江西省五市九校2023届高三数学（理）上学期第一次联考试卷（Word版附答案）

江西省五市九校2023届高三第一次联考

数学（理科）试卷

考试时间：120分钟 分值:150分

本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分 150 分，考试时间 120 分钟．

第Ⅰ卷

一、选择题：本大题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．

1.已知全集，集合，，那么阴影部分表示的集合为（   ）

A． B．

C． D．

2.已知复数满足，则的最大值为（   ）

A． B． C． D．6

3.甲、乙两人各射击一次，是否命中目标互不影响，已知甲、乙两人命中目标的概率分别为，，则至少有一人命中目标的概率（   ）

A． B． C． 　D．

4.已知，则（   ）

A．B．C．D．

5.当前疫情阶段，口罩成为热门商品，为了赚钱，小明决定在家制作两种口罩：N95口罩和N90口罩.已知制作一只N95口罩需要2张熔喷布和2张针刺棉，制作一只N90口罩需要3张熔喷布和1张针刺棉，现小明手上有36张熔喷布和20张针刺棉，且一只N95口罩有4元利润，一只N90口罩有3元利润，为了获得最大利润，那么小明应该制作（   ）

A．5只N95口罩，8只N90口罩 B．6只N95口罩，6只N90口罩

C．7只N95口罩，6只N90口罩 D．6只N95口罩，8只N90口罩

6.古希腊亚历山大时期最后一位重要的几何学家帕普斯（，公元3世纪末）在其代表作《数学汇编》中研究了“三线轨迹”问题：即到两条已知直线距离的乘积与到第三条直线距离的平方之比等于常数的动点轨迹为圆锥曲线.今有平面内三条给定的直线，，，且，均与垂直.若动点M到的距离的乘积与到的距离的平方相等，则动点M在直线之间的轨迹是（   ）

A．圆 B．椭圆 C．双曲线 D．抛物线

7.已知椭圆C：的右焦点和上顶点分别为，且焦距等于4，的延长线交椭圆

于点，,则椭圆C的离心率为（   ）

A.B.              C.D.

8.某同学在参加《通用技术》实践课时，制作了一个工艺品，如图所示，该工艺品可以看成是一个球被一个棱长为4的正方体的六个面所截后剩余的部分（球心与正方体的中心重合），若其中一个截面圆的周长为，则该球的表面积为（   ）

A． B． C． D．

9．八一起义纪念碑(如图甲所示)是江西省南昌市的标志性建筑，它坐落于南昌市中心的八一广场.纪念碑的碑身为长方体，正北面是叶剑英元帅题写的“八一南昌起义纪念塔”九个铜胎鎏金大字.建军节那天，李华同学去八一广场瞻仰纪念碑，把地面抽象为平面､碑身抽象为线段，李华同学抽象为点，则李华同学站在广场上瞻仰纪念碑的情景可简化为如图乙所示的数学模型，设A､B两点的坐标分别为，，要使看上去最长(可见角最大)，李华同学(点)的坐标为（   ）

A． B． C． D．

10.已知双曲线的左、右焦点分别为,点在双曲线上，且,的延长线交双曲线于点，若双曲线的离心率，则（   ）

A.B.  C.D.

11．如图，已知正四面体ABCD的棱长为1，过点B作截面分别交侧棱AC，AD于E，F两点，且四面体ABEF的体积为四面体ABCD体积的，则EF的最小值为（   ）

A． B． C． D．

12.已知关于的不等式对任意恒成立，则的最大值为（   ）

A． B．1   C．D．

第Ⅱ卷（非选择题）

本卷包括必考题和选考题两部分，第 13 题～第 21 题为必考题，每个试题考生必须做答，第 22 题～

第 23 题为选考题，考生根据要求做答．

二、填空题：本大题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分．

13.的展开式中常数项为_________．（用数字作答）

14.在平行四边形中，是的中点，，且，，则___________.

15.已知等比数列满足：，，则的值为___________.

16.已知，，是正实数，且，则最小值为__________.

三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17～22为必考题，每个试题考生都必须作答，第22、23题为选做题，考生根据要求作答。

(一）必考题：共60分

17.(12分)已知数列是递增的等比数列，且，.

（1）求数列的通项公式；

（2）设为数列的前n项和，，为数列的前n项和，若对一切成立，求最小正整数m.

18.(12分)如图多面体中，四边形是菱形，，平面，，

(1)证明：平面平面；

(2)在棱上有一点，使得平面与平面的夹角为，求点到平面的距离.

19.(12分)某地区为落实体育总局和教育部联合提出的《关于深化体教融合，促进青少年健康发展的意见》，初中毕业生升学体育考试规定，考生必须参加立定跳远､掷实心球､1分钟跳绳三项测试，三项考试满分为50分，其中立定跳远15分，掷实心球15分，1分钟跳绳20分.某学校在初三上学期开始时要掌握全年级学生每分钟跳绳的情况，随机抽取了100名学生进行测试，得到频率分布直方图(如图所示)，且规定计分规则如下表：

（1）现从样本的100名学生中，任意选取2人，求两人得分之和不大于35分的概率；

（2）若该校初三年级所有学生的跳绳个数，用样本数据的平均值和方差估计总体的期望和方差.已知样本方差(各组数据用中点值代替).根据往年经验，该校初三年级学生经过训练，正式测试时跳绳个数都有明显进步.假设中考正式测试时每人每分钟跳绳个数比初三上学期开始时个数增加10个，现利用所得正态分布模型：

①全年级有1000名学生，预估正式测试每分钟跳182个以上人数；(结果四舍五入到整数)

②若在全年级所有学生中任意选取3人，记正式测试时每分钟跳195个以上的人数为，求随机变量的分布列和期望.

附：若，则.

20.(12分)已知椭圆的左焦点为，过原点的直线与椭圆交于，两点，若，且.

(1)求椭圆的离心率；

(2)椭圆的上顶点为，不过的直线与椭圆交于，两点，线段的中点为，若，试问直线是否经过定点？若经过定点，请求出定点坐标；若不过定点，请说明理由

21.(12分)已知函数，.若函数在定义域内有两个不同的极值点.

(1)求实数a的取值范围；

(2)当时，证明：.

（二）选考题：共10分.请考生在第22,23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分.作答时请写清题号。

22.(10分)选修4-4：坐标系与参数方程

以等边三角形的每个顶点为圆心，以其边长为半径，在另两个顶点间作一段圆弧，三段圆弧围成的曲边三角形被称为勒洛三角形．如图，在极坐标系中，曲边三角形为勒洛三角形，且．以极点O为直角坐标原点，极轴为x轴正半轴建立平面直角坐标系．

(1)求的极坐标方程；

(2)若曲线C的参数方程为（t为参数），求曲线C与交点的极坐标．

23.(10分)选修4-5：不等式选讲

已知函数．

（1）当时，解不等式；

（2）若不等式的解集非空，求实数的取值范围．

三．解答题：

17.解（1）数列是递增的等比数列，且，，

，

，是方程的两个根，

解方程，

得，，

， ，

．

（2）由（1）得：，

，

数列的前项和：

，且对一切成立， ，解得，

最小正整数为2022．

18.（1）证明：取的中点，连接交于，连接，，

因为是菱形，所以，且是的中点，

所以且，又，，

所以且，所以四边形是平行四边形，

所以，

又平面，平面，所以，

又因为，平面，

所以平面，所以平面，

又平面，所以平面平面；

（2）解：取的中点，由四边形是菱形，，则，

是正三角形，，，又平面，

所以以为原点，，，为坐标轴建立空间直角坐标系，

设在棱上存在点使得平面与平面的夹角为，

则，，，，，，

则设，，

所以，，，，

设平面的一个法向量为，，，

则，即，令，，

得

平面的法向量可以为，

，解得，

所以，则

设平面的一个法向量为，

则，即，取，得，

所以点到平面的距离.

19.（1）由频率分步直方图得，得分为17，18的人数分别为6人，12人，

所以两人得分之和不大于35分为两人得分均为17分，或两人中1人17分1人18分，

所以.

（2）

又，所以正式测试时，，所以，

①所以，所以人；

②由正态分布模型，任取1人，每分钟跳绳个数195以上的概率为，即，

所以，

所以，

所以的分布列为

所以.

20（1）

设椭圆的右焦点为，连接，

根据椭圆的对称性可知，四边形为平行四边形.

又，所以

而，所以，

在四边形中，，

所以，

在中，根据余弦定理得

即

化简得.

所以椭圆的离心率；。。。。。。5分

（2）

因为椭圆的上顶点为，所以，所以，

又由（1）知，解得，

所以椭圆的标准方程为.

在中，，，

所以，从而，

又为线段的中点，即，所以，

因此，从而，

根据题意可知直线的斜率一定存在，设它的方程为，，，

联立消去得①，

，

根据韦达定理可得，，

所以

所以，

整理得，解得或.

又直线不经过点，所以舍去，

于是直线的方程为，恒过定点，

该点在椭圆内，满足关于的方程①有两个不相等的解，

所以直线恒过定点，定点坐标为.。。。。。。12分

21．(1)；

(2)【分析】(1)在内有两个不同的极值点、，等价于在内有两个不同的零点、.研究的单调性和零点情况即可求出a的范围；

(2)设，由(1)知且，则，将a=代入要证的不等式，可将不等式化为，令，则不等式化为，问题转化为在(0，1)恒成立即可．

(1)

函数定义域为，

在内有两个不同的极值点、，等价于在内有两个不同的零点、．设，由，

当时，，在上单调递增，至多只有一个零点，不符题意；

当时，在上，单调递增；在上，单调递减，

∴当时，，函数有两个零点，则必有，

即，解得．

易证，证明如下：令，，

当时，，单调递减，当时，单调递增，

故，故，得证．∴，又，∴在和上各有一个零点、，此时：

故在定义域内有两个不同的极值点时，a的范围为；

(2)

方法1：由(1)可知是的两个零点，不防设，

由且，得．

∵．

令，则，

记，，

则，令，．

又，则，即，

∴在上单调递增，故，即成立．

∴不等式成立．

方法2：欲证，由，，则只需证：．

不妨设，

则且，则，

∴，

令，则，记，，

由，即在上单调递增，故，即成立.故．

22．(1)；

(2).

【详解】（1）对点，设其直角坐标为，则，即其直角坐标为，

故在直角坐标系下的方程为：，

由可得：，

故的极坐标方程为：.

（2）由题可得曲线的普通方程为：，联立，

可得，解得或，又，故，则，

即曲线C与交点的直角坐标为，设其极坐标为，

则，，

即曲线C与交点的极坐标为.

23、

（1）当a＝3时，即为，

等价于或或，

解得或或，

则原不等式的解集为；。。。。。。5分

（2）不等式的解集非空等价于有解．

由，

（当且仅当时取得等号），

所以，解得，故a的取值范围是．。。。。。。10分