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2023年江苏省泰州市第二中学附属初中中考物理二模试卷
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这是一份2023年江苏省泰州市第二中学附属初中中考物理二模试卷，共30页。
2023年江苏省泰州二中附中中考物理二模试卷
1. 下列生活用品中，通常情况下属于导体的是
A. 不锈钢勺 B. 瓷碗 C. 塑料铲 D. 木筷子
2. 下列关于能源的观点中，正确的是( )
A. 天然气是可再生能源
B. 能量每转化一次，可利用的能量只会减少
C. 核电站中利用核聚变来发电
D. 只要不违反能量守恒定律，永动机仍可实现
3. 下列关于家庭电路的说法，正确的是( )
A. 家庭电路中，开关一定要接在零线上 B. 保险丝必须装在零线上
C. 金属外壳的电器不需要接地线 D. 更换灯泡时，要断开开关
4. 下列有关对物质世界的认识正确的是( )
A. 太阳是宇宙的中心 B. 香气扑鼻说明分子在不停地运动
C. 分子是不可再分的最小粒子 D. 用摩擦的方法可以创造电荷
5. 下列物理量中，反映物质特性的是( )
A. 电阻 B. 速度 C. 比热容 D. 质量
6. 2022年末，唐河下起第一场雪，为了保证安全出行，人们采取了许多防滑措施。下列各项中增大摩擦的方式与其他不同的是( )
A. 骑自行车时在车上安放些重物 B. 在结冰的路面上撒沙子
C. 在汽车轮胎上装上防滑链 D. 行走时穿上底面花纹深的鞋
7. 如图为“探究阻力对物体运动的影响”实验，小张将粗糙程度依次减小的棉布、木板与玻璃铺在水平面上，让小车从斜面的顶端由静止开始滑下，用传感器记录小车运动的“速度v-路程s”图像。则下列图像与水平面材料对应正确的是( )
A. ①③ B. ②④ C. ①②③ D. ①②③④
8. 下列关于热现象的说法正确的是( )
A. 一个物体内能增加，一定是从外界吸收了热量
B. 热传递过程中，热量只能从内能大的物体传给内能小的物体
C. 碘蒸气在凝华过程中内能减小
D. 温度相同的两物体间也能发生热传递
9. 如图所示是某滑雪运动员离开跳台向上运动的某个瞬间和在倾斜的雪道上比赛中的场景，下列说法中正确的是( )
A. 离开跳台上升到最高点时她受力是平衡的
B. 在倾斜的雪道上，下蹲是为了增大压力来保持身体的平衡
C. 在倾斜的雪道上，滑雪板对雪地的压力和雪地对滑雪板的支持力是一对相互作用力
D. 在倾斜的雪道上，滑雪板受到的重力和雪地对滑雪板的支持力是一对平衡力
10. 如图所示是一种检测植物叶片含水量的电路，R0为定值电阻，R为条状石墨烯制成的湿敏电阻(阻值随叶片含水量的增大而减小)。电源两端的电压保持不变，闭合开关，当所检测的叶片含水量增大时，下列说法中正确的是( )
A. 湿敏电阻两端的电压变大 B. 电路中的电流变小
C. 湿敏电阻消耗的功率一定增大 D. 电源输出功率与R0阻值的乘积增大
11. 在探究通电螺线管的磁场特点时，通电螺线管在某状态下的两个实验现象如图甲、乙所示，其中小磁针(黑色一端为N极)静止时的指向情况如图甲所示，铁屑静止时的分布情况如图乙所示。图丙所示的是用磁感线对上述两个实验现象的描述。下列说法正确的是( )
A. 图甲所示的实验，探究的是通电螺线管的磁场分布特点
B. 图乙所示的实验，探究的是通电螺线管的磁场方向和分布特点
C. 由图丙可知，通电螺线管周围的磁场与条形磁体相似均由磁感线组成的
D. 由实验可知，通电螺线管外部的磁场分布具有一定的对称性
12. 如图甲所示，将电子秤放在水平桌面上，把一盛有适量水的柱形容器放在电子秤上，记下此时电子秤的示数为m0。用手提着系在细线下端的长方体金属块使之缓慢浸入容器内的水中，金属块始终保持竖直状态且不接触容器底和侧壁，此过程中容器中的水未溢出。金属块浸入水中的过程中电子秤的示数m与m0的差值Δm随金属块下表面到水面的距离h变化的关系图像如图乙中a图线所示。从水中取出金属块后，再将容器中的水换为另一种液体重复上述过程，电子秤的示数m与m0的差值Δm随金属块下表面到液面的距离h变化的关系图像如图乙中b图线所示。已知水的密度为1.0×103kg/m3，取g=10N/kg。下列说法中正确的是( )
A. 金属块在水中受到的最大浮力为1N
B. 另一种液体密度为0.8g/cm3
C. 当金属块浸没在水和另一种液体中保持静止时，细线对金属块的拉力大小相等
D. 金属块的底面积为5cm2
13. 随着祖国的强大，人们的爱国热情高涨。走在大街小巷，我们经常能听到有人歌唱《我和我的祖国》，人们通过歌曲表达对伟大祖国的热爱和依恋。歌声是由声带的______产生的，如图所示，歌词上方的数字表示的是声音的______。
14. 南宋著名诗人辛弃疾的诗句“溪边照影行，天在清溪底。天上有行云，人在云里行。”中所描写的“天在清溪底”和“人在云里行”两种情景，看到清溪底是光的______ 现象，看到水中人和云是光的______ 现象。
15. 小明在探究冰熔化特点时，用酒精灯加热50g的冰，每2分钟完全燃烧的酒精质量均为0.1g，保持加热效率不变时，冰的温度随时间变化的图像如图所示。由此可知：冰全部熔化成水后4分钟吸收热量为______ J，该实验中酒精灯的加热效率为______ %，BC过程中被加热物质的内能将增加______ J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q酒精=3×107J/kg]
16. 小明用如图所示的装置做“探究凸透镜成像规律”实验。实验中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像(未画出)，则该像是倒立、______ 的实像(选填“放大”“缩小”或“等大”)。若在图中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，发现光屏上“烛焰尖部”变模糊，则将光屏向______ 移动(左/右)，“烛焰尖部”又会变清晰。
17. 某电动汽车的电源由7000节电池组成，每节电池质量为50g，给该电源充电时，主要是将______ 能转化成______ 能。该电源的能量密度为0.26kW⋅h/kg，则该电源存储的电能为______ J。
18. 江阴市某学校在操场上举办秋季运动会的开幕式。入场时，小明竖直举着九(2)班的班牌走在最前列，如图所示。若匀速前进时，班牌受到水平向后风的阻力为10N，作用在A点。若将班牌视为杠杆，AC间的距离是BC间距离的3倍。她将图中B点作为支点，手对另一点施加的力为______ N，这个力的方向是水平______(选填“向前”或“向后”)。若她将图中C点作为支点，手对另一点施加的力为______ N。
19. 如图，一质地均匀的长方体重7N，将它放在水平桌面上，一部分露出桌面，它与桌面的接触面积为100cm2，则它对桌面的压强为______ Pa；竖直切除左边的白色部分，剩余部分对桌面的压力______ (变大/变小/不变)，压强______ (变大/变小/不变)。
20. “反向蹦极”是一项比蹦极更刺激的运动。如图所示，弹性轻绳的上端固定在O点，拉长后将下端固定在体验者的身上，并与固定在地面上的扣环相连。打开扣环，人从A点由静止释放，像火箭一样被“竖直发射”，经上升到最高位置C点，在B点时速度最大，若不计空气的阻力，且绳子自然下垂的位置在C点下方。人向上运动过程中，到达B点瞬间，绳的拉力______ 人的重力(大于/小于/等于)；从A点运动至B点，人动能的变化量______ (大于小于/等于)绳子弹性势能的变化量；由B点运动至C点，人的机械能______ 。(填写变化情况)
21. 如图为小灯泡L与定值电阻R的I-U图像。电源电压为6V，将小灯泡L与定值电阻R并联在该电源下，小灯泡的电功率P1为______ W；将两者串联接在该电源下，小灯泡的电功率P2为______ W；在上述两种连接情况下，小灯泡分别工作10s，电路消耗电能之差为______ J。
22. 如图，物体A静止在斜面上，画出物体A对斜面压力的示意图。
23. 如图，作出物体A在平面镜MM'中所成的像A'。若镜面绕M点顺时针转动，则物像之间的距离会随之变化，请画出物像距离最大时的像A″的位置。
24. 如图所示，根据静止小磁针的指向，用物理符号标出螺线管左端和电源左端的极性。
25. 水平地面上放着重为200N的正方体物块，现用斜面将其由底端匀速拉到顶端，如图所示，已知平行于斜面的拉力为120N，物体移动的距离为2m，升高1m，求：
(1)有用功；
(2)斜面的机械效率；
(3)物块沿斜面向上滑动时所受的摩擦力大小。
26. 如图电路中，电源电压恒定，小灯泡L标有“6V4.8W”，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2标有“20Ω0.5A”。当R2的滑片P置于最左端时，只闭合S1，灯泡正常发光。
(1)求小灯泡的额定电流；
(2)滑片P置于最左端，闭合S1、S2，求10s内电路产生热量；
(3)滑片P置于最右端，只闭合S2，移动滑片P，使R2的电功率占电路总功率的比值最小，则R2的电功率多大？
27. 某小组选用了图甲中光源、水、水槽、可折转的光屏(带刻度)等器材，用于完成探究“光从空气射入水中时的折射规律”。
(1)使用可折转的光屏，是为了观察折射光线和入射光线是否______ 。
(2)光从空气射入水中，入射点为O点，不断改变入射角，读出刻度盘上对应的折射角，将实验结果画在图丙中，其中1和1'、2和2'……4和4'分别表示各次入射光线和对应的折射光线的位置，并记录了表一的数据。由此可得出，光从空气斜射入水中时，折射角随入射角的增大而______ ，且折射角______ (大于/等于/小于)入射角：表一中“？”处的数据是______ 。
表一
序号
1
2
3
4
入射角(∘)
60
40
20
0
折射角(∘)
40
29
15
？
表二
序号
1
2
3
入射角(∘)
15
29
40
折射角(∘)
20
？
60
(3)接下来继续探究光从水中射入空中的折射情况，记录了表二的数据。表二中“？”处的数据模不清，请综合分析两个表格中的数据，判断出这个数据应该是______ 。
28. 小明用如下实验测定所处环境的空气密度：
(1)在测量时，小明提醒同组的同学，不需要等待指针完全静止在分度盘中央，只需要观察到指针左右______ 就可以开始读数了。
(2)他用打气筒将皮球打足气，用调好的天平称出此时皮球的质量为81.6g。将如图甲所示的量杯装满水后，倒放在水槽中，用气针和乳胶管将皮球中的空气引入量杯内，用排水集气的方法慢慢排出皮球中的气体，如图乙所示，同时调整量杯的高度，使量杯内气体达到量杯的最大测量值，且需量杯内、外水面相平。此时，用夹子夹紧乳胶管暂停放气，再将量杯装满水后重新集气，如此共进行10次。拔出气针，用天平称出此时皮球和剩余气体的质量，如图丙所示。请你根据实验及图中情况，帮助小明完成下面的实验数据表格。
充足空气后皮球的质量/g
皮球和剩余气体的质量/g
排出空气的质量/g
排出空气的总体积/cm3
空气的密度/kg⋅m-3
81.6
______
______
______
______
29. 利用如图所示的装置探究“杠杆的平衡条件”，所用的器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
(1)如图甲所示，实验前，把质量分布均匀的杠杆中点O作为支点，此时杠杆左端下沉且保持静止，杠杆______ (是/不是)平衡状态；调节时，应将右端的平衡螺母向______ (左/右)调节，直至杠杆在水平位置平衡，目的是______ 。
(2)如图乙所示，实验时，小明在杠杆左侧A位置(左边位置第四格)先挂了3个钩码，则在右侧B位置(右边位置第三格)应挂______ 个相同规格的钩码，杠杆可以在水平位置平衡，然后将A、B位置下方所挂的钩码同时向靠近支点O的方向各移动一小格，则杠杆的______ (左/右)端将下沉。
(3)如图丙所示，若不在A点挂钩码，改用弹簧测力计在A点向下拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡。当测力计从丁位置转到戊位置时，其示数大小将变大，原因是______ 。
(4)如图乙所示，已知每个钩码重0.5N，杠杆上每小格长度为2cm，在杠杆左侧用量程0-5N的弹簧测力计竖直向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计距离O点的距离不能小于______ cm。
(5)探究完成后，小阳同学制作了如图丁所示的杆秤，使用时将货物挂在秤钩上，用手提起B或C处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置，当秤杆水平平衡时，可读出货物的质量。秤砣最远可移至D点，此秤最大称量是10kg。秤杆、秤钩和秤纽的质量忽略不计，AB、BC、BD的长度如图丁所示。下列说法正确的是______ 。
A.秤砣的质量是0.5kg
B.越靠近提纽处刻度值越大
C.距离C点12.5cm，有两个刻度，分别为1kg和3.1kg
D.在测量范围内，该杆秤称量任意质量物体并保持平衡，手对提纽的拉力不变
30. 如图所示，是设计模拟调光灯简要电路的一部分。可选用的器材有：直流电源(电压4V)、电流表、电压表、小灯泡(2.5V0.3A)、灯座、开关、导线、多种规格的定值电阻、多种型号的铅笔芯、金属回形针。设计要求灯泡的亮度，能在较大范围内连续调节，且不能被烧坏。
(1)电路制作中，铅笔芯上来回滑动的金属回形针组合装置，可视为______ 。
(2)要保护电路安全，选取的合适的定值电阻应为______ 。
A.5Ω
B.15Ω
C.25Ω
D.50Ω
(3)设计完善电路，在虚线框内补充完整的电路图。
(4)连接好电路。闭合开关，无论怎样移动回形针，灯泡亮度变化均很小，原因是______ 。
(5)重新调整好电路。闭合开关，移动回形针，灯泡亮度有明显的变化。电压表的示数U=2.0V时，电流表示数如图乙所示，小灯泡的实际功率P=______ W。
31. 如图所示，在探究“产生感应电流的条件”实验中。
(1)实验中，观察__________判断电路中是否有感应电流。
(2)闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，电路中__________ (选填“有”或“无”)感应电流。
(3)该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做__________运动时，导体中就会产生感应电流。
(4)如果将小量程电流表换成__________，可以探究磁场对通电导体的作用。
32. 如图甲是某实验小组探究“电流与电阻关系”的实物图，其中电流表量程为“0∼0.6A”，电压表量程为“0∼3V”，滑动变阻器的规格为“10Ω1A”，电源电压3V不变，电阻R0有4个阻值(5Ω、10Ω、20Ω、25Ω)供选用，开关若干，还有电阻箱R1一只。
(1)开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到最______ (左/右)端；闭合开关后，小明发现电流表、电压表示数均为0，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c、d、e各接线柱，当接触到e时，电压表、电流表均有示数，则电路中可确定的故障是______ 。
(2)排除故障，此时R0的阻值为5Ω。闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达预设电压，此时电流表示数0.4A，接着将R0阻值换成10Ω，若直接闭合开关，为了继续实验，滑动变阻器滑片应该向______ 适当调节。
(3)将R0阻值换成20Ω、25Ω重复上述操作，四组数据如表所示，分析数据，可得出的结论是：______ 。
实验次数
1
2
3
4
电阻R(欧)
5
10
20
25
电流I(安)
0.4
0.2
0.1
0.08
(4)实验小组又设计了图乙的电路图继续测量一个未知电阻Rx的阻值，图中R1为电阻箱，R2是未知定值电阻，Rp为滑动变阻器。要求仅利用电阻箱读数表达Rx的阻值，请在空白处填上适当内容。
①开关S接a，调节电阻箱和滑动变阻器滑片P，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值Ra；
②开关S接b，保持滑动变阻器滑片P的位置不变，调节______ ，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值Rb；
③Rx=______ 。(用本题中的物理量的符号表示)
④他们在实验中发现，当开关S接b后，无论怎样调电阻箱的阻值，电流表示数都明显小于I，致使无法测量Rx的阻值。小明仍用该电路，对上述操作稍作调整，正确测出了Rx的阻值，小明的方法是______ 。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】A、不锈钢勺的材料是金属，属于导体，故A正确。
B、瓷碗的材料是陶瓷，属于绝缘体，故B错误。
C、塑料勺的材料是塑料，属于绝缘体，故C错误。
D、木筷子属于绝缘体，故D错误。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；
常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。
常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。
2.【答案】B
【解析】解：A、天然气是不可再生能源，故A错误；
B、能量每转化一次，能量就会损耗一部分，可利用的能量只会减少，故B正确；
C、目前核电站中是利用核裂变来发电的，故C错误；
D、能量在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变，但是能量的转化和转移是有方向性的，所以永动机不可能实现，故D错误。
故选：B。
(1)短期内可以从自然界中获得补充的一次能源是可再生能源。
(2)能量每转化一次，能量就会损耗一部分，可利用的能量只会减少。
(3)目前核电站中是利用核裂变来发电的。
(4)能量在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变，但是能量的转化和转移是有方向性的，所以永动机不可能实现。
本题主要考查了能量守恒定律、能源的分类和目前人类获取核能的两种基本方式，属于基础性题目。
3.【答案】D
【解析】解：
A、家庭电路中，开关一定要接在火线和用电器之间，即接在火线上，故A错；
B、在家庭电路中，保险丝必须装在火线上，若保险丝熔断，用电器上没有电；保险丝若装在零线上，若保险丝熔断，用电器上仍有电，这样容易让人们认为没电而发生触电事故，故B错；
C、金属外壳的电器必须接地线，这样，若电器漏电，电流会通过地线导入大地，防止触电事故的发生，故C错；
D、更换灯泡时，要断开开关，安全，故D正确。
故选：D。
(1)家庭电路中，开关一定要接在火线和用电器之间；
(2)在家庭电路中，保险丝必须装在火线上；
(3)金属外壳的电器必须接地线；
(4)更换灯泡时，要断开开关，安全。
本题考查了家庭电路中开关和保险丝连接、金属外壳用电器接地线的原因、更换灯泡的注意事项，属于基础题目。
4.【答案】B
【解析】解：A、宇宙是由无数恒星组成的，太阳只是其中一颗，太阳不是宇宙的中心。故A错误；
B、我们能闻到香味是因为香气分子在做无规则运动被我们呼吸到，故B正确；
C、分子由原子组成，故C错误；
D、电荷是守恒的，既不会被创生也不会被消灭，故摩擦起电不会创造电荷，只是引起了电荷的移动，故D错误。
故选：B。
(1)宇宙是一个有一定层次结构的天体系统，太阳只是其中一普通的恒星；
(2)香气扑鼻是因为分子在做无规则运动；
(3)分子由原子组成。原子是由位于原子中心的原子核及核外电子组成的；
(4)电荷不能被创造也不能被消灭，摩擦起电只是因为电荷的转移。
本题考查人类对物质世界的认识，为基础内容，我们要熟记。
5.【答案】C
【解析】解：A、两种不同物质，电阻可能相等，不是物质的特性，故A错误；
B、速度是表示物体运动快慢的物理量，不是物质的特性，故B错误；
C、比热是物质的一种特性，同种物质(状态一定)比热相同；不同物质比热一般不同，故C正确；
D、质量是指物体所含物质的多少，是物体的一个基本属性，不是物质特性，故D错误。
故选：C。
特性是物质特有的性质，是一种物质区别于其它物质的主要特征，状态不变，物质特性不变。
本题考查了对于物理性质的了解，是一道基础题。
6.【答案】A
【解析】解：A、骑自行车时在车上安放些重物，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；
BCD、在结冰的路面上铺上稻草、在汽车轮胎上装上防滑链、行走时穿上底面花纹深的鞋，都是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故选：A。
增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
掌握摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小摩擦力的问题。
7.【答案】B
【解析】解：小车仍在同一斜面顶端静止释放，小车的速度从零开始越来越大，小车到达斜面底端的速度相同，玻璃表面光滑，受到的阻力小，小车运动的越远，速度减小的越慢，故①错误；
木板表面较光滑，阻力较小，小车运动的最远，速度减小的较慢，故②正确；
棉布表面最粗糙，阻力最大，小车运动的最近，速度减小的最快，故③错误；
若水平面绝对光滑，阻力为零，小车将做匀速直线运动，故④正确。
故选：B。
分析阻力对物体运动的影响，判断出小车的运动情况。
本题是探究阻力对物体运动的影响实验，考查了速度-路程图像的画法。
8.【答案】C
【解析】解：A、物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是其他物体对它做了功，故A错误；
B、热传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体；但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体，故B错误；
C、一定质量的碘蒸气在凝华过程中，放出热量，内能减少，故C正确；
D、两个物体之间能够发生热传递的条件是两个物体的温度不相等，所以温度相同的两物体间不能发生热传递，故D错误。
故选：C。
(1)改变物体内能的方法有两种：一是做功，二是热传递，二者在改变内能方面是等效的；
(2)发生热传递的条件是存在温度差，热量从高温物体传向低温物体或从同一物体的高温部分传递到低温部分；
(3)物体的内能与温度、质量以及状态有关；
(4)热传递发生的条件是两物体的温度不相等，如果温度一样，则就不会发生热传递。
本题主要考查学生对内能、热量、热传递以及改变内能方式的理解。
9.【答案】C
【解析】解：A.离开跳台上升到最高点时，运动员受到重力和空气阻力，这两个力不在同一直线上，大小也不相等，所以不是平衡力，故A错误；
B.在倾斜的雪道上，下蹲是为了降低重心，增加稳定性，故B错误；
C.在倾斜的雪道上，滑雪板对雪地产生压力的同时，雪地对滑雪板产生了支持力，这两个力是相互作用力，故C正确；
D.在倾斜的雪道上，滑雪板受到的重力和雪地对滑雪板的支持力，受力物体都是滑雪板，但这两个力不在同一直线上，大小也不相等，所以这两个力不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)分析运动员上升到最高点时受到的力，结合二力平衡条件分析解答；
(2)增加稳定性的方法：一是降低重心，二是增大支撑面；
(3)相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(4)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
本题以冬奥会为背景，考查了平衡力和相互作用力的辨别、提高稳度的方法等，熟练掌握二力平衡的条件、相互作用力的特点是关键。
10.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电流表测电路中的电流；
AB、闭合开关，当所检测的叶片含水量增大时，湿敏电阻R的阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，故B错误；
根据U=IR可知，R0两端的电压变大，根据串联电路的分压规律可知，湿敏电阻R两端的电压变小，故A错误；
C、湿敏电阻消耗的功率为：P=I2R=(UR+R0)2R=U2R2+2RR0+R02R=U2(R-R0)2+4RR0R=U2(R-R0)2R+4R0，由此可知，当R=R0时，R消耗的功率是最大的，所以R的阻值变化时，湿敏电阻消耗的功率不一定增大，故C错误；
D、电源电压不变，电路中的电流变大，根据P=UI可知，总功率变大；R0阻值不变，所以电源输出功率与R0阻值的乘积增大，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电流表测电路中的电流。根据“阻值随叶片含水量的增大而减小”可知当叶片含水量升高时R的阻值变化，进一步得出电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，由串联电路的分压规律判断湿敏电阻R两端的电压变化；
根据P=I2R分析湿敏电阻消耗功率的变化；根据P=UI分析总功率的变化，然后得出电源输出功率与R0阻值的乘积的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，利用好“湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而减小”是关键。
11.【答案】D
【解析】解：A、图甲所示的实验，通过周围的小磁针静止时N极指向来探究的通电螺线管的磁场方向特点，故A错误；
B、图乙所示的实验，通过被磁化后的铁粉的排列来探究的是通电螺线管的磁场分布特点，不能探究磁场方向，故B错误；
C、由图丙可知，通电螺线管周围的磁场是客观存在的，但是磁感线是为了研究磁场的分布而假想出来的几何曲线，故C错误；
D、由实验可知，通电螺线管外部的磁场和条形磁铁的磁场相似，具有一定对称性，故D正确。
故答案为：D。
(1)通电螺线管的磁场方向与电流方向有关，可以通过周围放置的小磁针来显示某点的磁场方向；
(2)可以在通电螺线管的周围撒铁粉形象的显示它周围的磁场分布；
(3)通电螺线管的周围存在磁场，用磁感线来形象表示；
(4)电螺线管外部的磁场和条形磁铁的磁场相似，具有一定的对称性。
知道通电螺线管的磁场分布情况；知道磁场和磁感线。
12.【答案】B
【解析】解：A、由题意可知，金属块浸入水中的过程中电子秤的示数m与m0的差值Δm表示的是金属块排开液体的质量，
由图乙图像可知，金属块排开水的最大质量为10.0g，此时金属块浸没在水中，
由阿基米德原理可知，金属块在水中受到的最大浮力：
F水浮=G水排=Δm水g=10.0×10-3kg×10N/kg=0.1N，故A错误；
B、由F浮=ρ液gV排可知，金属块排开水的体积：
V排===1×10-5m3，
因为金属块浸没在水中，所以金属块的体积：
V=V排=1×10-5m3=10cm3，
由图乙图像可知，金属块排开另一种液体的最大质量为8.0g，此时金属块浸没在液体中，
金属块排开液体的体积V排=1×10-5m3，
由阿基米德原理可知，金属块在另一种液体中受到的最大浮力：
F液浮=G液排=Δm液g=8.0×10-3kg×10N/kg=0.08N，
由F浮=ρ液gV排可知，另一种液体的密度：
ρ液===0.8×103kg/m3=0.8g/cm3，故B正确；
C、金属块浸没在液体中保持静止时受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和细线对金属块的拉力，
由力的平衡条件可知，金属块浸没在水和另一种液体中保持静止时，细线对金属块的拉力大小分别为：
F水=G金属块-F水浮，F液=G金属块-F液浮，
因为F水浮>F液浮，所以F水
则金属块的底面积：S===2.5cm2，故D错误。
故选：B。
(1)由题意可知，金属块浸入水中的过程中电子秤的示数m与m0的差值Δm表示的是金属块排开液体的质量，由图乙图像可知，金属块排开水的最大质量，根据阿基米德原理求出金属块在水中受到的最大浮力；
(2)利用F浮=ρ液gV排根据金属块在水中的最大浮力求出金属块排开水的体积，即为金属块的体积，根据图乙图像可知，金属块在另一种液体中时排开液体的质量，根据阿基米德原理求出金属块在另一中液体中受到的最大浮力，再根据F浮=ρ液gV排求出液体的密度；
(3)对浸没在液体中的金属块进行受力分析，根据力的平衡条件求出细线对金属块的拉力大小，进而判断在两种液体中时细线对金属块的拉力大小关系；
(4)由图乙图像可知，金属块的高度，根据体积公式求出金属块的底面积。
本题考查了力的平衡条件、阿基米德原理和浮力公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
13.【答案】振动 音调
【解析】解：声音是物体振动产生的，所以歌声是由声带振动产生的；
从物理的角度看，歌词上方的数字表示的是声音的音调。
故答案为：振动；音调。
声音是物体振动产生的；音调是指声音的高低，由频率决定。
本题需要学生掌握声音产生、声音的特征认识，是一道声学基础题。
14.【答案】反射 反射
【解析】解：“天在清溪底”是看到“天”在“溪底”，即人看到的是“天”在“溪底”所成的像，属于平面镜成像，其实质是光的反射；“人在云里行”是人的像在云的像中走，同样是人和云通过水面所成的虚像，也是光的反射现象。
故答案为：反射；反射。
光射到物体的表面会改变传播方向回到原来介质中的现象叫光的反射。平面镜成像、水中景物的倒影都属于光的反射。
本题考查了对光的反射理解和掌握，难度不大，但比较容易出错。
15.【答案】105017.51050
【解析】解：(1)冰熔化过程中温度不变，完全熔化成水后温度才会上升，也就是图中的8min∼12min，此时段，水温从0℃上升到5℃，水温升高了5℃，冰化成水后质量不变，m水=m冰=50g=5×10-2kg；
所以4min中水吸收的热量为：
Q吸=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×5×102kg×5℃=1050J；
(2)每2min完全燃烧酒精0.1g，4min燃烧酒精0.2g，所以放出的热量为：
Q放=m酒精q酒精=0.2g×3×107J/kg=0.2×10-3kg×3×107J/kg=6000J；
加热效率为：
η=Q吸Q放×100%=1050J6000J×100%=17.5%；
(3)BC段物质吸收的热量转化成了物质的内能，所以BC段也加热4min，所以和CD段吸收热量相同为1050J，所以内能增加了1050J。
故答案为：1050；17.5；1050。
(1)已知冰的质量，熔化成水后质量不变；晶体熔化过程中吸热温度不变，物质处于固液共存态，据此判断出冰完全熔化后4min升高的温度；根据热量的计算公式Q吸=cmΔt求出吸收的热量；
(2)先计算出酒精完全燃烧释放的热量，利用效率的计算公式η=Q吸Q放×100%计算热效率；
(3)通过图像分析BC段是固液共存状态，到C点时全部熔化完，再继续吸收热量温度才升高，BC段和CD段都是加热4min吸收的热量相同，即也是增加的内能。
本题考查熔化实验，和有关的热量公式的计算，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
16.【答案】放大 左
【解析】解：(1)凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像。
(2)用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气时，烛焰左侧的空气流速增大，由流体压强与流速的关系可知烛焰左侧的气压减小，而烛焰右侧的气压较大，所以烛焰尖部会远离凸透镜，由凸透镜成实像的动态变化规律可知像会靠近凸透镜，故光屏应向左靠近凸透镜，光屏上才能再次出现烛焰尖部清晰的像。
故答案为：放大；左。
(1)凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，物距等于像距，成倒立、等大的实像，物距大于像距，成倒立、缩小的实像。
(2)对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气时，由流体压强与流速的关系可知烛焰左侧的气压如何变化，并判断烛焰尖部是靠近还是远离凸透镜；凸透镜成实像时，根据“物近像远大，物远像近小”规律进行判断。
凸透镜成实像时，根据物距和焦距、像距和焦距、物距和像距的关系都可以判断成像情况。
17.【答案】电 化学 3.276×108
【解析】解：给该电源充电时，主要是将电能转化为化学能；
电动汽车的电源的质量m=7000×50g=350000g=350kg，
该电源存储的电能：W=0.26kW⋅h/kg×350kg=91kW⋅h=91×3.6×106J=3.276×108J。
故答案为：电；化学；3.276×108。
(1)给电池充电时，把电能转化为化学能；
(2)求出电动汽车的电源的质量，知道电源的能量密度，电源储存的电能电源电源的能量密度乘以电源质量。
本题考查电池工作过程中的能量转化以及电能的计算，难度不大。
18.【答案】20 向后 30
【解析】解：AC间的距离是BC间距离的3倍，即LAC：LBC=3：1，所以LAB：LBC=2：1，
若以B点作为支点，A点受到向后的力为阻力F2，AB为阻力臂LAB，A、C两点位于支点的两侧，要使杠杆平衡，则C点受到的力为动力F1，方向向后，BC为动力臂LBC，
由据杠杆的平衡条件得，手对C点施加的力为：F1=LABLBCF2=21×10N=20N。
若以C点作为支点，A点受到向后的力为阻力F2，AC为阻力臂LAC，B点受到的力为动力F1'，BC为动力臂LBC，
由据杠杆的平衡条件得，手对B点施加的力为：F'1=LACLBCF2=31×10N=30N。
故答案为：20；向后；30。
(1)若以B点作为支点，A点受到向后的力为阻力，AB为阻力臂，C点受到的力为动力，要使杠杆处于平衡状态，C点的受力方向向后，BC为动力臂，根据杠杆的平衡条件可计算C点人手的作用力；
(2)若以C点作为支点，A点受到向后的力为阻力，AC为阻力臂，B点受到力为动力，BC为动力臂，根据杠杆的平衡条件可计算B点人手的作用力；
本题考查了杠杆的五要素和杠杆的平衡条件，题目难度适中。
19.【答案】700 变小 变大
【解析】解：长方体对桌面的压力F=G=7N，它对桌面的压强p=FS=7N100×10-4m2=700Pa；
设长方体的原来底面积为S1，长方体与桌面总的接触面积为S，其切除的面积为ΔS，切除的重力为ΔG，
则切除前，p=FS=GS，因为S1>S，所以GS>GS1=ΔGΔS，则有GΔS>ΔGS；
当竖直切除左侧白色部分，则剩余部分重力变小，即剩余部分对桌面压力变小了；且剩余部分对桌面压强p'=G-ΔGS-ΔS，则p-p'=GS-G-ΔGS-ΔS=GS-GΔS-GS+ΔGSS(S-ΔS)=ΔGS-GΔSS(S-ΔS)<0，
所以p'>p，说明竖直切除左侧白色部分，剩余部分对桌面压强变大。
故答案为：700；变小；变大。
(1)长方体对水平桌面的压力等于长方体的重力，根据压强公式计算长方体对桌面的压强；
(2)根据压强公式p=FS表示出长方体在切除前后对桌面的压强，再比较两次压强的差是否大于零，从而得出压强的变化情况。
本题考查了固体压强的计算、切割前后压力、压强变化的分析，属于中等难度的习题。
20.【答案】等于 小于 增大
【解析】解：打开扣环，人从A点由静止释放，人的质量不变，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，绳子的弹性势能变小，是弹性势能转化为动能和重力势能，所以人动能的变化量小于绳子弹性势能的变化量；
到达B点之前，绳子的拉力大于重力，人向上做加速运动，到达B点时，速度最大，这说明此时的拉力和重力大小相等；
由B点运动至C点，绳子的弹性形变程度变小，弹性势能转化为人的机械能，不计空气阻力，人的机械能增大。
故答案为：等于；小于；增大。
动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，机械能为动能、势能的和。
本题考查了重力势能与动能、弹性势能之间的相互转化，掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素是解题的关键。
21.【答案】3.60.828
【解析】解：将小灯泡L与定值电阻R并联在6V的电源下，根据并联电路的电压特点，结合图中信息可知，此时通过小灯泡L的电流为0.6A，
小灯泡的电功率P1=ULIL=6V×0.6A=3.6W，
通过10s产生的热量：Q1=W1=P1t=3.6W×10s=36J；
将小灯泡L与定值电阻R串联在6V的电源下，根据图中信息可知，当通过电路的电流为0.4A时，小灯泡两端的电压为UL'=2V，定值电阻R两端的电压UR=4V，满足串联电路的电压特点，则此时小灯泡的电功率为P2=UL'IL'=2V×0.4A=0.8W，
通过10s产生的热量：Q2=W2=P2t=0.8W×10s=8J；
两种连接情况下小灯泡分别工作10s，产生的热量之差：ΔQ=Q1-Q2=36J-8J=28J。
故答案为：3.6；0.8；28。
(1)将小灯泡L与定值电阻R并联在6V的电源下，根据图中信息，利用并联电路的电压特点可知通过小灯泡的电流，利用P=UI求出小灯泡的电功率P1，利用Q1=W1=P1t求出小灯泡产生热量；
(2)将小灯泡L与定值电阻R串联在6V的电源下，根据图中信息，利用串联电路的电流和电压特点可知小灯泡两端的电压和通过的电流，利用P=UI求出小灯泡电功率P2，利用Q2=W2=P2t求出小灯泡产生热量；据此求出两种连接情况下小灯泡分别工作10s产生的热量之差。
本题考查串并联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能从图中获取相关信息是解题的关键。
22.【答案】解：在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段即为压力示意图，如图所示：
【解析】(1)先确定压力的作用点，即压力是接触面受到的力，因此作用点在斜面上，然后根据压力与接触面垂直的关系确定压力的方向；
(2)物体位于斜面上，压力与重力的大小、方向、作用点均不相同。
(1)很多同学把压力和重力混淆，认为压力就是重力，这是不正确的，物体只有位于水平面上时，压力的大小、方向才与重力相同；
(2)本题的关键是知道压力的作用点在接触面上，以及压力的方向是垂直于接触面，且指向被压物体的。
23.【答案】解：
(1)作A关于平面镜的对称点A'，可得物体A在平面镜MM'中所成的像A'；
(2)若镜面绕M点顺时针转动，当AM为物体到平面镜的距离时，物体到平面镜的距离最大，此时物像之间的距离最大，根据像与物关于平面镜对称可得此时像A″的位置，如图所示：
【解析】(1)平面镜成像的特点：平面镜成的像为虚像，像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、物像大小相等，即像与物关于平面镜对称；据此作出物体A在平面镜MM'中所成的像A'。
(2)若镜面绕M点顺时针转动，当AM为物体到平面镜的距离时，物体到平面镜的距离最大，此时物像之间的距离最大，根据像与物关于平面镜对称作图。
本题考查了平面镜成像的画法，难点在第二问，要知道：若镜面绕M点顺时针转动，当AM为物体到平面镜的距离时，物体到平面镜的距离最大，此时物像之间的距离最大。
24.【答案】解：小磁针静止时N极靠近螺线管，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管右侧为S极、左侧为N极；用右手握住螺线管，大拇指向右，则电流由右侧流入，即电源的右侧为正极、左侧为负极，如图所示：
【解析】先由小磁针的指向和磁极间的作用规律判断出螺线管的极性，再由安培定则判断电流的方向和电源的正负极。
在此题中，涉及到磁体的NS极、小磁针的NS极、电流的方向，只要知道其中的一个，就可以确定另外两个。
25.【答案】解：(1)有用功W有用=Gh=200N×1m=200J；
(2)总功W总=Fs=120N×2m=240J，斜面的机械效率η=W有用W总=200J240J×100%≈83.3%；
(3)克服摩擦力所做的额外功W额外=W总-W有用=240J-200J=40J，
物块沿斜面向上滑动时所受的摩擦力大小f=W额外s=40J2m=20N。
答：(1)有用功为200J；
(2)斜面的机械效率为83.3%；
(3)物块沿斜面向上滑动时所受的摩擦力大小为20N。
【解析】(1)利用W有用=Gh得出有用功；
(2)利用W总=Fs得出总功，根据η=W有用W总得出斜面的机械效率；
(3)利用W额外=W总-W有用得出克服摩擦力所做的额外功，
根据f=W额外s得出物块沿斜面向上滑动时所受的摩擦力大小。
本题以斜面为载体，考查了功的公式、机械效率公式的应用，属于对基础知识的考查。
26.【答案】解：(1)根据P=UI得小灯泡正常发光的电流：
I额=P额U额=4.8W6V=0.8A；
(2)当R2的滑片P置于最左端时，只闭合S1，电路为只有灯泡L工作的电路，灯泡正常发光，说明灯泡两端的电压为电源电压，故U电源=U额=6V；
滑片P置于最左端，闭合S1、S2，电路为灯泡L和电阻R1并联的电路，
通过电阻R1的电流为：I1=U电源R1=6V10Ω=0.6A，
干路的电流为：I=I额+I1=0.8A+0.6A=1.4A，
10s内电路电路产生热量：Q=W=UIt=6V×1.4A×10s=84J；
(3)滑片P置于最右端，只闭合S2，电路为电阻R1的和R2串联的电路，
滑动变阻器R2消耗的电功率为P2=U2I，
电路消耗的总功率为P总=U总I，
R2的电功率与电路总功率的比值：
P2P总=U2IU总I=IR2I(R1+R2)=R2R1+R2=1R1R2+1，
要想使这个比值最小，则R1R2+1要最大，滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，同时电流不能超过0.5A，即Imax=0.5A，
此时电路的总电阻为：R总=U总Imax=6V0.5A=12Ω，
R2的最小电阻为：R2小=R总-R1=12Ω-10Ω=2Ω；
当R2为2Ω时R2的电功率占电路总功率的比值最小，
则R2的电功率：
P2=Imax2R2=(0.5A)2×2Ω=0.5W。
答：(1)小灯泡的额定电流为0.8A；
(2)滑片P置于最左端，闭合S1、S2，10s内电路产生热量为84J；
(3)滑片P置于最右端，只闭合S2，移动滑片P，使R2的电功率占电路总功率的比值最小，则R2的电功率0.5W。
【解析】当R2的滑片P置于最左端时，只闭合S1，电路为只有灯泡L工作的电路，灯泡正常发光，说明灯泡两端的电压为电源电压。
(1)根据P=UI算出小灯泡的额定电流；
(2)滑片P置于最左端，闭合S1、S2，电路为灯泡L和电阻R1并联的电路，根据I=UR算出电阻R1的电流，根据并联电路电流的特点算出干路电流，根据Q=W=UIt算出电路产生热量；
(3)滑片P置于最右端，只闭合S2，电路为电阻R1的和R2串联的电路，滑动变阻器R2消耗的电功率为P2=U2I，电路消耗的总功率为P总=U总I，根据R2的电功率占电路总功率的比值最小写出关系式，根据最大电流不超过0.5A，利用欧姆定律求出最小总电阻，根据串联电路电阻的关系算出R2的最小电阻，根据P=I2R算出其电功率。
此题主要考查的是学生对电功率、欧姆定律计算公式和串并联电路特点的认识和掌握，综合性较强，弄清电路结构是解决此题的关键。
27.【答案】在同一平面内 增大 小于 0∘40
【解析】解：(1)将光屏的右半部分向前后翻折，就不会看到折射光线，只有当整个光屏为一平面时，才能够看到折射光线，说明折射光线、入射光线、法线共面。
这说明使用可折转的光屏，是为了观察折射光线和入射光线、法线是否在同一平面内。
(2)由图丙可以看出，当入射角增大时，折射角也随着增大，且折射角小于入射角；
当光从空气垂直射到水面时，传播方向不变，此时入射角等于0度，折射角等于0度；
(3)光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，而从水斜射入空气时，折射角大于入射角，表一是从空气射入水中的数据，表二是光从水射入空气中的数据对比表一的1、3和表二的1、3，发现入射角和折射角相互交换，说明光的折射现象遵循光路可逆，根据表二第2次数据，交换后入射角为29∘，对应的折射角为40∘。
故答案为：(1)在同一平面内；(2)增大；小于；0∘；(3)40。
(1)光屏可以显示光的传播路径，还可以利用可折转的光屏确定折射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。
(2)光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居在法线两侧；
光从空气斜射入其他透明介质，折射角小于入射角；光从其他透明介质斜射入空气，折射角大于入射角；
光线从一种介质垂直射入另一种介质时，传播方向不改变；
(3)根据表格数据分析，光的折射现象遵循光路可逆。
此题是探究光的折射规律的实验，主要考查了对光的折射规律的理解以及分析得出结论的能力。
28.【答案】以相同幅度摆动 80.41.210001.2
【解析】解：(1)使用托盘天平应把天平放在水平台上，先把游码放在标尺左端的0刻线处，再调节平衡螺母，使指针在分度盘中央刻度线左右以相同幅度摆动。
(2)①首先可以从丙图中读出皮球和剩余空气的质量：m1=(50g+20g+10g)+0.4g=80.4g；
②排出空气的质量：m2=81.6g-80.4g=1.2g；
③在题目中前后共排出了10次空气，每次都是一量杯，从图中能看出量杯的容积：V1=100mL=100cm3，
所以一共排出的空气的体积：V2=10×100cm3=1000cm3；
④空气的密度ρ=mV=m2V2=1.2g1000cm3=1.2×10-3g/cm3=1.2kg/m3。
故答案为：(1)以相同幅度摆动；(2)80.4；1.2；1000；1.2。
(1)使用天平之前，要对天平进行调节平衡，应该把天平放置在水平桌面上，把游码放在标尺的零刻线处，然后调节螺母使指针对准刻度盘的中央刻度线或指针在分度盘中央刻度线左右以相同幅度摆动。
(2)根据密度公式ρ=mV求出空气的密度。
考查的是在使用天平称量物体质量前进行调节平衡的方法和步骤以及密度公式的应用。
29.【答案】是 右 便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响 4 左 测力计拉力的力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力变大 2.4C
【解析】解：(1)杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态时，处于平衡状态；杠杆的左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，故应将平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，即3G×4L=FB×3L，解得FB=4G，需挂4个钩码使杠杆在水平位置平衡；
若A、B两点的钩码同时向靠近支点的方向移动一个格，则3G×3L>4G×2L，故杠杆不能在水平位置保持平衡，则杠杆的左端将下沉；
(3)如图丙所示，保持B点不变，若测力计从丁位置转到戊位置时，此时测力计拉力的力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力变大；
(4)根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得，3×0.5N×4×2cm=5N×L2，解得L2=2.4cm，
所以弹簧测力计距离O点的距离不能小于2.4cm。
(5)A、当提着B处秤纽、秤砣挂在D点、A点秤钩挂着质量为10kg的物体时，秤杆可以在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件可得GA⋅AB=G秤砣⋅BD，
由G=mg可得mAg⋅AB=m秤砣g⋅BD，
则m秤砣=m×ABBD=10kg×2cm50cm=0.4kg，故A错误；
B、根据杠杆的平衡条件可知：当提着B处秤纽，A点所挂物体重力较大时，秤砣向右移动，否则向左移动，所以越靠近提纽处刻度值越小，故B错误；
C、当提起B处秤纽时，阻力臂为AB=2cm，动力臂BD'=3cm+12.5cm=15.5cm，
根据杠杆的平衡条件可列式：G⋅AB=G秤砣⋅BD'。
由G=mg可得mg⋅AB=m秤砣g⋅BD'，
则m=m秤砣⋅BD'AB=0.4kg×15.5cm2cm=3.1kg，
当提起C处秤纽时，阻力臂为AC=AB+BC=2cm+3cm=5cm，动力臂CD'=12.5cm，
根据杠杆的平衡条件可列式：G⋅AC=G秤砣⋅CD'。
由G=mg可得mg⋅AC=m秤砣g⋅CD'，
则m=m秤砣⋅CD'AC=0.4kg×12.5cm5cm=1kg，故C正确；
D、手对提纽的拉力大小为等于物体的重力与秤砣重力和，故D错误。
故选：C。
故答案为：(1)是；右；便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；(2)4；左；(3)测力计拉力的力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力变大；(4)2.4；(5)C。
(1)物体处于静止状态时，处于平衡状态；杠杆的左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，据此分析将平衡螺母调节的方向，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
(3)根据杠杆的平衡条件分析解答；
(4)根据杠杆的平衡条件求出弹簧测力计距离O点的距离；
(5)①根据量程结合杠杆的平衡条件计算秤砣的质量；
②根据实际经验进行回答即可；
③根据杠杆平衡条件计算不同支点时距离C点12.5cm的刻度；
④手对提纽的拉力大小为等于物体的重力与秤砣重力和。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂；
还考查杠杆平衡条件的灵活运用，将杆秤抽象为杠杆是解题的关键，这种将具体事物抽象为物理模型的方法称之为模型法，是解答物理试题中常见的方法之一。
30.【答案】滑动变阻器 A 铅笔芯的最大阻值太小 0.52
【解析】解：
(1)金属回形针可在铅笔芯上来回滑动，设计电路时可将铅笔芯与金属回形针的组合视为滑动变阻器；
(2)由题知，电源电压为4V，小灯泡的额定电压为2.5V，额定电流为0.3A，
则灯正常工作时，要分去的电压为：U'=4V-2.5V=1.5V，
由欧姆定律可得，灯之外的电阻为：R=U'I'=1.5V0.3A=5Ω，
为了电路安全，需要选取阻值为5Ω的定值电阻作为保护电阻，故选A；
(3)如图甲所示为设计电路的一部分，将变阻器与定值电阻串联连入电路中，如下图所示：
(4)连接好电路，闭合开关，无论怎样移动金属回形针，灯泡亮度的变化都很小，说明电路中的电流变化很小，则电路的总电阻变化较小，造成该现象的原因：铅笔芯的最大阻值太小；
(5)当电压表示数U=2.0V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其示数I=0.26A，
则小灯泡消耗的实际功率：P=UI=2.0V×0.26A=0.52W。
故答案为：(1)滑动变阻器；(2)A；(3)见解析图；(4)铅笔芯的最大阻值太小；(5)0.52。
(1)滑动变阻器是通过改变电阻丝连入电路的长度改变电路的电阻大小；
(2)已知电源电压和小灯泡的额定电压为2.5V及灯的额定电流为0.3A，灯正常工作时，由串联电路电压的规律得出要分去的电压，由欧姆定律求出灯之外的电阻，进而选取的合适的定值电阻；
(3)根据要求，将变阻器与定值电阻串联连入电路中；
(4)连接好电路，闭合开关，无论怎样移动金属回形针，灯泡亮度的变化都很小，说明电路中的电流变化很小，则电路的总电阻变化较小，据此分析；
(5)根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求出小灯泡消耗的实际功率。
本题考查对变阻器的认识、器材的选择、串联电路的规律及欧姆定律的运用、反常现象的分析、电流表读数和功率计算。
31.【答案】电流表的指针是否偏转 有 切割磁感线 电源
【解析】解：
(1)实验时，通过观察电流表的指针是否偏转，来确定电路中是否产生感应电流；
(2)闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流；
(3)该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；
(4)如果将小量程电流表换成电源，闭合开关后电流流过导体棒，导体棒受安培力作用，可以探究磁场对通电导体的作用。
故答案为：(1)电流表的指针是否偏转；(2)有；(3)切割磁感线；(4)电源。
(1)电路中有电流时，电流表的指针转动，因此可以通过观察电流表的指针是否偏转来确定是否产生了感应电流；
(2)(3)产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
(4)通电导体在磁场中会受到力的作用。
此题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握及影响感应电流大小和电流方向的因素。
32.【答案】右 ed间断路 右 当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 电阻箱 Ra-Rb 将开关S先接b，再接a，其它操作不变
【解析】解：(1)为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处，即最右端；
闭合开关后，小明发现电流表、电压表示数均为0，则电路可能断路，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c、d、e各接线柱，当接触到e时，电压表、电流表均有示数，此时电路已接通，综上所述，电路中可确定的故障是：ed间断路；
(2)排除故障，此时R0的阻值为5Ω.闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达预设电压，此时电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A；
实验中应保持定值电阻两端的电压不变，根据欧姆定律可知；电压表示数应保持UV=IR0=0.4A×5Ω=2V；
根据串联电路电压规律，变阻器两端的电压为U滑=U-UV=3V-2V=1V，
变阻器阻值为：
R滑=U滑I=1V0.4A=2.5Ω，
当R0阻值换成10Ω时，电路中的电流为：
I'=UR滑+R0'=3V2.5Ω+10Ω=0.24A，
此时电压表示数为：
UV'=I'R0'=0.24A×10Ω=2.4V；
实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大变阻器两端的电压，由分压原理，要增大变阻器电阻阻值，故应把变阻器滑片向右滑动，直到电压表示数为2V为止；
(3)根据表中数据可知，电流与电阻的乘积UV=IR=0.4A×5Ω=……=0.08×25Ω=2V，为一定值，故可得出的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
处理数据描绘的是I-1R图线，而不是I-R图线，这样做的优点是图像是一条直线，比较直观，便于处理数据发现规律；
(4)①将开关S接a，电阻箱、R2和滑动变阻器串联接入电路，调节电阻箱和滑动变阻器滑片P，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值为Ra；
②将开关S接b，四个电阻串联接入电路，保持滑动变阻器滑片P的位置不变，调节电阻箱，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值为Rb；
③串联电路总电阻等于各分电阻之和，则Rx=Ra-Rb，这种实验方法叫等效代替法。
④小华在实验中发现，当开关S接b后，无论怎样调电阻箱的阻值，电流表示数都明显小于I，说明电阻箱接入电路的阻值太小，致使无法测量Rx的阻值，小明仍用该电路，对上述操作稍作调整，正确测出了Rx阻值，小明的方法是：将开关S先接b，再接a，其它操作不变。
故答案为：(1)右；ed间断路；(2)右；(3)当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(4)②电阻箱；③Ra-Rb；④将开关S先接b，再接a，其它操作不变。
(1)为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处；
闭合开关后，小明发现电流表、电压表示数均为0，则电路可能断路，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c、d、e各接线柱，当接触到e时，电压表、电流表均有示数，此时电路已接通，据此分析；
(2)根据电流表选用量程确定分度值读数；
根据串联电路电压规律结合欧姆定律求出R0阻值为5Ω时变阻器接入电路的阻值，根据欧姆定律求出R0阻值为10Ω时其两端的电压；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)根据表中数据，电流与电阻的乘积为一定值，然后得出结论；
图像是一条直线，比较直观，便于处理数据发现规律；
(4)①将开关S接a，电阻箱、R2和滑动变阻器串联接入电路，调节电阻箱和滑动变阻器滑片P，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值为Ra；
②将开关S接b，四个电阻串联接入电路，保持滑动变阻器滑片P的位置不变，调节电阻箱，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值为Rb；
③串联电路总电阻等于各分电阻之和，则Rx=Ra-Rb，这种实验方法叫等效代替法。
④小华在实验中发现，当开关S接b后，无论怎样调电阻箱的阻值，电流表示数都明显小于I，说明电阻箱接入电路的阻值太小，致使无法测量Rx的阻值，小明仍用该电路，对上述操作稍作调整，正确测出了Rx阻值，小明的方法是：将开关S先接b，再接a，其它操作不变。
本题探究电流与电阻的关系，考查注意事项、故障分析、电流表示数、控制变量法、实验操作以及设计实验方案测电阻的能力。
2023年江苏省泰州二中附中中考物理二模试卷
1. 下列生活用品中，通常情况下属于导体的是
A. 不锈钢勺 B. 瓷碗 C. 塑料铲 D. 木筷子
2. 下列关于能源的观点中，正确的是( )
A. 天然气是可再生能源
B. 能量每转化一次，可利用的能量只会减少
C. 核电站中利用核聚变来发电
D. 只要不违反能量守恒定律，永动机仍可实现
3. 下列关于家庭电路的说法，正确的是( )
A. 家庭电路中，开关一定要接在零线上 B. 保险丝必须装在零线上
C. 金属外壳的电器不需要接地线 D. 更换灯泡时，要断开开关
4. 下列有关对物质世界的认识正确的是( )
A. 太阳是宇宙的中心 B. 香气扑鼻说明分子在不停地运动
C. 分子是不可再分的最小粒子 D. 用摩擦的方法可以创造电荷
5. 下列物理量中，反映物质特性的是( )
A. 电阻 B. 速度 C. 比热容 D. 质量
6. 2022年末，唐河下起第一场雪，为了保证安全出行，人们采取了许多防滑措施。下列各项中增大摩擦的方式与其他不同的是( )
A. 骑自行车时在车上安放些重物 B. 在结冰的路面上撒沙子
C. 在汽车轮胎上装上防滑链 D. 行走时穿上底面花纹深的鞋
7. 如图为“探究阻力对物体运动的影响”实验，小张将粗糙程度依次减小的棉布、木板与玻璃铺在水平面上，让小车从斜面的顶端由静止开始滑下，用传感器记录小车运动的“速度v-路程s”图像。则下列图像与水平面材料对应正确的是( )
A. ①③ B. ②④ C. ①②③ D. ①②③④
8. 下列关于热现象的说法正确的是( )
A. 一个物体内能增加，一定是从外界吸收了热量
B. 热传递过程中，热量只能从内能大的物体传给内能小的物体
C. 碘蒸气在凝华过程中内能减小
D. 温度相同的两物体间也能发生热传递
9. 如图所示是某滑雪运动员离开跳台向上运动的某个瞬间和在倾斜的雪道上比赛中的场景，下列说法中正确的是( )
A. 离开跳台上升到最高点时她受力是平衡的
B. 在倾斜的雪道上，下蹲是为了增大压力来保持身体的平衡
C. 在倾斜的雪道上，滑雪板对雪地的压力和雪地对滑雪板的支持力是一对相互作用力
D. 在倾斜的雪道上，滑雪板受到的重力和雪地对滑雪板的支持力是一对平衡力
10. 如图所示是一种检测植物叶片含水量的电路，R0为定值电阻，R为条状石墨烯制成的湿敏电阻(阻值随叶片含水量的增大而减小)。电源两端的电压保持不变，闭合开关，当所检测的叶片含水量增大时，下列说法中正确的是( )
A. 湿敏电阻两端的电压变大 B. 电路中的电流变小
C. 湿敏电阻消耗的功率一定增大 D. 电源输出功率与R0阻值的乘积增大
11. 在探究通电螺线管的磁场特点时，通电螺线管在某状态下的两个实验现象如图甲、乙所示，其中小磁针(黑色一端为N极)静止时的指向情况如图甲所示，铁屑静止时的分布情况如图乙所示。图丙所示的是用磁感线对上述两个实验现象的描述。下列说法正确的是( )
A. 图甲所示的实验，探究的是通电螺线管的磁场分布特点
B. 图乙所示的实验，探究的是通电螺线管的磁场方向和分布特点
C. 由图丙可知，通电螺线管周围的磁场与条形磁体相似均由磁感线组成的
D. 由实验可知，通电螺线管外部的磁场分布具有一定的对称性
12. 如图甲所示，将电子秤放在水平桌面上，把一盛有适量水的柱形容器放在电子秤上，记下此时电子秤的示数为m0。用手提着系在细线下端的长方体金属块使之缓慢浸入容器内的水中，金属块始终保持竖直状态且不接触容器底和侧壁，此过程中容器中的水未溢出。金属块浸入水中的过程中电子秤的示数m与m0的差值Δm随金属块下表面到水面的距离h变化的关系图像如图乙中a图线所示。从水中取出金属块后，再将容器中的水换为另一种液体重复上述过程，电子秤的示数m与m0的差值Δm随金属块下表面到液面的距离h变化的关系图像如图乙中b图线所示。已知水的密度为1.0×103kg/m3，取g=10N/kg。下列说法中正确的是( )
A. 金属块在水中受到的最大浮力为1N
B. 另一种液体密度为0.8g/cm3
C. 当金属块浸没在水和另一种液体中保持静止时，细线对金属块的拉力大小相等
D. 金属块的底面积为5cm2
13. 随着祖国的强大，人们的爱国热情高涨。走在大街小巷，我们经常能听到有人歌唱《我和我的祖国》，人们通过歌曲表达对伟大祖国的热爱和依恋。歌声是由声带的______产生的，如图所示，歌词上方的数字表示的是声音的______。
14. 南宋著名诗人辛弃疾的诗句“溪边照影行，天在清溪底。天上有行云，人在云里行。”中所描写的“天在清溪底”和“人在云里行”两种情景，看到清溪底是光的______ 现象，看到水中人和云是光的______ 现象。
15. 小明在探究冰熔化特点时，用酒精灯加热50g的冰，每2分钟完全燃烧的酒精质量均为0.1g，保持加热效率不变时，冰的温度随时间变化的图像如图所示。由此可知：冰全部熔化成水后4分钟吸收热量为______ J，该实验中酒精灯的加热效率为______ %，BC过程中被加热物质的内能将增加______ J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q酒精=3×107J/kg]
16. 小明用如图所示的装置做“探究凸透镜成像规律”实验。实验中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像(未画出)，则该像是倒立、______ 的实像(选填“放大”“缩小”或“等大”)。若在图中用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气，发现光屏上“烛焰尖部”变模糊，则将光屏向______ 移动(左/右)，“烛焰尖部”又会变清晰。
17. 某电动汽车的电源由7000节电池组成，每节电池质量为50g，给该电源充电时，主要是将______ 能转化成______ 能。该电源的能量密度为0.26kW⋅h/kg，则该电源存储的电能为______ J。
18. 江阴市某学校在操场上举办秋季运动会的开幕式。入场时，小明竖直举着九(2)班的班牌走在最前列，如图所示。若匀速前进时，班牌受到水平向后风的阻力为10N，作用在A点。若将班牌视为杠杆，AC间的距离是BC间距离的3倍。她将图中B点作为支点，手对另一点施加的力为______ N，这个力的方向是水平______(选填“向前”或“向后”)。若她将图中C点作为支点，手对另一点施加的力为______ N。
19. 如图，一质地均匀的长方体重7N，将它放在水平桌面上，一部分露出桌面，它与桌面的接触面积为100cm2，则它对桌面的压强为______ Pa；竖直切除左边的白色部分，剩余部分对桌面的压力______ (变大/变小/不变)，压强______ (变大/变小/不变)。
20. “反向蹦极”是一项比蹦极更刺激的运动。如图所示，弹性轻绳的上端固定在O点，拉长后将下端固定在体验者的身上，并与固定在地面上的扣环相连。打开扣环，人从A点由静止释放，像火箭一样被“竖直发射”，经上升到最高位置C点，在B点时速度最大，若不计空气的阻力，且绳子自然下垂的位置在C点下方。人向上运动过程中，到达B点瞬间，绳的拉力______ 人的重力(大于/小于/等于)；从A点运动至B点，人动能的变化量______ (大于小于/等于)绳子弹性势能的变化量；由B点运动至C点，人的机械能______ 。(填写变化情况)
21. 如图为小灯泡L与定值电阻R的I-U图像。电源电压为6V，将小灯泡L与定值电阻R并联在该电源下，小灯泡的电功率P1为______ W；将两者串联接在该电源下，小灯泡的电功率P2为______ W；在上述两种连接情况下，小灯泡分别工作10s，电路消耗电能之差为______ J。
22. 如图，物体A静止在斜面上，画出物体A对斜面压力的示意图。
23. 如图，作出物体A在平面镜MM'中所成的像A'。若镜面绕M点顺时针转动，则物像之间的距离会随之变化，请画出物像距离最大时的像A″的位置。
24. 如图所示，根据静止小磁针的指向，用物理符号标出螺线管左端和电源左端的极性。
25. 水平地面上放着重为200N的正方体物块，现用斜面将其由底端匀速拉到顶端，如图所示，已知平行于斜面的拉力为120N，物体移动的距离为2m，升高1m，求：
(1)有用功；
(2)斜面的机械效率；
(3)物块沿斜面向上滑动时所受的摩擦力大小。
26. 如图电路中，电源电压恒定，小灯泡L标有“6V4.8W”，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2标有“20Ω0.5A”。当R2的滑片P置于最左端时，只闭合S1，灯泡正常发光。
(1)求小灯泡的额定电流；
(2)滑片P置于最左端，闭合S1、S2，求10s内电路产生热量；
(3)滑片P置于最右端，只闭合S2，移动滑片P，使R2的电功率占电路总功率的比值最小，则R2的电功率多大？
27. 某小组选用了图甲中光源、水、水槽、可折转的光屏(带刻度)等器材，用于完成探究“光从空气射入水中时的折射规律”。
(1)使用可折转的光屏，是为了观察折射光线和入射光线是否______ 。
(2)光从空气射入水中，入射点为O点，不断改变入射角，读出刻度盘上对应的折射角，将实验结果画在图丙中，其中1和1'、2和2'……4和4'分别表示各次入射光线和对应的折射光线的位置，并记录了表一的数据。由此可得出，光从空气斜射入水中时，折射角随入射角的增大而______ ，且折射角______ (大于/等于/小于)入射角：表一中“？”处的数据是______ 。
表一
序号
1
2
3
4
入射角(∘)
60
40
20
0
折射角(∘)
40
29
15
？
表二
序号
1
2
3
入射角(∘)
15
29
40
折射角(∘)
20
？
60
(3)接下来继续探究光从水中射入空中的折射情况，记录了表二的数据。表二中“？”处的数据模不清，请综合分析两个表格中的数据，判断出这个数据应该是______ 。
28. 小明用如下实验测定所处环境的空气密度：
(1)在测量时，小明提醒同组的同学，不需要等待指针完全静止在分度盘中央，只需要观察到指针左右______ 就可以开始读数了。
(2)他用打气筒将皮球打足气，用调好的天平称出此时皮球的质量为81.6g。将如图甲所示的量杯装满水后，倒放在水槽中，用气针和乳胶管将皮球中的空气引入量杯内，用排水集气的方法慢慢排出皮球中的气体，如图乙所示，同时调整量杯的高度，使量杯内气体达到量杯的最大测量值，且需量杯内、外水面相平。此时，用夹子夹紧乳胶管暂停放气，再将量杯装满水后重新集气，如此共进行10次。拔出气针，用天平称出此时皮球和剩余气体的质量，如图丙所示。请你根据实验及图中情况，帮助小明完成下面的实验数据表格。
充足空气后皮球的质量/g
皮球和剩余气体的质量/g
排出空气的质量/g
排出空气的总体积/cm3
空气的密度/kg⋅m-3
81.6
______
______
______
______
29. 利用如图所示的装置探究“杠杆的平衡条件”，所用的器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
(1)如图甲所示，实验前，把质量分布均匀的杠杆中点O作为支点，此时杠杆左端下沉且保持静止，杠杆______ (是/不是)平衡状态；调节时，应将右端的平衡螺母向______ (左/右)调节，直至杠杆在水平位置平衡，目的是______ 。
(2)如图乙所示，实验时，小明在杠杆左侧A位置(左边位置第四格)先挂了3个钩码，则在右侧B位置(右边位置第三格)应挂______ 个相同规格的钩码，杠杆可以在水平位置平衡，然后将A、B位置下方所挂的钩码同时向靠近支点O的方向各移动一小格，则杠杆的______ (左/右)端将下沉。
(3)如图丙所示，若不在A点挂钩码，改用弹簧测力计在A点向下拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡。当测力计从丁位置转到戊位置时，其示数大小将变大，原因是______ 。
(4)如图乙所示，已知每个钩码重0.5N，杠杆上每小格长度为2cm，在杠杆左侧用量程0-5N的弹簧测力计竖直向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计距离O点的距离不能小于______ cm。
(5)探究完成后，小阳同学制作了如图丁所示的杆秤，使用时将货物挂在秤钩上，用手提起B或C处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置，当秤杆水平平衡时，可读出货物的质量。秤砣最远可移至D点，此秤最大称量是10kg。秤杆、秤钩和秤纽的质量忽略不计，AB、BC、BD的长度如图丁所示。下列说法正确的是______ 。
A.秤砣的质量是0.5kg
B.越靠近提纽处刻度值越大
C.距离C点12.5cm，有两个刻度，分别为1kg和3.1kg
D.在测量范围内，该杆秤称量任意质量物体并保持平衡，手对提纽的拉力不变
30. 如图所示，是设计模拟调光灯简要电路的一部分。可选用的器材有：直流电源(电压4V)、电流表、电压表、小灯泡(2.5V0.3A)、灯座、开关、导线、多种规格的定值电阻、多种型号的铅笔芯、金属回形针。设计要求灯泡的亮度，能在较大范围内连续调节，且不能被烧坏。
(1)电路制作中，铅笔芯上来回滑动的金属回形针组合装置，可视为______ 。
(2)要保护电路安全，选取的合适的定值电阻应为______ 。
A.5Ω
B.15Ω
C.25Ω
D.50Ω
(3)设计完善电路，在虚线框内补充完整的电路图。
(4)连接好电路。闭合开关，无论怎样移动回形针，灯泡亮度变化均很小，原因是______ 。
(5)重新调整好电路。闭合开关，移动回形针，灯泡亮度有明显的变化。电压表的示数U=2.0V时，电流表示数如图乙所示，小灯泡的实际功率P=______ W。
31. 如图所示，在探究“产生感应电流的条件”实验中。
(1)实验中，观察__________判断电路中是否有感应电流。
(2)闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，电路中__________ (选填“有”或“无”)感应电流。
(3)该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做__________运动时，导体中就会产生感应电流。
(4)如果将小量程电流表换成__________，可以探究磁场对通电导体的作用。
32. 如图甲是某实验小组探究“电流与电阻关系”的实物图，其中电流表量程为“0∼0.6A”，电压表量程为“0∼3V”，滑动变阻器的规格为“10Ω1A”，电源电压3V不变，电阻R0有4个阻值(5Ω、10Ω、20Ω、25Ω)供选用，开关若干，还有电阻箱R1一只。
(1)开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到最______ (左/右)端；闭合开关后，小明发现电流表、电压表示数均为0，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c、d、e各接线柱，当接触到e时，电压表、电流表均有示数，则电路中可确定的故障是______ 。
(2)排除故障，此时R0的阻值为5Ω。闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达预设电压，此时电流表示数0.4A，接着将R0阻值换成10Ω，若直接闭合开关，为了继续实验，滑动变阻器滑片应该向______ 适当调节。
(3)将R0阻值换成20Ω、25Ω重复上述操作，四组数据如表所示，分析数据，可得出的结论是：______ 。
实验次数
1
2
3
4
电阻R(欧)
5
10
20
25
电流I(安)
0.4
0.2
0.1
0.08
(4)实验小组又设计了图乙的电路图继续测量一个未知电阻Rx的阻值，图中R1为电阻箱，R2是未知定值电阻，Rp为滑动变阻器。要求仅利用电阻箱读数表达Rx的阻值，请在空白处填上适当内容。
①开关S接a，调节电阻箱和滑动变阻器滑片P，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值Ra；
②开关S接b，保持滑动变阻器滑片P的位置不变，调节______ ，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值Rb；
③Rx=______ 。(用本题中的物理量的符号表示)
④他们在实验中发现，当开关S接b后，无论怎样调电阻箱的阻值，电流表示数都明显小于I，致使无法测量Rx的阻值。小明仍用该电路，对上述操作稍作调整，正确测出了Rx的阻值，小明的方法是______ 。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】A、不锈钢勺的材料是金属，属于导体，故A正确。
B、瓷碗的材料是陶瓷，属于绝缘体，故B错误。
C、塑料勺的材料是塑料，属于绝缘体，故C错误。
D、木筷子属于绝缘体，故D错误。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；
常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。
常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。
2.【答案】B
【解析】解：A、天然气是不可再生能源，故A错误；
B、能量每转化一次，能量就会损耗一部分，可利用的能量只会减少，故B正确；
C、目前核电站中是利用核裂变来发电的，故C错误；
D、能量在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变，但是能量的转化和转移是有方向性的，所以永动机不可能实现，故D错误。
故选：B。
(1)短期内可以从自然界中获得补充的一次能源是可再生能源。
(2)能量每转化一次，能量就会损耗一部分，可利用的能量只会减少。
(3)目前核电站中是利用核裂变来发电的。
(4)能量在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变，但是能量的转化和转移是有方向性的，所以永动机不可能实现。
本题主要考查了能量守恒定律、能源的分类和目前人类获取核能的两种基本方式，属于基础性题目。
3.【答案】D
【解析】解：
A、家庭电路中，开关一定要接在火线和用电器之间，即接在火线上，故A错；
B、在家庭电路中，保险丝必须装在火线上，若保险丝熔断，用电器上没有电；保险丝若装在零线上，若保险丝熔断，用电器上仍有电，这样容易让人们认为没电而发生触电事故，故B错；
C、金属外壳的电器必须接地线，这样，若电器漏电，电流会通过地线导入大地，防止触电事故的发生，故C错；
D、更换灯泡时，要断开开关，安全，故D正确。
故选：D。
(1)家庭电路中，开关一定要接在火线和用电器之间；
(2)在家庭电路中，保险丝必须装在火线上；
(3)金属外壳的电器必须接地线；
(4)更换灯泡时，要断开开关，安全。
本题考查了家庭电路中开关和保险丝连接、金属外壳用电器接地线的原因、更换灯泡的注意事项，属于基础题目。
4.【答案】B
【解析】解：A、宇宙是由无数恒星组成的，太阳只是其中一颗，太阳不是宇宙的中心。故A错误；
B、我们能闻到香味是因为香气分子在做无规则运动被我们呼吸到，故B正确；
C、分子由原子组成，故C错误；
D、电荷是守恒的，既不会被创生也不会被消灭，故摩擦起电不会创造电荷，只是引起了电荷的移动，故D错误。
故选：B。
(1)宇宙是一个有一定层次结构的天体系统，太阳只是其中一普通的恒星；
(2)香气扑鼻是因为分子在做无规则运动；
(3)分子由原子组成。原子是由位于原子中心的原子核及核外电子组成的；
(4)电荷不能被创造也不能被消灭，摩擦起电只是因为电荷的转移。
本题考查人类对物质世界的认识，为基础内容，我们要熟记。
5.【答案】C
【解析】解：A、两种不同物质，电阻可能相等，不是物质的特性，故A错误；
B、速度是表示物体运动快慢的物理量，不是物质的特性，故B错误；
C、比热是物质的一种特性，同种物质(状态一定)比热相同；不同物质比热一般不同，故C正确；
D、质量是指物体所含物质的多少，是物体的一个基本属性，不是物质特性，故D错误。
故选：C。
特性是物质特有的性质，是一种物质区别于其它物质的主要特征，状态不变，物质特性不变。
本题考查了对于物理性质的了解，是一道基础题。
6.【答案】A
【解析】解：A、骑自行车时在车上安放些重物，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；
BCD、在结冰的路面上铺上稻草、在汽车轮胎上装上防滑链、行走时穿上底面花纹深的鞋，都是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故选：A。
增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
掌握摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小摩擦力的问题。
7.【答案】B
【解析】解：小车仍在同一斜面顶端静止释放，小车的速度从零开始越来越大，小车到达斜面底端的速度相同，玻璃表面光滑，受到的阻力小，小车运动的越远，速度减小的越慢，故①错误；
木板表面较光滑，阻力较小，小车运动的最远，速度减小的较慢，故②正确；
棉布表面最粗糙，阻力最大，小车运动的最近，速度减小的最快，故③错误；
若水平面绝对光滑，阻力为零，小车将做匀速直线运动，故④正确。
故选：B。
分析阻力对物体运动的影响，判断出小车的运动情况。
本题是探究阻力对物体运动的影响实验，考查了速度-路程图像的画法。
8.【答案】C
【解析】解：A、物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是其他物体对它做了功，故A错误；
B、热传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体；但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体，故B错误；
C、一定质量的碘蒸气在凝华过程中，放出热量，内能减少，故C正确；
D、两个物体之间能够发生热传递的条件是两个物体的温度不相等，所以温度相同的两物体间不能发生热传递，故D错误。
故选：C。
(1)改变物体内能的方法有两种：一是做功，二是热传递，二者在改变内能方面是等效的；
(2)发生热传递的条件是存在温度差，热量从高温物体传向低温物体或从同一物体的高温部分传递到低温部分；
(3)物体的内能与温度、质量以及状态有关；
(4)热传递发生的条件是两物体的温度不相等，如果温度一样，则就不会发生热传递。
本题主要考查学生对内能、热量、热传递以及改变内能方式的理解。
9.【答案】C
【解析】解：A.离开跳台上升到最高点时，运动员受到重力和空气阻力，这两个力不在同一直线上，大小也不相等，所以不是平衡力，故A错误；
B.在倾斜的雪道上，下蹲是为了降低重心，增加稳定性，故B错误；
C.在倾斜的雪道上，滑雪板对雪地产生压力的同时，雪地对滑雪板产生了支持力，这两个力是相互作用力，故C正确；
D.在倾斜的雪道上，滑雪板受到的重力和雪地对滑雪板的支持力，受力物体都是滑雪板，但这两个力不在同一直线上，大小也不相等，所以这两个力不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)分析运动员上升到最高点时受到的力，结合二力平衡条件分析解答；
(2)增加稳定性的方法：一是降低重心，二是增大支撑面；
(3)相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(4)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
本题以冬奥会为背景，考查了平衡力和相互作用力的辨别、提高稳度的方法等，熟练掌握二力平衡的条件、相互作用力的特点是关键。
10.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电流表测电路中的电流；
AB、闭合开关，当所检测的叶片含水量增大时，湿敏电阻R的阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，故B错误；
根据U=IR可知，R0两端的电压变大，根据串联电路的分压规律可知，湿敏电阻R两端的电压变小，故A错误；
C、湿敏电阻消耗的功率为：P=I2R=(UR+R0)2R=U2R2+2RR0+R02R=U2(R-R0)2+4RR0R=U2(R-R0)2R+4R0，由此可知，当R=R0时，R消耗的功率是最大的，所以R的阻值变化时，湿敏电阻消耗的功率不一定增大，故C错误；
D、电源电压不变，电路中的电流变大，根据P=UI可知，总功率变大；R0阻值不变，所以电源输出功率与R0阻值的乘积增大，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电流表测电路中的电流。根据“阻值随叶片含水量的增大而减小”可知当叶片含水量升高时R的阻值变化，进一步得出电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，由串联电路的分压规律判断湿敏电阻R两端的电压变化；
根据P=I2R分析湿敏电阻消耗功率的变化；根据P=UI分析总功率的变化，然后得出电源输出功率与R0阻值的乘积的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，利用好“湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而减小”是关键。
11.【答案】D
【解析】解：A、图甲所示的实验，通过周围的小磁针静止时N极指向来探究的通电螺线管的磁场方向特点，故A错误；
B、图乙所示的实验，通过被磁化后的铁粉的排列来探究的是通电螺线管的磁场分布特点，不能探究磁场方向，故B错误；
C、由图丙可知，通电螺线管周围的磁场是客观存在的，但是磁感线是为了研究磁场的分布而假想出来的几何曲线，故C错误；
D、由实验可知，通电螺线管外部的磁场和条形磁铁的磁场相似，具有一定对称性，故D正确。
故答案为：D。
(1)通电螺线管的磁场方向与电流方向有关，可以通过周围放置的小磁针来显示某点的磁场方向；
(2)可以在通电螺线管的周围撒铁粉形象的显示它周围的磁场分布；
(3)通电螺线管的周围存在磁场，用磁感线来形象表示；
(4)电螺线管外部的磁场和条形磁铁的磁场相似，具有一定的对称性。
知道通电螺线管的磁场分布情况；知道磁场和磁感线。
12.【答案】B
【解析】解：A、由题意可知，金属块浸入水中的过程中电子秤的示数m与m0的差值Δm表示的是金属块排开液体的质量，
由图乙图像可知，金属块排开水的最大质量为10.0g，此时金属块浸没在水中，
由阿基米德原理可知，金属块在水中受到的最大浮力：
F水浮=G水排=Δm水g=10.0×10-3kg×10N/kg=0.1N，故A错误；
B、由F浮=ρ液gV排可知，金属块排开水的体积：
V排===1×10-5m3，
因为金属块浸没在水中，所以金属块的体积：
V=V排=1×10-5m3=10cm3，
由图乙图像可知，金属块排开另一种液体的最大质量为8.0g，此时金属块浸没在液体中，
金属块排开液体的体积V排=1×10-5m3，
由阿基米德原理可知，金属块在另一种液体中受到的最大浮力：
F液浮=G液排=Δm液g=8.0×10-3kg×10N/kg=0.08N，
由F浮=ρ液gV排可知，另一种液体的密度：
ρ液===0.8×103kg/m3=0.8g/cm3，故B正确；
C、金属块浸没在液体中保持静止时受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和细线对金属块的拉力，
由力的平衡条件可知，金属块浸没在水和另一种液体中保持静止时，细线对金属块的拉力大小分别为：
F水=G金属块-F水浮，F液=G金属块-F液浮，
因为F水浮>F液浮，所以F水
则金属块的底面积：S===2.5cm2，故D错误。
故选：B。
(1)由题意可知，金属块浸入水中的过程中电子秤的示数m与m0的差值Δm表示的是金属块排开液体的质量，由图乙图像可知，金属块排开水的最大质量，根据阿基米德原理求出金属块在水中受到的最大浮力；
(2)利用F浮=ρ液gV排根据金属块在水中的最大浮力求出金属块排开水的体积，即为金属块的体积，根据图乙图像可知，金属块在另一种液体中时排开液体的质量，根据阿基米德原理求出金属块在另一中液体中受到的最大浮力，再根据F浮=ρ液gV排求出液体的密度；
(3)对浸没在液体中的金属块进行受力分析，根据力的平衡条件求出细线对金属块的拉力大小，进而判断在两种液体中时细线对金属块的拉力大小关系；
(4)由图乙图像可知，金属块的高度，根据体积公式求出金属块的底面积。
本题考查了力的平衡条件、阿基米德原理和浮力公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
13.【答案】振动 音调
【解析】解：声音是物体振动产生的，所以歌声是由声带振动产生的；
从物理的角度看，歌词上方的数字表示的是声音的音调。
故答案为：振动；音调。
声音是物体振动产生的；音调是指声音的高低，由频率决定。
本题需要学生掌握声音产生、声音的特征认识，是一道声学基础题。
14.【答案】反射 反射
【解析】解：“天在清溪底”是看到“天”在“溪底”，即人看到的是“天”在“溪底”所成的像，属于平面镜成像，其实质是光的反射；“人在云里行”是人的像在云的像中走，同样是人和云通过水面所成的虚像，也是光的反射现象。
故答案为：反射；反射。
光射到物体的表面会改变传播方向回到原来介质中的现象叫光的反射。平面镜成像、水中景物的倒影都属于光的反射。
本题考查了对光的反射理解和掌握，难度不大，但比较容易出错。
15.【答案】105017.51050
【解析】解：(1)冰熔化过程中温度不变，完全熔化成水后温度才会上升，也就是图中的8min∼12min，此时段，水温从0℃上升到5℃，水温升高了5℃，冰化成水后质量不变，m水=m冰=50g=5×10-2kg；
所以4min中水吸收的热量为：
Q吸=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×5×102kg×5℃=1050J；
(2)每2min完全燃烧酒精0.1g，4min燃烧酒精0.2g，所以放出的热量为：
Q放=m酒精q酒精=0.2g×3×107J/kg=0.2×10-3kg×3×107J/kg=6000J；
加热效率为：
η=Q吸Q放×100%=1050J6000J×100%=17.5%；
(3)BC段物质吸收的热量转化成了物质的内能，所以BC段也加热4min，所以和CD段吸收热量相同为1050J，所以内能增加了1050J。
故答案为：1050；17.5；1050。
(1)已知冰的质量，熔化成水后质量不变；晶体熔化过程中吸热温度不变，物质处于固液共存态，据此判断出冰完全熔化后4min升高的温度；根据热量的计算公式Q吸=cmΔt求出吸收的热量；
(2)先计算出酒精完全燃烧释放的热量，利用效率的计算公式η=Q吸Q放×100%计算热效率；
(3)通过图像分析BC段是固液共存状态，到C点时全部熔化完，再继续吸收热量温度才升高，BC段和CD段都是加热4min吸收的热量相同，即也是增加的内能。
本题考查熔化实验，和有关的热量公式的计算，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
16.【答案】放大 左
【解析】解：(1)凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像。
(2)用塑料吸管对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气时，烛焰左侧的空气流速增大，由流体压强与流速的关系可知烛焰左侧的气压减小，而烛焰右侧的气压较大，所以烛焰尖部会远离凸透镜，由凸透镜成实像的动态变化规律可知像会靠近凸透镜，故光屏应向左靠近凸透镜，光屏上才能再次出现烛焰尖部清晰的像。
故答案为：放大；左。
(1)凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，物距等于像距，成倒立、等大的实像，物距大于像距，成倒立、缩小的实像。
(2)对准A点沿垂直于纸面方向持续用力吹气时，由流体压强与流速的关系可知烛焰左侧的气压如何变化，并判断烛焰尖部是靠近还是远离凸透镜；凸透镜成实像时，根据“物近像远大，物远像近小”规律进行判断。
凸透镜成实像时，根据物距和焦距、像距和焦距、物距和像距的关系都可以判断成像情况。
17.【答案】电 化学 3.276×108
【解析】解：给该电源充电时，主要是将电能转化为化学能；
电动汽车的电源的质量m=7000×50g=350000g=350kg，
该电源存储的电能：W=0.26kW⋅h/kg×350kg=91kW⋅h=91×3.6×106J=3.276×108J。
故答案为：电；化学；3.276×108。
(1)给电池充电时，把电能转化为化学能；
(2)求出电动汽车的电源的质量，知道电源的能量密度，电源储存的电能电源电源的能量密度乘以电源质量。
本题考查电池工作过程中的能量转化以及电能的计算，难度不大。
18.【答案】20 向后 30
【解析】解：AC间的距离是BC间距离的3倍，即LAC：LBC=3：1，所以LAB：LBC=2：1，
若以B点作为支点，A点受到向后的力为阻力F2，AB为阻力臂LAB，A、C两点位于支点的两侧，要使杠杆平衡，则C点受到的力为动力F1，方向向后，BC为动力臂LBC，
由据杠杆的平衡条件得，手对C点施加的力为：F1=LABLBCF2=21×10N=20N。
若以C点作为支点，A点受到向后的力为阻力F2，AC为阻力臂LAC，B点受到的力为动力F1'，BC为动力臂LBC，
由据杠杆的平衡条件得，手对B点施加的力为：F'1=LACLBCF2=31×10N=30N。
故答案为：20；向后；30。
(1)若以B点作为支点，A点受到向后的力为阻力，AB为阻力臂，C点受到的力为动力，要使杠杆处于平衡状态，C点的受力方向向后，BC为动力臂，根据杠杆的平衡条件可计算C点人手的作用力；
(2)若以C点作为支点，A点受到向后的力为阻力，AC为阻力臂，B点受到力为动力，BC为动力臂，根据杠杆的平衡条件可计算B点人手的作用力；
本题考查了杠杆的五要素和杠杆的平衡条件，题目难度适中。
19.【答案】700 变小 变大
【解析】解：长方体对桌面的压力F=G=7N，它对桌面的压强p=FS=7N100×10-4m2=700Pa；
设长方体的原来底面积为S1，长方体与桌面总的接触面积为S，其切除的面积为ΔS，切除的重力为ΔG，
则切除前，p=FS=GS，因为S1>S，所以GS>GS1=ΔGΔS，则有GΔS>ΔGS；
当竖直切除左侧白色部分，则剩余部分重力变小，即剩余部分对桌面压力变小了；且剩余部分对桌面压强p'=G-ΔGS-ΔS，则p-p'=GS-G-ΔGS-ΔS=GS-GΔS-GS+ΔGSS(S-ΔS)=ΔGS-GΔSS(S-ΔS)<0，
所以p'>p，说明竖直切除左侧白色部分，剩余部分对桌面压强变大。
故答案为：700；变小；变大。
(1)长方体对水平桌面的压力等于长方体的重力，根据压强公式计算长方体对桌面的压强；
(2)根据压强公式p=FS表示出长方体在切除前后对桌面的压强，再比较两次压强的差是否大于零，从而得出压强的变化情况。
本题考查了固体压强的计算、切割前后压力、压强变化的分析，属于中等难度的习题。
20.【答案】等于 小于 增大
【解析】解：打开扣环，人从A点由静止释放，人的质量不变，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，绳子的弹性势能变小，是弹性势能转化为动能和重力势能，所以人动能的变化量小于绳子弹性势能的变化量；
到达B点之前，绳子的拉力大于重力，人向上做加速运动，到达B点时，速度最大，这说明此时的拉力和重力大小相等；
由B点运动至C点，绳子的弹性形变程度变小，弹性势能转化为人的机械能，不计空气阻力，人的机械能增大。
故答案为：等于；小于；增大。
动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，机械能为动能、势能的和。
本题考查了重力势能与动能、弹性势能之间的相互转化，掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素是解题的关键。
21.【答案】3.60.828
【解析】解：将小灯泡L与定值电阻R并联在6V的电源下，根据并联电路的电压特点，结合图中信息可知，此时通过小灯泡L的电流为0.6A，
小灯泡的电功率P1=ULIL=6V×0.6A=3.6W，
通过10s产生的热量：Q1=W1=P1t=3.6W×10s=36J；
将小灯泡L与定值电阻R串联在6V的电源下，根据图中信息可知，当通过电路的电流为0.4A时，小灯泡两端的电压为UL'=2V，定值电阻R两端的电压UR=4V，满足串联电路的电压特点，则此时小灯泡的电功率为P2=UL'IL'=2V×0.4A=0.8W，
通过10s产生的热量：Q2=W2=P2t=0.8W×10s=8J；
两种连接情况下小灯泡分别工作10s，产生的热量之差：ΔQ=Q1-Q2=36J-8J=28J。
故答案为：3.6；0.8；28。
(1)将小灯泡L与定值电阻R并联在6V的电源下，根据图中信息，利用并联电路的电压特点可知通过小灯泡的电流，利用P=UI求出小灯泡的电功率P1，利用Q1=W1=P1t求出小灯泡产生热量；
(2)将小灯泡L与定值电阻R串联在6V的电源下，根据图中信息，利用串联电路的电流和电压特点可知小灯泡两端的电压和通过的电流，利用P=UI求出小灯泡电功率P2，利用Q2=W2=P2t求出小灯泡产生热量；据此求出两种连接情况下小灯泡分别工作10s产生的热量之差。
本题考查串并联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能从图中获取相关信息是解题的关键。
22.【答案】解：在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段即为压力示意图，如图所示：
【解析】(1)先确定压力的作用点，即压力是接触面受到的力，因此作用点在斜面上，然后根据压力与接触面垂直的关系确定压力的方向；
(2)物体位于斜面上，压力与重力的大小、方向、作用点均不相同。
(1)很多同学把压力和重力混淆，认为压力就是重力，这是不正确的，物体只有位于水平面上时，压力的大小、方向才与重力相同；
(2)本题的关键是知道压力的作用点在接触面上，以及压力的方向是垂直于接触面，且指向被压物体的。
23.【答案】解：
(1)作A关于平面镜的对称点A'，可得物体A在平面镜MM'中所成的像A'；
(2)若镜面绕M点顺时针转动，当AM为物体到平面镜的距离时，物体到平面镜的距离最大，此时物像之间的距离最大，根据像与物关于平面镜对称可得此时像A″的位置，如图所示：
【解析】(1)平面镜成像的特点：平面镜成的像为虚像，像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、物像大小相等，即像与物关于平面镜对称；据此作出物体A在平面镜MM'中所成的像A'。
(2)若镜面绕M点顺时针转动，当AM为物体到平面镜的距离时，物体到平面镜的距离最大，此时物像之间的距离最大，根据像与物关于平面镜对称作图。
本题考查了平面镜成像的画法，难点在第二问，要知道：若镜面绕M点顺时针转动，当AM为物体到平面镜的距离时，物体到平面镜的距离最大，此时物像之间的距离最大。
24.【答案】解：小磁针静止时N极靠近螺线管，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管右侧为S极、左侧为N极；用右手握住螺线管，大拇指向右，则电流由右侧流入，即电源的右侧为正极、左侧为负极，如图所示：
【解析】先由小磁针的指向和磁极间的作用规律判断出螺线管的极性，再由安培定则判断电流的方向和电源的正负极。
在此题中，涉及到磁体的NS极、小磁针的NS极、电流的方向，只要知道其中的一个，就可以确定另外两个。
25.【答案】解：(1)有用功W有用=Gh=200N×1m=200J；
(2)总功W总=Fs=120N×2m=240J，斜面的机械效率η=W有用W总=200J240J×100%≈83.3%；
(3)克服摩擦力所做的额外功W额外=W总-W有用=240J-200J=40J，
物块沿斜面向上滑动时所受的摩擦力大小f=W额外s=40J2m=20N。
答：(1)有用功为200J；
(2)斜面的机械效率为83.3%；
(3)物块沿斜面向上滑动时所受的摩擦力大小为20N。
【解析】(1)利用W有用=Gh得出有用功；
(2)利用W总=Fs得出总功，根据η=W有用W总得出斜面的机械效率；
(3)利用W额外=W总-W有用得出克服摩擦力所做的额外功，
根据f=W额外s得出物块沿斜面向上滑动时所受的摩擦力大小。
本题以斜面为载体，考查了功的公式、机械效率公式的应用，属于对基础知识的考查。
26.【答案】解：(1)根据P=UI得小灯泡正常发光的电流：
I额=P额U额=4.8W6V=0.8A；
(2)当R2的滑片P置于最左端时，只闭合S1，电路为只有灯泡L工作的电路，灯泡正常发光，说明灯泡两端的电压为电源电压，故U电源=U额=6V；
滑片P置于最左端，闭合S1、S2，电路为灯泡L和电阻R1并联的电路，
通过电阻R1的电流为：I1=U电源R1=6V10Ω=0.6A，
干路的电流为：I=I额+I1=0.8A+0.6A=1.4A，
10s内电路电路产生热量：Q=W=UIt=6V×1.4A×10s=84J；
(3)滑片P置于最右端，只闭合S2，电路为电阻R1的和R2串联的电路，
滑动变阻器R2消耗的电功率为P2=U2I，
电路消耗的总功率为P总=U总I，
R2的电功率与电路总功率的比值：
P2P总=U2IU总I=IR2I(R1+R2)=R2R1+R2=1R1R2+1，
要想使这个比值最小，则R1R2+1要最大，滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，同时电流不能超过0.5A，即Imax=0.5A，
此时电路的总电阻为：R总=U总Imax=6V0.5A=12Ω，
R2的最小电阻为：R2小=R总-R1=12Ω-10Ω=2Ω；
当R2为2Ω时R2的电功率占电路总功率的比值最小，
则R2的电功率：
P2=Imax2R2=(0.5A)2×2Ω=0.5W。
答：(1)小灯泡的额定电流为0.8A；
(2)滑片P置于最左端，闭合S1、S2，10s内电路产生热量为84J；
(3)滑片P置于最右端，只闭合S2，移动滑片P，使R2的电功率占电路总功率的比值最小，则R2的电功率0.5W。
【解析】当R2的滑片P置于最左端时，只闭合S1，电路为只有灯泡L工作的电路，灯泡正常发光，说明灯泡两端的电压为电源电压。
(1)根据P=UI算出小灯泡的额定电流；
(2)滑片P置于最左端，闭合S1、S2，电路为灯泡L和电阻R1并联的电路，根据I=UR算出电阻R1的电流，根据并联电路电流的特点算出干路电流，根据Q=W=UIt算出电路产生热量；
(3)滑片P置于最右端，只闭合S2，电路为电阻R1的和R2串联的电路，滑动变阻器R2消耗的电功率为P2=U2I，电路消耗的总功率为P总=U总I，根据R2的电功率占电路总功率的比值最小写出关系式，根据最大电流不超过0.5A，利用欧姆定律求出最小总电阻，根据串联电路电阻的关系算出R2的最小电阻，根据P=I2R算出其电功率。
此题主要考查的是学生对电功率、欧姆定律计算公式和串并联电路特点的认识和掌握，综合性较强，弄清电路结构是解决此题的关键。
27.【答案】在同一平面内 增大 小于 0∘40
【解析】解：(1)将光屏的右半部分向前后翻折，就不会看到折射光线，只有当整个光屏为一平面时，才能够看到折射光线，说明折射光线、入射光线、法线共面。
这说明使用可折转的光屏，是为了观察折射光线和入射光线、法线是否在同一平面内。
(2)由图丙可以看出，当入射角增大时，折射角也随着增大，且折射角小于入射角；
当光从空气垂直射到水面时，传播方向不变，此时入射角等于0度，折射角等于0度；
(3)光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，而从水斜射入空气时，折射角大于入射角，表一是从空气射入水中的数据，表二是光从水射入空气中的数据对比表一的1、3和表二的1、3，发现入射角和折射角相互交换，说明光的折射现象遵循光路可逆，根据表二第2次数据，交换后入射角为29∘，对应的折射角为40∘。
故答案为：(1)在同一平面内；(2)增大；小于；0∘；(3)40。
(1)光屏可以显示光的传播路径，还可以利用可折转的光屏确定折射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。
(2)光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居在法线两侧；
光从空气斜射入其他透明介质，折射角小于入射角；光从其他透明介质斜射入空气，折射角大于入射角；
光线从一种介质垂直射入另一种介质时，传播方向不改变；
(3)根据表格数据分析，光的折射现象遵循光路可逆。
此题是探究光的折射规律的实验，主要考查了对光的折射规律的理解以及分析得出结论的能力。
28.【答案】以相同幅度摆动 80.41.210001.2
【解析】解：(1)使用托盘天平应把天平放在水平台上，先把游码放在标尺左端的0刻线处，再调节平衡螺母，使指针在分度盘中央刻度线左右以相同幅度摆动。
(2)①首先可以从丙图中读出皮球和剩余空气的质量：m1=(50g+20g+10g)+0.4g=80.4g；
②排出空气的质量：m2=81.6g-80.4g=1.2g；
③在题目中前后共排出了10次空气，每次都是一量杯，从图中能看出量杯的容积：V1=100mL=100cm3，
所以一共排出的空气的体积：V2=10×100cm3=1000cm3；
④空气的密度ρ=mV=m2V2=1.2g1000cm3=1.2×10-3g/cm3=1.2kg/m3。
故答案为：(1)以相同幅度摆动；(2)80.4；1.2；1000；1.2。
(1)使用天平之前，要对天平进行调节平衡，应该把天平放置在水平桌面上，把游码放在标尺的零刻线处，然后调节螺母使指针对准刻度盘的中央刻度线或指针在分度盘中央刻度线左右以相同幅度摆动。
(2)根据密度公式ρ=mV求出空气的密度。
考查的是在使用天平称量物体质量前进行调节平衡的方法和步骤以及密度公式的应用。
29.【答案】是 右 便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响 4 左 测力计拉力的力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力变大 2.4C
【解析】解：(1)杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态时，处于平衡状态；杠杆的左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，故应将平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，即3G×4L=FB×3L，解得FB=4G，需挂4个钩码使杠杆在水平位置平衡；
若A、B两点的钩码同时向靠近支点的方向移动一个格，则3G×3L>4G×2L，故杠杆不能在水平位置保持平衡，则杠杆的左端将下沉；
(3)如图丙所示，保持B点不变，若测力计从丁位置转到戊位置时，此时测力计拉力的力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力变大；
(4)根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得，3×0.5N×4×2cm=5N×L2，解得L2=2.4cm，
所以弹簧测力计距离O点的距离不能小于2.4cm。
(5)A、当提着B处秤纽、秤砣挂在D点、A点秤钩挂着质量为10kg的物体时，秤杆可以在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件可得GA⋅AB=G秤砣⋅BD，
由G=mg可得mAg⋅AB=m秤砣g⋅BD，
则m秤砣=m×ABBD=10kg×2cm50cm=0.4kg，故A错误；
B、根据杠杆的平衡条件可知：当提着B处秤纽，A点所挂物体重力较大时，秤砣向右移动，否则向左移动，所以越靠近提纽处刻度值越小，故B错误；
C、当提起B处秤纽时，阻力臂为AB=2cm，动力臂BD'=3cm+12.5cm=15.5cm，
根据杠杆的平衡条件可列式：G⋅AB=G秤砣⋅BD'。
由G=mg可得mg⋅AB=m秤砣g⋅BD'，
则m=m秤砣⋅BD'AB=0.4kg×15.5cm2cm=3.1kg，
当提起C处秤纽时，阻力臂为AC=AB+BC=2cm+3cm=5cm，动力臂CD'=12.5cm，
根据杠杆的平衡条件可列式：G⋅AC=G秤砣⋅CD'。
由G=mg可得mg⋅AC=m秤砣g⋅CD'，
则m=m秤砣⋅CD'AC=0.4kg×12.5cm5cm=1kg，故C正确；
D、手对提纽的拉力大小为等于物体的重力与秤砣重力和，故D错误。
故选：C。
故答案为：(1)是；右；便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；(2)4；左；(3)测力计拉力的力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力变大；(4)2.4；(5)C。
(1)物体处于静止状态时，处于平衡状态；杠杆的左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，据此分析将平衡螺母调节的方向，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂，同时消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
(3)根据杠杆的平衡条件分析解答；
(4)根据杠杆的平衡条件求出弹簧测力计距离O点的距离；
(5)①根据量程结合杠杆的平衡条件计算秤砣的质量；
②根据实际经验进行回答即可；
③根据杠杆平衡条件计算不同支点时距离C点12.5cm的刻度；
④手对提纽的拉力大小为等于物体的重力与秤砣重力和。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂；
还考查杠杆平衡条件的灵活运用，将杆秤抽象为杠杆是解题的关键，这种将具体事物抽象为物理模型的方法称之为模型法，是解答物理试题中常见的方法之一。
30.【答案】滑动变阻器 A 铅笔芯的最大阻值太小 0.52
【解析】解：
(1)金属回形针可在铅笔芯上来回滑动，设计电路时可将铅笔芯与金属回形针的组合视为滑动变阻器；
(2)由题知，电源电压为4V，小灯泡的额定电压为2.5V，额定电流为0.3A，
则灯正常工作时，要分去的电压为：U'=4V-2.5V=1.5V，
由欧姆定律可得，灯之外的电阻为：R=U'I'=1.5V0.3A=5Ω，
为了电路安全，需要选取阻值为5Ω的定值电阻作为保护电阻，故选A；
(3)如图甲所示为设计电路的一部分，将变阻器与定值电阻串联连入电路中，如下图所示：
(4)连接好电路，闭合开关，无论怎样移动金属回形针，灯泡亮度的变化都很小，说明电路中的电流变化很小，则电路的总电阻变化较小，造成该现象的原因：铅笔芯的最大阻值太小；
(5)当电压表示数U=2.0V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其示数I=0.26A，
则小灯泡消耗的实际功率：P=UI=2.0V×0.26A=0.52W。
故答案为：(1)滑动变阻器；(2)A；(3)见解析图；(4)铅笔芯的最大阻值太小；(5)0.52。
(1)滑动变阻器是通过改变电阻丝连入电路的长度改变电路的电阻大小；
(2)已知电源电压和小灯泡的额定电压为2.5V及灯的额定电流为0.3A，灯正常工作时，由串联电路电压的规律得出要分去的电压，由欧姆定律求出灯之外的电阻，进而选取的合适的定值电阻；
(3)根据要求，将变阻器与定值电阻串联连入电路中；
(4)连接好电路，闭合开关，无论怎样移动金属回形针，灯泡亮度的变化都很小，说明电路中的电流变化很小，则电路的总电阻变化较小，据此分析；
(5)根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求出小灯泡消耗的实际功率。
本题考查对变阻器的认识、器材的选择、串联电路的规律及欧姆定律的运用、反常现象的分析、电流表读数和功率计算。
31.【答案】电流表的指针是否偏转 有 切割磁感线 电源
【解析】解：
(1)实验时，通过观察电流表的指针是否偏转，来确定电路中是否产生感应电流；
(2)闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流；
(3)该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；
(4)如果将小量程电流表换成电源，闭合开关后电流流过导体棒，导体棒受安培力作用，可以探究磁场对通电导体的作用。
故答案为：(1)电流表的指针是否偏转；(2)有；(3)切割磁感线；(4)电源。
(1)电路中有电流时，电流表的指针转动，因此可以通过观察电流表的指针是否偏转来确定是否产生了感应电流；
(2)(3)产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
(4)通电导体在磁场中会受到力的作用。
此题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握及影响感应电流大小和电流方向的因素。
32.【答案】右 ed间断路 右 当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 电阻箱 Ra-Rb 将开关S先接b，再接a，其它操作不变
【解析】解：(1)为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处，即最右端；
闭合开关后，小明发现电流表、电压表示数均为0，则电路可能断路，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c、d、e各接线柱，当接触到e时，电压表、电流表均有示数，此时电路已接通，综上所述，电路中可确定的故障是：ed间断路；
(2)排除故障，此时R0的阻值为5Ω.闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达预设电压，此时电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A；
实验中应保持定值电阻两端的电压不变，根据欧姆定律可知；电压表示数应保持UV=IR0=0.4A×5Ω=2V；
根据串联电路电压规律，变阻器两端的电压为U滑=U-UV=3V-2V=1V，
变阻器阻值为：
R滑=U滑I=1V0.4A=2.5Ω，
当R0阻值换成10Ω时，电路中的电流为：
I'=UR滑+R0'=3V2.5Ω+10Ω=0.24A，
此时电压表示数为：
UV'=I'R0'=0.24A×10Ω=2.4V；
实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大变阻器两端的电压，由分压原理，要增大变阻器电阻阻值，故应把变阻器滑片向右滑动，直到电压表示数为2V为止；
(3)根据表中数据可知，电流与电阻的乘积UV=IR=0.4A×5Ω=……=0.08×25Ω=2V，为一定值，故可得出的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
处理数据描绘的是I-1R图线，而不是I-R图线，这样做的优点是图像是一条直线，比较直观，便于处理数据发现规律；
(4)①将开关S接a，电阻箱、R2和滑动变阻器串联接入电路，调节电阻箱和滑动变阻器滑片P，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值为Ra；
②将开关S接b，四个电阻串联接入电路，保持滑动变阻器滑片P的位置不变，调节电阻箱，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值为Rb；
③串联电路总电阻等于各分电阻之和，则Rx=Ra-Rb，这种实验方法叫等效代替法。
④小华在实验中发现，当开关S接b后，无论怎样调电阻箱的阻值，电流表示数都明显小于I，说明电阻箱接入电路的阻值太小，致使无法测量Rx的阻值，小明仍用该电路，对上述操作稍作调整，正确测出了Rx阻值，小明的方法是：将开关S先接b，再接a，其它操作不变。
故答案为：(1)右；ed间断路；(2)右；(3)当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(4)②电阻箱；③Ra-Rb；④将开关S先接b，再接a，其它操作不变。
(1)为了保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处；
闭合开关后，小明发现电流表、电压表示数均为0，则电路可能断路，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c、d、e各接线柱，当接触到e时，电压表、电流表均有示数，此时电路已接通，据此分析；
(2)根据电流表选用量程确定分度值读数；
根据串联电路电压规律结合欧姆定律求出R0阻值为5Ω时变阻器接入电路的阻值，根据欧姆定律求出R0阻值为10Ω时其两端的电压；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(3)根据表中数据，电流与电阻的乘积为一定值，然后得出结论；
图像是一条直线，比较直观，便于处理数据发现规律；
(4)①将开关S接a，电阻箱、R2和滑动变阻器串联接入电路，调节电阻箱和滑动变阻器滑片P，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值为Ra；
②将开关S接b，四个电阻串联接入电路，保持滑动变阻器滑片P的位置不变，调节电阻箱，使电流表示数为I，记下电阻箱阻值为Rb；
③串联电路总电阻等于各分电阻之和，则Rx=Ra-Rb，这种实验方法叫等效代替法。
④小华在实验中发现，当开关S接b后，无论怎样调电阻箱的阻值，电流表示数都明显小于I，说明电阻箱接入电路的阻值太小，致使无法测量Rx的阻值，小明仍用该电路，对上述操作稍作调整，正确测出了Rx阻值，小明的方法是：将开关S先接b，再接a，其它操作不变。
本题探究电流与电阻的关系，考查注意事项、故障分析、电流表示数、控制变量法、实验操作以及设计实验方案测电阻的能力。
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