2023年中考数学二轮专项练习:二次函数-动态几何问题
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2023年中考数学二轮专项练习:二次函数-动态几何问题
一、单选题
1.在平面直角坐标系中,将二次函数y=2x2的图象向上平移2个单位,所得函数图象的解析式为( )
A. B. C. D.
2.函数y=3x2+x﹣4是( )
A.一次函数 B.二次函数 C.正比例函数 D.反比例函数
3.两个少年在绿茵场上游戏.小红从点A出发沿线段AB运动到点B,小兰从点C出发,以相同的速度沿⊙O逆时针运动一周回到点C,两人的运动路线如图1所示,其中AC DB.两人同时开始运动,直到都停止运动时游戏结束,其间他们与点C的距离y与时间x(单位:秒)的对应关系如图2所示.则下列说法正确的是( )
A.小红的运动路程比小兰的长
B.两人分别在1.09秒和7.49秒的时刻相遇
C.当小红运动到点D的时候,小兰已经经过了点D
D.在4.84秒时,两人的距离正好等于⊙O的半径
4.若函数y=4x2+1的函数值为5,则自变量x的值应为( )
A.1 B.-1 C.±1 D.
5.将抛物线y=﹣3x2平移,得到抛物线y=﹣3 (x﹣1)2﹣2,下列平移方式中,正确的是( )
A.先向左平移1个单位,再向上平移2个单位
B.先向左平移1个单位,再向下平移2个单位
C.先向右平移1个单位,再向上平移2个单位
D.先向右平移1个单位,再向下平移2个单位
6.在同一平面直角坐标系内,将函数y=2x2+4x﹣3的图象向右平移2个单位,再向下平移1个单位得到图象的顶点坐标是( )
A.(﹣3,﹣6) B.(1,﹣4)
C.(1,﹣6) D.(﹣3,﹣4)
7.如图,直线 与x轴和y轴分别相交于A、B两点,平行于直线 的直线 从原点O出发,沿x轴的正方向以每秒1个单位长度的速度运动,它与x轴和y轴分别相交于C、D两点,运动时间为t秒 .以 为斜边作等腰直角 (E、O两点分别在 两侧),若 和 的重合部分的面积为S,则S与t之间的函数关系的图象大致是( )
A. B.
C. D.
8.如图,动点P从点A出发,沿线段AB运动至点B后,立即按原路返回,点P在运动过程中速度大小不变,则以点A为圆心,线段AP长为半径的圆的面积S与点P的运动时间t之间的函数图象大致为( )
A. B.
C. D.
9.如图,正方形纸片ABCD的边长为2,翻折∠B,∠D,使两个直角的顶点重合于对角线BD上一点P,EF,GH分别是折痕(如图2).设BE=x(0<x<2),阴影部分面积为y,则y与x之间的函数图象为( )
A. B.
C.3 D.
10.下列函数中,是二次函数的是( )
A.y=8x2+1 B.y=8x+1 C.y= D.y=
11.如图,点A,B的坐标分别为(1,4)和(4,4),抛物线y=a(x﹣m)2+n的顶点在线段AB上运动(抛物线随顶点一起平移),与x轴交于C、D两点(C在D的左侧),点C的横坐标最小值为﹣3,则点D的横坐标最大值为( )
A.﹣3 B.1 C.5 D.8
12.如图,矩形ABCD中,AB=4cm,AD=5cm,点E在AD上,且AE=3cm,点P、Q同时从点B出发,点P沿BE→ED→DC运动到点C停止,点Q沿BC运动到点C停止,它们的运动速度都是1cm/s,设P、Q出发t秒,△BPQ的面积为y cm2.则y与t的函数关系图象大致是( )
A. B.
C. D.
二、填空题
13.如图,在平面直角坐标系中,抛物线y=(x-2)2与x轴交于点A,与y轴交于点B,过点B作BC∥x轴,交抛物线于点C,过点A作AD∥y轴,交BC于点D,点P在BC下方的抛物线上(不与点B,C重合),连接PC,PD,设△PCD的面积为S,则S的最大值是 .
14.已知抛物线y=k(x+1)(x﹣)与x轴交于点A、B,与y轴交于点C,则能使△ABC为等腰三角形的抛物线的条数是 .
15.已知点A是抛物线y=ax2-4ax+4a+3(a>0)的图象上的一点
(1)当a=2时,该抛物线的顶点坐标为 ;
(2)过点A作AC⊥x轴于点C,以AC为斜边作Rt△ABC和Rt△DAC,使得BC∥AD,则BD的最小值为
16.如图,在平面直角坐标系中,点A在抛物线y=x2﹣2x+2上运动.过点A作AC⊥x轴于点C,以AC为对角线作矩形ABCD,连接BD,则对角线BD的最小值为 .
17.如果将抛物线y=x2﹣2x﹣1向上平移,使它经过点A(0,3),那么所得新抛物线的表达式是 .
18.已知在平面直角坐标系xOy中,点A的坐标为(3,4),M是抛物线 ( )对称轴上的一个动点。小明经探究发现:当 的值确定时,抛物线的对称轴上能使△AOM为直角三角形的点M的个数也随之确定。若抛物线 ( )的对称轴上存在3个不同的点M,使△AOM为直角三角形,则 的值是
三、综合题
19.如图,抛物线y1=﹣ax2+2ax﹣a﹣3(a>0)和y2=a(x+1)2﹣1(a>0)的顶点分别为M、N,与y轴分别交于E、F.
(1)①函数y1=﹣ax2+2ax﹣a﹣3(a>0)的最大值是 ;
②当y1、y2的值都随x的增大而增大时,自变量x的取值范围是 ;
(2)当EF=MN时,求a值,并判断四边形EMFN是何种特殊的四边形;
(3)若y2=a(x+1)2﹣1(a>0)的图象与x轴的右交点为A(m,0),当△AMN为等腰三角形时,求方程a(x+1)2﹣1=0的解.
20.综合与探究:
如图,抛物线y= x2﹣ x﹣4与x轴交与A,B两点(点B在点A的右侧),与y轴交于点C,连接BC,以BC为一边,点O为对称中心作菱形BDEC,点P是x轴上的一个动点,设点P的坐标为(m,0),过点P作x轴的垂线l交抛物线于点Q.
(1)求点A,B,C的坐标.
(2)当点P在线段OB上运动时,直线l分别交BD,BC于点M,N.试探究m为何值时,四边形CQMD是平行四边形,此时,请判断四边形CQBM的形状,并说明理由.
(3)当点P在线段EB上运动时,是否存在点Q,使△BDQ为直角三角形?若存在,请直接写出点Q的坐标;若不存在,请说明理由.
21.如图,抛物线的对称轴为直线x=﹣1,与x轴相交于A、B两点,与y轴相交于C,OA=OC,点A的坐标为(﹣3,0).
(1)求抛物线的表达式;
(2)若点P在抛物线上,且,求点P的坐标;
(3)设点Q是线段AC上的动点,作QD⊥x轴交抛物线于点D,求线段QD长度的最大值.
22.已知抛物线 的对称轴为直线 ,且抛物线经过点 ,它与 轴的另一交点为 ,与 轴的交点为 .
(1)求这条抛物线所对应的函数表达式;
(2)在直线 上求点 ,使 的周长最小,并求出 的周长.
23.如图,在平面直角坐标系xOy中,抛物线y=ax2+bx-3与直线y=-x-1交于点A(-1,0),B(m,-3),点P是线段AB上的动点.
(1)①求m的值;② 求抛物线的解析式;
(2)过点P作直线l垂直于x轴,交抛物线y=ax2+bx-3于点Q,求线段PQ的长最大时,点P的坐标
24.如图,直线y=x+b和抛物线y=axx+2都经过A(0,n)和B(m,4)两点,抛物线y=axx+2与x轴交于C、D两点(点C在点D右侧)
(1)求直线和抛物线的函数表达式;
(2)求四边形ABCD的面积S;
(3)在x轴上是否存在点P,使得ΔPAB是以AP为直角边的直角三角形?若存在,求出所有的点P,若不存在,请说明理由.
答案解析部分
1.【答案】A
2.【答案】B
3.【答案】D
4.【答案】C
5.【答案】D
6.【答案】C
7.【答案】C
8.【答案】A
9.【答案】C
10.【答案】A
11.【答案】D
12.【答案】B
13.【答案】4
14.【答案】4
15.【答案】(1)(2,3)
(2)3
16.【答案】1
17.【答案】y=x2﹣2x+3
18.【答案】2或-8
19.【答案】(1)-3;﹣1≤x≤1
(2)解:∵y1=﹣a(x﹣1)2﹣3,y2=a(x+1)2﹣1,
∴N(﹣1,﹣1),M(1,﹣3).
由两点间的距离公式可知:MN=2 .
令x=0得:y1=﹣a﹣3,y2=a﹣1.
∴F(0,a﹣1),E(0,﹣a﹣3).
∴EF=2a+2.
∵EF=MN,
∴2a+2=2 ,解得:a= ﹣1.
作NC⊥y轴于C,MD⊥y轴于D
∴NC=1,FC=a,MD=1,DE=a
∵在Rt△CNF和Rt△MDE中, ,
∴△NCF≌MDE.
∴NF=EM,∠NFC=∠DEM
∴NF‖EM
∴四边形EMFN是平行四边形
又∵NM=EF
∴四边形EMFN是矩形
(3)解:∵A(m,0)M(1,﹣3)N(﹣1,﹣1),
∴AN2=m2+2m+2,AM2=m2﹣2m+10,MN2=8.
①若AN=AM,则m2+2m+2=m2﹣2m+10,解得:m=2,
∴方程a(x+1)2﹣1=0的一个解为x=2,
根据抛物线对称性,可知方程的另一个解为x=﹣4.
②若AN=MN,则m2+2m+2=8,解得:m=﹣1+ 或m=﹣1﹣ (舍去),
所以方程a(x+1)2﹣1=0的一个解为x=﹣1+ ,
根据抛物线对称性,可知方程的另一个解为x=﹣1﹣ .
③若AM=MN,所以m2﹣2m+10=8,
此方程无解,所以此种情况不成立
综上所述当△AMN为等腰三角形时,方程a(x+1)2﹣1=0的解为x1=2,x2=﹣4或x1=﹣1 或x2=﹣1﹣
20.【答案】(1)解:当y=0时, x2- x-4=0,解得x1=-2,x2=8,
∵点B在点A的右侧,
∴点A的坐标为(-2,0),点B的坐标为(8,0).
当x=0时,y=-4,
∴点C的坐标为(0,-4)
(2)解:由菱形的对称性可知,点D的坐标为(0,4).设直线BD的解析式为y=kx+b,则 ,解得k=- ,b=4.∴直线BD的解析式为y=- x+4.∵l⊥x轴,
∴点M的坐标为(m,- m+4),点Q的坐标为(m, m2- m-4).
如图,当MQ=DC时,四边形CQMD是平行四边形,
∴(- m+4)-( m2- m-4)=4-(-4).化简得:m2-4m=0,解得m1=0(不合题意舍去),m2=4.
∴当m=4时,四边形CQMD是平行四边形.
此时,四边形CQBM是平行四边形.∵m=4,
∴点P是OB的中点.
∵l⊥x轴,∴l∥y轴,
∴△BPM∽△BOD,
∴ ,
∴BM=DM,
∵四边形CQMD是平行四边形,∴DM∥CQ,DM=CQ
∴BM∥CQ,BM=CQ,
∴四边形CQBM是平行四边形
(3)解:抛物线上存在两个这样的点Q,分别是Q1(-2,0),Q2(6,-4).若△BDQ为直角三角形,可能有三种情形,如图2所示:
以点Q为直角顶点.
此时以BD为直径作圆,圆与抛物线的交点,即为所求之Q点.
∵P在线段EB上运动,
∴-8≤xQ≤8,而由图形可见,在此范围内,圆与抛物线并无交点,
故此种情形不存在.
以点D为直角顶点.
连接AD,∵OA=2,OD=4,OB=8,AB=10,
由勾股定理得:AD=2 ,BD=4 ,∵AD2+BD2=AB2,
∴△ABD为直角三角形,即点A为所求的点Q.
∴Q1(-2,0);
以点B为直角顶点.
如图,设Q2点坐标为(x,y),过点Q2作Q2K⊥x轴于点K,则Q2K=-y,OK=x,BK=8-x.
易证△Q2KB∽△BOD,
∴ ,即 ,整理得:y=2x-16.
∵点Q在抛物线上,∴y= x2- x-4.∴ x2- x-4=2x-16,解得x=6或x=8,
当x=8时,点Q2与点B重合,故舍去;
当x=6时,y=-4,∴Q2(6,-4)
21.【答案】(1)解:令x=0,则y=c,
∴OC=﹣c,
∵OA=OC,
∴3=﹣c,即c=﹣3.
∵对称轴是直线x=﹣1,点A的坐标为(﹣3,0),
根据题意得:,
解之:.
∴抛物线解析式.
(2)解:当x=0时,y=﹣3,
∴点C(0,﹣3),即OC=3,
∵A,B关于对称轴对称,
∴B(1,0),即OB=1,
∴,
设,
∴=×3×|x|,
∵=,
∴,
∴x=±4,
∴P(4,21),(﹣4,5).
(3)解:∵点A(﹣3,0),点C(0,﹣3),
∴直线AC解析式y=﹣x﹣3,
∴设点Q(m,﹣m﹣3)(﹣3≤m≤0),
则点,
∴,
∴当m=﹣时,QD的最大值为 .
22.【答案】(1)解:∵抛物线 的对称轴为直线 ,且过点 ,得
解得
∴这条抛物线对应的函数表达式为 ;
(2)解:由题知点 关于直线 的对称点为 ,且
则点 落在线段 上时, 的周长最小,此时 ,
易求 ,
∴ ,而
∴ 的周长的最小值为 .
23.【答案】(1)解:① 将点B(m,-3)代入直线y=-x-1得:
-3=-m-1
解得:m=2,
② 由①得点B(2,-3)
∵点A(-1,0),B(2,-3)在抛物线y=ax2+bx-3上,
∴
解得 ,
∴抛物线的解析式为y=x2-2x-3;
(2)解:设点P的横坐标为x,其中-1≤x≤2,
∴点P(x,-x-1),点Q(x, ),
∴PQ=-x2+x+2,
∴当 时,PQ最大,
此时点P的坐标是( ,- ).
24.【答案】(1)解:∵抛物线y=axx+2经过A(0,n),
将代入,解得
∴A(0,2),
∵A(0,2)在直线y=x+b上,
∴将代入,解得
直线解析式为:
∵B(m,4)在直线上,
∴
∴
∴B(6,4)
将点B(6,4)代入y=axx+2,
即
解得
抛物线的解析式为
(2)解:
由抛物线的解析式为,
令,即
解得
如图,过点B作于点E,
则
,
四边形的面积S=S梯形
(3)解:如图,分别过点A、B作,过点B作于点E,连接
设,则
,
,
,
,
,
在和中,
,
,
解得或
或4或2
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中考数学二轮专项培优专题09 动态几何定值问题(教师版): 这是一份中考数学二轮专项培优专题09 动态几何定值问题(教师版),共65页。