：
R'=U'I=2V0.2A=10Ω，
物体M位于：
L'=10Ω0.5Ω/cm=20cm，
故物体M向左移动了：
△L=L'-12L=20cm-15cm=5cm，故B错误；
(3)当电压表示数为1V时，接入电路的电阻：
R''=U''I=1V0.2A=5Ω，
物体M位于：
L''=5Ω0.5Ω/cm=10cm，
故物体M向右移动了：
△L=12L-L''=15cm-10cm=5cm，故C错误。
故选：D。
由电路图可知，电路为滑动变阻器最大阻值的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表测滑片右侧部分电阻丝两端的电压。
(1)金属滑片P置于电阻丝中点时，根据欧姆定律求出被测电阻丝的电阻，进一步求出电阻丝的最大阻值，根据题意求出电阻的总长度；
(2)根据欧姆定律求出电压表的示数为2V和1V时对应的电阻，再根据题意求出物体M向左移动的距离。
本题考查了学生对欧姆定律的掌握和运用，本题关键是认识到滑动变阻器起不到变阻作用。
13.【答案】热传递 比热容 引力
【解析】解：鸭子感知春江水暖是通过热传递的方式；
初春的傍晚，江水比岸上砂石暖是由于水的比热容较大，放出相同的热量，温度变化较小；
鸭子离开水面时身上沾有水珠，是因为分子间存在引力的作用。
故答案为：热传递；比热容；引力。
改变内能的方式包括做功和热传递；
水的比热容比较大，质量一定时，在吸收或放出相同热量的情况下，温度变化越小；
物体的分子之间存在相互作用的引力和斥力。
本题考查内能的改变、比热容和分子间作用力，属于综合题。
14.【答案】S 负 远弱于
【解析】解：“其柢指南”意思是握柄指向南，由此可知，握柄是磁体的S极。
根据磁极间的相互作用知，电磁铁的左端为N极，右端为S极，根据安培定则判断出电源的左端为电源负极。
司南的指向总是受到电磁铁的干扰，说明电磁铁的磁场远强于地磁场。
故答案为：S；负；远弱于。
磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；可用安培定则判断通电螺线管的两极极性。
此题考查了安培定则、据磁极间的相互作用等，属于基础知识。
15.【答案】热 液化
【解析】解：有加热功能的汽车后视镜，当汽车在雨、雾等天气行驶时，通过镶嵌于镜片后的电热丝通电，利用电流的热效应，使汽车后视镜内能变大，温度升高，可防止水蒸气在镜面上液化。故答案为：热；液化。
(1)当电流通过电阻时，电流作功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；
(2)物质由气态转变为液态的过程叫做液化。
此题考查了电流的热效应、液化现象，熟练掌握基础知识是正确解答的关键。
16.【答案】聚变 磁效应 06×108
【解析】解：(1)“人造太阳”的反应原理与太阳相似，通过核聚变的途径释放出巨大能量，从而获得高温；
(2)根据奥斯特实验可知通电导线周围存在磁场，由此可知该装置中，用通电线圈产生的磁场将超高温等离子体约束在磁场中，这是利用了电流的磁效应；
当在超低温的温度下导体电阻为0Ω的现象称为超导现象，该导体材料叫超导材料；
(3)人造太阳”每小时发电量为：
W=ηPt=60%×1×1012W×1h=60%×1×109kW×1h=6×108kW⋅h。
故答案为：(1)聚变；(2)磁效应；0；(3)6×108。
(1)将质量很小的原子核，在超高温下结合成新的原子核，会释放出更大的核能，这种反应叫做聚变，也称为热核反应；
(2)根据奥斯特实验可知通电导线周围存在磁场；
根据焦耳定律可知电流具有热效应；
当在超低温的温度下导体电阻为0Ω的现象称为超导现象，该导体材料较超导材料；
(3)已知功率和发电效率，利用公式W=ηPt可计算每小时发电量。
本题考查了核能、电功的计算、超导体的认识以及电流热效应和磁效应的运用，属于综合题，难度一般。
17.【答案】大气压 斜面
【解析】解：罐扣在皮肤上，向外抽气，罐内气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下罐子“吸”在皮肤上；
旋转式拔罐，使得拔罐更轻松容易，这是利用了斜面省力的特点。
故答案为：大气压；斜面。
罐被“吸”在皮肤上是利用了大气压；使用斜面时可以省力。
本题考查了大气压的应用、斜面的特点，属于基础题。
18.【答案】变大 增大压力的
【解析】解：用杯子接水时，水杯静止在手中，在竖直方向上，杯子受到的重力和摩擦力是一对平衡力，在接水过程中，杯子和水的总重力变大，所以杯子受到的摩擦力将会变大；
摩擦力大小的影响因素是压力大小和接触面的粗糙程度，当杯子在手中开始向下滑时，接触面的粗糙程度是一定的，因此可以紧握杯子，通过增大压力的方式来增大摩擦力使其在手中静止。
故答案为：变大；增大压力的。
(1)水杯静止在手中，重力和摩擦力相平衡，据此分析在接水过程中杯子受到的摩擦力变化；
(2)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
19.【答案】铝 不会 电源
【解析】解：(1)在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体。两种物质中，塑料是绝缘体，铝是导体，所以AB棒的材料可能是铝；
(2)闭合开关，让AB棒在磁场中竖直上下运动，AB的运动方向与磁感线平行，不能切割磁感线，没有感应电流产生，灵敏电流计指针不会偏转；
(3)电动机工作时，是将电能转化为机械能，由此可知，我们需要在电路中添加电源，即将灵敏电流计换成电源。
故答案为：铝；不会；电源。
(1)在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体；
(2)闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流；
(3)发电机是将机械能转化为电能的装置；电动机是将电能转化为机械能的装置。
本题是对于电磁感应现象的考查，需要学生对于电磁感应现象有一个清晰的认识，是一道好题。
20.【答案】做功 减小 252.5×104W
【解析】解：(1)高温的水蒸气推动风车转动，将水蒸气的内能转化成了风车的机械能；
汽油机的做功冲程将燃气的内能转化为活塞的机械能，燃气的内能减小，所以水蒸气推动风车的能量转化与汽油机做功冲程的能量转化相同；
(2)四冲程汽油机飞轮转速3000r/min=50r/s，即汽油机飞轮每秒转50圈，
由于四冲程内燃机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，所以1s内该汽油机对外做功25次；
(3)汽缸内燃气推动活塞一次所做的功：W=Fs=2000N×0.5m=1000J，
由于1s内该汽油机对外做功25次，则做功一次所用的时间t=125s，
汽油机的功率：P=Wt=1000J125s=2.5×104W。
故答案为：做功；减小；25；2.5×104W。
(1)高温的水蒸气推动风车转动，说明内能转化成了风车的机械能；汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，据此判断出燃气内能的变化；
(2)四冲程内燃机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次；
(3)利用W=Fs求出汽缸内燃气推动活塞一次所做的功，利用P=Wt求出汽油机的功率。
本题考查做功改变物体内能的能量转化、汽油机工作过程中有关量的计算以及功和功率的计算，是一道综合题，知道四冲程内燃机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次是解题的关键。
21.【答案】1 不变 凸面
【解析】解：(1)小明站在竖直放置的平面镜前1m处，根据物像到平面镜的距离相等，所以小明的像到平面镜的距离也是1m。
小明在平面镜中成像大小和小明的大小有关，跟小明到平面镜的距离、平面镜的大小都没有关系，所以小明远离平面镜时，小明像的大小不变。
(2)由生活经验知，汽车的观后镜实际上是一种凸面镜，可起到扩大视野的作用，通过观后镜成的像比实际小。
故答案为：1；不变；凸面。
(1)根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
(2)汽车的观后镜是凸面镜，在使用时，适当外旋可扩大观察范围，使行车更安全。
本题考查了凸面镜的使用和平面镜成像特点，属于基础知识的考查，难度一般。
22.【答案】非平衡 30 19
【解析】解：(1)由图丙可知，在0∼1s内空吊篮的速度在变大，所以在0∼1s内空吊篮处于非平衡状态；
(2)由图甲知，吊起动滑轮绳子的股数n=2，由图丙可知，1∼2s时，吊篮匀速运动，此时绳子的拉力F=25N；
忽略绳重、摩擦和空气阻力，由公式F=1n(GA+G动)可知，空吊篮重力GA=nF-G动=2×25N-20N=30N；
(3)忽略绳重、摩擦和空气阻力，当F大=120N时，由公式F=1n(G+GA+G动)可知，吊篮最多能装货物的重力G=nF大-GA-G动=2×120-30N-20N=190N；
由G=mg可知，货物的质量m=Gg=190N10N/kg=19kg。
故答案为：非平衡；30；19。
(1)平衡状态是是指物体处于静止状态或匀速直线运动状态；
(2)由图甲知，吊起动滑轮绳子的股数，由图丙可知，1∼2s时，吊篮匀速运动；忽略绳重、摩擦和空气阻力，利用公式F=1n(GA+G动)求空吊篮重力；
(3)忽略绳重、摩擦、空气阻力，根据F=1n(G+GA+G动)求出吊篮最多能装货物的重力，利用G=mg求出货物的质量。
本题考查了使用滑轮组时绳子拉力的计算和所提物体重力的计算、物体运动状态的判断以及重力公式的灵活运用，有一定难度。
23.【答案】甲 2.1×103 1×105
【解析】解：
(1)时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图像可知，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；根据Q放=cmΔt可知，在质量相等、放热也相同的情况下，温度降低快的比热容小；所以，甲液体的比热容大，甲物质是水；
(2)由题知，水和液体的质量相同，即m水=m乙，而水和另种液体在相同时间内放出的热量相等，
即Q水放=Q乙放，则c水m水Δt=c乙m乙Δt'，
结合图像(15min以内)可得：
4.2×103J/(kg⋅℃)×m水×(60℃-40℃)=c乙m乙(60℃-20℃)，
解得乙液体的比热容：c乙=2.1×103J/(kg⋅℃)；
(3)焦炭完全燃烧放出的热量：
Q放=m焦炭q焦炭=4.2kg×3×107J/kg=1.26×108J；
由题知，水吸收的热量：
Q吸=25%×Q放=25%×1.26×108J=3.15×107J；
由Q吸=cm(t-t0)得水的质量：
m水=Q吸c水(t-t0)=3.15×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃-25℃)=100kg=1×105g。
故答案为：甲；2.1×103；1×105g。
(1)取同样的放热时间，甲和乙放出的热量相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断。
(2)由题知，分别用质量相等的水和另一种液体进行实验，相同时间水和液体放出的热量相同。而水和液体的质量相同，根据放热公式Q放=cmΔt求液体的比热容。
(3)知道焦炭的质量和热值，利用Q放=mq求出焦炭完全燃烧放出的热量；水吸收的热量等于焦炭完全燃烧放出的热量的25%，根据Q吸=cm(t-t0)求出水的质量。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，能从温度-时间图像得出相关信息是本题的关键。
24.【答案】0.153125
【解析】解：(1)弹簧恰好处于自然状态，此时弹簧不受力，所以压杆没有压力，压力传感器为40Ω，由欧姆定律可得此时通过仪器A的电流I=UR=6V40Ω=0.15A；
(2)仪器A示数为0.2A时，压力传感器的电阻为：R1=UI1=6V0.2A=30Ω，
由图可知此时压杆压力为1N，根据杠杆平衡条件可知：F⋅OA=F拉⋅OB，即F拉=F⋅OAOB=F⋅OAOB=1N×12=0.5N，
弹簧每受到1N的力时长度变化0.5cm，所以此时弹簧的伸长量：△l1=0.5N×0.5cm/N=0.25cm，
弹簧恰好处于自然状态时长度为10cm，弹簧每受到1N的力时长度变化0.5cm，物体的重力为6N，挂上物体后的伸长量为：△l2=6N×0.5cm/N=3cm，
所以加水后物体底面上升的高度为：△l=△l2-△l1=3cm-0.25cm=2.75cm，
物体的重力为：G=mg=0.6kg×10N/kg=6N，
所以物体所受浮力为：F浮=G-F拉=6N-0.5N=5.5N，物体排开水的体积为：V排=F浮ρ水g=5.5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5.5×10-4m3=550cm3，
所以物体浸入水的高度为：h1=V排S正方体=550cm310cm×10cm=5.5cm，
水槽内水的体积为：V=S(h+△l)+(S-S正方体)h1=300cm2×(4cm+2.75cm)+(300cm2-100cm2)×5.5cm=3125cm3，
水槽中水的总质量m=ρ水V=1.0×103kg/m3×3125×10-6m3=3125×10-3kg=3125g。
故答案为：0.15；3125。
(1)弹簧恰好处于自然状态，此时弹簧不受力，所以压杆没有压力，压力传感器为40Ω，由欧姆定律可得此时通过仪器A的电流；
(2)仪器A示数为0.2A时，根据欧姆定律计算压力传感器的电阻，由图可知此时压杆压力，根据杠杆平衡条件可计算F拉，进一步计算弹簧的伸长量，计算弹簧挂上物体后的伸长量，两次伸长量之差即加水后物体底面上升的高度，分析物体受力计算浮力，根据浮力计算公式可计算物体排开水的体积，进一步计算物体浸入水的高度，根据体积公式计算水槽内水的体积，根据质量公式计算水槽中水的总质量。
本题考查欧姆定律、杠杆平衡条件、重力公式、浮力计算公式、体积公式、密度公式等，综合性强，难度较大。
25.【答案】解：根据图示可知，该透镜为凹透镜；过凹透镜光心的光线，其传播方向不变；入射光线的延长线经过凹透镜另一侧的虚焦点，经凹透镜折射后，折射光线与主光轴平行。如图所示：
【解析】根据入射光线或折射光线的特点，利用凹透镜的三条特殊光线作图。
凹透镜的特殊光线有三条：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点，指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴。
26.【答案】解：(1)由支点O向F2的作用线作垂线段，即为阻力臂l2。
(2)由杠杆的平衡条件可知，动力臂越长越省力，最长的动力臂即支点与动力作用点的连线，所以，连接支点O和动力的作用点A即为最大动力臂；根据力臂的画法作出垂直于OA的作用力，即为作用在A点的最小动力F1，方向向下。如图所示：
【解析】(1)力臂即点到线的距离。先找点(支点)，再作线(F2的作用线)，最后作点到线的距离。
(2)由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
力臂画法的关键是牢记力臂与力的作用线的关系；确定杠杆中最小力是该题的难点。
27.【答案】解：由题意可知，开关断开时指示灯不亮，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯亮，插孔能提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。说明两者是并联，且都有开关来控制。故其连接如图所示：
.
【解析】根据题意判断出指示灯与插孔为并联，且都有开关来控制，再结合连接要求对接线板进行连接。
本题主要考查了接线板的连接，能正确判断指示灯与插孔的连接特点是正确解答的关键。
28.【答案】解：(1)该充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，充电桩的额定输出功率：P=UI=500V×20A=10000W=10kW；
(2)能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，该电池的能量密度为0.20kW⋅h/kg，电池总质量为400kg，
则汽车电池一次能够储存的最大电能：W=0.20kW⋅h/kg×400kg=80kW⋅h；
将汽车电池从完全没电充电至充满，需要的时间：t=WP=80kW⋅h10kW=8h；
(3)汽车以20m/s的速度在水平路面上匀速行驶时受到的牵引力等于阻力，汽车行驶100km的过程中做功：W'=Fs=360N×100×103m=36000000J，
汽车每行驶100km的耗电量为20kW⋅h=72000000J，该过程中汽车将电能转化为机械能的效率：η=W'W0×100%=36000000J72000000J×100%=50%。
答：(1)充电桩的额定输出功率是10千瓦；
(2)该汽车电池一次能够储存的最大电能为80kW⋅h；将汽车电池从完全没电充电至充满，需要8h；
(3)该过程中汽车将电能转化为机械能的效率是50%。
【解析】(1)该充电桩额定输出电压为500V，额定输出电流为20A，根据P=UI计算输出的功率；
(2)能量密度是指电池可以充入的最大电能与电池质量的比值，已知该电池的能量密度和电池总质量，据此计算汽车电池一次能够储存的最大电能，利用t=WP计算将汽车电池从完全没电充电至充满需要的时间；
(3)汽车以20m/s的速度在水平路面上匀速行驶时受到的牵引力等于阻力，根据W=Fs计算汽车行驶100km的过程中做功，根据汽车每行驶100km的耗电量为20kW⋅h可以计算出消耗的电能，利用效率公式计算出该过程中汽车将电能转化为机械能的效率。
本题考查电功率公式、做功公式、效率公式的灵活运用，属于基础题。
29.【答案】零刻度线 左 971.05m3-m1ρ水 偏大 2.3
【解析】解：(1)①根据图甲可知，调节天平横梁平衡时，应先将游码移到标尺左端零刻度线处，天平的指针指向分度盘的右方，根据右偏左调的原则，应将平衡螺母向左移动，使天平平衡。
②物体的质量等于砝码的总质量加游码对应的刻度值，因此烧杯和牛奶的总质量为：
m1=50g+20g+20g+5g+2g=97g；
③牛奶的体积为：V=30mL=30cm3；
牛奶的质量为：m=m1-m2=97g-65.5g=31.5g；
牛奶的密度为：ρ=mV=31.5g30cm3=1.05g/cm3；
(2)④在如图所示的方法中，取出石块，再将水补充到原来的标记处，这样增加的水的体积即为是石块的体积，因此石块的体积为：
V石=V水=m水ρ水=m3-m1ρ水；
因小石块吸水体积减小，根据ρ=mV可得，所测得的未吸水石块密度值与真实值相比偏大。
石块的质量为：m石=m2-m1=342g-250g=92g；
增加水的质量为：m水=m3-m1=288g-250g=38g；
增加水的体积为：V水=m水ρ水=38g1g/cm3=38cm3；
测得的石块体积为：V测=V水=38cm3；
已知石块每100cm3最多能吸收的水的体积是5cm3，设石块的实际体积为V实，由题意可得：
V测=100cm3-5cm3100cm3V实=38cm3，
则V实=40cm3；
因此石块的实际密度为：ρ实=m实ρ实=92g40cm3=2.3g/cm3。
故答案为：(1)①零刻度线；左；②97；③1.05；(2)m3-m1ρ水；偏大；2.3。
(1)调节天平横梁平衡时，应先将游码移到标尺左端零刻线处，平衡螺母调节的按“左偏右调，右偏左调”，直到天平平衡；物体的质量等于砝码的质量加上游码所指的示数；读量筒示数时，视线与液态凹面相平；牛奶质量等于烧杯和牛奶的总质量m1与剩余牛奶和烧杯的总质量m2的差，根据ρ=mV可得牛奶密度；
(2)石块排开水的质量等于杯和水的总质量m3与水的杯子总质量m1的差，石块的体积等于石块排开水的体积，根据ρ=mV可得石块的体积表达式；
取出石块时表面会带出水不会影响石块体积的测量；
石块排开水的体积加上石块所吸水的体积等于石块的体积，根据ρ=mV可得石块的密度。
本题考查固体，液体密度的测量，考查了密度测量方法的灵活应用，属于创新题型，要熟练掌握天平的调节，量筒的读数，以及等量替代法的应用。
30.【答案】平衡 右 乙 力臂 F1L1=F2L2 变大 左 p1m0p0-p1
【解析】解：(1)如图甲所示，杠杆在此位置静止，所以此时杠杆处于平衡状态；要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向右调节；
(2)力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，图乙所示实验，测力计拉力与杠杆垂直，可以直接从杠杆上读取测力计拉力力臂，图丙所示实验，拉力与杠杆不垂直，不便于测量测力计拉力力臂，图乙中竖直向上拉动实验操作更方便；
(3)由表中实验数据可知，F1L1=F2L2，此时杠杆平衡，由此可得：杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2；
(4)当弹簧测力计逐渐由图乙位置向右倾至图丙的位置时，弹簧测力计拉力的力臂在减小，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计的示数变大；
(5)方案一：将支点O向左移动适当的距离，OA减小，OB增大，由FA×OA=m0g×OB可知，FA变大，当FA=G甲时，甲物体刚好拉离地面；
方案二：甲静止在地面，G甲=F甲=p0S，
如图丁所示，当杠杆在水平位置平衡且甲物体对地面的压强为p1，此时物体对地面的压力F1=p1S，杠杆A端受到的拉力FA=G甲-F1=p0S-p1S，
由杠杆平衡条件可知，FA×OA=G0×OB，即(p0S-p1S)×1=m0g×3，则S=3m0gp0-p1，
当甲物体刚好被细绳拉离地面时，由杠杆平衡条件可知：
G甲×OA=G总×OB，
即有p0S×1=(m0g+Δmg)×3，
则：p0×3m0gp0-p1=3(m0g+Δmg)，
所以Δm=p1m0p0-p1。
故答案为：(1)平衡；(2)乙；力臂；(3)F1L1=F2L2；(4)变大；(5)左；p1m0p0-p1。
(1)杠杆平衡状态：静止或者匀速转动；为使杠杆在水平位置平衡，应调节螺母向上翘的一端移动；
(2)探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；
(3)分析表中数据可得出结论；
(4)据图示判断弹簧测力计拉力力臂的大小关系；
(5)根据杠杆平衡条件进行分析。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验操作要求及结论掌握清楚，仔细分析即可。
31.【答案】B 灯泡断路 2.212.5R0和R1 大于 R01-R02
【解析】解：(1)小灯泡的额定电压为2.5V，灯丝电阻约为12Ω，由欧姆定律可得灯的额定电流约为：I=ULRL=2.5V12Ω≈0.21A，
根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可得，灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压为：U滑=U-UL=6V-2.5V=3.5V，
滑动变阻器连入电路的电阻为：R滑=U滑I=3.5V0.21A≈16.7Ω，
所以，应选用“50Ω0.5A”规格的滑动变阻器，故选B；
(2)电流表遵循“正进负出”的原则选择小量程串联接入电路，如图：
；
(3)闭合开关S，灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，说明电路断路，电压表串联接入电路，即灯泡断路；
(4)由图乙可知电压表使用0∼3V量程，分度值0.1V，示数为2.2V；
(5)根据小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像知灯在额定电压下的电流为0.2A，该小灯泡正常发光时的电阻为：R=ULIL=2.5V0.2A=12.5Ω；
(6)闭合开关，热敏电阻、滑动变阻器、电阻箱串联接入电路，电压表测电阻箱两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将电压表和热敏电阻C端间的导线改接到D端，闭合开关S，电压表测电阻箱和热敏电阻两端的电压之和，闭合开关S，反复调节R0和R1，使电压表和电流表的示数与上述记录的示数相同，记录此时电阻箱的阻值R02，根据R=UI可知R01=R02+RT，则热敏电阻的阻值RT=R01-R02。
故答案为：(1)B；(2)见上图；(3)灯泡断路；(4)2.2；(5)12.5；(6)R0和R1；大于；R01-R02。
(1)根据欧姆定律求出灯泡的额定电流，根据串联电流的规律和欧姆定律求出灯泡正常发光时滑动变阻器连入电路的阻值，然后与滑动变阻器的规格比较进行推断；
(2)电流表遵循“正进负出”的原则选择小量程串联接入电路；
(3)闭合开关S，灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，说明电路断路，电压表串联接入电路，据此分析电路故障；
(4)由图乙可知电压表接入电路的量程和分度值，据此读数；
(5)根据小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像知灯在额定电压下的电流，根据欧姆定律计算该小灯泡正常发光时的电阻；
(6)闭合开关，热敏电阻、滑动变阻器、电阻箱串联接入电路，电压表测电阻箱两端的电压，电流表测通过电路的电流，
将电压表和热敏电阻C端间的导线改接到D端，闭合开关S，电压表测电阻箱和热敏电阻两端的电压之和，闭合开关S，反复调节R0和R1，使电压表和电流表的示数与上述记录的示数相同，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得热敏电阻的阻值。
本题测量小灯泡的电阻，考查了连接实物电路图、滑动变阻器的选择、电表读数、串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，有一定的难度。
32.【答案】大于 上 减小 C
【解析】解：(1)活塞向上推压硬棒，说明气缸内气体的压强大于气缸外的大气压强，B点对硬棒施加向下的力，力的作用是相互的，所以B点受到硬棒的压力向上；
(2)①闭合开关，电阻箱和力敏电阻串联接入电路，当电路中的电流I=0.045A时，根据欧姆定律可得电路总电阻：R总=UI=9V0.045A=200Ω，
RF受到向下的压力为100N，由图可知力敏电阻的阻值为150Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以电阻箱接入电路的电阻：R=R总-RF=200Ω-150Ω=50Ω；
②根据杠杆平衡条件可得FA×OA=FB×OB，根据力的作用是相互的可知B点受到的压力为100N，则FA=FB×OBOA=100N×0.4m0.5m=80N，
此时气缸内气体的压强：p=FAS=80N0.01m2=8000Pa；
③若将调试好的该装置移至气压低的高原地区工作时，气缸内外压强差变大，A点受到的压力变大，根据杠杆平衡条件FA×OA=FB×OB可知B点受到的压力变大，由图可知力敏电阻的阻值变大，通过电路的电流变小，若小于设定值0.04A时，电路将控制气泵向外抽气，所以该装置能控制的最大气压将减小；
为保持所控制的最大气压不变，根据欧姆定律可知电路总电阻不变，根据串联电路电阻规律可知需减小电阻箱接入电路的阻值；
或在力敏电阻的阻值变大时，即串联电路总电阻变大时，若保持电路电流不变，根据欧姆定律可知需增大电源电压；
或根据杠杆平衡条件保持B点受到的力不变，A点受到的压力变大，根据杠杆平衡条件FA×OA=FB×OB可知需减小OA的值，所以将支点O向左移动一段距离，故选C。
答：(1)大于；上；
(2)①电阻箱的阻值为50Ω；
②此时气缸内气体的压强为8000Pa；
③C。
(1)活塞向上推压硬棒，说明气缸内气体的压强大于气缸外的大气压强，B点对硬棒施加向下的力，根据力的作用是相互的可知B点受到硬棒的压力方向；
(2)①闭合开关，电阻箱和力敏电阻串联接入电路，根据欧姆定律可得电路中的电流I=0.045A时电路的总电阻，由图可知RF受到向下的压力为100N时力敏电阻的阻值，根据串联电路电阻规律计算电阻箱接入电路的电阻；
②根据杠杆平衡条件可得FA×OA=FB×OB计算A点受到的力，根据压强公式计算此时气缸内气体的压强；
③若将调试好的该装置移至气压低的高原地区工作时，气缸内外压强差变大，A点受到的压力变大，根据杠杆平衡条件FA×OA=FB×OB可知B点受到的压力变大，由图可知力敏电阻的阻值变大，通过电路的电流变小，若小于设定值0.04A时，电路将控制气泵向外抽气，据此判断该装置能控制的最大气压的变化；
为保持所控制的最大气压不变，分三种情况考虑：根据欧姆定律和串联电路电阻规律调节电阻箱接入电路的阻值，或根据欧姆定律调节电源电压，或根据杠杆平衡条件保持B点受到的力不变。
本题考查力的作用是相互的、串联电路特点、欧姆定律、压强公式、杠杆平衡条件的灵活运用，综合性强。
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