2021-2022学年重庆市江津中学等七校高一（上）入学摸底考试物理试题含解析

2021—2022学年度重庆市江津中学等七校高2024级入学摸底考试物理试题

本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分：80分

与化学共用120分钟完卷

注意事项：

1.答题前，务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卷规定的位置上。

2.答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卷上对应题目的答案标号涂黑。

3.答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卷规定的位置上。4.考试结束后，将答题卷交回。

5.本试卷g取10N/kg。

第 Ⅰ 卷（选择题  共24分）

一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）

1. 以下估测与实际情况最相符的是（　　）

A. 中学生正常步行的平均速度为10m/s B. 一个鸡蛋受到的重力约为10N

C. 九年级物理教科书的质量约0.2kg D. 人的正常体温约为39℃

【答案】C

【解析】

【详解】A．中学生正常步行的平均速度约为1.1m/s，达不到10m/s，故A错误；

B．一斤（500g）鸡蛋可称8到10个，那么一个鸡蛋的质量约为50g（0.05kg）；则重力约为

G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N

故B错误；

C．九年级物理教科书的质量约0.2kg，符合实际情况，故C正确；

D．人的正常体温约为37℃，故D错误。

故选C。

2. 下列对生活中一些现象的解释正确的是（　　）

A. 热机排出的尾气没有内能

B. 舞台上用干冰制造的白雾，是水蒸气凝华而形成的

C. 在寒冷的北方不用水银温度计测量气温，是因为水银的凝固点较低

D. 用高温开水能很快泡出茶香、茶色，这是因为温度越高分子无规则运动越剧烈

【答案】D

【解析】

【详解】A．热机工作时，排出的尾气带走了大部分内能，尾气具有内能，故A错误；

B．舞台上用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使空气中的水蒸气液化，故B错误；

C．在北方很冷地区温度非常低，所以应该选凝固点低的物质做测温物质，一般选酒精温度计，而水银的凝固点高，故C错误；

D．用高温开水能很快泡出茶香、茶色，这是因为温度越高分子无规则运动越剧烈，故D正确。

故选D。

3. 下图是直流电铃的原理图。关于电铃工作时的说法不正确的是（　　）

A. 小锤击打铃碗时，电磁铁没有磁性

B. 电磁铁吸引衔铁，电能转化为机械能

C. 小锤击打铃碗发出声音，是由于铃碗发生了振动

D. 电流通过电磁铁时，电磁铁有磁性，且A端S极

【答案】D

【解析】

【分析】

【详解】AB．闭合开关时，电路接通，蹄形电磁铁产生磁性，吸引衔铁使小锤击打铃碗，导致电路断开，磁性消失，在弹性片的弹力作用下衔铁弹回，电路再次接通，故小锤击打铃碗时，电路断开，电磁铁没有磁性，电磁铁吸引衔铁，电能转化为磁场能，再转化为机械能，AB正确，不符合题意；

C．小锤击打铃碗发出声音，是由于铃碗发生了振动而产生的，C正确，不符合题意；

D．电流通过电磁铁时，电磁铁有磁性，由安培定则可知，A端为N极，D错误，符合题意。

故选D。

4. 在学习了内能及能量的转化和守恒后，同学们在一起梳理知识时交流了以下想法，你认为其中不正确的是（    ）

A. 做功可以改变物体的内能

B. 热传递改变物体内能是不同形式的能量的相互转化

C. 在一定条件下各种形式的能量都可以相互转化

D. 能量在转移和转化的过程中总会有损耗，但能量的总量总保持不变

【答案】B

【解析】

【详解】A．做功和热传递都可以改变物体的内能，故A说法正确，不符合题意；

B．热传递是不同物体间的内能相互转移，故B说法错误，符合题意；

C．在一定条件下各种形式的能量都可以相互转化，故C说法正确，不符合题意；

D．能量在转化和转移的过程中总会有损耗，例如电动机的工作原理就是电能转化为机械能，但是因为机械之间存在摩擦，摩擦生热，所以有一部分电能转化为内能，而这部分的能量转化是我们不需要的，所以可以称这部分能量损耗了．根据能量守恒定律，自然界中所有能量的总量保持不变，故D说法正确，不符合题意．

故选B．

5. 如图是两个并排而且深度相同的水池，一个装水，另一个未装水，在两池的中央各竖立着一只长度相同而且比池深略高的标杆。当阳光斜照时就会在池底形成杆的影子，下列说法正确的是（　　）

A. 装水的池中标杆影子较长 B. 未装水的池中标杆影子较长

C. 两池中标杆影子长度相同 D. 装水的池中标杆没有影子

【答案】B

【解析】

【分析】

【详解】未装水时，光沿直线传播从杆顶照射到池底的P点，而装水时，光沿直线传播从杆顶照射到水面时发生折射，由于折射角较小，故照射到池底的Q点，如图所示，可知未装水的池中标杆影子较长，故选B。

6. 如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向左移动，在此过程中（　　）

A. 电流表A 示数不变，灯泡L亮度变亮 B. 电压表V1示数不变，灯泡L亮度变暗

C. 电流表A示数变小，电压表V1示数不变 D. 电压表V1示数变小，电压表V2示数变大

【答案】D

【解析】

【分析】

【详解】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，将滑动变阻器R的滑片P向左移动，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，可得，电流表A示数变小，灯泡L亮度变暗，电压表V1示数变小，电压表V2示数变大，ABC错误，D正确。

故选D。

7. 水平桌面上的三个物体A、B、C叠放在一起，在水平力F1=5N，F2=3N的作用下A、B、C均保持静止状态，以下说法中正确的是（　　）

A. B所受的重力和支持力平衡 B. B对C的摩擦力为水平向右，大小为3N

C. B对C的压力等于B的重力 D. C对地的摩擦力为水平向右，大小为2N

【答案】D

【解析】

【分析】

【详解】A．B所受重力、A的压力和C的支持力三力平衡，A错误；

C．B对C的压力等于A、B的重力之和，C错误；

B．把A、B看成一整体，由二力平衡可知，C对B的摩擦力与拉力F1平衡，大小为5N，方向水平向左，据牛顿第三定律可知，B对C的摩擦力水平向右，大小为5N，C错误；

D．把A、B、C看成一整体，水平方向F1、F2的合力水平向右，大小为2N，故受到地面的静摩擦力水平向左，大小为2N，则C对地的摩擦力水平向右，大小为2N，D正确。

故选D。

8. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，只闭合S1、S3时，标有“6V，3W”字样的灯泡L恰好正常发光（灯泡灯丝的电阻不随温度的变化而变化），电流表示数为0.75A。下列判断中正确的是（　　）

A. R的电阻为12Ω B. 适当调节开关，可使电流表的示数为0.5A

C. 电路消耗的最小功率为1W D. 再闭合S2，电压表与电流表示数的比值不变

【答案】C

【解析】

【分析】

【详解】A．只闭合S1、S3时，R与L并联，电压表测电源电压（等于灯泡的额定电压6V），电流表测干路电流（I=0.75A），灯泡L恰好正常发光，流过灯泡的电流为

灯泡电阻为

故流过电阻R的电流为

R的电阻为

A错误；

C．当只闭合S2时，R与L串联，回路电阻最大，电流最小，电路消耗的功率最小，由闭合电路欧姆定律可得，电流为

电路消耗的最小功率为

C正确；

B．通过调节开关，无法使回路电阻达到12，即电流表的示数无法达到0.5A，B错误；

D．结合A解析可知，只闭合S1、S3时，电压表与电流表示数的比值为8，再闭合S2，电源被短路，电压表、电流表示数均为零，D错误。

故选C。

第Ⅱ卷（非选择题  共56分）

二、填空作图题（本题共6个小题，第14题作图2分，其余每空1分，共12分）

9. 在抗击“新冠肺炎”工作中，医护人员常会遇到护目镜“起雾”的现象，护目镜内侧产生“雾气”的现象属于________现象（填物态变化的名称）；谚语说：“霜前冷，雪后寒”，“雪后寒”是因为雪在融化过程中需要________热量（选填“吸收”或“放出”）。

【答案】    ①. 液化    ②. 吸收

【解析】

【分析】

【详解】[1] 护目镜内侧产生“雾气”是因为水蒸气遇冷液化，该现象属于液化现象。

[2] “雪后寒”是因为雪在融化过程中需要吸收热量。

10. 某兴趣小组在研究凸透镜成像规律实验中，记录并绘制了物体离凸透镜的距离u 跟实像到凸透镜的距离v 之间的关系，如图所示，该凸透镜的焦距为__________，物体由远到近时，开始物距变化大，像距变化__________ (选填“大” “小”或“无影响”)．

【答案】    ①. 10cm    ②. 小

【解析】

【详解】[1][2]．当物距等于二倍距时成倒立等大实像，物距等于像距，都等于二倍焦距．分析图可知物距等于20cm时像距等于20cm，所以二倍焦距等于20cm，则焦距为10cm；物体由远到近时，开始物距变化大，像距变化小．

11. 如图所示的单摆，让小球从A点静止释放，小球从A点向B点摆动的过程中，小球受到的重力对小球__________功，细绳对小球的拉力__________功．(选填“做”或“不做”)

【答案】    ①. 做    ②. 不做

【解析】

【详解】[1][2]．小球从A点向B点摆动的过程中，小球的高度降低，在重力的作用下沿重力的方向移动了距离，所以小球受到的重力对小球做了功；细绳对小球的拉力方向与小球的运动方向垂直，小球没有在拉力的作用下移动距离，故细绳对小球的拉力不做功．

12. 如图所示的电路中，R1上标有“10Ω  0.3A”，滑动变阻器R2标有“20Ω  1A”字样，电流表的量程0~0.6A，电压表的量程为0~3V．为确保电路各部分安全，电路中允许通过的电大电流为__________A，电源电压最大值是__________V．

【答案】    ①. 0.3    ②. 6V

【解析】

【详解】[1][2]．此电路为串联电路，根据串联电路的电流特点--电流处处相等；再结合电阻R1的符号、变阻器R2符号以及电流表的量程，为确保电路各部分安全，比较后可知电路中最大电流应取三者的最小值即I=0.3A，电压表是测量变阻器R2两端的电压，因电压表所选量程为0-3V，故变阻器两端的最大电压应为3V；由题意知，根据欧姆定律，当电流达到最大时，电源电压也达到最大；此时

U1=IR1=0.3A×10Ω=3V

U2达最大即

U2=3V

所以

U=U1+U2=3V+3V=6V．

13. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，电流表、电压表都是理想电表．闭合开关，调节滑动变阻器，电压表V1、V2和电流表A的示数均要发生变化．两电压表示数随电路中电流的变化图象如图乙所示，根据图象的信息可知：__________（选填“a”或“b”）是电压表V1示数变化的图象，滑动变阻器的最大值为_______Ω． 

【答案】    ①. b    ②. 9

【解析】

【详解】[1]．当滑片P向左移动时，滑动变阻器R1连入的电阻变小，从而使电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，R0两端的电压变大，R2两端的电压变大，由串联电路电压的特点可知，R1和R2两端的总电压变小，由此可知图象中上半部分b为电压表V1示数变化图线，下半部分a为电压表V2示数变化图线；

[2]．由图象可知：当R1和R2两端的电压为10V时，R2两端的电压为1V，电路中的电流为1A，串联电路的总电压等于各分电压之和，滑动变阻器两端的电压

U1=U12-U2=10V-1V=9V

根据欧姆定律可得，滑动变阻器接入电路阻值

．

14. 如图甲所示，底面积为100 cm2的圆柱形容器中装满了水，底部中央固定有一根体积不计沿竖直方向的细杆，细杆的上端连接着密度为0.6g / cm3的圆柱体A，容器的底部安装有阀门。现打开阀门控制水以50 cm3 / s流出，同时开始计时，水对容器底部的压力随时间变化的规律如图（乙）所示，阀门未打开前水对容器底部的压强为___________Pa；t = 52 s时，细杆对物体的作用力为_________N。

【答案】    ①. 5000    ②. 0.8

【解析】

【分析】

【详解】[1] 由图知，阀门未打开前水对容器底部的压力为F1=50N，则压强为

[2]由图知，t = 52 s时，水对容器底部的压力

水对容器底部的压强

根据

可得，此时水的高度

由图知，在t = 84 s时水排放完毕，则t = 52 s时水的体积为

此时圆柱体排开水的体积

结合图可知，圆柱体的体积

对圆柱体，根据平衡条件

代入数据解得细杆对物体的作用力为

三、实验探究题（15题5分，16题8分，17题9分，共22分）

15. 某同学利用两支蜡烛等实验器材探究平面镜成像的特点．

（1）实验时，在桌面上铺一张大纸，纸上竖立一块__________作为平面镜．为便于观察，该实验最好在__________（填“较亮”或“较暗”）环境进行．

（2）在纸上记下平面镜的位置，把一支点燃的蜡烛放在镜前，可以看到它在镜后的像．再拿一支__________（选填“点燃”或“未点燃”）的__________（选填“相同”或“不相同”）的蜡烛，竖立着在镜后移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像___________．

【答案】    ①. 玻璃板    ②. 较暗    ③. 未点燃    ④. 相同    ⑤. 完全重合

【解析】

【详解】（1）[1][2]．为了方便的确定像的位置，应该选用玻璃板做实验；在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮．所以在比较黑暗的环境中进行实验．

（2）[3][4][5]．实验时，在桌面上铺一张大的白纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜．在玻璃板前面放置一支点燃的蜡烛，再拿一支没有点燃的相同蜡烛，在玻璃板后面移动，直到跟前面那支蜡烛的像完成重合，说明物像大小相等．

16. 在“测量物体的密度”的实验中，老师提供了如下器材：弹簧测力计、电子秤、不吸水石块若干、细线、水、圆柱形玻璃杯、糖水。

（1）亭亭选用了弹簧测力计测量石块的密度，实验前应先在竖直方向对弹簧测力计进行_______。图一中测力计示数为________N。她将石块浸没在水中（不接触容器的底和侧壁），弹簧测力计的示数为1.5N，则石块的密度为________g / cm3。

（2）亭亭发现电子秤不仅操作方便，读数准确，还具有“清零”功能，即电子秤上放置物体后，再按“清零”按钮，读数为零，如图二所示。她选用了电子秤和另一小石块测糖水密度。

①她将装有适量纯水的玻璃杯静置于电子秤上，按“清零”按钮；

②将体积不计的细线系好石块浸没在纯水中，不接触玻璃杯底和侧壁并保持静止，此时电子秤示数为20.0g，则玻璃杯对电子秤的压力比未放入石块时增大了_______N；

③她用搅拌均匀的糖水替代纯水，重复以上①②步骤，电子秤示数为21.6g，则石块受到的浮力为_____N；

④糖水密度为_______g/cm3。

（3）亭亭想到用电子秤测物体密度时会用到浮力，她想进一步探究“浮力大小与浸没深度的关系”。她将久置的糖水轻轻置于电子秤上，按“清零”按钮，将石块浸没在久置糖水中，再缓慢增大浸没深度，发现液面位置不变但电子秤示数增大，如图三甲、乙、丙所示，这说明石块浸没在久置糖水中所受浮力的大小随深度的增加而________（选填“增大”  “不变”或“减小”）。若甲图中糖水对杯底的压强为p甲，丙图中糖水对杯底的压强为p丙，则p甲_______p丙（选填“大于”、“小于”或“等于”）。

【答案】    ①. 调零    ②. 2.50    ③. 2.5    ④. 0.2    ⑤. 0.216    ⑥. 1.08    ⑦. 增大    ⑧. 小于

【解析】

【分析】

【详解】（1）[1] 实验前应先在竖直方向对弹簧测力计进行调零。

[2]根据图一，可读出示数为2.50N。

[3] 将石块浸没在水中（不接触容器的底和侧壁），弹簧测力计的示数为1.5N，则浮力

则石块的体积为

石块的质量

则石块的密度为

（2）[4] 电子秤示数为20.0g，则玻璃杯对电子秤的压力比未放入石块时增大了

[5] 同理，电子秤示数为21.6g，则玻璃杯对电子秤的压力比未放入石块时增大了0.216N，则石块受到的浮力为0.216N。

[6] 根据

则

解得

（3）[7] 将石块浸没在久置糖水中，再缓慢增大浸没深度，发现液面位置不变但电子秤示数增大即石块受到的浮力增大，则说明石块浸没在久置糖水中所受浮力的大小随深度的增加而增大。

[8] 丙图中糖水对石块的浮力较大，则石块对糖水的压力较大，则糖水对杯底的压力较大，则糖水对杯底的压强较大，即p甲小于p丙。

17. 在一次实验活动比赛中，老师给定了以下器材：一个输出电压为9V的稳压电源、一只电压表、一个电阻箱Rʹ、一个最大值为40Ω的滑动变阻器R、两只开关以及导线若干，要求测定一只额定电压为6V的小灯泡L正常工作时的电阻和额定功率。聪明的李明设计了如图甲所示的电路图，顺利完成了实验。

（1）请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙图中电压表正确接入实物电路中。（       ）

（2）李明在实验时，电路正确连接后，只闭合开关S1，发现小灯泡不亮，电压表有较小示数，其原因可能是___________。

（3）经过调整操作后，使电压表示数等于6V后，保持滑动变阻器R的滑片P位置不动，断开开关S1，再闭合开关S2，调整电阻箱Rʹ接入电路的阻值，使电压表的示数再次等于________V，此时电阻箱的示数如图丙所示，则电阻箱接入电路的阻值为___________Ω，由此可知小灯泡的电阻为___________Ω。小灯泡电阻的得出是运用了物理研究中的_________（填“控制变量法”或“等效替代法”）。

（4）根据以上获得的实验数据可知小灯泡的额定功率为______W，此时滑动变阻器接入电路的电阻为______Ω。

【答案】    ①.     ②. 滑动变阻器处于最大阻值处    ③. 6    ④. 10    ⑤. 10    ⑥. 等效替代法    ⑦. 3.6    ⑧. 5

【解析】

【分析】

【详解】(1)[1]电压表测量灯泡两端电压，由题意可知灯泡额定电压6V，故电压表选择15V的量程，连接如图所示

(2)[2]只闭合开关S1，发现小灯泡不亮，电压表有较小示数，说明灯泡两端有较小电压，但不足以点亮，其原因可能是回路电流太小，即滑动变阻器处于最大阻值处。

(3)[3][4][5][6]调整电阻箱Rʹ接入电路的阻值，使电压表的示数再次等于6V，此时电阻箱的示数如图丙所示，则电阻箱接入电路的阻值为10Ω，由此可知小灯泡的电阻为10Ω，小灯泡电阻的得出是运用了物理研究中的等效替代法。

(4)[7][8]根据以上获得的实验数据可知小灯泡的额定功率为

此时回路电流为

滑动变阻器两端电压为3V，故滑动变阻器接入电路的电阻为

四、论述与计算（第18题6分，19题8分，20题8分，共22分，解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不给分）

18. 如图所示，太阳能热水器是直接利用太阳能给水加热的装置，下表是小明家的太阳能热水器某天在阳光照射下的相关信息：

其中太阳辐射功率是指1 h内投射到1 m2面积上的太阳能。求：

（1）水在10 h内吸收的热量。

（2）如果水吸收的热量用天然气来提供，需要完全燃烧多少m3的天然气（天然气的热值为8.4×107J/m3，天然气完全燃烧放出的热量全部给水吸收）。

（3）该太阳能热水器的能量转化效率。

【答案】（1）2.1×107J；（2）0.25m3；（3）50%

【解析】

【分析】

【详解】(1)水在10h内吸收的热量为

(2)设需要完全燃烧天然气的体积为V，可得

(3)2.5m2的吸热板在10h内接收到的太阳辐射能量为

则该太阳能热水器的能量转化效率为

19. 如图甲所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图。图乙是它的有关参数，它由加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制）。在用电高峰期，该饮水机的实际工作电压只有200V，加热效率为80%。（c水=4.2×103J/(kg•℃)，ρ水=1.0×103kg/m3，忽略温度对电阻的影响）。求：

（1）R2的阻值。

（2）当饮水机在用电高峰期给水加热，它的实际功率为多少？

（3）若在用电高峰期将装满水箱的水从20℃加热至100℃，所需时间为多少？

【答案】（1）1170Ω；（2）1000W；（3）630s

【解析】

分析】

【详解】(1)当开关S0闭合时，饮水机处于加热状态，只有电阻R1接入电路，由

解得

当开关S0断开时，饮水机处于保温状态，由

解得

可得

(2)当饮水机在用电高峰期给水加热，它的实际功率为

(3)水箱所装水的质量为

水吸收的热量为

加热效率为

联立解得加热所需时间为

20. 如图所示，一质量为2kg的圆柱形平底容器底面积为5×10-2m2，把它放在水平桌面上。在容器内放入一个底面积为2×10-2m2、高为0.15m的圆柱形物块，且与容器底不完全密合，物块的密度为0.8×103kg/m3，将10kg的水缓慢注入容器中，g取10N/kg。求：

（1）注水前物块对容器底的压强；

（2）当向容器内缓慢注入质量为多少kg的水时，物块对容器底的压强恰好为零，此时容器对桌面的压强？

（3）整个过程中浮力对物块做了多少功？

【答案】（1）1200Pa；（2）3.6kg，1600Pa；（3）3.072J

【解析】

【分析】

【详解】(1)物块的质量为

注水前物块对容器底的压强为

(2)当物块与容器底接触但压力恰好为零时，物块受到的浮力等于物块的重力，此时物块受到的浮力为

物块浸入水中深度为

联立解得

容器的底面积为S，注入水的质量为

此时容器对桌面的压强为

(3)之后继续注水质量为

物块浸入水中的深度不变，水面再次上升的高度等于物块上升的高度，可得物块上升的高度为

据能量守恒定律可得，整个过程中浮力对物块做的功等于物块增加的重力势能，即