2022届海南省琼海市嘉积中学高三下学期四校联考数学试题含解析
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一、单选题
1.已知全集,集合,集合,则图中的阴影部分表示的集合为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】根据给定条件,利用韦恩图表达的集合运算直接计算作答.
【详解】依题意,图中的阴影部分表示的集合是,而全集,,,
所以.
故选:D
2.复数满足,则(为的共轭复数)( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】根据复数除法运算及共轭复数概念可得结果.
【详解】由,得,
所以
故选:D
3.平面向量满足,且,则( )
A. B.13 C. D.21
【答案】A
【分析】由得到,由向量数量积运算法则求出,从而求出.
【详解】由得:,所以,其中,故.
故选:A
4.垃圾分类,一般是指按一定规定或标准将垃圾分类储存、分类投放和分类搬运,从而转变成公共资源的一系列活动的总称.分类的目的是提高垃圾的资源价值和经济价值,力争物尽其用.进行垃圾分类收集可以减少垃圾处理量和处理设备,降低处理成本,减少土地资源的消耗,具有社会、经济、生态等几方面的效益.已知某种垃圾的分解率与时间(月)满足函数关系式(其中,为非零常数).若经过12个月,这种垃圾的分解率为,经过24个月,这种垃圾的分解率为,那么这种垃圾完全分解(分解率为)至少需要经过( )(参考数据)
A.120个月 B.64个月
C.52个月 D.48个月
【答案】C
【分析】根据题意得:,解方程得,进而解方程即可得答案.
【详解】依题设有,解得,,
故.令,得,
故.
故选:C.
【点睛】本题以垃圾分类为载体,要求考生掌握待定系数法求函数解析式、指数和对数运算,考查运算求解能力,体现了直观想象、数学运算和数学建模的核心素养.本题解题的关键在于根据已知条件待定系数求得,进而利用对数换底公式求解即可.
5.二项式的展开式中,的系数等于( )
A.60 B. C.240 D.
【答案】A
【分析】写出二项式展开式的通项公式,令x的指数等于3,即可求得答案.
【详解】展开式通项为,
令,解得:,所以的系数等于,
故选:A
6.已知函数的部分图像如图所示,则函数的解析式为( )
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【分析】根据图象求出A,最小正周期,进而求出,代入特殊点坐标,求出,从而求出函数解析式.
【详解】由图可知,,所以,解得.
故.因为图象过点,
所以,即,因为,
所以,故
故选:C
7.已知定义在上的函数满足如下条件:①函数的图象关于轴对称;②对于任意;③当时,;若过点的直线与函数的图象在上恰有4个交点,则直线的斜率的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】根据条件可知是周期为2的函数,作出函数图像,数形结合即可得解.
【详解】因为函数的图象关于轴对称,所以为偶函数,即,又因为对于任意,所以,
从而,即是周期为2的函数,
结合当时,,可作出在的图像以及直线的图像,如下图所示:
当时,易知,则直线的斜率,
过点的直线与函数的图象在上恰有4个交点,则只需直线斜率的取值范围是.
故选:D.
8.长时间玩手机可能影响视力,据调查,某校学生大约40%的人近视,而该校大约有20%的学生每天玩手机超过1,这些人的近视率约为50%.现从每天玩手机不超过1的学生中任意调查一名学生,则他近视的概率为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】根据给定信息,结合全概率公式列式求解作答.
【详解】令“玩手机时间超过的学生”,“玩手机时间不超过的学生”,“任意调查一人,此人近视”,
则,且互斥,,,
依题意,,解得,
所以所求近视的概率为.
故选:B
【点睛】关键点睛:利用全概率公式求随机事件B的概率问题,把事件B分拆成两个互斥事件与的和,再利用条件概率公式计算是解决问题的关键.
二、多选题
9.设分别是双曲线的左右焦点,过作轴的垂线与双曲线交于两点,若为正三角形,则( )
A. B.双曲线的离心率
C.双曲线的焦距为 D.的面积为
【答案】ABD
【分析】根据给定条件,结合双曲线的对称性及定义求出正的边长,逐项计算判断作答.
【详解】在正三角形中,由双曲线的对称性知,,,
由双曲线定义有:,因此,,,,
即半焦距,则,A正确;
双曲线的离心率,B正确;
双曲线的焦距,C不正确;
的面积为,D正确.
故选:ABD
10.下列命题中,正确的有( )
A.的第75百分位数为96.
B.设一组样本数据的方差为,则数据的方差为1.
C.已知经验回归直线的斜率的估计值是,样本点的中心为,则经验回归直线的方程是.
D.已知随机变量,且,则.
【答案】AD
【分析】根据百分位数的定义可求得第75百分位数为96,判断A;根据方差的计算公式求得数据的方差,判断B;根据样本中心点一定在回归直线上,可判断C;根据正态分布的对称性,可判断D.
【详解】对于A,,从小到大排序后第8个数是96,A正确.
对于B, ,则的平均数为 ,其方差为
,B错误;
对于C,将时代入,错误.
对于D,,,,
P,D正确.
故选:AD
11.如图,棱长为1的正方体中为线段上的动点(不含端点)则下列结论正确的是( )
A.直线与所成的角可能是
B.平面平面
C.三棱雉的体积为定值
D.平面截正方体所得的截面可能是直角三角形
【答案】BC
【分析】对于A选项, 建立坐标系,利用坐标法求解;对于B选项,由正方体的性质可知平面,进而可判断;对于C选项,利用等体积法求解即可判断;对于D选项,分别讨论所成的截面图形即可判断.
【详解】解:对于A选项,如图1,建立空间直角坐标系,
则,,
所以,
所以,令,
,
所以在区间上单调递减,
由于,,
所以,即直线与所成的角满足,
又因为,故,故直线与所成的角不可能是,故A选项错误;
对于B选项,由正方体的性质可知平面,所以平面平面,故B选项正确;
对于C选项,三棱雉的体积,是定值,故C选项正确;
对于D选项,设的中点为,当点在线段(不包含端点)上时,此时平面截正方体所得的截面为梯形,如图2;当点在点时,此时平面截正方体所得的截面正三角形;当点在线段(不包含端点)上时,此时平面截正方体所得的截面为等腰三角形,该三角形不可能为直角三角形,故D选项错误;
故选:BC
12.已知,下列不等式恒成立的是( )
A. B.
C. D.
【答案】AB
【分析】A选项,构造函数,通过求导研究其单调性得到证明;B选项,构造,通过求导研究其单调性,进行求解;C选项,构造,通过求导研究其单调性,进行求解;D选项,利用中间值比大小.
【详解】令在内单调递增.
时,,即A选项正确;
令在内单调递增,
,即,B选项正确;
令,当时,单调递减,当时,单调递增,与大小不确定,C错误;
当时,,D错误
故选:AB
三、填空题
13.同时抛掷两枚质地均匀的硬币,记事件A={(正,反)},写出事件A的一个互斥事件___________.(用集合表示,写出一个即可)
【答案】{(正,正)
【分析】根据给定条件,利用互斥事件的定义直接写出事件A的一个互斥事件作答.
【详解】同时抛掷两枚质地均匀的硬币,所有可能的结果为:(正,正),(正,反),(反,正),(反,反),
其中事件{(正,正),{(反,正),{(反,反)与事件A都不可能同时发生,
所以事件A的一个互斥事件可以是:{(正,正).
故答案为:{(正,正)
14.若,,则的值等于________.
【答案】
【分析】由题意结合诱导公式可得,由同角三角函数的平方关系可得,再由三角恒等变换可得,代入即可得解.
【详解】因为,所以,
又,所以,
所以.
故答案为:.
【点睛】本题考查了诱导公式、同角三角函数的平方关系及三角恒等变换的应用,考查了运算求解能力,属于基础题.
15.已知球为正三棱柱的外接球,正三棱柱的底面边长为1,且球的表面积是,则该正三棱柱的体积为___________.
【答案】
【分析】先求得底面三角形外接圆的半径,再求得三棱柱外接球的半径,从而求得三棱柱的高,求得底面面积,结合棱柱的体积公式求得答案.
【详解】由题意可知:正三棱柱的外接球心在上下底面三角形外心(中心)连线的中点处,
三角形边长为1,故三角形的外接圆半径为;
由球的表面积为,可得,故外接球半径,
所以正三柱的高为,而底面正三角形面积,
故三棱柱的体积,
故答案为:
四、双空题
16.已知是抛物线上一点,且位于第一象限,点到抛物线的焦点的距离为6,则___________;若过点向抛物线作两条切线,切点分别为,则这两条切线的斜率之积为___________.
【答案】 0.5
【分析】由抛物线焦半径列出方程,求出,进而求出,设出切线方程,联立抛物线方程后用根的判别式求解.
【详解】由抛物线定义,到抛物线的焦点距离为,得,代入方程得,设过点得切线为,联立抛物线得:,由,得,由韦达定理得:
故答案为:,.
五、解答题
17.在中,内角的对边分别为,已知.
(1)求角A的大小;
(2)若的面积为,且,求的周长.
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)由正弦定理化边为角,得到,求出角A;(2)由面积公式得到,结合余弦定理求出从而求出周长.
【详解】(1)由正弦定理得:,
即,
,
又,故.
(2)由(1)知,
,
,
,故
的周长为
18.①公比为2,且是与的等差中项;②且为递增数列,在①②中任选一个,补充在下列横线上并解答.
已知等比数列中,为数列的前项和,若___________.
(1)求数列的通项公式;
(2)若,记数列的前项和,求证:.
【答案】(1);
(2)证明见解析.
【分析】(1)选条件①,根据给定条件,利用等差中项的定义列式求出首项即可作答.
选条件②,根据给定条件,求出数列的公比并判断作答.
(2)利用(1)的结论求出,再利用裂项相消法求和推理作答.
【详解】(1)选条件①:因为是与的等差中项,即,依题意,,解得,
所以数列的通项公式是.
选条件②:设公比为,依题意,,解得或,
因为数列是递增数列,于是得,
所以数列的通项公式是.
(2)由(1)知,则,
因此,,
于是有,
因,则有,即有,
所以.
19.如图,在四棱锥中,底面是平行四边形,平面是棱的中点.
(1)证明:平面;
(2)若,且为棱上一点,与平面所成角的大小为,求的值.
【答案】(1)证明见解析
(2)
【分析】(1)连接交于点,连接,即可得到,从而得证;
(2)依题意可得,如图建立空间直角坐标系,求出平面的法向量,设,利用空间向量法求出线面角的正弦值,即可得到方程,解得,即可得解;
【详解】(1)证明:如图,连接交于点,连接,
因为是的中点,是的中点,所以
又平面,平面,
所以平面
(2)解:因为,所以,所以,故以为坐标原点,为轴,为轴,为轴建立空间直角坐标系,
则,
,
设平面的法向量为,则,即,
故取,设,则
因为直线与平面所成角的大小为,
所以,即
解得,故此时.
20.2020年10月16日,是第40个世界粮食日.中国工程院院士袁隆平海水稻团队迎来了海水稻的测产收割,通过推广种植海水稻,实现亿亩荒滩变粮仓,大大提高了当地居民收入.某企业引进一条先进食品生产线,以海水稻为原料进行深加工,发明了一种新产品,若该产品的质量指标值为,其质量指标等级划分如表:
质量指标值 | |||||
质量指标等级 | 良好 | 优秀 | 良好 | 合格 | 废品 |
为了解该产品的经济效益并及时调整生产线,该企业先进行试生产,现从试生产的产品中随机抽取了1000件,将其质量指标值m的数据作为样本,绘制如下频率分布直方图:
(1)若将频率作为概率,从该产品中随机抽取3件产品,记“抽出的产品中至少有1件不是废品”为事件A,求事件A发生的概率;
(2)若每件产品的质量指标值与利润(单位:元)的关系如表:
质量指标值 | |||||
利润(元) |
试分析生产该产品能否盈利?若不能,请说明理由;若能,试确定为何值时,每件产品的平均利润达到最大(参考数值:).
【答案】(1);
(2)能盈利,.
【分析】(1)由给定的频率分布直方图,求出抽1件产品是废品的概率,再利用对立事件的概率公式计算作答.
(2)求出每件产品的平均利润的函数式,再借助导数求出最大值作答.
【详解】(1)由频率分布直方图得,抽1件产品为废品的频率为,
依题意,抽1件产品为废品的概率为,设事件的概率为,则,
所以事件A发生的概率.
(2)由频率分布直方图可得该产品的质量指标值与利润元)的关系如下表所示,
质量指标值 | 0 | ||||
利润元 | |||||
每件产品的平均利润:,
求导得,令,解得,
当时,,函数在上单调递增,当时,,函数在上单调递减,
因此,当时,取最大值,
所以生产该产品能够实现盈利,当时,每件产品的平均利润达到最大.
21.已知函数.
(1)判断函数的单调性;
(2)若对于任意的,都有,求整数的最大值.
【答案】(1)在上单调递增,在上单调递减;
(2)3.
【分析】(1)求出函数的导数,再解导数大于0或小于0的不等式即可作答.
(2)将不等式等价变形,分离参数并构造函数,再探讨函数的最小值即可推理作答.
【详解】(1)的定义域为,求导得:,
令,则,令,则,
所以在上单调递增,在上单调递减.
(2),,
令,,则,
由(1)知,在上单调递增,且,
则在区间内存在唯一的零点,使,即,
则当时,,,有在上单调递减,
当时,,,在上单调递增,
于是得,因此,,
所以整数的最大值为3.
【点睛】关键点睛:涉及不等式恒成立问题,将给定不等式等价转化,构造函数,利用导数探求函数单调性、最值是解决问题的关键.
22.如图所示,已知圆,点,点为圆上的动点,线段的垂直平分线和半径相交于点.
(1)当点在圆上运动时,求点的运动轨迹的方程;
(2)判断直线和曲线的位置关系,并给出证明.
【答案】(1)
(2)直线与椭圆相切,证明见解析.
【分析】(1)有椭圆定义可知点点的运动轨迹为椭圆,即可求出方程;
(2)若,或,显然直线与椭圆相切,若,联立直线与椭圆的方程,消化简得到关于的一元二次不等式,而判别式,即可证明结论成立.
【详解】(1)点在线段的垂直平分线上,
.
又点在半径上,且圆的半径为.
故当点在圆上运动时,点满足,
即点的运动轨迹为以为焦点的椭圆,且,
,
因此点的运动轨迹的方程为.
(2)直线与椭圆相切,
证明如下:
若,此时或的方程为或,它们与椭圆相切,
若或,此时的方程为或,
它们与椭圆C相切,
若,设点与点的中点为,
直线的斜率为,则其垂直平分线的斜率为,
直线的方程为,
即 ①,
又点在圆上, ②,
将②代入①得直线:,
由,得
,
判别式,
③
将②代入③解得,
所以直线与椭圆相切,
综上所述:直线与椭圆相切.
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