2023年内蒙古赤峰市松山区中考物理三模试卷（含答案）

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2023年内蒙古赤峰市松山区中考物理三模试卷
1. 下列数据中最接近实际的是(    )
A. 安全电压约为220V
B. 完整播放一遍中华人民共和国国歌所需时间约为50s
C. 九年级物理课本所受的重力约为20N
D. 一个鸡蛋的质量约为500g
2. 为创建文明城市，要求我们在公共场合“轻声”说话。这里的“轻声”是指声音的(    )
A. 声速 B. 响度 C. 音色 D. 音调
3. 下列物态变化现象中属于升华的是(    )
A. 雪的形成
B. 露珠的形成
C. 冬天结冰的衣服直接变干
D. 铁块变成铁水
4. 五一假期，小强爸爸开车带一家人外出游玩，下列有关惯性的说法正确的是(    )
A. 上车后所有人都系上了安全带，是为了减小汽车行驶中人的惯性
B. 遇到紧急情况爸爸刹车时，小强身体向前倾，是因为小强受到惯性力的作用
C. 爸爸踩刹车后，汽车仍向前滑行了一段距离，是因为汽车具有惯性
D. 高速公路严禁超速，是因为汽车速度越大，惯性越大
5. 我国高铁技术处于世界领先地位，高铁线路总长度居世界第一，为了提高高铁的安全性和舒适性，下列相关描述中不正确的是(    )


A. 铁轨下铺设枕木是为了减小压强
B. 高铁车厢内的破窗锤两端制成锥形，是为了增大压强
C. 站台处设置安全线，是由于乘客靠近运行高铁的一侧空气流速大压强小的缘故
D. 车厢座椅用软质材料包裹，是为了增大压强
6. 如图所示，“天宫课堂”上王亚平老师将两块透明板上的水球接触后粘在一起，慢慢拉开板后形成一个长长的“液桥”，该现象主要说明了(    )


A. 水分子间有空隙 B. 水分子间存在吸引力
C. 水分子间存在排斥力 D. 水分子处在永不停息的无规则运动中
7. 下图所示的是神舟十三号载人飞船返回舱返回地面时的情境。打开降落伞后，若返回舱在一段时间内的运动可看作是竖直向下的匀速运动，则关于返回舱在这段时间内，下列说法正确的是

A. 返回舱的动能不变 B. 返回舱的重力势能不变
C. 返回舱的机械能不变 D. 返回舱所受重力不做功
8. 如图甲是“奋斗”小组制作的“磁浮地球仪”。在地球仪中装入条形磁铁，底座中的电磁铁就可将其稳定地“漂浮”在空中，其工作原理如图乙所示。下列判断正确的是(    )


A. 电磁铁的上端为N极
B. 电源的左端为正极
C. 地球仪是通过异名磁极互相排斥实现“漂浮”的
D. 滑片P向左移动可增加地球仪“漂浮”的高度
9. 如图是某款洗衣机，它的铭牌标有“220V 150W”，下列说法正确的是(    )

A. 洗衣机只能在220V 的电压下工作
B. 洗衣机正常工作时，10s内会产生1500J的热量
C. 洗衣机的核心装置是电动机，它的工作原理是电磁感应现象
D. 洗衣机需与三孔插座配套使用，当人接触外壳带电的洗衣机时，电路中的漏电保护器会切断电流，从而防止人触电
10. 甲、乙、丙三个小球的质量m和体积V如表所示，将它们浸没在水中释放，当三个小球静止后，三个小球所受的浮力分别为F甲、F乙和F丙。下列判断正确的是(    )
小球
甲
乙
丙
m/g
40
40
40
V/cm3
60
40
20

A. F甲˃F乙˃F丙 B. F甲=F乙=F丙 C. F甲=F乙˃F丙 D. F甲˃F乙=F丙
11. 如图所示，在小瓶里装一些带颜色的水，再取一根两端开口的细管，使细管穿过橡皮塞插入水中，从细管上端吹入少量气体，就制成了一个简易的气压计。小明把气压计从山顶带到山脚，由于大气压强______ (选填“变小”、“不变”或“变大”)，细管内水柱会______ (选填“上升”、“下降”或“不变”)。
12. 一个重5N的木块，放在水平桌面上用弹簧测力计来拉动，当弹簧测力计的示数为1N时，木块没有被拉动，此时木块受到的摩擦力是______ N；当弹簧测力计的示数为3N时，木块恰好做匀速直线运动，此时木块受到的摩擦力是______ N；当弹簧测力计的示数为5N时，木块继续运动，此时木块受到的摩擦力是______ N。
13. 重600N的小强因腿受伤坐轮椅上学，轮椅的重量是100N，乐于助人的小刚同学用250N的推力将小强和轮椅匀速推上长4米，高1米的斜坡，则小刚对小强和轮椅做的有用功______ J，小刚做的额外功是______ J，该斜面的机械效率是______ 。
14. 俯卧撑是一项常见的健身运动，图甲所示是位健身爱好者在水平地面上做俯卧撑保持静止时的情境，她的身体与地面平行，可抽象成如图乙所示的杠杆模型，地面对脚的力作用在O点，地面对手的力F1与身体垂直作用在B点，重心在A点。已知该健身爱好者的体重为560N，OA长为1m，AB长为0.4m，则F1=______ N；图丙所示的是该健身爱好者手扶座椅做俯卧撑保持静止时的情境，此时她的身体姿态与图甲相同，只是身体与水平地面成一定角度，座椅对手的力F2与他的身体垂直，且仍作用在B点。则F2______ F1(选填“大于”或“小于”或“等于”)。


15. 如图所示，物体A保持静止，画出A所受重力G和拉力F的示意图。


16. 如图所示，一束光从水中射向水面O点，画出法线、反射光线和大致的折射光线。





17. 请将图中的“光控开关”、“声控开关”、灯泡用笔画线代替导线正确连入电路，设计出只有在夜间且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路。


18. 在“探究平面镜成像的特点”实验中，实验器材：带底座的薄玻璃板、白纸、两支外形相同的蜡烛A和B、火柴、笔、光屏。
(1)选用薄玻璃板代替平面镜进行实验的目的是______ 。
(2)将蜡烛A靠近玻璃板，蜡烛B应______ (选填“靠近”或“远离”)玻璃板才能与蜡烛A的像完全重合。
(3)移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上______ (选填“能”或“不能”)呈现蜡烛A的像。
19. 如图是探究“液体内部压强规律”的实验装置。
(1)为了使实验更安全更便于观察，压强计的U形管中应该装入______ 。
A.酒精
B.水
C.滴入墨水的水
D.水银
(2)如图甲，用软管连接探头和U形管后，发现U形管两侧的液面有一定的高度差，接下来正确的调节做法是______ ，调节好后U形管两侧的液面相平。
A.将右侧管中高出的液体倒出
B.在右侧的管中再注入一些液体
C.反复按压探头的橡皮膜
D.取下软管重新安装
(3)比较______ 两图，可以得出当深度相同时，液体的密度越大，液体的压强越大。
20. 用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值实验。
(1)闭合开关前，滑片P应置于滑动变阻器的最______ 端(选填“右”或“左”)。
(2)用完好的器材按图甲正确连接好电路，试触时，发现电流表的指针偏转角很小，移动滑动变阻器的滑片时，指针位置虽然有变化但是偏转角度仍然很小，导致该现象的原因可能是：______
(3)电路调试完成后，某次实验中电压表和电流表示数如图乙和丙所示，根据此组数据计算该电阻的阻值Rx=______ Ω。
21. 为了比较两种不同液体A和B的比热容大小，小明用甲图所示的器材进行了实验。实验数据记录如表所示：
物质
质量/g
初温/℃
加热时间/min
末温/℃
液体A
200
18
6
38
液体B
200
18
6

(1)图甲中两个电加热器的规格应该是______ (选填“相同”或“不同”)。
(2)实验中，加热到6min时液体B的温度如图乙所示，该温度为______ ℃。
(3)由实验数据可知，液体A的比热容与液体B的比热容之比是______ 。
22. 阅读短文，回答问题。
电磁波的海洋电磁波是个大家族，如图所示，通常用于广播电视、卫星通信和移动电话的那部分叫做无线电波，电磁波除了用于通信外，还有很多别的应用，比如我们生活中常见到的微波炉，就是用电磁波来加热食品的，微波炉内有很强的电磁波，它的波长很短，所以叫做微波。红外线是电磁波的一种，红外线测距仪就是通过发射红外线测量距离的。
真空中电磁波的传播速度为c，其数值大约为30万千米每秒，电磁波的速度是不是看起来很熟悉呢？它也是光在真空中的传播速度，可见光就是电磁波的一种，电磁波在真空中的传播速度都是相同的。

(1)判断手骨骨折部位要用X射线拍照，其波长比无线电波______ (选填“长”或“短”)。
(2)下列说法正确的是______ 。
A.在真空中，光比电磁波的速度大
B.手机既能发射电磁波也能接收电磁波
C.电磁波的应用对人类有利无害
D.卫星通信不是利用电磁波传递信息
(3)下列不属于电磁波应用的是______ 。
A.无线电通信
B.微波加热
C.紫外线灭菌
D.B超
23. 如图所示的055型驱逐舰是日前我国乃至世界上最先进的防空导弹驱逐舰。该导弹驱逐舰排水量为12300t，满载时船底最深处距离水面10m，该舰满载做匀速直线航行时，最大航速为54km/h，此时受到海水的阻力是船重的0.1倍、(g=10N/kg,ρ海水=1.03×103kg/m3)求：
(1)满载时船底最深处受到海水的压强是多少？
(2)055型驱逐舰满载时受到的浮力是多少？
(3)055型驱逐舰以最大航速匀速直线航行10min，牵引力做功是多少？
24. 小刚家容积是1L的电热水壶的铭牌上标着“220V 1100W”的字样，如图是小刚家的电子脉冲式电能表，1800imp/kW⋅h的含义是用电器每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁1800次，小刚让电热水壶单独工作，将一满壶初温为18℃的水烧开用时10min，指示灯闪烁了300次。[ρ水=1.0×103kg/m3,c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]求：
(1)将一满壶初温为18℃的水烧开需要吸收的热量是多少？(当地水的沸点是98℃)
(2)电热水壶烧水过程中的实际功率是多少？
(3)小刚家的车库用电也用这块电能表来计量，小刚的爸爸想买一辆纯电动新能源汽车，打算在车库内安装一台功率是7kW的家用充电桩，请你通过计算判断能不能在车库内安装7kW的家用充电桩。
答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：A.不高于36V的电压为安全电压，故A不符合实际；
B.完整播放一遍中华人民共和国国歌所需时间约为50s，故B符合实际；
C.九年级物理课本的质量约为0.2kg，其所受的重力约为G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，故C不符合实际；
D.一个鸡蛋的质量约为50g，故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。

2.【答案】B 
【解析】解：音调是指声音的高低，响度是指声音的强弱，音色是指声音的品质与特色。要求我们在公共场合“轻声”说话。这里的“轻声”是指声音的响度，与声速无关，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选：B。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。

3.【答案】C 
【解析】解：A、雪的形成是水蒸气的凝华现象，故A不符合题意；
B、露珠的形成是水蒸气的液化现象，故B不符合题意；
C、冰冻的衣服晾干，由固态直接变成了气态，属于升华现象，故C符合题意；
D、铁块变成铁水是熔化现象，故D不符合题意。
故选：C。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
本题考查了学生对物态变化现象的判断，抓住物质前后的状态变化是解决此类题目的关键。

4.【答案】C 
【解析】解：A、上车后所有人都系上了安全带，是为了减小汽车行驶中惯性带来的伤害，但不能减小惯性，故A错误；
B、遇到紧急情况爸爸刹车时，小强身体向前倾，是因为小强具有惯性，但惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误；
C、爸爸踩刹车后，汽车仍向前滑行了一段距离，是因为汽车具有惯性，故C正确；
D、物体的惯性大小只与物体的质量有关，与运动状态、速度等因素无关，故D错误。
故选：C。
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。质量越大，惯性越大。
本题考查了惯性的知识，知道惯性的概念是正确解题的前提，解题时要根据实际物理情景进行分析，作出判断。

5.【答案】D 
【解析】解：A、铁轨下铺设枕木是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A正确；
B、高铁车厢内的破窗锤两端做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B正确；
C、人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故，所以站台处设置安全线，故C正确；
D、车厢座椅用软质材料包裹，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D错误。
故选：D。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(2)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。
此题考查增大和减小压强的方法、流体压强和流速的关系，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。

6.【答案】B 
【解析】解：在“天宫课堂”上，将两块透明板上的水球接触后粘在一起，慢慢拉开板后形成一个长长的“液桥”，都说明了分子间存在相互作用的引力，故B正确，ACD错误。
故选：B。
水球由水分子构成，两个水球接触后能合成一个，说明分子间存在引力的作用。
本题考查分子间的作用力，掌握分子动理论的观点是解答本题的关键。

7.【答案】A 
【解析】解：A、返回舱匀速下落的过程中，其质量不变，速度不变，所以动能大小不变，故A正确；
B、返回舱匀速下落的过程中，其质量不变，高度减小，则重力势能减小，故B错误；
C、因为机械能等于动能与势能的总和，所以返回舱的机械能减小，故C错误；
D、返回舱竖直向下匀速运动，在重力的方向上通过了距离，其所受的重力做功，故D错误。
故选：A。
(1)动能的影响因素是质量和速度；
(2)重力势能的影响因素是质量和高度；
(3)动能和势能统称机械能；
(4)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在该力的方向上通过的距离。
本题考查了动能和重力势能的影响因素、机械能的概念以及力是否做功的判断，相对比较简单，属于基础题。

8.【答案】B 
【解析】解：AB、根据同名磁极相互排斥可知，图中电磁铁的上端应为S极，则由安培定则可知，电流从电磁铁的上端流入，下端流出，电路中的电源的左端为正极，故A错误，B正确；
C、磁浮玩具稳定地“漂浮”起来，其利用的工作原理是同名磁极互相排斥，故C错误；
D、滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电流变小，电磁铁磁性减弱，可降低地球仪“漂浮”的高度，故D错误。
故选：B。
本装置利用了磁极间的相互作用规律，根据同名磁极相互排斥，结合安培定则可判断出磁极，再进一步确定电源的正负极。并根据变阻器的变化，分析磁极的强弱变化。
利用所学的知识进行科技制作，将知识与能力相结合，是提高我们能力的有效途径。

9.【答案】D 
【解析】解：A、由铭牌知，该洗衣的额定电压是220V，但并不表示洗衣机只能在220V 的电压下工作，故A错误；
B、由题意知，10s内洗衣机消耗的电能为：W=Pt=150W×10s=1500J，这些电能主要转化为机械能，只产生少量的内能，故B错误；
C、洗衣机的核心装置是电动机，它的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故C错误；
D、洗衣机需与三孔插座配套使用，当人接触外壳带电的洗衣机时，电路中的漏电保护器会切断电流，从而防止人触电，故D正确。
故选：D。
(1)铭牌上的“220V 150W”表示用电器的额定电压和额定功率；
(2)洗衣机工作时，主要将电能转化为机械能，只产生少量的内能；
(3)电动机是利用通电导体在磁场中受力运动而制成的；
(4)漏电保护器可以在火线与零线电流大小不同时，自动切断电路。
本题以洗衣机为内容，考查了多个电学知识在洗衣机上的应用，体现了物理与生活的联系，难度不大。

10.【答案】C 
【解析】解：根据表格中的数据，利用公式ρ=mV可知，三个小球的密度分别为：ρ甲=0.67g/cm3、ρ乙=1.0g/cm3、ρ丙=2g/cm3；
已知水的密度为1.0g/cm3，则：
甲的密度小于水的密度，所以甲在水中漂浮，根据物体的浮沉条件可知：F甲=G甲=m甲g=40×10-3kg×10N/kg=0.4N，
乙的密度等于水的密度，所以乙在水中悬浮，根据物体的浮沉条件可知：F乙=G乙=m乙g=40×10-3kg×10N/kg=0.4N；
丙的密度大于水的密度，丙在水中下沉，根据阿基米德原理可知，丙受到的浮力为：F丙=ρ水gV排=ρ水gV丙=1.0×103kg/m3×10N/kg×20×10-6m3=0.2N；
由此可知，F甲=F乙˃F丙。
故选：C。
根据小球的质量和小球的体积分析小球密度大小；根据小球的密度与水的密度的关系分析小球在水中的状态，根据物体的浮沉条件分析和阿基米德原理浮力的大小。
本题考查了密度的计算、物体浮沉条件的应用、阿基米德原理的应用，难度不大。

11.【答案】变大  下降 
【解析】解：把气压计从山顶带到山脚，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的减小而增加，此时在瓶外气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃瓶，因此管内水柱的高度会增下降。
故答案为：变大；下降。
把气压计从山顶带到山脚时，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的减小而增加，因此可从瓶内外的气压差来分析。
此题主要考查的是水气压计，涉及了气压和高度的关系的特点等知识，综合性较强。

12.【答案】1 3 3 
【解析】解：一个重5N的木块，放在水平桌面上用弹簧测力计来拉动，当弹簧测力计的示数为1N时，木块没有被拉动，此时木块静止，受力平衡，受到的摩擦力等于拉力，是1N；当弹簧测力计的示数为3N时，木块恰好做匀速直线运动，此时木块受力平衡，受到的摩擦力大小等于拉力，是3N；当弹簧测力计的示数为5N时，木块继续运动，由于滑动摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关，此时压力和接触面的粗糙程度没变，滑动摩擦力不变，此时木块受到的摩擦力是3N。
故答案为：1；3；3。
静止的物体和匀速直线运动的物体都受到平衡力作用，根据平衡力的条件进行判断；当受力不平衡时，物体运动状态将发生改变；影响滑动摩擦力的因素有压力大小和接触面的粗糙程度，据此分析解答。
静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力的条件判断力的大小和方向是比较常见的一种习题，一定要熟练掌握。

13.【答案】70030070% 
【解析】解：
(1)小强和轮椅的总重：G总=600N+100N=700N，
则小刚对小强和轮椅做的有用功：
W有用=G总h=700N×1m=700J；
(2)推力做的总功：
W总=Fs=250N×4m=1000J，
小刚做的额外功：
W额=W总-W有用=1000J-700J=300J；
(3)该斜面的机械效率：
η=W有用W总×100%=700J1000J×100%=70%。
故答案为：700；300；70%。
(1)分析题意可知克服小强和轮椅的总重力做的功为有用功，先求出小强和轮椅的总重，知道斜面高，利用W=Gh求出有用功；
(2)知道推力的大小、斜面长，利用W=Fs求出推力做的总功；使用该斜面做的额外功等于总功减去有用功；
(3)斜面的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了使用斜面时有用功、额外功、总功、机械效率的计算，明确有用功、总功的含义以及有用功、总功、额外功之间的关系是关键。

14.【答案】400< 
【解析】解：(1)

如图1所受，O为支点，重力的力臂为lA，F1的力臂为lB，依据杠杆的平衡条件F1lB=GlA可得：F1=GlAlB=560N×1m1m+0.4m=400N；
(2)
手扶栏杆时，抽象成杠杆模型如图2所示，O为支点，重力的力臂为lA'，F2的力臂为lB'，依据杠杆的平衡条件，F2lB'=GlA'可得F2=GlA'lB'，
由图可知：lA' 故答案为：400；<。
(1)

如图1所受，O为支点，重力的力臂为lA，F1的力臂为lB，依据杠杆的平衡条件F1lB=GlA可得F1的大小。
(2)
手扶栏杆时，抽象成杠杆模型如图2所示，O为支点，重力的力臂为lA'，F2的力臂为lB'，依据杠杆的平衡条件，F2lB'=GlA'可得F2，由图可知力臂的大小关系，进而得出F2与F1的大小关系。
本题考查杠杆的平衡条件的应用，综合性强，难度适中。

15.【答案】 
【解析】
【分析】
物体静止时的受力情况，画出受力示意图。
本题还考查学生对重力、拉力的示意图的画法以及对平衡力了解和掌握。
【解答】
由图可知，物体静止时，弹簧测力计对物体的拉力F与物体受到的重力G是一对平衡力，这两个力的大小相等，方向相反，作用在同一条竖直方向的直线上，拉力的方向与细线重合，力的作用点在重心(几何中心)。
A所受重力G和拉力F的示意图如下图所示：

故答案为：见上图。  
16.【答案】 
【解析】
【分析】
(1)根据反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，画出反射光线；
(2)根据折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，空气中折射角大于入射角，确定折射光线的方向。
本题主要考查光的反射定律和折射规律的应用情况，作光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节，已知入射角的大小，所以一定要标出反射角的大小。
【解答】
一束光从水中射向水面O点，过O点作垂直于分界面的一条虚线，即法线，根据光的反射定律可知，反射光线与入射光线分居法线两侧，且反射角等于入射角，据此画出反射光线；根据光的折射定律可知，折射光线与入射光线分居法线两侧且不在同一介质中，由于光从水中射入空气，所以折射角大于入射角，据此画出折射光线，如图所示：

故答案为：如图所示。  
17.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，(声控开关和光控开关是串联的)；再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
 
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
掌握家庭电路的灯泡、开关的接法，同时考虑使用性和安全性。

18.【答案】便于确定像的位置  靠近  不能 
【解析】解：(1)玻璃板有透光性，既能成像又能确定像的位置，选用薄玻璃板代替平面镜进行实验的目的是便于确定像的位置；
(2)平面镜成的像与物关于镜面对称，像与物到镜面的距离相等，将蜡烛A靠近玻璃板，蜡烛B应靠近玻璃板才能与蜡烛A的像完全重合；
(3)平面镜成的像为虚像，虚像不能成在光屏上，移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上不能呈现蜡烛 A的像。
故答案为：(1)便于确定像的位置；(2)靠近；(3)不能。
(1)玻璃板有透光性，既能成像又能确定像的位置；
(2)平面镜成的像与物关于镜面对称，像与物到镜面的距离相等；
(3)平面镜成的像为虚像，虚像不能成在光屏上。
本题探究平面镜成像的特点，考查对器材的要求和平面镜成像规律的运用。

19.【答案】A D 丙、丁 
【解析】解：(1)如果被测压强大小相同，根据p=ρ液gh，U形管中液体密度越小，液面高度差就越大，为了使实验现象更明显，小明应该选择酒精装入U形管中，故选：A；
(2)在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差(如图甲所示)，接下来的操作是，拆除胶管重新安装，故选：D；
(3)要探究液体的压强与液体密度的关系，需要控制液体的深度不变，改变液体的密度，实验丙、丁符合题意。
故答案为：(1)A；(2)D；(3)丙、丁。
(1)根据液体压强公式p=ρ液gh分析；
(2)U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；当使用前发现U形管内水面已有高度差，只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(3)液体压强大小跟液体深度和密度有关。探究液体压强跟深度关系时，控制液体的密度不变，改变液体深度；探究液体压强跟方向的关系时，控制深度、密度不变，改变金属盒的方向；探究液体压强跟密度时，控制深度和方向不变，改变密度的大小。
本题探究影响液体内部压强大小的因素，考查注意事项、液体压强特点和控制变量法和转换法的运用及液体压强公式的运用，是一道综合题。

20.【答案】右  电流表接入的是大量程  8 
【解析】解；(1)闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最右端，即阻值最大处，目的是保护电路；
(2)用完好的器材按图甲正确连接好电路，“试触”时，发现电流表的指针偏转很小；移动滑动变阻器的滑片，发现指针偏转仍然较小，产生该现象的原因可能是：电流表接入的是大量程；
(3)某次实验中电压表和电流表示数如图乙和丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，被测电阻两端的电压U=2.4V；电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为I=0.3A，由欧姆定律I=UR可得该电阻的阻值为：Rx=UI=2.4V0.3A=8Ω。
故答案为：(1)右；(2)电流表接入的是大量程；(3)8。
(1)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置阻值最大处；
(2)用电流表测量电流，电流表应选用合适的量程，否则电流表指针偏转角度过大或过小；
(3)根据电表选用小量确定分度读数，由欧姆定律求出该电阻的阻值。
本题通过“用伏安法测电阻”，考查实验注意事项、电表读数及欧姆定律的应用，难度不大，要熟记这些知识。

21.【答案】相同  58 2：1 
【解析】解：(1)根据转换法，图甲中两电加热器的规格应该相同，在相同时间内加热器放出的热量相同，液体吸收的热量相同；故液体吸收的热量的多少是通过加热时间来比较的。
(2)实验中，某时刻液体B的温度如图乙所示，温度计分度值为2℃，该温度为58℃。
(3)由实验数据可知，液体的质量相同，加热相同时间，液体吸收相同的热量，A升高的温度为38℃-18℃=20℃，B升高的温度为58℃-18℃=40℃；
(3)根据c=QmΔt可知，A的比热容为B的比热容的2倍，即2：1。
故答案为：(1)相同；加热时间；(2)58；(3)2：1。
(1)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
(2)确定温度计分度值读数。
(3)根据c=QmΔt求出比热容的大小关系。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。

22.【答案】短  B D 
【解析】解：(1)X射线的频率比无线电波高，故X射线的波长更短；
(2)手机既能发射电磁波也能接收电磁波，故选B；
(3)下列不属于电磁波应用的是B超，故选：D。
故答案为：短；B；D。
(1)光速一定时，频率与波长成反比；
(2)在真空中，光比电磁波的速度一样。
(3)电磁波的传播不需要介质；B超用超声波传播信息。
本题考查了电磁波的运动，属于基础题。

23.【答案】解：(1)满载时船底最深处受到海水的压强p=ρ海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×10m=1.03×105Pa；
(2)055型驱逐舰满载时排开水的重力G排=m排g=12300×103kg×10N/kg=1.23×108N，
根据阿基米德原理知055型驱逐舰满载时受到的浮力是F浮=G排=1.23×108N；
(3)驱逐舰在水面漂浮，浮力等于重力，则驱逐舰的重力为G=F浮=1.23×108N；
055型驱逐舰以最大航速匀速直线航行时受到的阻力f=0.1G=0.1×1.23×108N=1.23×107N，
因为驱逐舰匀速直线航行，受力平衡，牵引力F=f=1.23×107N，
驱逐舰以最大速度航行10min通过的路程s=vt=54km/h×1060h=9km=9000m，
牵引力做的功W=Fs=1.23×107N×9000m=1.107×1011J。
答：(1)满载时船底最深处受到海水的压强是1.03×105Pa；
(2)055型驱逐舰满载时受到的浮力是1.23×108N；
(3)055型驱逐舰以最大航速匀速直线航行10min，牵引力做的功是1.107×1011J。 
【解析】(1)根据p=ρgh计算船底最深处受到海水的压强；
(2)根据G=mg计算驱逐舰满载时排开水的重力，根据阿基米德原理知055型驱逐舰满载时受到的浮力等于排开的水受到的重力；
(3)驱逐舰在水面漂浮，浮力等于重力，根据题意计算驱逐舰航行时受到的阻力，因为驱逐舰匀速直线航行，受力平衡，牵引力等于阻力，根据s=vt计算驱逐舰10min通过的距离，根据W=Fs计算牵引力做的功。
本题考查了压强、浮力和功的计算，要求学生能够灵活运用公式解决实际问题。

24.【答案】解：(1)水的体积V=1L=1×10-3m3，
由ρ=mV可得，水的质量m=ρ水V=1×103kg/m3×1×10-3m3=1kg；
由于当地水的沸点是98℃，则水吸收的热量：
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(98℃-18℃)=3.36×105J；
(2)表盘上的脉冲闪灯闪烁300次，则消耗的电能：
W=300imp1800imp/(kW⋅h)=16kW=6×105J；
电水壶烧水的实际功率：P=Wt=6×105J10×60s=1000W；
(3)由P=UI可得家用充电桩的电流为：I=PU=7000W220V≈31.8A>20A，
由图示电能表铭牌可知允许通过的最大电流为20A<31.8A，
所以，不能在车库内安装7kW的家用充电桩。
答：(1)将一满壶初温为18℃的水烧开需要吸收的热量是3.36×105J；
(2)电热水壶烧水过程中的实际功率是1000W；
(3)不能在车库内安装7kW的家用充电桩。 
【解析】(1)先由公式m=ρV计算出水的质量；由热量公式Q=cm(t-t0)计算吸收的热量；
(2)由图示电能表铭牌，根据电能表转过的圈数求出电热水壶消耗的电能，然后由功率公式求出实际功率；
(3)利用P=UI求出家用充电桩的电流，然后与电能表允许通过的最大电流比较即可判断。
本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活相连，使学生觉得学了物理有用，注意计算时的单位变换要正确。