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2022年辽宁省沈阳市大东区中考 一模物理卷及答案（文字版）
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物理学科
一、选择题（共21分。其中第1-6小题为单选题，每小题2分，第7-9小题为多选题，每小题3分，多选、错选不得分，漏选得1分）
注意：第1-6小题中每题只有一个选项正确
1. 一本物理书掉到了地上，小明和小红从不同的位置都看到了它，下列说法正确的是（ ）
A. 小明看到书是光发生漫反射，小红看到书是光发生镜面反射
B. 小明看到书是光发生镜面反射，小红看到书是光发生漫反射
C. 小明和小红看到书都是光发生漫反射
D. 小明和小红看到书都是光发生镜面反射
【答案】C
【解析】
【详解】物理书的表面凹凸不平，光照在上面发生漫反射，反射光线是向着四面八方的，所以小明和小红在不同的位置都能看到，故ABD错误；故C正确。
故选C。
2. 关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（ ）
A. 两物体温度相同，内能一定相同
B. 质量相等的不同燃料，完全燃烧时放出的热量越多的燃料，其热值也越大
C. 物体吸收热量，温度一定升高
D. 热传递过程中，内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移
【答案】B
【解析】
【详解】A．内能与物体的温度、质量有关，温度相同的物体内能不一定相等，故A错误；
B．热值是燃料完全燃烧放出的热量与其质量之比，质量相等的不同燃料，完全燃烧时放出的热量越多，其热值越大。故B正确；
C．物体吸收热量，温度不一定升高，例如：晶体在熔化过程中虽然继续吸热，但温度是不变的；故C错误；
D．热传递的条件是存在温度差，所以内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移，故D错误。
故选B。
3. 快递自动分拣系统展示了“中国制造”的实力。如图所示是水平分拣线的传动面上分拣快件时的情形，下列说法正确的是（ ）
A. 当快件随着传送带做匀速直线运动时，快件传动面上不受摩擦力
B. 当快件由静止变成运动时，其惯性会增大
C. 快件对传动面的压力与传动面对它的支持力是一对平衡力
D. 当快件随着传送带做匀速直线运动时，其机械能会增大
【答案】A
【解析】
【详解】A．匀速直线运动时，快件与传动面相对静止，没有相对运动的趋势也没有相对运动，所以快件没有受到摩擦力的作用，故A正确；
B．惯性的大小只与质量有关，当快件由静止变成运动时，质量不变，所以惯性大小不变，惯性的大小与速度无关，故B错误；
C．快件对传动面的压力作用在传动面上，传动面对它的支持力作用在快件上，二力不是作用在同一个物体上，所以不是一对平衡力，故C错误；
D．匀速直线运动时，快件质量和速度没有变化，所以动能不变；快件的质量和高度没有变化，所以势能没有变化。动能和势能统称为机械能，动能和势能都没有变化，所以机械能大小不变，故D错误。
故选A。
4. 两个相同的烧杯中分别装满了甲、乙两种不同的液体，把A、B两球（）分别轻轻放入两杯液体中，静止后处干如图所示状态。如果A、B两球排开液体的重力相等，则下列说法正确的是（ ）
A. 甲液体对容器底部的压强较大 B. 甲、乙两种液体对容器底部的压强相等
C. A球所受浮力更大 D. A球、B球所受浮力相等
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由图可知，A、B两球浸没在液体中，VA=VA排，VB=VB排，由于VA>VB，所以VA排>VB排；由于A、B两球排开液体的重力相等，所以ρ甲gVA排=ρ乙gVB排，由于VA排>VB排，所以ρ甲<ρ乙；由图可知，液体深度相等，且ρ甲<ρ乙，根据p=ρgh可知，甲液体对容器底部的压强较小，故AB错误；
CD．由于A、B两球排开液体的重力相等，根据阿基米德原理可知，A、B两球受到的浮力相等，故C错误，D正确。
5. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中（ ）
A. 电流表A2示数不变 B. 电流表A2示数变小
C. 电压表V示数变小 D. 电流表A1示数变大
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】如图，电阻R1与滑动变阻器并联，电流表A2测量通过电阻R1的电流，电流表A1测量干路上的电流；
AB．当滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中，R2阻值增大，但并联电路中各支路互不影响，则通过R1的电流不变，即电流表A2示数不变，故A符合题意，B不符合题意；
C．当滑动变阻器的滑片P向右移动时，因为电源电压保持不变，电压表测量并联支路电压或电源电压，故电压表V的示数不变，故C不符合题意；
D．当滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中，R2阻值增大，根据欧姆定律可知，通过R2的电流减小，通过R1的电流不变，所以干路中的电流等于支路电流之和，即减小，即电流表A1示数变小，故D不符合题意。
故选A。
6. 选项图中所示的装置中与甲图工作原理相同的是（ ）
A. 自发电手电筒 B. 话筒
C. 手摇式发电机 D. 扬声器
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】图甲中，线圈通电后，会发生转动，它的原理是磁场对通电线圈有力的作用。
A．自发电手电筒利用电磁感应现象制成的，故A不符合题意；
B．话筒利用的是电磁感应原理，故B不符合题意；
C．手摇式发电机利用电磁感应现象制成的，故C不符合题意；
D．扬声器的原理是磁场对通电线圈有力的作用，故D符合题意。
故选D。
注意：第7-9小题中每题至少有两个选项正确
7. 北京2022年冬奥会自由式滑雪比赛中，某位选手的运动轨迹如图所示，如果不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 选手在a点和c点的速度都为0，他在这两点的动能也为0
B. 选手在a点和e点都处于静止状态，他在e点时比在a点时的机械能小
C. 选手从a点下滑到b点的过程中，机械能保持不变
D. 选手从c点下落到d点的过程中，机械能保持不变
【答案】BD
【解析】
【详解】A．在a点速度零，说明动能为零，c点运动员在水平方向速度不为零，所以c点动能不为零，故A错误；
B．在a点和e点都处于静止状态，说明动能都为零，因为a点高度大于e点高度，所以a点重力势能就大于e点重力势能，因此他在e点时比在a点时的机械能小，故B正确；
C．从a点向b点运动过程中，因为有摩擦力，机械能不守恒，一部分转化成内能，机械能减少，故C错误；
D．从c点下落到d点过程中，如果不计空气阻力，运动员只受重力作用，其机械能守恒，故D正确；
故选BD。
8. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A. 使用试电笔时，手指千万不要接触笔尖金属体 B. 搬动电器前不需要断开电源开关
C. 空气开关跳闸，一定是总电流过大 D. 控制电灯的开关，要连接在零线和电灯之间
【答案】AC
【解析】
【详解】A．使用试电笔时，手指要接触金属尾，不能接触笔尖金属体，若接触笔尖金属体，会触电，故A正确；
B．为了安全用电，搬动电器前需要断开电源开关，故B错误；
C．空气开关跳闸，一定是总电流过大，可能是功率过大，也可能是电路中有短路的部分，故C正确；
D．控制电灯的开关，要连接在火线和电灯之间，故D错误。
故选AC。
9. 如图所示，电源电压为U，开关S闭合前、后，电压表指针位置不变，若电路中仅有一处故障，且只可能发生在电阻R1或R2上，则电压表示数及相应的故障分析正确的是（ ）
A. 若电压表示数为零，则一定是电阻R2短路
B. 若电压表示数为零，则一定是电阻R1断路
C. 若电压表示数为U，则可能是电阻R2断路
D. 若电压表示数为U，则可能电阻R1短路
【答案】BCD
【解析】
【详解】AB．若闭合开关前，电压表示数为零，说明电压表没有串联在电路中，则故障为R1开路；闭合开关后，电压表指针的位置不变，即电压表仍然无示数，也说明是R1开路，故B正确，A错误；
CD．若闭合开关前，电压表有示数，说明电压表串联在电路中，此时电压表的示数为电源电压U；闭合开关后，电压表指针的位置不变，即电压表仍然测电源电压，则故障可能是R1短路了（R1不分压），也可能是R2开路（此时电压表串联在电路中测电源电压），故CD正确。
故选BCD。
二、填空题（每空1分，共18分）
10. 为了预防新冠病毒，要做到戴口罩，勤洗手。
（1）制作口罩的熔喷无纺布纤维表面携带大量电荷，能够___________（选填“吸引”或“排斥”）空气中的轻小物体。
（2）如图甲所示，将口罩的弹性绳挂在耳朵上能戴稳口罩，但时间久了耳朵会感觉有点痛，这说明物体间力的作用是___________的。
（3）用如图乙所示的洗手液洗手时，会闻到酒精的气味，这是___________现象；洗手后，用力甩，可以把手上的液体甩掉，这是因为液体具有___________。
【答案】 ①. 吸引 ②. 相互 ③. 扩散 ④. 惯性
【解析】
【详解】（1）[1]纤维表面携带大量电荷，能够吸引空气中的轻小物体。
（2）[2]将弹性绳挂在耳朵上能戴稳口罩，但时间久了耳朵有点痛，说明力的作用是相互的。
（3）[3][4]在使用洗手液洗手时，会闻到洗手液的香味，这是扩散现象，是分子无规则运动形成的；洗手后用力甩手后，手静止，而水由于惯性还要继续运动而被甩掉。
11. 如图所示为吊车吊起货物示意图，利用伸缩撑杆可使吊臂绕O点缓慢转动，伸缩撑杆伸缩时对吊臂的支持力始终与吊臂垂直。则：
（1）吊臂是一个___________杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”）；
（2）伸缩撑杆匀速缓慢顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆对吊臂的支持力大小___________（选填“不变”、“变小”或“变大”）；
（3）吊车上有四个可以升降且底座宽大的方形支柱，在吊车工作时，将此四个支柱放下来，支撑在地面上，它们的作用是___________。
【答案】 ①. 费力 ②. 变小 ③. 增大受力面积，减小对地面的压强
【解析】
【详解】（1）[1]伸缩撑杆对吊臂施加的力为动力，货物对吊臂的拉力为阻力，由图可知，动力臂小于阻力臂，所以吊臂是一个费力杠杆。
（2）[2]伸缩撑杆为圆弧状，伸缩时对吊臂的支持力始终与吊臂垂直，动力臂保持不变，在伸缩撑杆缓慢匀速顶起吊臂的过程中，重物的阻力臂逐渐减小，由杠杆的平衡条件可知，伸缩撑杆受到支持力渐渐变小。
（3）[3]吊车工作时，将此四个支柱放下来，支撑在地面上，增大了地的受力面积，根据可知，压强减小。
12. 一辆汽车不小心陷进了泥潭中，司机按如图所示的甲、乙两种方法安装滑轮，均可将汽车从泥潭中拉出，如果汽车受到的阻力为1000N，则甲图中司机匀速拉动汽车的拉力至少为______N，两种方法中比较省力的是______（选填“甲”或“乙”）图。（滑轮重、绳重、绳与滑轮间的摩擦不计）
【答案】 ①. 1000 ②. 乙
【解析】
【详解】[1]甲图滑轮为定滑轮，使用它不省力，只能改变力的方向，则甲图人匀速拉动汽车的拉力至少为
F=f=1000N
[2]乙图滑轮为动滑轮，使用它最多可以省一半的力，则乙图人匀速拉动汽车的拉力至少为
由上述计算可知，F>F′，故比较省力的是乙图。
13. 如图所示，水壶的壶嘴和壶身构成一个___________，该电水壶使用时应使用三孔插座，使其金属外壳与___________（选填“火线”、“零线”或“大地”）相连。
【答案】 ①. 连通器 ②. 大地
【解析】
【详解】[1]水壶的壶嘴和壶身上端开口，下端连通，构成一个连通器。
[2]为了安全使用，电水壶的金属外壳应接地，这样即使外壳带电，电流也能通过地线流入大地，不会对人造成伤害。
14. 如图所示是一种测定油箱内油量的装置，其中R是滑动变阻器，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接。滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。当汽车行驶时，油箱中的油面下降，浮子随油面下降，带动滑动变阻器滑片________（选填“向上”或“向下”）移动，油量表的示数________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 向上 ②. 变小
【解析】
【详解】[1]油箱中的油量减少时，油面下降，由于滑杆可以绕固定轴O转动，所以当浮子随液面落下，带动滑杆使滑动变阻器滑片向上移动。
[2]油量减少时，油面下降，浮子随液面落下，带动滑杆使滑动变阻器滑片向上移动，使滑动变阻器连入电路的阻值变大，串联电路中总电阻等于各个用电器电阻之和，所以电路中总电阻增大，而总电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流会减小，油面下降，说明油量表示数变小。
15. 如图所示电路，电源电压保持不变，L1标有“6V 3W”，L2标有“9V 9W”，不计温度对灯丝电阻的影响，闭合开关S后，两灯均发光，此时两电压表示数之比U1∶U2______；若将两灯并联后接入6V电路中，L1的实际功率为P1、L2的实际功率为P2，则P1∶P2______。
【答案】 ①. 4∶7
②. 3∶4
【解析】
【详解】[1]灯泡L1的电阻为
灯泡L2的电阻为
由电路图可知，两灯泡串联，V2测L2的电压，V1测电源电压，根据分压原理可知
[2]若将两灯并联后接入6V电路中，他们的电功率之比为
16. 一盏标有“220V 100W”的白炽灯正常工作时的电流是______A（保留小数点后两位），这盏灯正常发光时的电阻是______Ω；将这盏灯单独接入装有如图所示的电能表的家庭电路中正常工作2h后，电能表的示数将变为______kW·h。
【答案】 ①. 0.45 ②. 484 ③. 1042.8
【解析】
【详解】[1][2]白炽灯的额定电压为220V，额定功率为100W，所以正常工作时的电流为
白炽灯正常发光时的电阻为
[3]将这盏灯单独接入家庭电路中正常工作2h，消耗的电能为
电能表显示的示数为
W2=W1+W=1042.6kW·h+0.2kW·h=1042.8kW·h
三、计算题（共18分。要求写出必要的文字说明、公式、主要运算过程、数值和单位）
17. 如图所示是一辆满载防疫物资的货车，其总质量为30t，静止时对水平地面的压强为。货车在平直公路上匀速行驶10min，消耗柴油10kg，发动机的输出功率为225kW。（g取10N/kg，柴油的热值）求：
（1）货车静止时车轮与水平地面接触的总面积是多大？
（2）货车发动机的效率多大？
【答案】（1）1m2；（2）31.4%
【解析】
【详解】解：（1）货车的总重力
G=mg=30×103kg×10N/kg=3×105N
货车静止时，车轮对水平地面的压力等于其重力，据 得，车轮与水平地面接触的总面积
（2）货车行驶10min，做的有用功
W=Pt=225×103W×10×60s=1.35×108J
燃烧柴油放出的热量
Q放=m柴油q=10kg×4.3×107J/kg=4.3×108J
货车发动机的效率
答：（1）货车静止时车轮与水平地面接触的总面积是1m2；
（2）货车发动机的效率是31.4%。
18. 为了缓解用眼疲劳，妈妈给小红购买了一款如图甲所示的电加热眼罩，如图乙所示是电热眼罩的工作原理图，可以通过手动调节高、中、低三挡加热。其相关数据如下表所示。充电电池电压为5V且保持不变，电热丝R1=5Ω、电热丝R2=10Ω，S3为单刀双掷开关（即S3只能接在触点a或b）。
型号
×××
额定充电（放电）电压
5V
电池容量
1800mA·h
求：
（1）若电池充满电，能够存储的电能是多少？
（2）当眼罩在低温挡工作时电功率是多少？
（3）若眼罩在高温挡正常工作10min，产生的热量是多少？
【答案】（1）3.24×104J；（2）1.67W；（3）4500J
【解析】
【详解】解：（1）若电池充满电，能够存储的电能
W=UIt=5V×1800×10-3A×3600s=3.24×104J
（2）由电路图可知，当S1闭合，S2断开，S3接a时，R1与R2串联，此时电路中总电阻最大，串联后的最大电阻为
Rmax=R1+R2=5Ω+10Ω=15Ω
由可知，电源电压不变，电路中电阻最大时，电功率最小，眼罩处于低温档，则眼罩在低温挡工作时的电功率为
（3）当开关S1、S2闭合，S3接b时，R1与R2并联，此时电路中总电阻最小，并联后的最小电阻为
由可知，电源电压不变，电路中电阻最小时，电功率最大，眼罩处于高温档，则眼罩在高温挡正常工作10min，产生的热量为
答：（1）若电池充满电，能够存储的电能为3.24×104J；
（2）当眼罩在低温挡工作时电功率约为1.67W；
（3）若眼罩在高温挡正常工作10min，产生的热量为4500J。
四、实验、作图题（共22分）
19. 如图，一束光射入水中，在水底形成光斑
（1）画出水面的反射光线；
（2）画出水中的折射线．
【答案】
【解析】
【详解】（1）根据入射光线画反射光线要遵循光的反射定律．先过入射点作出法线，然后根据反射光线、入射光线以及法线在同一平面内找到反射光线的大致位置，最后根据反射角等于入射角，画出反射光线，不要忘记标上箭头表示光的传播方向；
（2）因为水底形成光斑，故光斑就代表了光从水面传到水底的位置，只需要把入射点和光斑连接起来标上方向即是水中的折射线．
20. 在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中：
（1）如图甲所示，在确定铁夹B位置时，要保证温度计的玻璃泡要全部___________水中，且不要碰到容器底或容器壁；
（2）实验过程中，当水中产生了大量的气泡如图乙所示的情形时，此时温度计的示数如图丙所示，则示数是___________℃。水沸腾后继续加热，温度计的示数将_______（选填“升高”、“降低”或“不变”）；
（3）若小明和小亮两个实验小组所用的水在相同时间内吸收的热量相等，他们分别利用自己小组实验数据，画出了水的温度随时间变化图象如图丁a和b所示，我们可以判断实验时小明所用水的质量___________（选填“大于”、“等于”或“小于”）小亮所用水的质量。
【答案】 ①. 浸入 ②. 99 ③. 不变 ④. 小于
【解析】
【详解】（1）[1]使用温度计测量液体的温度时，其玻璃泡要全部浸没在水中，且不能碰到容器底或容器壁。在确定铁夹B的位置时，要注意以上各点。
（2）[2]图乙中，气泡在上升过程中变大，到水面会破裂开，是水沸腾时的情形。由图丙知，温度计的分度值为1℃，示数为99℃。
[3]水在沸腾过程中，需要持续吸热，但温度会保持不变。
（3）[4]由图像知，a图线中水的初温较低，加热至沸腾所用时间较少，即吸收的热量较少。b图线中水的初温较高，加热至沸腾所用时间较长，即吸收的热量较多，那么b图线中水的质量较大，即m1
（1）小明把光屏放在玻璃板后面，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是______（选填“实”或“虚”）像；
（2）小明将蜡烛A靠近玻璃板，像的大小将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）如图乙所示，若将玻璃板向左倾斜，观察到蜡烛A的像的大致位置在图中的______（选填“①”或“②”）处。
【答案】 ①. 虚 ②. 不变 ③. ②
【解析】
【详解】（1）[1]平面镜成像是光的反射，像是反射光线反射延长线的交点，并非由实际光线会聚而成，无法在光屏上承接，因此平面镜所成的像是虚像。
（2）[2]根据平面镜成像的特点，像与物是等大的。因此小明将蜡烛A靠近玻璃板，像的大小将不变。
（3）[3]根据平面镜成像的特点，像与物关于平面镜是对称的，若将玻璃板向左倾斜，观察到蜡烛A的像的大致位置在图中的②处。
22. 小丽在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验时，操作如下：
（1）如图甲所示小丽把一个饮料罐慢慢按入水中，感觉用力越来越大，由此猜想“浮力的大小可能与排开水的体积有关”，于是她设计如图乙所示实验步骤，根据___________两图可以验证猜想是否正确。
（2）通过观察b、e两图，得出了“浮力的大小与液体密度有关”的结论，你认为这样得出结论是否合理：___________（选填“是”或“否”），请你说出理由___________。
（3）通过观察c、d图的实验数据，可知浮力与物体浸没在液体中的深度____（选填“有关”或“无关”）。
（4）用图示实验数据测得物体A的密度是_______。
（5）实验过程中，小丽联想到压强知识，提出了下面的问题，请你帮助解答：若b、d两图中A下表面受到水的压强分别是p1、p2，则___________（填“>”“<”或“=”）；
同组的小红利用实验桌上的薄铁片、烧杯和水进行了如下的实验，实验步骤如下：
步骤一：将铁片放入盛水的烧杯中，铁片下沉至杯底；
步骤二：将铁片弯成“碗状”再放入水中，它漂浮在水面上。
通过分析可知，步骤一中铁片受到的浮力___________步骤二中铁片受到的浮力（选“大于”，“等于”或“小于”）。
【答案】 ①. bc ②. 否 ③. 见解析 ④. 无关 ⑤. 4×103 ⑥. < ⑦. <
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]要验证浮力大小和物体排开液体体积的关系，就要保证液体的密度一定而物体排开液体的体积不同，故图bc或bd符合题意。
（2）[2][3]观察b、e两图可知，物体排开液体的体积不同，液体的密度也不同，不能得出物体受到的浮力大小与液体的密度有关，故结论是不合理的，因为研究浮力大小与液体的密度的关系，要保证排开液体的体积相等。
（3）[4]通过观察c、d图的实验数据，深度不同，液体的密度相同，弹簧测力计的示数相同，由称重法可知浮力相同，可知浮力与物体浸没在液体中的深度无关。
（4）[5]由图a与c可知，A在水中受到的浮力
F浮=G-F=4N-3N=1N
物体A的体积
=1×10-4m3
A的密度
=4×103kg/m3
（5）[6]由图可知，物体A下表面在b图中所处的深度小于在d图中的深度，由p=ρgh可知
p1＜p2
[7]由物体的浮沉条件可知，铁片下沉时
F浮1＜G
铁片漂浮时
F浮2=G
F浮1＜F浮2
23. 在“测量小灯泡电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻大约8Ω左右。
（1）如图甲所示是连接的实物电路图，图中只有一根导线连接错误，请你在图中用“×”标出这根错接的导线，只改接一根导线使电路成为正确的电路（不能与其他导线交叉）；_______
（2）排除故障后，移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为___________V；此时要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向___________（选填“左”或“右”）端移动；
（3）移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图丙所示的I-U图像，由图像可计算出小灯泡的额定功率是___________W；
（4）完成上述测量后，小明不用电压表，用如图丁所示的电路测量另一个额定电流已知的小灯泡的额定功率。小灯泡的额定电流I额已知，定值电阻的阻值R0已知，实验步骤如下，请你帮助小明补充完整：
①闭合开关S、S2，断开开关S1，调节滑动变阻器滑片使电流表示数为I额；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S1，断开开关S2，记录下此时电流表的示数为I；
③小灯泡的额定功率的表达式为P额=___________。
【答案】 ①. ②. 2.2 ③. 右 ④. 0.75 ⑤.
【解析】
【详解】（1）[1]在“测量小灯泡电功率”的实验中，除电压表外，其余元件都串联，而图中电流表与灯泡串联，电压表串联在电路中，是错误的，由于电压表正接线柱通过电流表负接线柱与灯泡左端相连，所以电压表要测灯泡两端的电压，需将电压表负接线柱与灯泡右端相连，故应该去掉灯泡与电流表正接线柱相连的导线，故作图如下
（2）[2]电压表接是小量程，分度值为0.1V，所以电压表示数为2.2V。
[3]要测量小灯泡的额定功率，需增大灯泡分得的电压，根据串联电路分压规律可知，应减小滑动变阻器接入的阻值，故应将滑片P向右端移动。
（3）[4]由丙图可知，当额定电压为2.5V时，电流为0.3A，所以小灯泡的额定功率为
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W
（4）[5]①闭合开关S、S2，断开开关S1，灯泡L与R0并联，电流表测量通过灯泡L的电流，调节滑动变阻器滑片使电流表示数为I额，此时灯泡L两端的电压为额定电压，等于R0两端的电压，即U额=U0；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S1，断开开关S2，电路结构没变，各电阻接入电路中的电阻不变，通过灯泡的电流仍为I额，电流表此时测量通过L和R0的总电流，为I，那么通过R0的电流为
那么R0两端的电压为
灯泡L两端的电压等于R0两端的电压，为额定电压，所以灯泡L额定电压为
③小灯泡的额定功率的表达式为
五、综合应用题（共6分）
24. “飞天梦永不失重，科学梦张力无限。”2021年12月、2022年3月，王亚平等三位航天员进行了天空课堂授课，两次天空科普课别开生面又富有意义，与青少年学子共话“太空梦”，一起向未来。
（1）2021年12月天空课堂第一课中“水球光学实验”：如图甲所示，微重力下的水球中注入气泡之后呈现正、反两个像。外圈儿较大的像是倒立的、放大的___________（选填“实”或“虚”）像，该成像原理与___________（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”）相似；
（2）2022年3月天空课堂第二课中“太空冰雪实验”：如图乙所示，航天员们提前准备好了一个装有过饱和乙酸钠溶液的袋子，将溶液通过管子挤出，在空间站里形成液体球。接着用沾了结晶核的毛根触碰过饱和乙酸钠溶液形成的液体球，液体球迅速变成“冰球”，用手摸上去，“冰球”竟然是热乎乎的。这是因为乙酸钠溶液___________（选填物态变化名称）成结晶颗粒时会___________（选填“吸收”或“放出”）热量的缘故；
（3）液桥演示实验：如图丙所示，在两块透明液桥板表面分别挤上两颗水球，水球接触后合成一个，说明分子间存在___________（选填“引力”或“斥力”）；然后将两块液桥板分开，水将两块液桥板连在了一起，中间就像架起一座长约10cm的液桥。如果这个实验在地面上完成，因为受到重力的影响，液桥的长度会___________（选填“变长”或“变短”）。
【答案】 ①. 实 ②. 幻灯机 ③. 凝固 ④. 放出 ⑤. 引力 ⑥. 变短
【解析】
【详解】（1）[1][2]水球相当于凸透镜，由凸透镜成像规律可知，实像都是倒立的；生活中幻灯机与这一成像原理相同。
（2）[3][4]液体球迅速变成“冰球”，发生了凝固现象，凝固过程要放出热量，所以“冰球”摸起来热乎乎的。
（3）[5][6]在天宫课堂“液桥”实验中，两块透明板上的水球接触后合成一个，说明分子间存在引力；然后将两块透明板分开，中间形成一个长约10cm的液桥。如果这个实验在地面上完成，因为地球上的水会受到重力的作用，所以因受到了重力影响，液桥的长度会变短。
物理学科
一、选择题（共21分。其中第1-6小题为单选题，每小题2分，第7-9小题为多选题，每小题3分，多选、错选不得分，漏选得1分）
注意：第1-6小题中每题只有一个选项正确
1. 一本物理书掉到了地上，小明和小红从不同的位置都看到了它，下列说法正确的是（ ）
A. 小明看到书是光发生漫反射，小红看到书是光发生镜面反射
B. 小明看到书是光发生镜面反射，小红看到书是光发生漫反射
C. 小明和小红看到书都是光发生漫反射
D. 小明和小红看到书都是光发生镜面反射
【答案】C
【解析】
【详解】物理书的表面凹凸不平，光照在上面发生漫反射，反射光线是向着四面八方的，所以小明和小红在不同的位置都能看到，故ABD错误；故C正确。
故选C。
2. 关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（ ）
A. 两物体温度相同，内能一定相同
B. 质量相等的不同燃料，完全燃烧时放出的热量越多的燃料，其热值也越大
C. 物体吸收热量，温度一定升高
D. 热传递过程中，内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移
【答案】B
【解析】
【详解】A．内能与物体的温度、质量有关，温度相同的物体内能不一定相等，故A错误；
B．热值是燃料完全燃烧放出的热量与其质量之比，质量相等的不同燃料，完全燃烧时放出的热量越多，其热值越大。故B正确；
C．物体吸收热量，温度不一定升高，例如：晶体在熔化过程中虽然继续吸热，但温度是不变的；故C错误；
D．热传递的条件是存在温度差，所以内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移，故D错误。
故选B。
3. 快递自动分拣系统展示了“中国制造”的实力。如图所示是水平分拣线的传动面上分拣快件时的情形，下列说法正确的是（ ）
A. 当快件随着传送带做匀速直线运动时，快件传动面上不受摩擦力
B. 当快件由静止变成运动时，其惯性会增大
C. 快件对传动面的压力与传动面对它的支持力是一对平衡力
D. 当快件随着传送带做匀速直线运动时，其机械能会增大
【答案】A
【解析】
【详解】A．匀速直线运动时，快件与传动面相对静止，没有相对运动的趋势也没有相对运动，所以快件没有受到摩擦力的作用，故A正确；
B．惯性的大小只与质量有关，当快件由静止变成运动时，质量不变，所以惯性大小不变，惯性的大小与速度无关，故B错误；
C．快件对传动面的压力作用在传动面上，传动面对它的支持力作用在快件上，二力不是作用在同一个物体上，所以不是一对平衡力，故C错误；
D．匀速直线运动时，快件质量和速度没有变化，所以动能不变；快件的质量和高度没有变化，所以势能没有变化。动能和势能统称为机械能，动能和势能都没有变化，所以机械能大小不变，故D错误。
故选A。
4. 两个相同的烧杯中分别装满了甲、乙两种不同的液体，把A、B两球（）分别轻轻放入两杯液体中，静止后处干如图所示状态。如果A、B两球排开液体的重力相等，则下列说法正确的是（ ）
A. 甲液体对容器底部的压强较大 B. 甲、乙两种液体对容器底部的压强相等
C. A球所受浮力更大 D. A球、B球所受浮力相等
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由图可知，A、B两球浸没在液体中，VA=VA排，VB=VB排，由于VA>VB，所以VA排>VB排；由于A、B两球排开液体的重力相等，所以ρ甲gVA排=ρ乙gVB排，由于VA排>VB排，所以ρ甲<ρ乙；由图可知，液体深度相等，且ρ甲<ρ乙，根据p=ρgh可知，甲液体对容器底部的压强较小，故AB错误；
CD．由于A、B两球排开液体的重力相等，根据阿基米德原理可知，A、B两球受到的浮力相等，故C错误，D正确。
5. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中（ ）
A. 电流表A2示数不变 B. 电流表A2示数变小
C. 电压表V示数变小 D. 电流表A1示数变大
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】如图，电阻R1与滑动变阻器并联，电流表A2测量通过电阻R1的电流，电流表A1测量干路上的电流；
AB．当滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中，R2阻值增大，但并联电路中各支路互不影响，则通过R1的电流不变，即电流表A2示数不变，故A符合题意，B不符合题意；
C．当滑动变阻器的滑片P向右移动时，因为电源电压保持不变，电压表测量并联支路电压或电源电压，故电压表V的示数不变，故C不符合题意；
D．当滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中，R2阻值增大，根据欧姆定律可知，通过R2的电流减小，通过R1的电流不变，所以干路中的电流等于支路电流之和，即减小，即电流表A1示数变小，故D不符合题意。
故选A。
6. 选项图中所示的装置中与甲图工作原理相同的是（ ）
A. 自发电手电筒 B. 话筒
C. 手摇式发电机 D. 扬声器
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】图甲中，线圈通电后，会发生转动，它的原理是磁场对通电线圈有力的作用。
A．自发电手电筒利用电磁感应现象制成的，故A不符合题意；
B．话筒利用的是电磁感应原理，故B不符合题意；
C．手摇式发电机利用电磁感应现象制成的，故C不符合题意；
D．扬声器的原理是磁场对通电线圈有力的作用，故D符合题意。
故选D。
注意：第7-9小题中每题至少有两个选项正确
7. 北京2022年冬奥会自由式滑雪比赛中，某位选手的运动轨迹如图所示，如果不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 选手在a点和c点的速度都为0，他在这两点的动能也为0
B. 选手在a点和e点都处于静止状态，他在e点时比在a点时的机械能小
C. 选手从a点下滑到b点的过程中，机械能保持不变
D. 选手从c点下落到d点的过程中，机械能保持不变
【答案】BD
【解析】
【详解】A．在a点速度零，说明动能为零，c点运动员在水平方向速度不为零，所以c点动能不为零，故A错误；
B．在a点和e点都处于静止状态，说明动能都为零，因为a点高度大于e点高度，所以a点重力势能就大于e点重力势能，因此他在e点时比在a点时的机械能小，故B正确；
C．从a点向b点运动过程中，因为有摩擦力，机械能不守恒，一部分转化成内能，机械能减少，故C错误；
D．从c点下落到d点过程中，如果不计空气阻力，运动员只受重力作用，其机械能守恒，故D正确；
故选BD。
8. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A. 使用试电笔时，手指千万不要接触笔尖金属体 B. 搬动电器前不需要断开电源开关
C. 空气开关跳闸，一定是总电流过大 D. 控制电灯的开关，要连接在零线和电灯之间
【答案】AC
【解析】
【详解】A．使用试电笔时，手指要接触金属尾，不能接触笔尖金属体，若接触笔尖金属体，会触电，故A正确；
B．为了安全用电，搬动电器前需要断开电源开关，故B错误；
C．空气开关跳闸，一定是总电流过大，可能是功率过大，也可能是电路中有短路的部分，故C正确；
D．控制电灯的开关，要连接在火线和电灯之间，故D错误。
故选AC。
9. 如图所示，电源电压为U，开关S闭合前、后，电压表指针位置不变，若电路中仅有一处故障，且只可能发生在电阻R1或R2上，则电压表示数及相应的故障分析正确的是（ ）
A. 若电压表示数为零，则一定是电阻R2短路
B. 若电压表示数为零，则一定是电阻R1断路
C. 若电压表示数为U，则可能是电阻R2断路
D. 若电压表示数为U，则可能电阻R1短路
【答案】BCD
【解析】
【详解】AB．若闭合开关前，电压表示数为零，说明电压表没有串联在电路中，则故障为R1开路；闭合开关后，电压表指针的位置不变，即电压表仍然无示数，也说明是R1开路，故B正确，A错误；
CD．若闭合开关前，电压表有示数，说明电压表串联在电路中，此时电压表的示数为电源电压U；闭合开关后，电压表指针的位置不变，即电压表仍然测电源电压，则故障可能是R1短路了（R1不分压），也可能是R2开路（此时电压表串联在电路中测电源电压），故CD正确。
故选BCD。
二、填空题（每空1分，共18分）
10. 为了预防新冠病毒，要做到戴口罩，勤洗手。
（1）制作口罩的熔喷无纺布纤维表面携带大量电荷，能够___________（选填“吸引”或“排斥”）空气中的轻小物体。
（2）如图甲所示，将口罩的弹性绳挂在耳朵上能戴稳口罩，但时间久了耳朵会感觉有点痛，这说明物体间力的作用是___________的。
（3）用如图乙所示的洗手液洗手时，会闻到酒精的气味，这是___________现象；洗手后，用力甩，可以把手上的液体甩掉，这是因为液体具有___________。
【答案】 ①. 吸引 ②. 相互 ③. 扩散 ④. 惯性
【解析】
【详解】（1）[1]纤维表面携带大量电荷，能够吸引空气中的轻小物体。
（2）[2]将弹性绳挂在耳朵上能戴稳口罩，但时间久了耳朵有点痛，说明力的作用是相互的。
（3）[3][4]在使用洗手液洗手时，会闻到洗手液的香味，这是扩散现象，是分子无规则运动形成的；洗手后用力甩手后，手静止，而水由于惯性还要继续运动而被甩掉。
11. 如图所示为吊车吊起货物示意图，利用伸缩撑杆可使吊臂绕O点缓慢转动，伸缩撑杆伸缩时对吊臂的支持力始终与吊臂垂直。则：
（1）吊臂是一个___________杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”）；
（2）伸缩撑杆匀速缓慢顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆对吊臂的支持力大小___________（选填“不变”、“变小”或“变大”）；
（3）吊车上有四个可以升降且底座宽大的方形支柱，在吊车工作时，将此四个支柱放下来，支撑在地面上，它们的作用是___________。
【答案】 ①. 费力 ②. 变小 ③. 增大受力面积，减小对地面的压强
【解析】
【详解】（1）[1]伸缩撑杆对吊臂施加的力为动力，货物对吊臂的拉力为阻力，由图可知，动力臂小于阻力臂，所以吊臂是一个费力杠杆。
（2）[2]伸缩撑杆为圆弧状，伸缩时对吊臂的支持力始终与吊臂垂直，动力臂保持不变，在伸缩撑杆缓慢匀速顶起吊臂的过程中，重物的阻力臂逐渐减小，由杠杆的平衡条件可知，伸缩撑杆受到支持力渐渐变小。
（3）[3]吊车工作时，将此四个支柱放下来，支撑在地面上，增大了地的受力面积，根据可知，压强减小。
12. 一辆汽车不小心陷进了泥潭中，司机按如图所示的甲、乙两种方法安装滑轮，均可将汽车从泥潭中拉出，如果汽车受到的阻力为1000N，则甲图中司机匀速拉动汽车的拉力至少为______N，两种方法中比较省力的是______（选填“甲”或“乙”）图。（滑轮重、绳重、绳与滑轮间的摩擦不计）
【答案】 ①. 1000 ②. 乙
【解析】
【详解】[1]甲图滑轮为定滑轮，使用它不省力，只能改变力的方向，则甲图人匀速拉动汽车的拉力至少为
F=f=1000N
[2]乙图滑轮为动滑轮，使用它最多可以省一半的力，则乙图人匀速拉动汽车的拉力至少为
由上述计算可知，F>F′，故比较省力的是乙图。
13. 如图所示，水壶的壶嘴和壶身构成一个___________，该电水壶使用时应使用三孔插座，使其金属外壳与___________（选填“火线”、“零线”或“大地”）相连。
【答案】 ①. 连通器 ②. 大地
【解析】
【详解】[1]水壶的壶嘴和壶身上端开口，下端连通，构成一个连通器。
[2]为了安全使用，电水壶的金属外壳应接地，这样即使外壳带电，电流也能通过地线流入大地，不会对人造成伤害。
14. 如图所示是一种测定油箱内油量的装置，其中R是滑动变阻器，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接。滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。当汽车行驶时，油箱中的油面下降，浮子随油面下降，带动滑动变阻器滑片________（选填“向上”或“向下”）移动，油量表的示数________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 向上 ②. 变小
【解析】
【详解】[1]油箱中的油量减少时，油面下降，由于滑杆可以绕固定轴O转动，所以当浮子随液面落下，带动滑杆使滑动变阻器滑片向上移动。
[2]油量减少时，油面下降，浮子随液面落下，带动滑杆使滑动变阻器滑片向上移动，使滑动变阻器连入电路的阻值变大，串联电路中总电阻等于各个用电器电阻之和，所以电路中总电阻增大，而总电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流会减小，油面下降，说明油量表示数变小。
15. 如图所示电路，电源电压保持不变，L1标有“6V 3W”，L2标有“9V 9W”，不计温度对灯丝电阻的影响，闭合开关S后，两灯均发光，此时两电压表示数之比U1∶U2______；若将两灯并联后接入6V电路中，L1的实际功率为P1、L2的实际功率为P2，则P1∶P2______。
【答案】 ①. 4∶7
②. 3∶4
【解析】
【详解】[1]灯泡L1的电阻为
灯泡L2的电阻为
由电路图可知，两灯泡串联，V2测L2的电压，V1测电源电压，根据分压原理可知
[2]若将两灯并联后接入6V电路中，他们的电功率之比为
16. 一盏标有“220V 100W”的白炽灯正常工作时的电流是______A（保留小数点后两位），这盏灯正常发光时的电阻是______Ω；将这盏灯单独接入装有如图所示的电能表的家庭电路中正常工作2h后，电能表的示数将变为______kW·h。
【答案】 ①. 0.45 ②. 484 ③. 1042.8
【解析】
【详解】[1][2]白炽灯的额定电压为220V，额定功率为100W，所以正常工作时的电流为
白炽灯正常发光时的电阻为
[3]将这盏灯单独接入家庭电路中正常工作2h，消耗的电能为
电能表显示的示数为
W2=W1+W=1042.6kW·h+0.2kW·h=1042.8kW·h
三、计算题（共18分。要求写出必要的文字说明、公式、主要运算过程、数值和单位）
17. 如图所示是一辆满载防疫物资的货车，其总质量为30t，静止时对水平地面的压强为。货车在平直公路上匀速行驶10min，消耗柴油10kg，发动机的输出功率为225kW。（g取10N/kg，柴油的热值）求：
（1）货车静止时车轮与水平地面接触的总面积是多大？
（2）货车发动机的效率多大？
【答案】（1）1m2；（2）31.4%
【解析】
【详解】解：（1）货车的总重力
G=mg=30×103kg×10N/kg=3×105N
货车静止时，车轮对水平地面的压力等于其重力，据 得，车轮与水平地面接触的总面积
（2）货车行驶10min，做的有用功
W=Pt=225×103W×10×60s=1.35×108J
燃烧柴油放出的热量
Q放=m柴油q=10kg×4.3×107J/kg=4.3×108J
货车发动机的效率
答：（1）货车静止时车轮与水平地面接触的总面积是1m2；
（2）货车发动机的效率是31.4%。
18. 为了缓解用眼疲劳，妈妈给小红购买了一款如图甲所示的电加热眼罩，如图乙所示是电热眼罩的工作原理图，可以通过手动调节高、中、低三挡加热。其相关数据如下表所示。充电电池电压为5V且保持不变，电热丝R1=5Ω、电热丝R2=10Ω，S3为单刀双掷开关（即S3只能接在触点a或b）。
型号
×××
额定充电（放电）电压
5V
电池容量
1800mA·h
求：
（1）若电池充满电，能够存储的电能是多少？
（2）当眼罩在低温挡工作时电功率是多少？
（3）若眼罩在高温挡正常工作10min，产生的热量是多少？
【答案】（1）3.24×104J；（2）1.67W；（3）4500J
【解析】
【详解】解：（1）若电池充满电，能够存储的电能
W=UIt=5V×1800×10-3A×3600s=3.24×104J
（2）由电路图可知，当S1闭合，S2断开，S3接a时，R1与R2串联，此时电路中总电阻最大，串联后的最大电阻为
Rmax=R1+R2=5Ω+10Ω=15Ω
由可知，电源电压不变，电路中电阻最大时，电功率最小，眼罩处于低温档，则眼罩在低温挡工作时的电功率为
（3）当开关S1、S2闭合，S3接b时，R1与R2并联，此时电路中总电阻最小，并联后的最小电阻为
由可知，电源电压不变，电路中电阻最小时，电功率最大，眼罩处于高温档，则眼罩在高温挡正常工作10min，产生的热量为
答：（1）若电池充满电，能够存储的电能为3.24×104J；
（2）当眼罩在低温挡工作时电功率约为1.67W；
（3）若眼罩在高温挡正常工作10min，产生的热量为4500J。
四、实验、作图题（共22分）
19. 如图，一束光射入水中，在水底形成光斑
（1）画出水面的反射光线；
（2）画出水中的折射线．
【答案】
【解析】
【详解】（1）根据入射光线画反射光线要遵循光的反射定律．先过入射点作出法线，然后根据反射光线、入射光线以及法线在同一平面内找到反射光线的大致位置，最后根据反射角等于入射角，画出反射光线，不要忘记标上箭头表示光的传播方向；
（2）因为水底形成光斑，故光斑就代表了光从水面传到水底的位置，只需要把入射点和光斑连接起来标上方向即是水中的折射线．
20. 在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中：
（1）如图甲所示，在确定铁夹B位置时，要保证温度计的玻璃泡要全部___________水中，且不要碰到容器底或容器壁；
（2）实验过程中，当水中产生了大量的气泡如图乙所示的情形时，此时温度计的示数如图丙所示，则示数是___________℃。水沸腾后继续加热，温度计的示数将_______（选填“升高”、“降低”或“不变”）；
（3）若小明和小亮两个实验小组所用的水在相同时间内吸收的热量相等，他们分别利用自己小组实验数据，画出了水的温度随时间变化图象如图丁a和b所示，我们可以判断实验时小明所用水的质量___________（选填“大于”、“等于”或“小于”）小亮所用水的质量。
【答案】 ①. 浸入 ②. 99 ③. 不变 ④. 小于
【解析】
【详解】（1）[1]使用温度计测量液体的温度时，其玻璃泡要全部浸没在水中，且不能碰到容器底或容器壁。在确定铁夹B的位置时，要注意以上各点。
（2）[2]图乙中，气泡在上升过程中变大，到水面会破裂开，是水沸腾时的情形。由图丙知，温度计的分度值为1℃，示数为99℃。
[3]水在沸腾过程中，需要持续吸热，但温度会保持不变。
（3）[4]由图像知，a图线中水的初温较低，加热至沸腾所用时间较少，即吸收的热量较少。b图线中水的初温较高，加热至沸腾所用时间较长，即吸收的热量较多，那么b图线中水的质量较大，即m1
（1）小明把光屏放在玻璃板后面，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是______（选填“实”或“虚”）像；
（2）小明将蜡烛A靠近玻璃板，像的大小将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）如图乙所示，若将玻璃板向左倾斜，观察到蜡烛A的像的大致位置在图中的______（选填“①”或“②”）处。
【答案】 ①. 虚 ②. 不变 ③. ②
【解析】
【详解】（1）[1]平面镜成像是光的反射，像是反射光线反射延长线的交点，并非由实际光线会聚而成，无法在光屏上承接，因此平面镜所成的像是虚像。
（2）[2]根据平面镜成像的特点，像与物是等大的。因此小明将蜡烛A靠近玻璃板，像的大小将不变。
（3）[3]根据平面镜成像的特点，像与物关于平面镜是对称的，若将玻璃板向左倾斜，观察到蜡烛A的像的大致位置在图中的②处。
22. 小丽在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验时，操作如下：
（1）如图甲所示小丽把一个饮料罐慢慢按入水中，感觉用力越来越大，由此猜想“浮力的大小可能与排开水的体积有关”，于是她设计如图乙所示实验步骤，根据___________两图可以验证猜想是否正确。
（2）通过观察b、e两图，得出了“浮力的大小与液体密度有关”的结论，你认为这样得出结论是否合理：___________（选填“是”或“否”），请你说出理由___________。
（3）通过观察c、d图的实验数据，可知浮力与物体浸没在液体中的深度____（选填“有关”或“无关”）。
（4）用图示实验数据测得物体A的密度是_______。
（5）实验过程中，小丽联想到压强知识，提出了下面的问题，请你帮助解答：若b、d两图中A下表面受到水的压强分别是p1、p2，则___________（填“>”“<”或“=”）；
同组的小红利用实验桌上的薄铁片、烧杯和水进行了如下的实验，实验步骤如下：
步骤一：将铁片放入盛水的烧杯中，铁片下沉至杯底；
步骤二：将铁片弯成“碗状”再放入水中，它漂浮在水面上。
通过分析可知，步骤一中铁片受到的浮力___________步骤二中铁片受到的浮力（选“大于”，“等于”或“小于”）。
【答案】 ①. bc ②. 否 ③. 见解析 ④. 无关 ⑤. 4×103 ⑥. < ⑦. <
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]要验证浮力大小和物体排开液体体积的关系，就要保证液体的密度一定而物体排开液体的体积不同，故图bc或bd符合题意。
（2）[2][3]观察b、e两图可知，物体排开液体的体积不同，液体的密度也不同，不能得出物体受到的浮力大小与液体的密度有关，故结论是不合理的，因为研究浮力大小与液体的密度的关系，要保证排开液体的体积相等。
（3）[4]通过观察c、d图的实验数据，深度不同，液体的密度相同，弹簧测力计的示数相同，由称重法可知浮力相同，可知浮力与物体浸没在液体中的深度无关。
（4）[5]由图a与c可知，A在水中受到的浮力
F浮=G-F=4N-3N=1N
物体A的体积
=1×10-4m3
A的密度
=4×103kg/m3
（5）[6]由图可知，物体A下表面在b图中所处的深度小于在d图中的深度，由p=ρgh可知
p1＜p2
[7]由物体的浮沉条件可知，铁片下沉时
F浮1＜G
铁片漂浮时
F浮2=G
F浮1＜F浮2
23. 在“测量小灯泡电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻大约8Ω左右。
（1）如图甲所示是连接的实物电路图，图中只有一根导线连接错误，请你在图中用“×”标出这根错接的导线，只改接一根导线使电路成为正确的电路（不能与其他导线交叉）；_______
（2）排除故障后，移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为___________V；此时要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向___________（选填“左”或“右”）端移动；
（3）移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图丙所示的I-U图像，由图像可计算出小灯泡的额定功率是___________W；
（4）完成上述测量后，小明不用电压表，用如图丁所示的电路测量另一个额定电流已知的小灯泡的额定功率。小灯泡的额定电流I额已知，定值电阻的阻值R0已知，实验步骤如下，请你帮助小明补充完整：
①闭合开关S、S2，断开开关S1，调节滑动变阻器滑片使电流表示数为I额；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S1，断开开关S2，记录下此时电流表的示数为I；
③小灯泡的额定功率的表达式为P额=___________。
【答案】 ①. ②. 2.2 ③. 右 ④. 0.75 ⑤.
【解析】
【详解】（1）[1]在“测量小灯泡电功率”的实验中，除电压表外，其余元件都串联，而图中电流表与灯泡串联，电压表串联在电路中，是错误的，由于电压表正接线柱通过电流表负接线柱与灯泡左端相连，所以电压表要测灯泡两端的电压，需将电压表负接线柱与灯泡右端相连，故应该去掉灯泡与电流表正接线柱相连的导线，故作图如下
（2）[2]电压表接是小量程，分度值为0.1V，所以电压表示数为2.2V。
[3]要测量小灯泡的额定功率，需增大灯泡分得的电压，根据串联电路分压规律可知，应减小滑动变阻器接入的阻值，故应将滑片P向右端移动。
（3）[4]由丙图可知，当额定电压为2.5V时，电流为0.3A，所以小灯泡的额定功率为
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W
（4）[5]①闭合开关S、S2，断开开关S1，灯泡L与R0并联，电流表测量通过灯泡L的电流，调节滑动变阻器滑片使电流表示数为I额，此时灯泡L两端的电压为额定电压，等于R0两端的电压，即U额=U0；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S1，断开开关S2，电路结构没变，各电阻接入电路中的电阻不变，通过灯泡的电流仍为I额，电流表此时测量通过L和R0的总电流，为I，那么通过R0的电流为
那么R0两端的电压为
灯泡L两端的电压等于R0两端的电压，为额定电压，所以灯泡L额定电压为
③小灯泡的额定功率的表达式为
五、综合应用题（共6分）
24. “飞天梦永不失重，科学梦张力无限。”2021年12月、2022年3月，王亚平等三位航天员进行了天空课堂授课，两次天空科普课别开生面又富有意义，与青少年学子共话“太空梦”，一起向未来。
（1）2021年12月天空课堂第一课中“水球光学实验”：如图甲所示，微重力下的水球中注入气泡之后呈现正、反两个像。外圈儿较大的像是倒立的、放大的___________（选填“实”或“虚”）像，该成像原理与___________（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”）相似；
（2）2022年3月天空课堂第二课中“太空冰雪实验”：如图乙所示，航天员们提前准备好了一个装有过饱和乙酸钠溶液的袋子，将溶液通过管子挤出，在空间站里形成液体球。接着用沾了结晶核的毛根触碰过饱和乙酸钠溶液形成的液体球，液体球迅速变成“冰球”，用手摸上去，“冰球”竟然是热乎乎的。这是因为乙酸钠溶液___________（选填物态变化名称）成结晶颗粒时会___________（选填“吸收”或“放出”）热量的缘故；
（3）液桥演示实验：如图丙所示，在两块透明液桥板表面分别挤上两颗水球，水球接触后合成一个，说明分子间存在___________（选填“引力”或“斥力”）；然后将两块液桥板分开，水将两块液桥板连在了一起，中间就像架起一座长约10cm的液桥。如果这个实验在地面上完成，因为受到重力的影响，液桥的长度会___________（选填“变长”或“变短”）。
【答案】 ①. 实 ②. 幻灯机 ③. 凝固 ④. 放出 ⑤. 引力 ⑥. 变短
【解析】
【详解】（1）[1][2]水球相当于凸透镜，由凸透镜成像规律可知，实像都是倒立的；生活中幻灯机与这一成像原理相同。
（2）[3][4]液体球迅速变成“冰球”，发生了凝固现象，凝固过程要放出热量，所以“冰球”摸起来热乎乎的。
（3）[5][6]在天宫课堂“液桥”实验中，两块透明板上的水球接触后合成一个，说明分子间存在引力；然后将两块透明板分开，中间形成一个长约10cm的液桥。如果这个实验在地面上完成，因为地球上的水会受到重力的作用，所以因受到了重力影响，液桥的长度会变短。
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