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2023年辽宁省大连市中山区中考物理一模试卷（含答案解析）
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这是一份2023年辽宁省大连市中山区中考物理一模试卷（含答案解析），共26页。
2023年辽宁省大连市中山区中考物理一模试卷
1. 下列关于声音的说法，正确的是( )
A. “震耳欲聋”主要说明声音的响度大
B. “声如洪钟”主要说明人说话声音的音调高
C. “闻其声而知其人”主要根据音调来判断的
D. “隔墙有耳”说明声音传播不需要介质
2. 天气炎热，小明在吃冰棒时观察到一些现象，下列分析正确的是( )
A. 打开冰棒包装纸，看到有“白气”，白气是水蒸气
B. 包装纸外面的霜，是凝固造成的
C. 吃冰棒时感到凉爽，主要是熔化放热造成的
D. 手湿时将冰棒从冰箱里拿出时，感觉到“粘”手是凝固造成的
3. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 家庭电路中，电能表应安装在总开关之后
B. 用测电笔检查电路时，手不能接触任何金属体
C. 更换灯泡、搬动用电器前，应先断开电源开关
D. 有人发生触电事故时，尽快用手去拉触电者进行施救
4. 下列现象中，是由于光沿直线传播形成的是( )
A. 插入水中的筷子看上去向上弯 B. 日食月食的形成
C. 黑板反光 D. 看到本身不发光的物体
5. 下列图中能说明电动机的工作原理的是( )
A. B.
C. D.
6. 如图所示，一物体用弹簧悬于天花板上，下列说法正确的是( )
A. 物体所受的重力和天花板对弹簧的拉力是一对平衡力
B. 天花板对弹簧的拉力和弹簧对物体的拉力是一对平衡力
C. 物体所受的重力和弹簧对物体的拉力是一对相互作用力
D. 天花板对弹簧的拉力和弹簧对天花板的拉力是一对相互作用力
7. 如图所示，电源电压保持不变，开关s闭合后，灯L1和L2都正常发光，一段时间后，一盏灯突然熄灭，而一个表示数不变，一个表示数变为0，则故障原因可能是( )
A. 灯L1断路
B. 灯L1短路
C. 灯L2短路
D. 灯L2断路
8. 如图所示，小球最初从A点由静止释放，沿粗糙程度相同的轨道下滑，经B点到达C点，下列判断正确的是( )
A. 小球到达C点后就保持静止，不再向上，也不会向下
B. 小球从A点运动到C点的过程中，重力势能不断减小
C. 小球从A点运动到C点的过程中，动能不断增大
D. 小球从A点运动到C点的过程中，机械能不断减小
9. 如图所示，电源电压保持不变，在a、b间接一个“6V 2W”的小灯泡L1时，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P至图示位置时，小灯泡刚好正常发光。若在a、b间换接另一个“6V 3W”的小灯泡L2，闭合开关，则( )
A. 滑片P的位置保持不变，L2也刚好正常发光
B. 把滑片P向左调适当距离，L2才能正常发光
C. 把滑片P向右调适当距离，L2才能正常发光
D. 无论怎样调节滑片P，L2总不能正常发光
10. 如图所示，已调好的弹簧测力计下挂着一重为3N的物体，物体一半浸入水中时，弹簧测力计的示数为1N，g取10N/kg。下列说法中正确的是( )
A. 物体受到的浮力是1N
B. 物体的体积是2×10−4m3
C. 物体的密度是0.75×103kg/m3
D. 如果测力计不拉着物体，物体在水中会沉底
11. 下列关于温度、内能、热量说法正确的是( )
A. 0℃的冰块内能一定不为零
B. 物体含有热量越多温度也就越高
C. 用锯条锯木板，锯条的温度升高，是用做功方式改变内能
D. 热量总是由温度高的物体传递给温度低的物体
12. 在探究凸透镜成像的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 凸透镜的焦距是10cm
B. 将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，该成像规律应用在照相机上
C. 在贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，可在光屏上成清晰缩小的像，该镜片对光起发散作用
D. 用f=15cm的凸透镜替换图中透镜，只向右移动光屏，可在光屏上成清晰的像
13. 盛有等质量水的轻质薄壁柱形容器甲、乙置于水平地面，均匀柱体A、B漂浮在水面上，如图所示(A物体露出水面体积为A总体13，B物体露出水面体积为B总体12)。已知容器底面积S甲>S乙，水深h甲>h乙，则下列判断一定正确的是( )
A. 柱体排开水的质量m排A=m排B B. 柱体的密度ρA>ρB
C. 水对容器底部的压力F甲>F乙 D. 容器对地面的压强p容甲>p容乙
14. 如图所示的电路，电源电压恒为6V，小灯泡L上标有“4.5V0.3A”字样(忽略温度对灯丝电阻的影响)电流表量程选择“0∼0.6A”，电压表量选择“0∼3V”，滑动变阻器R的规格为“30Ω1A”，闭合开关S，为保证电路安全，在移动滑片P的过程中，下列选项正确的是( )
A. 小灯泡的电阻是15Ω
B. 滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是15Ω∼30Ω
C. 电压表的示数变化范围是2∼3V
D. 该电路的总功率变化范围是0.8W∼1.8W
15. 新型病毒可用按要求稀释后的“84消毒水”进行喷杀，喷杀过程中，我们会闻到“84消毒水”的气味，这是______ 现象。分子的热运动受温度影响，温度越______ ，分子热运动越剧烈。
16. 在核电站中，核燃料是通过核______ (选填“裂变”或“聚变”)的方式，把核能转化为内能最终再转化为电能；核能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)的新能源。
17. 2022年11月30日5时42分，神舟十五号飞船成功对接于天和核心舱前向端口。对接过程中，飞船相对于核心舱是______ (选填“静止”或“运动”)的；地面指挥中心发出的对接指令是通过______ 传送给飞船和核心舱的。
18. 如图所示，小明用吸管喝水，水在______的作用下进入口中。如果每次吸入水的质量相同，杯底所受水的压强减小量为Δp，则喝水过程中Δp逐渐______。
19. 一竖直向上抛出的小球，如图所示。当球上升到A点时将改变运动方向向下落，在A点的正下方有一B点，若抛出的小球上升到B点时，所有外力同时全部消失，则小球将______；若抛出的小球上升到A点时，所有外力同时全部消失，则小球将______。
20. 1820年，安培在科学院的例会上做了一个小实验，引起与会科学家的极大兴趣。如图所示，把螺线管沿东西方向水平悬挂起来，然后给导线通电，看到的现象是通电螺线管转动后停在南北方向上，原因是通电螺线管受到地磁场的力的作用，螺线管的A端为______ 极(选填“S”或“N”)，静止时B端指向地磁______ 极(选填“南”或“北”)。
21. 如图所示，一质量均匀的长方体木板放在水平桌面上静止(桌面足够长)，①②③各为其中的13，此时它对桌面的压强为p1。小明同学首先只切除③，余下的木板对桌面的压强为p2，则p1______ p2；小明同学拉着余下的木板在水平桌面上匀速直线运动，若此时木板所受的重力突然消失，则木板将______ 运动。
22. 如图所示，是光从空气斜射入水中的折射光线。请在图中画出它对应的入射光线和反射光线的大致方向。
23. 请画出图中杠杆动力臂l和所受阻力的示意图。
24. 可燃冰是一种新型能源，它是水和天然气在高压低温情况下形成的类冰状结晶物质，主要成分是甲烷。把质量为500kg，初温为20℃的水加热到100℃，只需燃烧可燃冰0.075m3，已知水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，可燃冰的热值q可燃冰=6.4×109J/m3。
求：(1)水吸收的热量是多少？
(2)0.075m3可燃冰完全燃烧放出的热量是多少？
(3)用可燃冰烧水的效率是多少？
25. 如图所示滑轮组，在5s内将重500N货物匀速吊起1m高。绳的自由端受到的拉力大小是280N(不计绳重及轮与轴摩擦)。
(1)绳的自由端移动的速度是多少？
(2)动滑轮重多少？
(3)滑轮组的机械效率约为多少？
26. 如图所示，是一款宿舍学生用的迷你电煮锅和它的简化工作电路。S1闭合、S2断开时，电煮锅处于低温挡；S1、S2都闭合时，电煮锅处于高温挡，此时其功率为616W。电阻R1的阻值为275Ω。
求：(1)电煮锅在低温挡时电路中的电流是多少？
(2)电煮锅在低温挡时电路中的电功率是多少？
(3)电阻R2的阻值是多少？
27. 小汽车是大家都很熟悉的交通工具，如图，观察发现小汽车的挡风玻璃多为倾斜安装。同时还要在侧面玻璃上贴膜，以保护隐私。请用所学的光学知识来解释下列问题：
(1)侧面玻璃贴膜，车外行人看不清车内情况的原因。
(2)从行车安全来讲，倾斜安装挡风玻璃的好处。
28. 如图是小明同学“探究平面镜成像特点”的实验装置。
(1)把点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，未点燃的蜡烛B(与蜡烛A大小相同)竖立在玻璃板的后面。移动蜡烛B，直到眼睛透过玻璃板看到蜡烛B与蜡烛A的像完全______ ；在纸上记录下蜡烛A和B的位置；
(2)为使实验中得到的平面镜成像特点具有普遍性，小明应该______ 。(填字母)
A.保持A、B两支蜡烛的位置不变，多次改变玻璃板的位置进行实验
B.保持玻璃板的位置不变，多次改变蜡烛A的位置进行实验
(3)为了探究平面镜成像的虚实情况，移去蜡烛B，将一张白屏竖直放在原来蜡烛B所在位置，应______ (选填“直接”或“透过玻璃板”)观察白屏上是否有蜡烛A的像；
(4)如图甲所示，一枚象棋子放在竖直的玻璃板前，象棋子的像在a处；将玻璃板向右平移至图乙所示的位置时，下列说法正确的是______ ；
A.此时无论从何角度观察，都看不到象棋子的像
B.从一定角度可以看到象棋子的像，像在象棋子和玻璃板连线的延长线上
C.从某一角度可以观察到象棋子的像，像仍然在a处
(5)实验器材选用薄玻璃而不用厚玻璃板的原因是______ 。
29. 在探究“重力势能的大小与哪些因素有关”的实验中，已知重物A、B、C的底面积相同，质量关系为mA=mB=mC
(1)下表是该同学设计的探究重力势能与物体释放高度是否有关的记录表格。请将表格中①、②的内容填写完整：①______ ； ②______ ；
次数
①
物体释放高度H
②
重力势能大小E
1
2
3
(2)让重物自由下落打击在木桩上，通过观察木桩陷入沙中的深度判断______ (选填“重物”或“木桩”)的重力势能大小，这种研究方法是______ (选填“控制变量法”或“转换法”)；
(3)比较A、B、C三个重物将木桩打入沙中的深度，可判断重力势能的大小和高度的关系，得出的结论是______ ；
(4)结合(3)中的实验结论，通过比较D和______ (选填“A”“B”或“C”)两个重物将木桩打入沙中的深度，小明认为重力势能还可能跟质量有关。
30. 在探究“物质熔化规律”的实验中，小芳将质量相等的冰和石蜡分别装在两个相同的试管中，并放在同一个装有水的大烧杯中进行加热，如图甲所示。装冰的试管中从2min开始出现液体到6min固态物质完全消失，装石蜡的试管中从4min开始出现液体到9min固态物质完全消失。
(1)图甲中，实验器材的安装顺序是______ (选填“从上至下”或“从下至上”)；
(2)图乙中根据实验数据已经绘制出石蜡的温度随时间变化的图象，同时在坐标纸上将冰的实验记录数据描点如图，请用笔画线，将图像补充完整；
(3)根据完成后的图像可以判断______ (选填“冰”或“石蜡”)是晶体，其熔化过程经历了______ min；
(4)实验中还发现：当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，其原因可能是______ 。
31. 在“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验中，小明利用可调电压电源(可调为1.5V、3.0V、4.5V、6.0V)、6个定值电阻(阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω)、滑动变阻器(规格为“10Ω1A”)、电压表和电流表做了如下实验：
(1)为完成实验，小明连接成了图甲所示的实物电路，小红指出他连线有错误，并且只改动其中一根导线，就把电路改正确。请你按照小红的做法，在这根导线上打“×”，并用笔重新画一根正确连接的导线。(连线不要交叉)
(2)实验时小明设计了表格，通过表格可以看出，他的实验目的是探究通过导体的电流与______ 的关系。
实验次数
1
2
3
4
5
6
电阻R/Ω
5
10
15
20
25
30
电流I/A
(3)小明将按照设计的方案进行实验。
①图乙是第3次实验时电流表的示数，示数为______ A。
②实验中，前四次实验都顺利完成，当小明要进行第五次实验时，却发现无法按照预设条件完成实验，回顾小明实验过程，他一定在______ 环节上操作出现问题。
③学习完欧姆定律后，小明想到：其实出现第五次实验中问题时，还可以用更换一个阻值不小于______ Ω的滑动变阻器解决。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：AB.“震耳欲聋”、“声如洪钟”指声音的响度，故A正确，B错误；
C.“闻其声而知其人”主要是根据音色来判断的，故C错误；
D.“隔墙有耳”说明固体可以传声，故D错误。
故选：A。
(1)声音的大小叫响度；响度与振幅和距离声源的远近有关。声音的音色与发声体的材料和结构有关。声音的高低叫音调，音调与发声体振动的频率有关。
(2)声音的传播需要介质。
此题考查了音调、响度和音色以及它们的影响因素，属于基础知识。
2.【答案】D
【解析】解：A.夏天，打开冰棒的包装纸，常会看到冰棒在冒“白气”，这些“白气”是空气中的水蒸气遇到冷的冰棒时，放热液化而成的小水滴，故A错误；
B.包装纸外面的霜是水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，故B错误；
C.吃冰棒时感到凉爽，主要是熔化吸热造成的，故C错误；
D.手湿时将冰棒从冰箱里拿出时，感觉到“粘”手是手上的水变成固态，是手上的水凝固造成的，故D正确。
故选：D。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；凝固、液化、凝华放热；熔化、汽化、升华吸热。
关于物态变化的题目，首先要确定物质原来所处的状态与现在的状态，结合物态变化的定义来突破这种类型的题目。
3.【答案】C
【解析】解：
A、家庭电路中，输电线进户后首先接到电能表上，后面依次是总开关、保护设备、用电器和导线等，故A错误；
B、使用测电笔时，必须用手接触笔尾的金属体，不能与笔尖金属体接触，故B错误；
C、更换灯泡、搬动电器时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电，故C正确；
D、遇到有人触电，应先切断电源，切忌用手去拉触电者进行施救，以避免救治的人触电，故D错误。
故选：C。
(1)输电线进户后首先接到电能表上，后面依次是总开关、保险装置、用电器；
(2)使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，不能与笔尖金属体接触；
(3)更换灯泡、挪动电器前，首先要考虑当开关断开时，保证人接触用电器是安全的；
(4)发现有人触电，一定要及时切断电源。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
4.【答案】B
【解析】解：A.插入水中的筷子，在水中的部分看起来向上弯折，是由于光从水中射向空气中时，发生折射，折射角大于入射角，故A不正确；
B.日食月食是由光的直线传播形成的，故B正确；
C.黑板反光，是因为黑板的某处发生了镜面反射，黑板反射的光线比粉笔字反射的光线强，使人无法看清黑板上的字，故C不正确；
D.看到本身不发光的物体，是由于光在物体上发生了反射，故D不正确。
故选：B。
①光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等；
②光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
③要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因，同时还考查了光的色散，知道色散是由光的折射形成的。
5.【答案】C
【解析】解：A、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应，发电机就是利用该原理制成的，故A不符合题意；
B、奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场，故B不符合题意；
C、通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的，故C符合题意；
D、移动滑片，改变滑动变阻器接入电路的电阻，改变电路中的电流，电磁铁的磁性强弱发生改变，故D不符合题意。
故选：C。
(1)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应。
(2)通电导体的周围存在磁场。
(3)通电导体在磁场中要受到力的作用。
(4)电磁铁的磁性强弱与电流的大小有关。
知道奥斯特实验、电磁感应现象和通电导体在磁场中受力运动；知道发电机、电动机、电磁铁的基本原理。
6.【答案】D
【解析】解：A、物体所受的重力和天花板对弹簧的拉力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、天花板对弹簧的拉力和弹簧对物体的拉力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C、物体所受的重力和弹簧对物体的拉力作用在同一物体上，不是一对相互作用力，故C错误；
D、天花板对弹簧的拉力和弹簧对天花板的拉力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
一对相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上。
本题考查了对平衡力与相互作用力条件的理解与应用，能结合各自的四个条件来进行辨别，是解答的关键。
7.【答案】A
【解析】解：
A.由图可知，L1与L2并联，电流表A测量L1的电流，电压表测量L1、L2和电源两端电压，若灯L1断路，则电流表的示数变为0，但是电压表依然测量电源电压，故电压表示数不变，符合题意，故A正确；
BC.由图可知，L1与L2并联，电流表A测量L1的电流，电压表测量L1、L2和电源两端电压，
一段时间后，一盏灯突然熄灭，一个电表无示数，另一个电表示数不变，
若是电路出现短路，则L1和L2都熄灭，且电路短路，电源会被烧坏，故BC错误；
D.若灯L2断路，则电压表和电流表示数都不变，不符合题意，故D错误；
故选：A。
分析电路故障时，要先判断电路的连接方式、判断电表的测量对象，再根据具体问题分析故障的原因。
本题考查电路故障的判断。
8.【答案】D
【解析】解：
A、小球到达C点后会在重力的作用下向下运动，故A错误；
BC、小球从A点运动到C点的过程中，质量不变，高度先变小后变大，重力势能先减小后增大，速度先变大后变小，动能先增大后减小，故BC错误；
D、小球从A点运动到C点的过程中，克服摩擦做功，机械能不断减小，故D正确。
故选：D。
重力的方向是竖直向下的；
动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大；动能加势能等于机械能；考虑摩擦，机械能不守恒。
本题考查了物体的受力分析、机械能的转化，属于基础题。
9.【答案】B
【解析】解：闭合开关，灯泡L1和滑动变阻器串联接入电路，调节滑动变阻器的滑片P至图示位置时，小灯泡L1刚好正常发光，灯泡L1两端的电压为其额定电压6V；
由P=U2R可知，两灯泡的额定电压相等，额定功率越大，电阻越小，故“6V 3W”的小灯泡的电阻比“6V 2W”的小灯泡的电阻更小一些；
用灯泡L2更换灯泡L1后的电阻变小，根据串联电路的分压原理，灯泡L2两端的电压低于6V；
要使得灯泡L2正常发光，需要使灯泡L2两端的电压为其额定电压6V，根据串联分压原理可知此时需要减小滑动变阻器接入电路中的电阻，即把滑片P向左调适当距离。
所以，ACD错误，B正确。
故选：B。
根据P=UI=U2R比较两灯泡的电阻关系，根据串联分压原理判断滑动变阻器接入电路的电阻的变化，进一步确定要使灯泡L2正常发光，滑片P的移动方向。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和串联分压原理、滑动变阻器的正确使用。
10.【答案】C
【解析】解：
A、由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N.此时指针指在“1”处，弹簧测力计的示数为1N，物体受到的浮力：F浮=G−F示=3N−1N=2N，故A错；
B、由F浮=ρ水gV排可得：
V排=F浮ρ水g=2N1×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3，
物体的体积：
V=2V排=2×2×10−4m3=4×10−4m3，故B错；
C、物体的质量m=Gg=3N10N/kg=0.3kg，
物体的密度：
ρ=mV=0.3kg4×10−4m3=0.75×103kg/m3，故C正确；
D、由于物体的密度小于水的密度，如果测力计不拉着物体，物体在水中会漂浮，故D错。
故选：C。
(1)使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直；先利用称重法求物体浸入一半时受到的浮力；
(2)利用阿基米德原理求排开水的体积(总体积的一半)，从而得出物体的体积；
(3)利用G=mg求出物体的质量，再利用ρ=mV计算密度；
(4)比较物体的密度和水的密度的大小关系得出物体的浮与沉。
本题考查了弹簧测力计的读数方法以及重力公式、密度公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的应用，涉及到用称重法测量物体受到的浮力，知识点多，属于难题。
11.【答案】ACD
【解析】解：A.一切物体在任何温度下都具有内能，所以0℃的冰块一定有内能，故A正确；
B.热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故B错误；
C.用锯条锯木板，摩擦生热，机械能转化成内能，是通过做功的方式改变内能，故C正确；
D.热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，故D正确。
故选：ACD。
(1)一切物体在任何温度下都具有内能；
(2)物体的内能跟物体的质量、状态、温度有关。物体质量和状态一定时，温度越高，内能越大；物体状态和温度相同时，气态时内能最大，固态时内能最小；物体状态和温度相同时，质量越大，物体的内能越大；
(3)改变物体内能的方式：做功和热传递；
(4)发生热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递。
本题主要考查了学生对温度、比热容、热量、内能等概念，以及各个量之间关系的理解，难度不大。
12.【答案】AD
【解析】解：A、由图可知u=40cm−20cm=20cm，光屏上得到一个清晰等大的实像，则u=2f=20cm，解得f=10cm，故A正确；
B、将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，物体处于一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，投影仪就是利用该原理制成的，故B错误；
C、贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，说明透镜对光线有会聚作用，在光屏上成清晰缩小的像，故C错误；
D、用f=15cm的凸透镜替换图中透镜，物距=20cm，f
(1)物距等于2f时，成倒立、等大的实像；
(2)光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；
(3)根据光屏的移动方向可判断像的变化情况；
(4)当f
13.【答案】BCD
【解析】解：A.已知甲、乙容器中水的质量相同，且甲容器的底面积大于乙容器的底面积，在没有放入柱体A、B时，甲容器中水面的高度较低，当放入柱体A、B后，水深h甲>h乙，则可知柱体A排开水的体积较大，由m排=ρ水V排可知，柱体A排开水的质量较大，故A错误；
B.由题意可知，柱体A浸入水中的体积为23VA，柱体B浸入水中的体积为12VB，
已知柱体A、B漂浮，根据物体的漂浮条件和阿基米德原理可知，
柱体A所受浮力为：FA=GA，即ρAgVA=ρ水gVA排=ρ水g23VA，则ρA=23ρ水，
柱体B所受的浮力为：FB=GB，即ρBgVB=ρ水gVB排=ρ水g12VB，ρB=12ρ水，所以ρA>ρB，故B正确；
C.已知水深h甲>h乙，根据p=ρgh可知，水对甲容器底部的压强较大，已知S甲>S乙，根据F=pS可得，水对甲容器底部的压力较大，故C正确；
D.由图知两柱体在水中都处于漂浮状态，根据漂浮条件和阿基米德原理可知柱体受到的重力：
G柱=F浮=G排
已知轻质容器的重力不计，则容器对地面的压力
F=G物+G水=G排+G水=ρ水g(V排+V水)=ρ水gV总
V总为物体浸入部分的体积与容器中水的体积之和，
则容器对地面的压强为：
p=FS=ρ水gV总S=ρ水gSh水S=ρ水gh水，
已知水深h甲>h乙，所以p容甲>p容乙，故D正确。
故选：BCD。
(1)柱形容器中水的质量相同，且甲容器的底面积大于乙容器的底面积，在没有放入柱体A、B时，甲容器中水面的高度较低，当放入柱体A、B后，水深h甲>h乙，据此判断出柱体A排开水的体积，再根据密度公式判断出柱体A、B排开水的质量关系；
(2)根据漂浮条件得出柱体A、B的密度和水的密度的关系，即可确定A、B的密度关系；
(3)已知水深h甲>h乙，根据p=ρgh判断出水对容器底的压强关系，再根据F=pS判断出水对容器底的压力关系；
(4)由图知两柱体在水中都处于漂浮状态，根据漂浮条件和阿基米德原理可知柱体受到的重力：G柱=F浮=G排；已知轻质容器的重力不计，则容器对地面的压力F=G物+G水=G排+G水=ρ水g(V排+V水)=ρ水gV总(V总为物体浸入部分的体积与容器中水的体积之和)，则容器对地面的压强p=FS=ρ水gV总S=ρ水gSh水S=ρ水gh水，据此结合题意进行解答。
本题是对压强知识、浮力知识的综合性考查，难度较大，解题的关键是通过比较放入前后水的高度变化得出物体A、B浸入水中的体积的大小关系。
14.【答案】ABC
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.小灯泡的电阻RL=ULIL=4.5V0.3A=15Ω，故A正确；
B.灯泡两端的最大电压是4.5V，最大电流是0.3A，电流表量程选择“0∼0.6A”，电压表量选择“0∼3V”，变阻器接入电路的阻值最小时，电压表的最大示数是3V，此时灯泡中的最大电流IL′=UL大RL=3V15Ω=0.2A<0.3A，符合题意，
由串联电路电流的规律可知电路中的最大电流是I大=0.2A，
滑动变阻器接入电路的最小阻值R滑小=U−UL大I大=6V−3V0.2A=15Ω，
滑动变阻器R的最大阻值是30Ω，滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是15Ω∼30Ω，故B正确；
CD.当滑动变阻器接入电路的阻值最大为30Ω时，电路中电流最小，最小电流为I小=URL+R滑大=6V15Ω+30Ω=215A，
此时灯泡两端的电压最小，即电压表的最小值UL小=I小RL=215A×15Ω=2V，
电压表的最大示数是3V，电压表的示数变化范围是2∼3V，电路的最小功率P小=UI小=6V×215A=0.8W，
电路中的最大电流0.2A，电路的最大功率P大=UI大=6V×0.2A=1.2W，
该电路的总功率变化范围是0.8W∼1.2W，故C正确，D错误。
故选：ABC。
(1)知道灯泡的额定电压和额定电流，利用欧姆定律求出灯泡的电阻；
(2)结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据P=UI求出电路消耗的最大功率；电路中的电流最大时接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出接入电路中的电阻。
本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是电路中最大电流、最小电流的确定。
15.【答案】扩散 高
【解析】解：我们会闻到“84消毒水”的气味，这是扩散现象，扩散现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。温度越高，分子的热运动越剧烈。
故答案为：扩散；高。
两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散。扩散现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。温度越高，分子的热运动越剧烈。
本题考查了学生对扩散现象和分子热运动的理解与掌握，是一道基础题目。
16.【答案】裂变 不可再生
【解析】解：核电站中，核燃料是通过核裂变的方式，把核能转化为内能最终再转化为电能；核能属于不可再生能源。
故答案为：裂变；不可再生。
(1)核电站利用核裂变释放的能量发电，将核能转化为电能；
(2)可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
知道核裂变的应用，区分生活中的各种能源，可解答此题。
17.【答案】运动 电磁波
【解析】解：对接过程中，飞船相对于核心舱位置在不断变化，飞船是运动的；地面指挥中心发出的对接指令是通过电磁波传送给飞船和核心舱的。
故答案为：运动；电磁波。
(1)物体相对于参照物的位置改变了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
(2)电磁波可以传递信息。
会根据参照物判断物体的运动和静止；知道电磁波可以传递信息。
18.【答案】大气压 变大
【解析】解：(1)用吸管吸水时，吸管内气压减小，小于外界大气压，水在大气压的作用下被压入吸管，从而进入口中；
(2)杯子的形状是上宽下窄，如果每次吸入水的质量相同，则杯内水的深度减小量一次比一次多，则由p=ρgh可知，杯底所受水的压强减小量Δp逐渐变大。
故答案为：大气压；变大。
(1)吸管水时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，水就被压进吸管里。
(2)杯子的形状是上宽下窄，如果每次吸入水的质量相同，则杯内水的深度减小量增加，由p=ρgh分析。
本题考查利用大气压知识解释生活中的现象和液体压强规律的应用，重点考查了学生用物理知识解决实际问题的能力，难度不大。
19.【答案】做匀速直线运动 静止
【解析】解：抛出的小球上升到B点时，具有一定的速度，如果所有外力同时全部消失，小球不受力，运动状态保持不变，将做匀速直线运动；小球上升到最高点A时速度为零，如果所有外力全部消失，小球运动状态保持不变，将静止。
故答案为：做匀速直线运动；静止。
力是改变物体运动状态的原因，如果物体不受力或所受的合外力为零，物体将保持原来的运动状态，继续运动：静止或做匀速直线运动。
本题考查了力与运动的关系，知道力是改变物体运动状态的原因，物体不受力或所受的合外力为零时运动状态保持不变，物体将保持静止或做匀速直线运动，是解题的关键。
20.【答案】S 南
【解析】解：由安培定则可知，螺线管B端为N极，A端为S 极；而地理南极为地磁的N极，因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故螺线管N极将指向地磁场的南极。
故答案为：S；南。
由右手螺旋定则得出通电螺线管的极性，再根据地磁场对它的作用判断出它静止时的指向。
本题考查了右手螺旋定则的使用、地磁场、磁极间的相互作用规律。
21.【答案】=做加速直线
【解析】解：假设①、②、③每部分的重力都为G、底面积都为S，则整个长方体木板的重力为3G，底面积为3S，根据题意以及p=FS可得，完整长方体木板对桌面的压强为：
p1=F1S1=3G3S=GS，
只切除③，余下的木板的重力为2G，剩余木板的底面积为2S，此时剩余木板对桌面的压强为：
p2=F2S2=2G2S=GS，
则p1=p2；
小明同学拉着余下的木板在水平桌面上匀速直线运动，若此时木板所受的重力突然消失，木板对桌面不会再有压力，因此木板受到桌面对它的摩擦力为0，木板在水平方向上只受拉力，受力不平衡，因此做加速直线运动。
故答案为：=；做加速直线。
(1)设①、②、③每部分的重力都为G、底面积都为S，则整个长方体木板的重力为3G，底面积为3S，根据p=FS求出木板对桌面的压强，只切除③，余下的木板的重力为2G，剩余木板的底面积为2S，根据p=FS求出木板对桌面的压强，即可比较出二者的大小关系；
(2)影响滑动摩擦力的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度，木板所受的重力消失，木板对桌面的压力为0，木板所受的摩擦力消失，水平方向只受拉力，据此分析解答。
本题主要考查的是压强公式的应用及物体的受力分析，要知道影响滑动摩擦力的因素及压强的公式。
22.【答案】解：光由空气斜射进入水中时，折射光线向靠近法线方向偏折，根据折射角小于入射角画出入射光线。由光的反射定律：反射角等于入射角画出反射光线；如图所示：
【解析】反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角。
画光的反射光线或折射光线，主要是依据反射定律和折射定律，注意角度的大小和箭头的方向。
23.【答案】解：先延长动力F，画出动力的作用线，然后过支点O作动力作用线的垂线段，即为动力臂l；重物对杠杆的竖直向下的拉力为阻力，方向竖直向下，作用点在杠杆上。如图所示：
。
【解析】阻力是重物对杠杆的拉力，方向竖直向下，作用点在杠杆上；已知支点、动力的方向，根据力臂的画法，过支点作动力作用线的垂线段，即为动力臂。
本题考查了力的示意图和力臂的画法，关键是判断作用在杠杆上的动力和阻力，会根据力臂的画法，准确作出动力臂。
24.【答案】解：(1)由题意可得，水的温度变化量为Δt=t−t0=100℃−20℃=80℃，
由比热容公式可得Q吸=c水m水Δt=4.2×103 J/(kg⋅℃)×500kg×80℃=1.68×108J
(2)由题意及热值计算公式可得Q放=Vq可燃冰=0.075m3×6.4×109J/m3=4.8×108J；
(3)由上述分析及热效率计算公式可得，水吸收热量为有用热量，可燃冰完全燃烧释放的热量为总热量，则有η=Q吸Q放=1.68×108J4.8×108J=35%。
答：(1)水吸收的热量是1.68×108J；
(2)0.075m3可燃冰完全燃烧放出的热量是4.8×108J；
(3)用可燃冰烧水的效率是35%。
【解析】(1)由热量公式Q吸=cmΔt可以求出水吸收的热量；
(2)由燃烧值公式Q放=Vq可以求出可燃冰完全燃烧释放的热量；
(3)可燃冰烧水时的效率等于水吸收的热量与可燃冰完全燃烧释放的热量之比。
本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq、Q吸=cmΔt=cm(t−t0)和效率公式的掌握和运用，难度不大，属于基础题目。
25.【答案】解：(1)由图可知，承担物重的绳子段数n=2，绳子自由端移动的距离为：
s=2h=2×1m=2m
绳的自由端移动的速度为：
v=st=2m5s=0.4m/s；
(2)因为不计绳重及摩擦，F=1n(G+G动)，
所以该装置中的动滑轮重为：
G动=nF−G=2×280N−500N=60N；
(3)有用功为：
W有=Gh=500N×1m=500J，
总功为：
W总=Fs=280N×2m=560J，
滑轮组的机械效率为：
η=W有W总×100%=500J560J×100%≈89.3%。
答：(1)绳子自由端移动的速度0.4m/s。
(2)动滑轮重60N。
(3)滑轮组的机械效率89.3%。
【解析】(1)由图可知承担物重的绳子段数，根据s=nh求出绳自由端移动的距离，再根据v=st求出绳的自由端移动的速度；
(2)不计绳重及摩擦，根据F=1n(G+G动)求出该装置中的动滑轮重；
(3)根据W=Gh求出有用功，根据W=Fs求出总功，利用η=W有W总×100%出滑轮组的机械效率。
本题考查了做功公式、功率公式、效率公式、滑轮组绳子拉力公式的应用，明确承担物重的绳子段数是解答本题的关键。
26.【答案】解：(1)当S1闭合、S2断开时，电煮锅处于低温挡，此时只有R1工作，电煮锅在低温挡时电路中的电流：
I=UR1=220V275Ω=0.8A，
(2)电煮锅在低温挡时电路中的电功率：
P低=UI=220V×0.8A=176W；
(3)S1、S2都闭合时，电煮锅处于高温挡，R1与R2并联，R2的电功率：
P2=P高−P低=616W−176W=440W
R2的阻值：R2=U2P2=(220V)2440W=110Ω。
答：(1)电煮锅在低温挡时电路中的电流是0.8A；
(2)电煮锅在低温挡时电路中的电功率是176W；
(3)电阻R2的阻值是110Ω。
【解析】(1)当S1闭合、S2断开时，电煮锅处于低温挡，只有R1工作，利用欧姆定律求出电煮锅在低温挡时电路中的电流；
(2)利用P=UI求出R1的电功率，即电煮锅在低温挡时的电功率；
(3)根据并联电路的特点可知R2的电功率P2=P高−P低，然后利用P=U2R求出R2的阻值。
本题考查了并联电路的特点、电功率公式的应用，分清迷你电煮锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。
27.【答案】答：(1)贴膜增强了对来自车外的光线的反射，贴膜后，车外的人看向车内时，因为车内较暗，而车玻璃反射的光较强，人眼不容辨别强光下比较暗的物体，所以看不清车内的景物；
(2)①挡风玻璃是倾斜，使车内物体通过挡风玻璃所成的像位于司机斜上方，不会干扰司机视线，以保证行车安全。
②夜间行车时，会使射向小汽车的灯光被反射时不致于射到其他汽车的司机的视野里，从而大大提高了晚间行车的安全性能。
【解析】(1)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(2)平面镜成像，所成的像是虚像，像与物体关于平面镜对称；
本题考查了平面镜成像特点的应用和光的反射，难度不大。
28.【答案】重合 B 直接 C 厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果
【解析】解：(1)在玻璃板前放置点燃的蜡烛A，将完全相同未点燃的蜡烛B放在玻璃板后并移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直到眼睛透过玻璃板观察到B与A的像完全重合，说明像与物的大小相同。
(2)一次实验不具备代表性，为避免实验的偶然性，使结论具有普遍性，保持玻璃板的位置不变，多次改变蜡烛A的位置进行实验，故选B。
(3)实像可以成在光屏上，虚像不能成在光屏上，为了探究平面镜成像的虚实情况，移去蜡烛B，将一张白屏竖直放在原来蜡烛B所在位置，直接观察白卡片上是否有A的像。
(4)一枚象棋子放在竖直的玻璃板前，象棋子的像在a处；将玻璃板向右平移至图乙所示的位置时，由于平面镜成像时，像与物体关于镜面是对称的，所以象棋子所成的像的位置不变，仍然在a处，故选C。
(5)因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板。
故答案为：(1)重合；(2)B；(3)直接；(4)C；(5)厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果。
(1)选一支相同的蜡烛与竖立在玻璃板前面点燃的蜡烛的像能完全重合，可知蜡烛和它成的像大小相等；
(2)一次实验，具有很大的偶然性，不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，才能保证结论的正确；
(3)平面镜成像时，像与物体关于镜面是对称的；
(4)因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
29.【答案】物体的质量m 木桩打入沙中的深度h 重物 转换法 物体的质量一定，物体被释放的高度越高，物体的重力势能越大 A
【解析】解：(1)探究重力势能与物体释放高度是否有关，需要控制物体的质量相同，改变物体下落的高度，所以表格中的①处为物体的质量m，通过观察木桩陷入沙中的深度，判断重力势能的大小，所以②处为木桩打入沙中的深度h。
(2)让重物自由下落打击在木桩上，重物具有重力势能，通过观察木桩陷入沙中的深度判断重物的重力势能大小，运用了转换法。
(3)由题意可知，A、B、C的质量是相同的，物块C的高度最大，物块B的高度大于A的高度，C撞击木桩的深度最大，B撞击木桩的深度大于A撞击木桩的深度，所以结论为：物体的质量一定时，物体的高度越大，具有的重力势能就越大。
(4)判断重力势能与质量的关系，需要控制重物下落的高度相同，质量不同，由题意可知，应该选择A、D两次实验。
故答案为：(1)物体的质量m；木桩打入沙中的深度h；(2)重物；转换法；(3)物体的质量一定，物体被释放的高度越高，物体的重力势能越大；(4)A。
(1)探究重力势能与物体释放高度是否有关，需要控制物体的质量相同，改变物体下落的高度；
(2)让重物自由下落打击在木桩上，重物具有重力势能，通过观察木桩陷入沙中的深度判断重物的重力势能大小，运用了转换法；
(3)根据图象分析A、B、C的相同点和不同点，利用控制变量法分析；
(4)判断重力势能与质量的关系，需要控制重物下落的高度相同，质量不同。
会观察实验现象，用控制变量法研究重力势能大小的影响因素，用转换法表示重力势能的大小，即可归纳得出结论。
30.【答案】从下至上 冰 4 当烧杯中的水沸腾时，温度不再升高，试管中的水温也能达到沸点，但到沸点后不能继续吸收热量，所以不会沸腾
【解析】解：(1)在使用酒精灯时，需要用其外焰加热，所以要先根据酒精灯确定铁圈的位置。又因为使用温度计时，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底和容器壁，所以要根据温度计的长度确定横杆的位置，因此按照由下至上安装实验装置。
(2)装冰的试管中从2min开始出现液体到6min固态物质完全消失，2∼6min是冰的熔化过程，如图所示：
(3)从图中可以看出，冰在熔化过程中保持0℃不变，所以冰是晶体。2∼6min是冰的熔化过程，熔化时间是6min−2min=4min；
(4)当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，是因为试管内外都为水，当烧杯中的水沸腾时，温度不再升高，试管中的水温也能达到沸点，但到沸点后不能继续吸收热量，所以不会沸腾。
故答案为：(1)从下至上；(2)见解析；(3)冰；4；(4)当烧杯中的水沸腾时，温度不再升高，试管中的水温也能达到沸点，但到沸点后不能继续吸收热量，所以不会沸腾。
(1)在使用酒精灯时，需要用其外焰加热，所以要先根据酒精灯确定铁圈的位置，据此确定器材的组装顺序；
(2)去除错误点，用平滑的直线连接各点即可；
(3)晶体有一定的熔化温度，在熔化过程中吸热但温度保持不变，这个不变的温度是熔点；非晶体没有一定的熔化温度，在熔化过程中吸热的同时，温度也在不断地升高；
(4)沸腾的条件是达到沸点，继续吸热，据此判断。
本题考查物质的熔化现象、以及比热容相关知识，难度不大。
31.【答案】电阻 0.2确定电阻两端电压取值范围 12.5
【解析】解：(1)滑动变阻器应与电流表、电阻串联接入电路，如图：
；
(2)分析表格数据可知改变的是电阻的阻值和通过电路的电流，所以实验控制不变的是电阻两端的电压，故探究通过导体的电流与导体的电阻的关系；
(3)①由图可知电流表接入电路的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；
②可调电压电源可调为1.5V、3.0V、4.5V、6.0V，
根据欧姆定律可得电阻两端的电压：UV=I3R3=0.2A×15Ω=3V，所以电源电压为4.5V或6V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，根据串联分压原理可得UVU−UV=RRH，
若定值电阻的阻值为25Ω时，滑动变阻器接入电路最大阻值10Ω，代入数据可得3VU−3V=25Ω10Ω，解方程可得U=4.2V，比较可知没有相符的电源电压值，所以在确定电阻两端电压取值范围环节上操作出现问题；
③滑动变阻器规格为“10Ω1A”，
若电源电压为4.5V，定值电阻的阻值为20Ω，代入数据可得3V4.5V−3V=20ΩRH1，解方程可得RH1=10Ω，可完成第四次实验，
若电源电压为6V，定值电阻的阻值为20Ω，代入数据可得3V6V−3V=20ΩRH2，解方程可得RH2=20Ω，不可完成第四次实验，所以电源电压为4.5V，
定值电阻的阻值为25Ω时，代入数据可得3V4.5V−3V=25ΩRH，解方程可得RH=12.5Ω，
所以出现第五次实验中问题时，还可以用更换一个阻值不小于12.5Ω的滑动变阻器解决。
故答案为：(1)见上图；(2)电阻；(3)①0.2；②确定电阻两端电压取值范围；③12.5。
(1)滑动变阻器应与电流表、电阻串联接入电路；
(2)分析表格数据可知改变的是电阻的阻值和通过电路的电流，控制不变的是电阻两端的电压，根据控制变量法分析即可；
(3)①由图可知电流表接入电路的量程和分度值，据此读数；
②可调电压电源可调为1.5V、3.0V、4.5V、6.0V，根据欧姆定律可计算阻两端的电压，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据串联分压原理可得UVU−UV=RRH，
若定值电阻的阻值为25Ω时，滑动变阻器接入电路最大阻值10Ω，代入数据解方程可得电源电压，比较可知哪个环节上操作出现问题；
③滑动变阻器规格为“10Ω1A”，
若电源电压为4.5V，定值电阻的阻值为20Ω，代入数据解方程可得滑动变阻器接入电路的阻值，确定是否可完成第四次实验，
若电源电压为6V，定值电阻的阻值为20Ω，代入数据可得解方程可得滑动变阻器接入电路的阻值，确定是否可完成第四次实验，进一步确定电源电压，
定值电阻的阻值为25Ω时，代入数据解方程可得滑动变阻器接入电路的阻值，进一步确定第五次实验时所需滑动变阻器的规格。
“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验考查电路连接、控制变量法、欧姆定律、串联电路特点、串联分压原理的灵活运用。
2023年辽宁省大连市中山区中考物理一模试卷
1. 下列关于声音的说法，正确的是( )
A. “震耳欲聋”主要说明声音的响度大
B. “声如洪钟”主要说明人说话声音的音调高
C. “闻其声而知其人”主要根据音调来判断的
D. “隔墙有耳”说明声音传播不需要介质
2. 天气炎热，小明在吃冰棒时观察到一些现象，下列分析正确的是( )
A. 打开冰棒包装纸，看到有“白气”，白气是水蒸气
B. 包装纸外面的霜，是凝固造成的
C. 吃冰棒时感到凉爽，主要是熔化放热造成的
D. 手湿时将冰棒从冰箱里拿出时，感觉到“粘”手是凝固造成的
3. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 家庭电路中，电能表应安装在总开关之后
B. 用测电笔检查电路时，手不能接触任何金属体
C. 更换灯泡、搬动用电器前，应先断开电源开关
D. 有人发生触电事故时，尽快用手去拉触电者进行施救
4. 下列现象中，是由于光沿直线传播形成的是( )
A. 插入水中的筷子看上去向上弯 B. 日食月食的形成
C. 黑板反光 D. 看到本身不发光的物体
5. 下列图中能说明电动机的工作原理的是( )
A. B.
C. D.
6. 如图所示，一物体用弹簧悬于天花板上，下列说法正确的是( )
A. 物体所受的重力和天花板对弹簧的拉力是一对平衡力
B. 天花板对弹簧的拉力和弹簧对物体的拉力是一对平衡力
C. 物体所受的重力和弹簧对物体的拉力是一对相互作用力
D. 天花板对弹簧的拉力和弹簧对天花板的拉力是一对相互作用力
7. 如图所示，电源电压保持不变，开关s闭合后，灯L1和L2都正常发光，一段时间后，一盏灯突然熄灭，而一个表示数不变，一个表示数变为0，则故障原因可能是( )
A. 灯L1断路
B. 灯L1短路
C. 灯L2短路
D. 灯L2断路
8. 如图所示，小球最初从A点由静止释放，沿粗糙程度相同的轨道下滑，经B点到达C点，下列判断正确的是( )
A. 小球到达C点后就保持静止，不再向上，也不会向下
B. 小球从A点运动到C点的过程中，重力势能不断减小
C. 小球从A点运动到C点的过程中，动能不断增大
D. 小球从A点运动到C点的过程中，机械能不断减小
9. 如图所示，电源电压保持不变，在a、b间接一个“6V 2W”的小灯泡L1时，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P至图示位置时，小灯泡刚好正常发光。若在a、b间换接另一个“6V 3W”的小灯泡L2，闭合开关，则( )
A. 滑片P的位置保持不变，L2也刚好正常发光
B. 把滑片P向左调适当距离，L2才能正常发光
C. 把滑片P向右调适当距离，L2才能正常发光
D. 无论怎样调节滑片P，L2总不能正常发光
10. 如图所示，已调好的弹簧测力计下挂着一重为3N的物体，物体一半浸入水中时，弹簧测力计的示数为1N，g取10N/kg。下列说法中正确的是( )
A. 物体受到的浮力是1N
B. 物体的体积是2×10−4m3
C. 物体的密度是0.75×103kg/m3
D. 如果测力计不拉着物体，物体在水中会沉底
11. 下列关于温度、内能、热量说法正确的是( )
A. 0℃的冰块内能一定不为零
B. 物体含有热量越多温度也就越高
C. 用锯条锯木板，锯条的温度升高，是用做功方式改变内能
D. 热量总是由温度高的物体传递给温度低的物体
12. 在探究凸透镜成像的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 凸透镜的焦距是10cm
B. 将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，该成像规律应用在照相机上
C. 在贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，可在光屏上成清晰缩小的像，该镜片对光起发散作用
D. 用f=15cm的凸透镜替换图中透镜，只向右移动光屏，可在光屏上成清晰的像
13. 盛有等质量水的轻质薄壁柱形容器甲、乙置于水平地面，均匀柱体A、B漂浮在水面上，如图所示(A物体露出水面体积为A总体13，B物体露出水面体积为B总体12)。已知容器底面积S甲>S乙，水深h甲>h乙，则下列判断一定正确的是( )
A. 柱体排开水的质量m排A=m排B B. 柱体的密度ρA>ρB
C. 水对容器底部的压力F甲>F乙 D. 容器对地面的压强p容甲>p容乙
14. 如图所示的电路，电源电压恒为6V，小灯泡L上标有“4.5V0.3A”字样(忽略温度对灯丝电阻的影响)电流表量程选择“0∼0.6A”，电压表量选择“0∼3V”，滑动变阻器R的规格为“30Ω1A”，闭合开关S，为保证电路安全，在移动滑片P的过程中，下列选项正确的是( )
A. 小灯泡的电阻是15Ω
B. 滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是15Ω∼30Ω
C. 电压表的示数变化范围是2∼3V
D. 该电路的总功率变化范围是0.8W∼1.8W
15. 新型病毒可用按要求稀释后的“84消毒水”进行喷杀，喷杀过程中，我们会闻到“84消毒水”的气味，这是______ 现象。分子的热运动受温度影响，温度越______ ，分子热运动越剧烈。
16. 在核电站中，核燃料是通过核______ (选填“裂变”或“聚变”)的方式，把核能转化为内能最终再转化为电能；核能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)的新能源。
17. 2022年11月30日5时42分，神舟十五号飞船成功对接于天和核心舱前向端口。对接过程中，飞船相对于核心舱是______ (选填“静止”或“运动”)的；地面指挥中心发出的对接指令是通过______ 传送给飞船和核心舱的。
18. 如图所示，小明用吸管喝水，水在______的作用下进入口中。如果每次吸入水的质量相同，杯底所受水的压强减小量为Δp，则喝水过程中Δp逐渐______。
19. 一竖直向上抛出的小球，如图所示。当球上升到A点时将改变运动方向向下落，在A点的正下方有一B点，若抛出的小球上升到B点时，所有外力同时全部消失，则小球将______；若抛出的小球上升到A点时，所有外力同时全部消失，则小球将______。
20. 1820年，安培在科学院的例会上做了一个小实验，引起与会科学家的极大兴趣。如图所示，把螺线管沿东西方向水平悬挂起来，然后给导线通电，看到的现象是通电螺线管转动后停在南北方向上，原因是通电螺线管受到地磁场的力的作用，螺线管的A端为______ 极(选填“S”或“N”)，静止时B端指向地磁______ 极(选填“南”或“北”)。
21. 如图所示，一质量均匀的长方体木板放在水平桌面上静止(桌面足够长)，①②③各为其中的13，此时它对桌面的压强为p1。小明同学首先只切除③，余下的木板对桌面的压强为p2，则p1______ p2；小明同学拉着余下的木板在水平桌面上匀速直线运动，若此时木板所受的重力突然消失，则木板将______ 运动。
22. 如图所示，是光从空气斜射入水中的折射光线。请在图中画出它对应的入射光线和反射光线的大致方向。
23. 请画出图中杠杆动力臂l和所受阻力的示意图。
24. 可燃冰是一种新型能源，它是水和天然气在高压低温情况下形成的类冰状结晶物质，主要成分是甲烷。把质量为500kg，初温为20℃的水加热到100℃，只需燃烧可燃冰0.075m3，已知水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，可燃冰的热值q可燃冰=6.4×109J/m3。
求：(1)水吸收的热量是多少？
(2)0.075m3可燃冰完全燃烧放出的热量是多少？
(3)用可燃冰烧水的效率是多少？
25. 如图所示滑轮组，在5s内将重500N货物匀速吊起1m高。绳的自由端受到的拉力大小是280N(不计绳重及轮与轴摩擦)。
(1)绳的自由端移动的速度是多少？
(2)动滑轮重多少？
(3)滑轮组的机械效率约为多少？
26. 如图所示，是一款宿舍学生用的迷你电煮锅和它的简化工作电路。S1闭合、S2断开时，电煮锅处于低温挡；S1、S2都闭合时，电煮锅处于高温挡，此时其功率为616W。电阻R1的阻值为275Ω。
求：(1)电煮锅在低温挡时电路中的电流是多少？
(2)电煮锅在低温挡时电路中的电功率是多少？
(3)电阻R2的阻值是多少？
27. 小汽车是大家都很熟悉的交通工具，如图，观察发现小汽车的挡风玻璃多为倾斜安装。同时还要在侧面玻璃上贴膜，以保护隐私。请用所学的光学知识来解释下列问题：
(1)侧面玻璃贴膜，车外行人看不清车内情况的原因。
(2)从行车安全来讲，倾斜安装挡风玻璃的好处。
28. 如图是小明同学“探究平面镜成像特点”的实验装置。
(1)把点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，未点燃的蜡烛B(与蜡烛A大小相同)竖立在玻璃板的后面。移动蜡烛B，直到眼睛透过玻璃板看到蜡烛B与蜡烛A的像完全______ ；在纸上记录下蜡烛A和B的位置；
(2)为使实验中得到的平面镜成像特点具有普遍性，小明应该______ 。(填字母)
A.保持A、B两支蜡烛的位置不变，多次改变玻璃板的位置进行实验
B.保持玻璃板的位置不变，多次改变蜡烛A的位置进行实验
(3)为了探究平面镜成像的虚实情况，移去蜡烛B，将一张白屏竖直放在原来蜡烛B所在位置，应______ (选填“直接”或“透过玻璃板”)观察白屏上是否有蜡烛A的像；
(4)如图甲所示，一枚象棋子放在竖直的玻璃板前，象棋子的像在a处；将玻璃板向右平移至图乙所示的位置时，下列说法正确的是______ ；
A.此时无论从何角度观察，都看不到象棋子的像
B.从一定角度可以看到象棋子的像，像在象棋子和玻璃板连线的延长线上
C.从某一角度可以观察到象棋子的像，像仍然在a处
(5)实验器材选用薄玻璃而不用厚玻璃板的原因是______ 。
29. 在探究“重力势能的大小与哪些因素有关”的实验中，已知重物A、B、C的底面积相同，质量关系为mA=mB=mC
(1)下表是该同学设计的探究重力势能与物体释放高度是否有关的记录表格。请将表格中①、②的内容填写完整：①______ ； ②______ ；
次数
①
物体释放高度H
②
重力势能大小E
1
2
3
(2)让重物自由下落打击在木桩上，通过观察木桩陷入沙中的深度判断______ (选填“重物”或“木桩”)的重力势能大小，这种研究方法是______ (选填“控制变量法”或“转换法”)；
(3)比较A、B、C三个重物将木桩打入沙中的深度，可判断重力势能的大小和高度的关系，得出的结论是______ ；
(4)结合(3)中的实验结论，通过比较D和______ (选填“A”“B”或“C”)两个重物将木桩打入沙中的深度，小明认为重力势能还可能跟质量有关。
30. 在探究“物质熔化规律”的实验中，小芳将质量相等的冰和石蜡分别装在两个相同的试管中，并放在同一个装有水的大烧杯中进行加热，如图甲所示。装冰的试管中从2min开始出现液体到6min固态物质完全消失，装石蜡的试管中从4min开始出现液体到9min固态物质完全消失。
(1)图甲中，实验器材的安装顺序是______ (选填“从上至下”或“从下至上”)；
(2)图乙中根据实验数据已经绘制出石蜡的温度随时间变化的图象，同时在坐标纸上将冰的实验记录数据描点如图，请用笔画线，将图像补充完整；
(3)根据完成后的图像可以判断______ (选填“冰”或“石蜡”)是晶体，其熔化过程经历了______ min；
(4)实验中还发现：当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，其原因可能是______ 。
31. 在“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验中，小明利用可调电压电源(可调为1.5V、3.0V、4.5V、6.0V)、6个定值电阻(阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω)、滑动变阻器(规格为“10Ω1A”)、电压表和电流表做了如下实验：
(1)为完成实验，小明连接成了图甲所示的实物电路，小红指出他连线有错误，并且只改动其中一根导线，就把电路改正确。请你按照小红的做法，在这根导线上打“×”，并用笔重新画一根正确连接的导线。(连线不要交叉)
(2)实验时小明设计了表格，通过表格可以看出，他的实验目的是探究通过导体的电流与______ 的关系。
实验次数
1
2
3
4
5
6
电阻R/Ω
5
10
15
20
25
30
电流I/A
(3)小明将按照设计的方案进行实验。
①图乙是第3次实验时电流表的示数，示数为______ A。
②实验中，前四次实验都顺利完成，当小明要进行第五次实验时，却发现无法按照预设条件完成实验，回顾小明实验过程，他一定在______ 环节上操作出现问题。
③学习完欧姆定律后，小明想到：其实出现第五次实验中问题时，还可以用更换一个阻值不小于______ Ω的滑动变阻器解决。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：AB.“震耳欲聋”、“声如洪钟”指声音的响度，故A正确，B错误；
C.“闻其声而知其人”主要是根据音色来判断的，故C错误；
D.“隔墙有耳”说明固体可以传声，故D错误。
故选：A。
(1)声音的大小叫响度；响度与振幅和距离声源的远近有关。声音的音色与发声体的材料和结构有关。声音的高低叫音调，音调与发声体振动的频率有关。
(2)声音的传播需要介质。
此题考查了音调、响度和音色以及它们的影响因素，属于基础知识。
2.【答案】D
【解析】解：A.夏天，打开冰棒的包装纸，常会看到冰棒在冒“白气”，这些“白气”是空气中的水蒸气遇到冷的冰棒时，放热液化而成的小水滴，故A错误；
B.包装纸外面的霜是水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，故B错误；
C.吃冰棒时感到凉爽，主要是熔化吸热造成的，故C错误；
D.手湿时将冰棒从冰箱里拿出时，感觉到“粘”手是手上的水变成固态，是手上的水凝固造成的，故D正确。
故选：D。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；凝固、液化、凝华放热；熔化、汽化、升华吸热。
关于物态变化的题目，首先要确定物质原来所处的状态与现在的状态，结合物态变化的定义来突破这种类型的题目。
3.【答案】C
【解析】解：
A、家庭电路中，输电线进户后首先接到电能表上，后面依次是总开关、保护设备、用电器和导线等，故A错误；
B、使用测电笔时，必须用手接触笔尾的金属体，不能与笔尖金属体接触，故B错误；
C、更换灯泡、搬动电器时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电，故C正确；
D、遇到有人触电，应先切断电源，切忌用手去拉触电者进行施救，以避免救治的人触电，故D错误。
故选：C。
(1)输电线进户后首先接到电能表上，后面依次是总开关、保险装置、用电器；
(2)使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，不能与笔尖金属体接触；
(3)更换灯泡、挪动电器前，首先要考虑当开关断开时，保证人接触用电器是安全的；
(4)发现有人触电，一定要及时切断电源。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
4.【答案】B
【解析】解：A.插入水中的筷子，在水中的部分看起来向上弯折，是由于光从水中射向空气中时，发生折射，折射角大于入射角，故A不正确；
B.日食月食是由光的直线传播形成的，故B正确；
C.黑板反光，是因为黑板的某处发生了镜面反射，黑板反射的光线比粉笔字反射的光线强，使人无法看清黑板上的字，故C不正确；
D.看到本身不发光的物体，是由于光在物体上发生了反射，故D不正确。
故选：B。
①光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等；
②光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
③要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因，同时还考查了光的色散，知道色散是由光的折射形成的。
5.【答案】C
【解析】解：A、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应，发电机就是利用该原理制成的，故A不符合题意；
B、奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场，故B不符合题意；
C、通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的，故C符合题意；
D、移动滑片，改变滑动变阻器接入电路的电阻，改变电路中的电流，电磁铁的磁性强弱发生改变，故D不符合题意。
故选：C。
(1)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应。
(2)通电导体的周围存在磁场。
(3)通电导体在磁场中要受到力的作用。
(4)电磁铁的磁性强弱与电流的大小有关。
知道奥斯特实验、电磁感应现象和通电导体在磁场中受力运动；知道发电机、电动机、电磁铁的基本原理。
6.【答案】D
【解析】解：A、物体所受的重力和天花板对弹簧的拉力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、天花板对弹簧的拉力和弹簧对物体的拉力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C、物体所受的重力和弹簧对物体的拉力作用在同一物体上，不是一对相互作用力，故C错误；
D、天花板对弹簧的拉力和弹簧对天花板的拉力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
一对相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上。
本题考查了对平衡力与相互作用力条件的理解与应用，能结合各自的四个条件来进行辨别，是解答的关键。
7.【答案】A
【解析】解：
A.由图可知，L1与L2并联，电流表A测量L1的电流，电压表测量L1、L2和电源两端电压，若灯L1断路，则电流表的示数变为0，但是电压表依然测量电源电压，故电压表示数不变，符合题意，故A正确；
BC.由图可知，L1与L2并联，电流表A测量L1的电流，电压表测量L1、L2和电源两端电压，
一段时间后，一盏灯突然熄灭，一个电表无示数，另一个电表示数不变，
若是电路出现短路，则L1和L2都熄灭，且电路短路，电源会被烧坏，故BC错误；
D.若灯L2断路，则电压表和电流表示数都不变，不符合题意，故D错误；
故选：A。
分析电路故障时，要先判断电路的连接方式、判断电表的测量对象，再根据具体问题分析故障的原因。
本题考查电路故障的判断。
8.【答案】D
【解析】解：
A、小球到达C点后会在重力的作用下向下运动，故A错误；
BC、小球从A点运动到C点的过程中，质量不变，高度先变小后变大，重力势能先减小后增大，速度先变大后变小，动能先增大后减小，故BC错误；
D、小球从A点运动到C点的过程中，克服摩擦做功，机械能不断减小，故D正确。
故选：D。
重力的方向是竖直向下的；
动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大；动能加势能等于机械能；考虑摩擦，机械能不守恒。
本题考查了物体的受力分析、机械能的转化，属于基础题。
9.【答案】B
【解析】解：闭合开关，灯泡L1和滑动变阻器串联接入电路，调节滑动变阻器的滑片P至图示位置时，小灯泡L1刚好正常发光，灯泡L1两端的电压为其额定电压6V；
由P=U2R可知，两灯泡的额定电压相等，额定功率越大，电阻越小，故“6V 3W”的小灯泡的电阻比“6V 2W”的小灯泡的电阻更小一些；
用灯泡L2更换灯泡L1后的电阻变小，根据串联电路的分压原理，灯泡L2两端的电压低于6V；
要使得灯泡L2正常发光，需要使灯泡L2两端的电压为其额定电压6V，根据串联分压原理可知此时需要减小滑动变阻器接入电路中的电阻，即把滑片P向左调适当距离。
所以，ACD错误，B正确。
故选：B。
根据P=UI=U2R比较两灯泡的电阻关系，根据串联分压原理判断滑动变阻器接入电路的电阻的变化，进一步确定要使灯泡L2正常发光，滑片P的移动方向。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和串联分压原理、滑动变阻器的正确使用。
10.【答案】C
【解析】解：
A、由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N.此时指针指在“1”处，弹簧测力计的示数为1N，物体受到的浮力：F浮=G−F示=3N−1N=2N，故A错；
B、由F浮=ρ水gV排可得：
V排=F浮ρ水g=2N1×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3，
物体的体积：
V=2V排=2×2×10−4m3=4×10−4m3，故B错；
C、物体的质量m=Gg=3N10N/kg=0.3kg，
物体的密度：
ρ=mV=0.3kg4×10−4m3=0.75×103kg/m3，故C正确；
D、由于物体的密度小于水的密度，如果测力计不拉着物体，物体在水中会漂浮，故D错。
故选：C。
(1)使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直；先利用称重法求物体浸入一半时受到的浮力；
(2)利用阿基米德原理求排开水的体积(总体积的一半)，从而得出物体的体积；
(3)利用G=mg求出物体的质量，再利用ρ=mV计算密度；
(4)比较物体的密度和水的密度的大小关系得出物体的浮与沉。
本题考查了弹簧测力计的读数方法以及重力公式、密度公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的应用，涉及到用称重法测量物体受到的浮力，知识点多，属于难题。
11.【答案】ACD
【解析】解：A.一切物体在任何温度下都具有内能，所以0℃的冰块一定有内能，故A正确；
B.热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故B错误；
C.用锯条锯木板，摩擦生热，机械能转化成内能，是通过做功的方式改变内能，故C正确；
D.热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，故D正确。
故选：ACD。
(1)一切物体在任何温度下都具有内能；
(2)物体的内能跟物体的质量、状态、温度有关。物体质量和状态一定时，温度越高，内能越大；物体状态和温度相同时，气态时内能最大，固态时内能最小；物体状态和温度相同时，质量越大，物体的内能越大；
(3)改变物体内能的方式：做功和热传递；
(4)发生热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递。
本题主要考查了学生对温度、比热容、热量、内能等概念，以及各个量之间关系的理解，难度不大。
12.【答案】AD
【解析】解：A、由图可知u=40cm−20cm=20cm，光屏上得到一个清晰等大的实像，则u=2f=20cm，解得f=10cm，故A正确；
B、将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，物体处于一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，投影仪就是利用该原理制成的，故B错误；
C、贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，说明透镜对光线有会聚作用，在光屏上成清晰缩小的像，故C错误；
D、用f=15cm的凸透镜替换图中透镜，物距=20cm，f
(1)物距等于2f时，成倒立、等大的实像；
(2)光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；
(3)根据光屏的移动方向可判断像的变化情况；
(4)当f
13.【答案】BCD
【解析】解：A.已知甲、乙容器中水的质量相同，且甲容器的底面积大于乙容器的底面积，在没有放入柱体A、B时，甲容器中水面的高度较低，当放入柱体A、B后，水深h甲>h乙，则可知柱体A排开水的体积较大，由m排=ρ水V排可知，柱体A排开水的质量较大，故A错误；
B.由题意可知，柱体A浸入水中的体积为23VA，柱体B浸入水中的体积为12VB，
已知柱体A、B漂浮，根据物体的漂浮条件和阿基米德原理可知，
柱体A所受浮力为：FA=GA，即ρAgVA=ρ水gVA排=ρ水g23VA，则ρA=23ρ水，
柱体B所受的浮力为：FB=GB，即ρBgVB=ρ水gVB排=ρ水g12VB，ρB=12ρ水，所以ρA>ρB，故B正确；
C.已知水深h甲>h乙，根据p=ρgh可知，水对甲容器底部的压强较大，已知S甲>S乙，根据F=pS可得，水对甲容器底部的压力较大，故C正确；
D.由图知两柱体在水中都处于漂浮状态，根据漂浮条件和阿基米德原理可知柱体受到的重力：
G柱=F浮=G排
已知轻质容器的重力不计，则容器对地面的压力
F=G物+G水=G排+G水=ρ水g(V排+V水)=ρ水gV总
V总为物体浸入部分的体积与容器中水的体积之和，
则容器对地面的压强为：
p=FS=ρ水gV总S=ρ水gSh水S=ρ水gh水，
已知水深h甲>h乙，所以p容甲>p容乙，故D正确。
故选：BCD。
(1)柱形容器中水的质量相同，且甲容器的底面积大于乙容器的底面积，在没有放入柱体A、B时，甲容器中水面的高度较低，当放入柱体A、B后，水深h甲>h乙，据此判断出柱体A排开水的体积，再根据密度公式判断出柱体A、B排开水的质量关系；
(2)根据漂浮条件得出柱体A、B的密度和水的密度的关系，即可确定A、B的密度关系；
(3)已知水深h甲>h乙，根据p=ρgh判断出水对容器底的压强关系，再根据F=pS判断出水对容器底的压力关系；
(4)由图知两柱体在水中都处于漂浮状态，根据漂浮条件和阿基米德原理可知柱体受到的重力：G柱=F浮=G排；已知轻质容器的重力不计，则容器对地面的压力F=G物+G水=G排+G水=ρ水g(V排+V水)=ρ水gV总(V总为物体浸入部分的体积与容器中水的体积之和)，则容器对地面的压强p=FS=ρ水gV总S=ρ水gSh水S=ρ水gh水，据此结合题意进行解答。
本题是对压强知识、浮力知识的综合性考查，难度较大，解题的关键是通过比较放入前后水的高度变化得出物体A、B浸入水中的体积的大小关系。
14.【答案】ABC
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.小灯泡的电阻RL=ULIL=4.5V0.3A=15Ω，故A正确；
B.灯泡两端的最大电压是4.5V，最大电流是0.3A，电流表量程选择“0∼0.6A”，电压表量选择“0∼3V”，变阻器接入电路的阻值最小时，电压表的最大示数是3V，此时灯泡中的最大电流IL′=UL大RL=3V15Ω=0.2A<0.3A，符合题意，
由串联电路电流的规律可知电路中的最大电流是I大=0.2A，
滑动变阻器接入电路的最小阻值R滑小=U−UL大I大=6V−3V0.2A=15Ω，
滑动变阻器R的最大阻值是30Ω，滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是15Ω∼30Ω，故B正确；
CD.当滑动变阻器接入电路的阻值最大为30Ω时，电路中电流最小，最小电流为I小=URL+R滑大=6V15Ω+30Ω=215A，
此时灯泡两端的电压最小，即电压表的最小值UL小=I小RL=215A×15Ω=2V，
电压表的最大示数是3V，电压表的示数变化范围是2∼3V，电路的最小功率P小=UI小=6V×215A=0.8W，
电路中的最大电流0.2A，电路的最大功率P大=UI大=6V×0.2A=1.2W，
该电路的总功率变化范围是0.8W∼1.2W，故C正确，D错误。
故选：ABC。
(1)知道灯泡的额定电压和额定电流，利用欧姆定律求出灯泡的电阻；
(2)结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据P=UI求出电路消耗的最大功率；电路中的电流最大时接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出接入电路中的电阻。
本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是电路中最大电流、最小电流的确定。
15.【答案】扩散 高
【解析】解：我们会闻到“84消毒水”的气味，这是扩散现象，扩散现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。温度越高，分子的热运动越剧烈。
故答案为：扩散；高。
两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散。扩散现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。温度越高，分子的热运动越剧烈。
本题考查了学生对扩散现象和分子热运动的理解与掌握，是一道基础题目。
16.【答案】裂变 不可再生
【解析】解：核电站中，核燃料是通过核裂变的方式，把核能转化为内能最终再转化为电能；核能属于不可再生能源。
故答案为：裂变；不可再生。
(1)核电站利用核裂变释放的能量发电，将核能转化为电能；
(2)可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
知道核裂变的应用，区分生活中的各种能源，可解答此题。
17.【答案】运动 电磁波
【解析】解：对接过程中，飞船相对于核心舱位置在不断变化，飞船是运动的；地面指挥中心发出的对接指令是通过电磁波传送给飞船和核心舱的。
故答案为：运动；电磁波。
(1)物体相对于参照物的位置改变了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
(2)电磁波可以传递信息。
会根据参照物判断物体的运动和静止；知道电磁波可以传递信息。
18.【答案】大气压 变大
【解析】解：(1)用吸管吸水时，吸管内气压减小，小于外界大气压，水在大气压的作用下被压入吸管，从而进入口中；
(2)杯子的形状是上宽下窄，如果每次吸入水的质量相同，则杯内水的深度减小量一次比一次多，则由p=ρgh可知，杯底所受水的压强减小量Δp逐渐变大。
故答案为：大气压；变大。
(1)吸管水时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，水就被压进吸管里。
(2)杯子的形状是上宽下窄，如果每次吸入水的质量相同，则杯内水的深度减小量增加，由p=ρgh分析。
本题考查利用大气压知识解释生活中的现象和液体压强规律的应用，重点考查了学生用物理知识解决实际问题的能力，难度不大。
19.【答案】做匀速直线运动 静止
【解析】解：抛出的小球上升到B点时，具有一定的速度，如果所有外力同时全部消失，小球不受力，运动状态保持不变，将做匀速直线运动；小球上升到最高点A时速度为零，如果所有外力全部消失，小球运动状态保持不变，将静止。
故答案为：做匀速直线运动；静止。
力是改变物体运动状态的原因，如果物体不受力或所受的合外力为零，物体将保持原来的运动状态，继续运动：静止或做匀速直线运动。
本题考查了力与运动的关系，知道力是改变物体运动状态的原因，物体不受力或所受的合外力为零时运动状态保持不变，物体将保持静止或做匀速直线运动，是解题的关键。
20.【答案】S 南
【解析】解：由安培定则可知，螺线管B端为N极，A端为S 极；而地理南极为地磁的N极，因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故螺线管N极将指向地磁场的南极。
故答案为：S；南。
由右手螺旋定则得出通电螺线管的极性，再根据地磁场对它的作用判断出它静止时的指向。
本题考查了右手螺旋定则的使用、地磁场、磁极间的相互作用规律。
21.【答案】=做加速直线
【解析】解：假设①、②、③每部分的重力都为G、底面积都为S，则整个长方体木板的重力为3G，底面积为3S，根据题意以及p=FS可得，完整长方体木板对桌面的压强为：
p1=F1S1=3G3S=GS，
只切除③，余下的木板的重力为2G，剩余木板的底面积为2S，此时剩余木板对桌面的压强为：
p2=F2S2=2G2S=GS，
则p1=p2；
小明同学拉着余下的木板在水平桌面上匀速直线运动，若此时木板所受的重力突然消失，木板对桌面不会再有压力，因此木板受到桌面对它的摩擦力为0，木板在水平方向上只受拉力，受力不平衡，因此做加速直线运动。
故答案为：=；做加速直线。
(1)设①、②、③每部分的重力都为G、底面积都为S，则整个长方体木板的重力为3G，底面积为3S，根据p=FS求出木板对桌面的压强，只切除③，余下的木板的重力为2G，剩余木板的底面积为2S，根据p=FS求出木板对桌面的压强，即可比较出二者的大小关系；
(2)影响滑动摩擦力的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度，木板所受的重力消失，木板对桌面的压力为0，木板所受的摩擦力消失，水平方向只受拉力，据此分析解答。
本题主要考查的是压强公式的应用及物体的受力分析，要知道影响滑动摩擦力的因素及压强的公式。
22.【答案】解：光由空气斜射进入水中时，折射光线向靠近法线方向偏折，根据折射角小于入射角画出入射光线。由光的反射定律：反射角等于入射角画出反射光线；如图所示：
【解析】反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角。
画光的反射光线或折射光线，主要是依据反射定律和折射定律，注意角度的大小和箭头的方向。
23.【答案】解：先延长动力F，画出动力的作用线，然后过支点O作动力作用线的垂线段，即为动力臂l；重物对杠杆的竖直向下的拉力为阻力，方向竖直向下，作用点在杠杆上。如图所示：
。
【解析】阻力是重物对杠杆的拉力，方向竖直向下，作用点在杠杆上；已知支点、动力的方向，根据力臂的画法，过支点作动力作用线的垂线段，即为动力臂。
本题考查了力的示意图和力臂的画法，关键是判断作用在杠杆上的动力和阻力，会根据力臂的画法，准确作出动力臂。
24.【答案】解：(1)由题意可得，水的温度变化量为Δt=t−t0=100℃−20℃=80℃，
由比热容公式可得Q吸=c水m水Δt=4.2×103 J/(kg⋅℃)×500kg×80℃=1.68×108J
(2)由题意及热值计算公式可得Q放=Vq可燃冰=0.075m3×6.4×109J/m3=4.8×108J；
(3)由上述分析及热效率计算公式可得，水吸收热量为有用热量，可燃冰完全燃烧释放的热量为总热量，则有η=Q吸Q放=1.68×108J4.8×108J=35%。
答：(1)水吸收的热量是1.68×108J；
(2)0.075m3可燃冰完全燃烧放出的热量是4.8×108J；
(3)用可燃冰烧水的效率是35%。
【解析】(1)由热量公式Q吸=cmΔt可以求出水吸收的热量；
(2)由燃烧值公式Q放=Vq可以求出可燃冰完全燃烧释放的热量；
(3)可燃冰烧水时的效率等于水吸收的热量与可燃冰完全燃烧释放的热量之比。
本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq、Q吸=cmΔt=cm(t−t0)和效率公式的掌握和运用，难度不大，属于基础题目。
25.【答案】解：(1)由图可知，承担物重的绳子段数n=2，绳子自由端移动的距离为：
s=2h=2×1m=2m
绳的自由端移动的速度为：
v=st=2m5s=0.4m/s；
(2)因为不计绳重及摩擦，F=1n(G+G动)，
所以该装置中的动滑轮重为：
G动=nF−G=2×280N−500N=60N；
(3)有用功为：
W有=Gh=500N×1m=500J，
总功为：
W总=Fs=280N×2m=560J，
滑轮组的机械效率为：
η=W有W总×100%=500J560J×100%≈89.3%。
答：(1)绳子自由端移动的速度0.4m/s。
(2)动滑轮重60N。
(3)滑轮组的机械效率89.3%。
【解析】(1)由图可知承担物重的绳子段数，根据s=nh求出绳自由端移动的距离，再根据v=st求出绳的自由端移动的速度；
(2)不计绳重及摩擦，根据F=1n(G+G动)求出该装置中的动滑轮重；
(3)根据W=Gh求出有用功，根据W=Fs求出总功，利用η=W有W总×100%出滑轮组的机械效率。
本题考查了做功公式、功率公式、效率公式、滑轮组绳子拉力公式的应用，明确承担物重的绳子段数是解答本题的关键。
26.【答案】解：(1)当S1闭合、S2断开时，电煮锅处于低温挡，此时只有R1工作，电煮锅在低温挡时电路中的电流：
I=UR1=220V275Ω=0.8A，
(2)电煮锅在低温挡时电路中的电功率：
P低=UI=220V×0.8A=176W；
(3)S1、S2都闭合时，电煮锅处于高温挡，R1与R2并联，R2的电功率：
P2=P高−P低=616W−176W=440W
R2的阻值：R2=U2P2=(220V)2440W=110Ω。
答：(1)电煮锅在低温挡时电路中的电流是0.8A；
(2)电煮锅在低温挡时电路中的电功率是176W；
(3)电阻R2的阻值是110Ω。
【解析】(1)当S1闭合、S2断开时，电煮锅处于低温挡，只有R1工作，利用欧姆定律求出电煮锅在低温挡时电路中的电流；
(2)利用P=UI求出R1的电功率，即电煮锅在低温挡时的电功率；
(3)根据并联电路的特点可知R2的电功率P2=P高−P低，然后利用P=U2R求出R2的阻值。
本题考查了并联电路的特点、电功率公式的应用，分清迷你电煮锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。
27.【答案】答：(1)贴膜增强了对来自车外的光线的反射，贴膜后，车外的人看向车内时，因为车内较暗，而车玻璃反射的光较强，人眼不容辨别强光下比较暗的物体，所以看不清车内的景物；
(2)①挡风玻璃是倾斜，使车内物体通过挡风玻璃所成的像位于司机斜上方，不会干扰司机视线，以保证行车安全。
②夜间行车时，会使射向小汽车的灯光被反射时不致于射到其他汽车的司机的视野里，从而大大提高了晚间行车的安全性能。
【解析】(1)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(2)平面镜成像，所成的像是虚像，像与物体关于平面镜对称；
本题考查了平面镜成像特点的应用和光的反射，难度不大。
28.【答案】重合 B 直接 C 厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果
【解析】解：(1)在玻璃板前放置点燃的蜡烛A，将完全相同未点燃的蜡烛B放在玻璃板后并移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直到眼睛透过玻璃板观察到B与A的像完全重合，说明像与物的大小相同。
(2)一次实验不具备代表性，为避免实验的偶然性，使结论具有普遍性，保持玻璃板的位置不变，多次改变蜡烛A的位置进行实验，故选B。
(3)实像可以成在光屏上，虚像不能成在光屏上，为了探究平面镜成像的虚实情况，移去蜡烛B，将一张白屏竖直放在原来蜡烛B所在位置，直接观察白卡片上是否有A的像。
(4)一枚象棋子放在竖直的玻璃板前，象棋子的像在a处；将玻璃板向右平移至图乙所示的位置时，由于平面镜成像时，像与物体关于镜面是对称的，所以象棋子所成的像的位置不变，仍然在a处，故选C。
(5)因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板。
故答案为：(1)重合；(2)B；(3)直接；(4)C；(5)厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果。
(1)选一支相同的蜡烛与竖立在玻璃板前面点燃的蜡烛的像能完全重合，可知蜡烛和它成的像大小相等；
(2)一次实验，具有很大的偶然性，不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，才能保证结论的正确；
(3)平面镜成像时，像与物体关于镜面是对称的；
(4)因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
29.【答案】物体的质量m 木桩打入沙中的深度h 重物 转换法 物体的质量一定，物体被释放的高度越高，物体的重力势能越大 A
【解析】解：(1)探究重力势能与物体释放高度是否有关，需要控制物体的质量相同，改变物体下落的高度，所以表格中的①处为物体的质量m，通过观察木桩陷入沙中的深度，判断重力势能的大小，所以②处为木桩打入沙中的深度h。
(2)让重物自由下落打击在木桩上，重物具有重力势能，通过观察木桩陷入沙中的深度判断重物的重力势能大小，运用了转换法。
(3)由题意可知，A、B、C的质量是相同的，物块C的高度最大，物块B的高度大于A的高度，C撞击木桩的深度最大，B撞击木桩的深度大于A撞击木桩的深度，所以结论为：物体的质量一定时，物体的高度越大，具有的重力势能就越大。
(4)判断重力势能与质量的关系，需要控制重物下落的高度相同，质量不同，由题意可知，应该选择A、D两次实验。
故答案为：(1)物体的质量m；木桩打入沙中的深度h；(2)重物；转换法；(3)物体的质量一定，物体被释放的高度越高，物体的重力势能越大；(4)A。
(1)探究重力势能与物体释放高度是否有关，需要控制物体的质量相同，改变物体下落的高度；
(2)让重物自由下落打击在木桩上，重物具有重力势能，通过观察木桩陷入沙中的深度判断重物的重力势能大小，运用了转换法；
(3)根据图象分析A、B、C的相同点和不同点，利用控制变量法分析；
(4)判断重力势能与质量的关系，需要控制重物下落的高度相同，质量不同。
会观察实验现象，用控制变量法研究重力势能大小的影响因素，用转换法表示重力势能的大小，即可归纳得出结论。
30.【答案】从下至上 冰 4 当烧杯中的水沸腾时，温度不再升高，试管中的水温也能达到沸点，但到沸点后不能继续吸收热量，所以不会沸腾
【解析】解：(1)在使用酒精灯时，需要用其外焰加热，所以要先根据酒精灯确定铁圈的位置。又因为使用温度计时，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底和容器壁，所以要根据温度计的长度确定横杆的位置，因此按照由下至上安装实验装置。
(2)装冰的试管中从2min开始出现液体到6min固态物质完全消失，2∼6min是冰的熔化过程，如图所示：
(3)从图中可以看出，冰在熔化过程中保持0℃不变，所以冰是晶体。2∼6min是冰的熔化过程，熔化时间是6min−2min=4min；
(4)当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，是因为试管内外都为水，当烧杯中的水沸腾时，温度不再升高，试管中的水温也能达到沸点，但到沸点后不能继续吸收热量，所以不会沸腾。
故答案为：(1)从下至上；(2)见解析；(3)冰；4；(4)当烧杯中的水沸腾时，温度不再升高，试管中的水温也能达到沸点，但到沸点后不能继续吸收热量，所以不会沸腾。
(1)在使用酒精灯时，需要用其外焰加热，所以要先根据酒精灯确定铁圈的位置，据此确定器材的组装顺序；
(2)去除错误点，用平滑的直线连接各点即可；
(3)晶体有一定的熔化温度，在熔化过程中吸热但温度保持不变，这个不变的温度是熔点；非晶体没有一定的熔化温度，在熔化过程中吸热的同时，温度也在不断地升高；
(4)沸腾的条件是达到沸点，继续吸热，据此判断。
本题考查物质的熔化现象、以及比热容相关知识，难度不大。
31.【答案】电阻 0.2确定电阻两端电压取值范围 12.5
【解析】解：(1)滑动变阻器应与电流表、电阻串联接入电路，如图：
；
(2)分析表格数据可知改变的是电阻的阻值和通过电路的电流，所以实验控制不变的是电阻两端的电压，故探究通过导体的电流与导体的电阻的关系；
(3)①由图可知电流表接入电路的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A；
②可调电压电源可调为1.5V、3.0V、4.5V、6.0V，
根据欧姆定律可得电阻两端的电压：UV=I3R3=0.2A×15Ω=3V，所以电源电压为4.5V或6V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，根据串联分压原理可得UVU−UV=RRH，
若定值电阻的阻值为25Ω时，滑动变阻器接入电路最大阻值10Ω，代入数据可得3VU−3V=25Ω10Ω，解方程可得U=4.2V，比较可知没有相符的电源电压值，所以在确定电阻两端电压取值范围环节上操作出现问题；
③滑动变阻器规格为“10Ω1A”，
若电源电压为4.5V，定值电阻的阻值为20Ω，代入数据可得3V4.5V−3V=20ΩRH1，解方程可得RH1=10Ω，可完成第四次实验，
若电源电压为6V，定值电阻的阻值为20Ω，代入数据可得3V6V−3V=20ΩRH2，解方程可得RH2=20Ω，不可完成第四次实验，所以电源电压为4.5V，
定值电阻的阻值为25Ω时，代入数据可得3V4.5V−3V=25ΩRH，解方程可得RH=12.5Ω，
所以出现第五次实验中问题时，还可以用更换一个阻值不小于12.5Ω的滑动变阻器解决。
故答案为：(1)见上图；(2)电阻；(3)①0.2；②确定电阻两端电压取值范围；③12.5。
(1)滑动变阻器应与电流表、电阻串联接入电路；
(2)分析表格数据可知改变的是电阻的阻值和通过电路的电流，控制不变的是电阻两端的电压，根据控制变量法分析即可；
(3)①由图可知电流表接入电路的量程和分度值，据此读数；
②可调电压电源可调为1.5V、3.0V、4.5V、6.0V，根据欧姆定律可计算阻两端的电压，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据串联分压原理可得UVU−UV=RRH，
若定值电阻的阻值为25Ω时，滑动变阻器接入电路最大阻值10Ω，代入数据解方程可得电源电压，比较可知哪个环节上操作出现问题；
③滑动变阻器规格为“10Ω1A”，
若电源电压为4.5V，定值电阻的阻值为20Ω，代入数据解方程可得滑动变阻器接入电路的阻值，确定是否可完成第四次实验，
若电源电压为6V，定值电阻的阻值为20Ω，代入数据可得解方程可得滑动变阻器接入电路的阻值，确定是否可完成第四次实验，进一步确定电源电压，
定值电阻的阻值为25Ω时，代入数据解方程可得滑动变阻器接入电路的阻值，进一步确定第五次实验时所需滑动变阻器的规格。
“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验考查电路连接、控制变量法、欧姆定律、串联电路特点、串联分压原理的灵活运用。
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