2021年山东省临沂市中考物理试题含解析（教师用）

这是一份2021年山东省临沂市中考物理试题含解析（教师用），共24页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

 2021年中考(临沂)物理试题
一、选择题(每题所列出的四个选项中，只有一项最符合要求，每题2分，共40分)
1. 下列估测，最接近生活实际的是(　　)
A. 中学生课桌的高度约8dm B. 人正常步行的速度约18km/h
C. 九年级物理课本重约10N D. 家用台灯的额定电流约2A
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】A．中学生课桌的高度约8dm

故A符合题意；
B．人正常步行的速度约

故B不符合题意；
C．九年级物理课本重约3N，故C不符合题意；
D．家用台灯的额定电流约0.2A，故D不符合题意。
故选A。
2. 为庆祝建党100周年，激发爱党爱国热情，我市部分学校组织了“弘扬沂蒙精神，传承红色基因”大型合唱比赛，下列判断正确的是(　　)
A. 歌声是空气的振动产生的 B. 使用扩音器可以增大声速
C. 男低音演员歌声的响度小 D. 女高音演员歌声的音调高
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．声音是由物体的振动产生的，歌声是由歌唱者声带振动产生的，故A错误；
B．使用扩音器是为了增大声音的响度，故B错误；
C．男低音演员的歌声音调低响度大，故C错误；
D．女高音演员的歌声音调高响度小，故D正确。
故选D。
3. 下列各图所示的工具，正常使用时省力的是(　　)
A 镊子 B. 羊角锤
C. 定滑轮 D. 筷子
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】AD．镊子、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，不省力，故AD不符合题意；
B．羊角锤在撬钉子时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，可以省力，故B符合题意；
C．定滑轮是等臂杠杆，不能省力，故C不符合题意。
故选B。
4. 下列认知或做法，符合安全用电原则的是(　　)
A. 低于220V的电压都是安全的 B. 电路起火时先灭火后断电
C. 将家用电器的金属外壳接地 D. 将开关接在零线与电灯之间
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．不高于36V的电压对人体是安全的，故A不符合题意；
B．家用电器起火时，应先切断电源再灭火，故B不符合题意；
C．外壳为金属的用电器，使用三线插头将金属外壳接地，是为了防止漏电而采取的安全措施，符合安全用电原则，故C符合题意；
D．为了保证用电的安全，控制用电器的开关应该接在该用电器与火线之间，故D不符合题意。
故选C。
5. 2021年5月26日，天空先后出现超级月亮和月全食的少见天象，与月全食成因相同的是(　　)
A. 墙上“兔” B. 水中“塔”
C. 空中“桥” D. 镜中“字”
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】月全食是由光在真空或同种均匀介质中沿直线传播形成的；
A．墙上“兔”属于影子，是由光的直线传播形成的，故A符合题意；
B．水中“塔”是倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的现象，故B不符合题意；
C．空中“桥”是彩虹，是光的色散现象，是由光的折射形成的，故C不符合题意；
D．镜中“字”是光的折射形成的，故D不符合题意。
故选A。
6. 临沂是“中国物流之都”，仓储管理尤为重要。某仓库管理员设计了一个电路，确保无论前后门来人按下开关，电铃都会响起，但代表前后门的灯会分别被点亮。下列四种设计，最佳的是(　　)
A. B.
C D.
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】无论前后门来人按下开关，电铃都会响起，但代表前后门的灯会分别被点亮，电铃最好放在干路上，两个灯并联，各用一个开关控制，比使用两个电铃更加简便，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
7. 2021年5月15日，我国“天问一号”火星探测器稳稳降落在火星的乌托邦平原，探测器经过借助火星大气进行气动减速等一系列减速措施后，再经过反推发电机进行动力减速，距离火星表面100m时，进入悬停阶段，完成精避障和缓速下降后抵达火星表面，如图所示，下列判断错误的是(　　)

A. 探测器与地面控制系统间靠电磁波传递信息
B. 反推发电机利用了热值大，密度小的燃料
C. 悬停阶段，探测器相对火星表面是静止的
D. 落地后，探测器的影子是光的反射形成的
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．电磁波传播不需要介质，探测器与地面控制系统间靠电磁波传递信息，故A正确，不符合题意；
B．热值大的燃料，相同质量完全燃烧放热更多，密度小，相同体积质量小，更轻便，故B正确，不符合题意；
C．悬停阶段，探测器相对火星表面位置不变，是静止的，故C正确，不符合题意；
D．探测器的影子是光的直线传播形成的，故D错误，符合题意。
故选D。
8. 2021年3月22日是第二十九个世界水日，节约用水是每个公民的义务和责任，下图所示水分物体变化，吸放热情况与其他三个不同的是(　　)
A. 冰融水开 B. 雾绕险峰
C. 露润绿叶 D. 霜打枝头
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】冰熔化需要吸热；雾是液化形成的，需要放热；露是液化形成的，需要放热；霜是凝华形成的，需要放热，故A不同，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
9. 2021年5月10日上午，格力电器在全球布局的第十六大基地，也是在山东省布局的唯一工业制造项目——格力电器(临沂)智能制造生产基地项目开工奠基仪式在临沂综合保税区举行。正在制冷模式下工作的格力空调(　　)
A. 将电能全部转化为内能 B. “超静音”是指声音的音调低
C. 出风口处的“白气”是液化的结果 D. 通过做功方式降低了房间的温度
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．空调工作将电能转化为内能和机械能，故A不符合题意；
B．“超静音”是指声音的响度小，故B不符合题意；
C．“白气”是空气中水蒸气液化成的小液滴，故C符合题意；
D．空调通过热传递降低了房间温度，故D不符合题意。
故选C。
10. 我市滨河景区湿地公园是全国最大的城市湿地公园，大量珍稀水禽在此迁徙繁殖，如图所示，一只白鹭正在平静的水面上展翅起飞。关于白鹭在水中所成的像，下列说法正确的是(　　)

A. 水中的像是光的折射形成的
B. 白鹭飞得越高，水中的像越小
C. 河水越深，水中的像离水面越远
D. 水中的像与白鹭关于水面对称
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．白鹭在水中所成的像，是平面镜成像，属于光的反射，故A错误；
B．根据平面镜成像的特点：像与物大小相等，可知白鹭飞得越高，水中的像大小不变，故B错误；
C．根据平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等，可知不会因为河水变深导致水中的像离水面越远，故C错误；
D．根据平面镜成像的特点：平面镜所成的像与物体关于镜面对称，可知水中的像与白鹭关于水面对称，故D正确。
故选D。
11. 2021年4月13日，在奥运会女足亚洲区淘汰赛中，中国女足战胜韩国队，闯进东京奥运会，关于足球运动，下列说法正确的是(　　)
A. 运动员鞋底的花纹可以减小与草地的摩擦
B. 踢球时脚疼说明物体间力的作用是相互的
C. 在空中运动到最高点的足球受到平衡力作用
D. 在草地上滚动的足球因不受力而逐渐停下
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．运动员鞋底的花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故A错误；
B．踢球时脚给球作用力，球也给脚反作用力，所以脚感到疼，说明物体间力的作用是相互的，故B正确；
C．在空中运动到最高点的足球只受重力，不受平衡力，故C错误；
D．在草地上滚动的足球因受阻力而逐渐停下，故D错误。
故选B。
12. 2021年5月20日，第五届世界智能大会在天津梅江会展中心隆重开幕，长安智能化汽车UNI——K(如图)充分展现了“中国智造”科技风采，UNI——K不仅可以实现自动刷脸识别车主身份、车内拍抖音、全速自适应巡航等众多功能，其炫酷的转向灯也尽显奢华。关于UNI——K，下列判断正确的是(　　)

A. 车内的集成电路由超导材料制成
B. 左右转向灯之间是并联连接的
C. 拍抖音时，景物通过摄像头成虚像
D. 汽车的电动机利用了电磁感应原理
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．车内的集成电路由半导体材料构成，而非由超导体材料构成，故A错误；
B．左右转向灯可以单独工作，故是并联连接，故B正确；
C．拍抖音时，摄像头成的是倒立缩小的实像，故C错误；
D．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故D错误。
故选B。
13. 甲、乙两个相同的装置分别由U型磁铁、导体棒和支架构成，导体棒ab和cd由导线连接，如图所示，闭合开关并向右移动ab，cd也会随之向右运动，关于此现象，下列判断正确的是(　　)

A. 甲装置相当于电动机
B. 乙装置相当于发电机
C. 向左移动ab，cd仍向右运动
D. 甲装置将机械能转化为电能
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．甲装置中导体棒ab向右运动，切割磁感线产生感应电流，相当于发电机，故A错误；
B．感应电流流过导体棒cd，在磁场作用下，导体棒cd向右运动，乙装置相当于电动机，故B错误；
C．向左移动ab，会切割磁感线产生感应电流，由右手定则得，产生的感应电流方向为b到a。感应电流流过cd，在磁场作用下，cd会运动。由左手定则得，cd向左运动，故C错误；
D．甲装置中导体棒ab向右运动，切割磁感线产生感应电流，将机械能转化为电能，故D正确。
故选D。
14. 我市积极响应国家“接种新冠疫苗，共筑免疫屏障”的号召，有序推进全民新冠病毒疫苗预防接种工作，下列说法正确的是(　　)
A. 用酒精棉球消毒时，酒精很快吸热升华
B. 注射器尖细的针头可以增大对皮肤的压强
C. 将药液吸入注射器的针筒利用了帕斯卡定律
D. 进行肌肉注射时，大气压将药液压入人的肌肉中
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．用酒精棉球消毒时，酒精很快吸热汽化，故A错误；
B．注射器尖细的针头，在压力一定时通过减小受力面积增大压强，故B正确；
C．将药液吸入注射器时，针筒内的气压减小，药液受到外界大气压的作用，会被压入针筒，故C错误；
D．打针时是推力将药液压入肌肉里的，故D错误。
故选B。
15. 下列与热现象有关的说法，正确的是(　　)
A. 固体很难被压缩说明分子间没有间隙 B. 0℃的物体也有内能，但一定很小
C. 物体吸收热量后，温度不一定升高 D. 汽油机的做功冲程将机械能转化为内能
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．固体很难被压缩，这是因为分子间存在斥力，故A错误；
B．0℃的物体也有内能，但内能的大小还与物体的质量、材料、状态等因素有关，故只有温度，无法确定物体内能的大小，故B错误；
C．物体吸收热量后，温度不一定升高，如晶体熔化过程中，晶体虽然吸收热量，但是温度不变，故C正确；
D．汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能，故D错误。
故选C。
16. 下图是做电学实验时所用电路的一部分，根据图中两表的示数，一定可以测出灯泡(　　)

A. 正常发光时的电阻 B. 实际电功率
C. 消耗电能 D. 产生的热量
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．电压表测小灯泡两端实际电压，电流表测流过小灯泡的实际电流。但小灯泡的电阻受温度影响，正常工作时的电阻不能由该电路测出，故A不符合题意；
B．小灯泡的实际功率，由该电路可以测出小灯泡的实际功率，故B符合题意；
C．小灯泡消耗的电能，要测出小灯泡消耗的电能，必须要测量小灯泡的通电的时间，该电路不能测出小灯泡消耗的电能，故C不符合题意；
D．要测小灯泡产生的热量，需要测量通电时间，该电路不能测出小灯泡产生的热量，故D不符合题意。
故选B。
17. 2021年4月7日，我国自主研发的深海钻探“利剑”——“海牛Ⅱ号”抵达2060m的海底，并成功下钻231m，刷新了深海海底钻机的世界纪录。在海面下匀速竖直下潜的“海牛Ⅱ号”(　　)
A. 重力不做功 B. 机械能不变
C. 所受压强减小 D. 排开海水的质量不变
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．“海牛Ⅱ号”受到竖直向下重力的作用，已知其在海面下匀速竖直下潜，即在重力的方向上移动了距离，重力做功，故A不符合题意；
B．“海牛Ⅱ号”在海面下匀速竖直下潜，因其速度不变，故其动能不变，但因高度变小，其重力势能变小，故其机械能变小，故B不符合题意；
C．“海牛Ⅱ号”在海面下下潜过程中，所处的深度变大，根据，因此所受压强增大，故C不符合题意；
D．“海牛Ⅱ号”在海面下匀速竖直下潜过程中，排开海水的体积保持不变，根据，排开海水的质量不变，故D符合题意。
故选D。
18. 如图所示电路，闭合开关后两灯均正常发光，下列判断正确的是(　　)

A. 电流表A1测通过灯L1的电流
B. 两电流表的示数一定不相同
C. 两灯的额定功率一定不相同
D. 仅断开S2，电流表A2的示数不变
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】AB．从图中可以看出，两灯泡并联，电流表A1测通过灯L2的电流，电流表A2测通过总电路的电流，电流表A1示数小于电流表A2示数。故A错误，B正确；
C．两灯泡并联，电压相等，当灯泡的电阻相同时，灯泡的功率相等。故C错误；
D．仅断开S2，电路中只有灯泡L1工作，电流表A2测量L1电流，示数比原来小。故D错误。
故选B。
19. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关，将滑动变阻器的滑片由最右端向左移动至中点的过程中(　　)

A. 灯泡的亮度变大 B. 电流表的示数不变 C. 电压表的示数变小 D. 电路的总功率变大
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】灯和变阻器并联，电流表测总电流，电压表测电源电压，将滑动变阻器的滑片由最右端向左移动至中点的过程中，变阻器电阻变小，总电阻变小，电流表示数变大，因为并联，灯泡亮度不变，电源电压不变，电压表示数不变，根据P=UI，电路的总功率变大，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
20. 放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示，则(　　)

A. 物体a的密度大
B. 物体b受到的浮力小
C. 甲容器底部受到的压力小
D. 两容器对桌面的压强一样大
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．a物体处于漂浮状态，受到的浮力等于自身重力，即

则

物体a漂浮，，故；
b物体处于悬浮状态，受到的浮力等于自身重力，即

则

物体b漂浮，，故，所以，故A错误；
B．两物体所受浮力，两容器中液体密度相同，a排开的液体体积较小，故a受到的浮力较小，故B错误；
C．容器的受到的压强，两容器中盛同种液体，液体密度相同，两容器底所处深度也相同，故两容器底所受压强相同。容器底所受压力，两容器底面积相同，容器底所受压强相同，故两容器底所受压力相同，故C错误；
D．两容器规则，，容器底所受压力相同，故容器中液体和物体的重力相同。容器对水平桌面的压力等于容器、物体和液体的总重力，故两容器对水平桌面的压力相等，受力面积相同，故两容器对桌面的压强一样大，故D正确。
故选D。
二、填空题(每空1分，共18分)
21. 2020年12月17日凌晨，嫦娥五号月球探测器带着“月球土特产”安全着陆。嫦娥五号探测器由上升器，着陆器、返回器和轨道器四部分组成。着陆器和上升器的组合体降落至月球表面后完成月球采样，并将携带的国旗在月面展开，最终，独自携带1731g月球样品的返回器先以高速进入地球大气层，然后借助大气层提供的升力“打水漂”后跳起来，之后再重新进入大气层才安全返回地面(如图)

(1)国旗上的五角星呈现黄色是因为五角星只________(选填“反射”或“吸收”)黄光。
(2)返回器加速下降的过程中，动能________(选填“增大”“减小”或“不变”)；进入大气层与大气摩擦导致其温度升高，这是通过_________的方式改变了内能；借助大气层提供的升力“打水漂”，说明力可以改变物体的__________；安全返回的返回器将地面砸出个大坑，说明力可以改变物体的_________。
(3)1731g月球样品到达地球后，质量________(选填“变大”“变小”或“不变”)
【答案】 (1). 反射 (2). 增大 (3). 做功 (4). 运动状态 (5). 形状 (6). 不变
【解析】
【分析】
【详解】(1)[1]五角星是不透明的，不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的，黄色的五角星只反射黄光，所以呈现黄色。
(2)[2]动能的影响因素是质量和速度，返回器加速下降的过程中，质量不变，速度变大，故动能增大。
[3]返回器进入大气层后与大气摩擦，内能增加温度升高，这是通过做功的方式增加了内能。
[4]返回器借助大气层提供的升力“打水漂”，是运动状态发生了改变，即力可以改变物体的运动状态。
[5]安全返回的返回器将地面砸出个大坑，地面的形状发生了改变，即力可以改变物体的形状。
(3)[6]质量是物体的属性，不随着位置的改变而改变。
22. 2021年2月4日晚，北京冬奥会倒计时一周年活动在国家游泳中心“冰立方”举行，下图是中国女子冰壶队积极备战训练的情景。掷球员将冰壶沿水平冰面推出后，冰壶由于________继续向前运动；刷冰员不停地刷冰面可以________(选填“增大”或“减小”)冰壶受到的摩擦力；如果摩擦力为零，运动的冰壶将_________(选填“静止”“逐渐停下来”或“做匀速直线运动”)。

【答案】 (1). 惯性 (2). 减小 (3). 做匀速直线运动
【解析】
【分析】
【详解】[1]一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫做惯性。冰壶推出后还能继续向前运动，就是因为冰壶具有惯性。
[2]刷冰员不停地刷冰面，使冰面变得光滑，是为了减小摩擦阻力。
[3]根据牛顿第一定律可知，原本运动的物体不受力，物体将做匀速直线运动。
23. 如图所示，由通电螺线管的磁感线方向可知，电流表的上端为_______接线柱；静止的小磁针的左端为_________极。

【答案】 (1). 正 (2). N
【解析】
【分析】
【详解】[1][2]由图磁感线可知，螺线管左端为N极，右端S极，因为异名磁极相互吸引，小磁针左端N极，根据安培定则，电流左进右出，所以电流表的上端为正接线柱。
24. 2021年4月23日，海军三型主战舰艇--------长征18号艇，大连舰、海南舰在海南三亚某军港集中交接入列。中共中央总书记、国家主席、中央军委主席习近平出席交接入列活动并登上舰艇视察，如图所示的大连舰满载排水量大12300t，则其满载时受到的浮力为______N(g取10N/kg)；舰载直升机起飞后，大连舰受到的浮力______(选填“变大”“变小”或“不变”)；两只舰艇不能近距离高速并排航行，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越______，容易相撞。

【答案】 (1). 1.238 (2). 变小 (3). 小
【解析】
【分析】
【详解】[1] 满载排水量
m排=12300t=1.23107kg
由阿基米德原理可得其满载时受到浮力
F浮=G排=m排g=1.23107kg10N/kg=1.23108N
[2] 舰载直升机起飞后，大连舰自重力变小因大连舰仍然漂浮，所以根据物体浮沉条件可知，大连舰受到的浮力变小。
[3] )当两舰艇高速并排航行时，两舰艇之间水的流速大，压强小，容易发生撞船事故，故不能并排行驶。
25. 仅将一把电热水壶接入图示电能表所在的电路，正常工作6min，电能表的转盘转过了360r，则电热水壶消耗的电能为_________kW·h，电功率为________kW。

【答案】 (1). 0.12 (2). 1.2

【解析】
【分析】
【详解】[1]电能表的转盘转过了360r，电热水壶消耗的电能
W=×1kW·h=×1kW·h=0.12kW·h
[2]电热水壶消耗的电能
W=0.12kW·h=4.32×105J
电热水壶工作的时间
t=6min=360s
电热水壶的电功率
P===1200W=1.2kW
26. 如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关，将滑动变阻器的滑片由最右端向左移动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，则定值电阻R1的阻值为__________Ω；电路消耗的最小功率为__________W。

【答案】 (1). 10 (2). 1.3
【解析】
【分析】
【详解】[1]滑动变阻器的滑片在最右端，根据串联分压原理，电压表示数12V，电源电压为
U=12V+0.1A×R1
电压表示数3V时电源电压为
U=3V+1A×R1
联立解得U=13V，R1=10Ω。
[2]因为电源电压不变，电流最小总功率最小，所以滑动变阻器的滑片在最右端时，电路消耗的最小功率为
P=UI=13V×0.1A=1.3W
三、作图与实验题(第27题2分，第28题5分，第29题4分，第30题6分，第31题7分，共24分)
27. 如图所示，茶壶静止在水平桌面上，请画出它所受力的示意图(将力的作用点画在茶壶的重心O点上)。

【答案】
【解析】
【分析】
【详解】茶壶静止，则受平衡力，这两个力是竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，重力从重心竖直向下画，标出符号G，支持力从重心竖直向上画，标出符号F，注意所画的长度要相等。

28. 在“探究水的沸腾特点”的实验中。
(1)组装如图甲所示的实验装置时，应先调节_________(选填“A”或“B”)固定夹的位置。
(2)水银和酒精是液体温度计常用的测温物质，由表格乙中的数据可知，本实验应选用___________制作的温度计。


测温物质
凝固点/℃
沸点/℃
水银
-39
357
酒精
-117
78
注：在1个标准大气压下
乙

(3)实验过程中，某时刻温度计的示数如图甲所示，此时水的温度为________℃。
(4)实验结束后撤去酒精灯，水还会继续沸腾一小会儿，这是因为_____________。
(5)图丙是a、b两个实验小组根据实验数据描绘出的水的沸腾图像，两图线不同的原因可能是__________(选填序号)
A.酒精灯的火焰相同，a组水的质量大B.水的质量相同，b组酒精灯的火焰小
【答案】 (1). A (2). 水银 (3). 93 (4). 见详解 (5). B
【解析】
【分析】
【详解】(1)[1]在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先确定A的位置。
(2)[2]水的沸点在100℃左右，高于酒精的沸点，所以不能选择酒精温度计，应选择水银温度计。
(3)[3]温度计分度值1℃，示数为93℃。
(4)[4]撤去酒精灯后，烧杯底部石棉网有余热，温度高于烧杯温度，水可以继续吸热，故水可以继续沸腾。
(5)[5]a升温较快，可能是酒精灯的火焰相同，a组水的质量小，或者水的质量相同，b组酒精灯的火焰小，故选B。
29. 小明用焦距为15.0cm的凸透镜探究凸透镜的成像规律，当各器材位置如图所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像


(1)实验前，应调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在______________。
(2)此时烛焰的成像特点与_________(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)的成像特点相同。
(3)实验时，若一只苍蝇落在了凸透镜上，光屏上_______(选填“有”或“没有”)苍蝇的像。
(4)小明将一副远视眼镜的镜片放在蜡烛与凸透镜之间且靠近凸透镜的地方，若保持光屏的位置不变，仅将蜡烛向_________移动适当距离，光屏上即可重新承接到烛焰清晰的像。
【答案】 (1). 同一高度 (2). 照相机 (3). 没有 (4). 右
【解析】
【分析】
【详解】(1)[1]实验前，首先应调节凸透镜、光屏和烛焰，使它们的中心大致在同一高度，这样烛焰的像才可以成在光屏的中央。
(2)[2]物距大于像距，成倒立缩小实像，是照相机成像原理。
(3)[3]若一只苍蝇落在了凸透镜上，物距小于焦距，光屏上不成像。
(4)[4]远视眼镜是凸透镜，有会聚作用，像会左移。此时将物体右移，物距减小，像变远，光屏上即可重新承接到烛焰清晰的像。
30. 2021年初夏，我市部分山区在精准扶贫政策扶持下种植的大樱桃喜获丰收，小明想知道大樱桃的密度，他用天平和量筒进行了如下实验。

(1)把天平放在水平桌面上，先将____________后，再调节天平横梁平衡。
(2)测量大樱桃的质量时，将最小为5g的砝码放在天平右盘中后，分度盘指针如图甲所示。此时应____________，使横梁平衡，横梁平衡后，所用砝码和游码的位置如图乙所示，则大樱桃的质量为_________g。
(3)用细线拴住大樱桃并放入装有适量水的量筒中，水面上升到如图丙所示位置。接着将大樱桃提出后，量筒中的水面下降到60mL刻度线处，则大樱桃的体积为________cm3，大樱桃的密度为_________kg/m3。
(4)小明所测大樱桃的密度_________(选填“大于”“小于”或“等于”)真实值。
【答案】 (1). 游码移到标尺的零刻线处 (2). 取下5g砝码并向右移动游码 (3). 10.4 (4). 10 (5). (6). 小于
【解析】
【分析】
【详解】(1)[1]将天平放在水平台面上，调平衡螺母前，先把游码移到标尺的零刻线处。
(2)[2]测量质量时加入最小的5g砝码后，指针偏向右侧，说明砝码的总质量较大，接下来的下来的操作是取下5g砝码并向右移动游码，直至天平平衡。
[3]大樱桃的质量为
m=10g+0.4g=10.4g
(3)[4]大樱桃的体积为
V=70cm3-60cm3=10cm3
[5]大樱桃密度为

(4)[6]大樱桃提出后，会带出水，导致测得樱桃体积偏大，根据，密度偏小。
31. 用图甲所示电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的电阻，根据实验数据绘制的小灯泡的I——U图像如图乙所示。


(1)为保证实验顺利进行，应选用___________(选填序号)滑动变阻器。
A.“10Ω0.5A”B.“50Ω0.3A”C.“100Ω0.2A”
(2)用笔画线代替导线，将图甲所示电路补充完整___________。
(3)电路连接完整后闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，可能是小灯泡___________。
(4)排除故障后进行实验，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电流表示数如图丙所示，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向________(选填“左”或“右”)移动。
(5)由图像可知，小灯泡正常发光时的电阻为_______Ω；额定功率为_________W。
(6)由图像可知，实验过程中小灯泡的电阻是逐渐变大的，滑动变阻器接入电路的电阻是逐渐变小的，则小灯泡电阻的变化量ΔRL_______(选填“大于”“小于”或“等于”)滑动变阻器的变化量ΔR。
【答案】 (1). A (2). (3). 短路 (4). 右 (5). 10 (6). 0.625W (7). 小于
【解析】
【分析】
【详解】(1)[1]由图乙可知，灯泡额定电压为2.5V，灯泡的额定电流为0.25A；由图甲可知电源由三节干电池组成，则电源电压
U=3×1.5V=4.5V
则灯泡正常工作时滑动变阻器的阻值
R滑===8Ω
故当灯泡正常发光时，滑动变阻器的电阻为8Ω，电流为0.25A，故选用A滑动变阻器更合适。
故选A。
(2)[2]测量小灯泡电阻时，电路为串联电路，电压表测量小灯泡两端的电压，灯泡的额定电压为2.5V，故选择0~3V量程，实物图连接如下

(3)[3]小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路短路，电压表无示数说明与电压表并联的用电器短路，故可能原因是小灯泡短路。
(4)[4]由图甲可知，电流表选用的量程为0~0.6A，由图丙可知，此时电流表分度值为0.02A，故电流表示数为0.16A，此时电流没有达到小灯泡额定电流，故需要使电路中电流增大，即滑动变阻器阻值需要减小，由图甲可知，滑动变阻器需要向右移动。
(5)[5][6]由图乙可知，灯泡额定电压为2.5V，灯泡的额定电流为0.25A，此时灯泡正常发光，则正常发光时的电阻
R===10Ω
正常发光时的额定功率
P=UI=2.5V×0.25A=0.625W
(6)[7]小灯泡的电阻是逐渐变大的，滑动变阻器接入电路的电阻是逐渐变小的，此时电路中的电流变大，而电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻变小，故
ΔR总=ΔRL-ΔR
故ΔRL小于ΔR。
四、计算题(第32题8分，第33题10分，共18分)
32. 2021年3月24日，临沂市获得2020年山东16地市经济社会发展综合考核一等奖，同时还获得打赢污染防治攻坚战等单项奖励。绿化喷洒车对城区道路的卫生清洁保持工作功不可没。如图所示的绿化喷洒车空载时的质量为6t，罐体有效容积为8m3，该喷洒车从水源地装满水后，沿平直公路以15m/s的速度匀速驶向距离2.7km的目的地，行驶过程中喷洒车受到的阻力为1.5×104N，车轮与地面的总接触面积为0.4m2，g取10N/kg。求喷洒车从水源地到目的地：
(1)所用的时间；
(2)牵引力所做的功；
(3)对水平地面的压强。

【答案】(1)180s；(2)4.05×107J；(3)
【解析】
【分析】
【详解】解：(1)所用的时间

(2)因为匀速，所以牵引力等于阻力为1.5×104N，牵引力所做的功
W=Fs=1.5×104N×2700m=4.05×107J
(3)水质量为

总质量为

(3)对水平地面的压强

答：(1)所用的时间180s；
(2)牵引力所做的功4.05×107J；
(3)对水平地面的压强。
33. 某品牌电热水瓶具有加热和电动出水两种功能，其简化电路如图所示，其中R1是额定功率为2000W的电热丝，R2是阻值为130Ω的分压电阻，电磁泵的额定电压为12V，在1标准大气压下，将初温为20℃、质量为2.5kg的水装入电热水瓶，正常加热8min20s将水烧开，已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，求该电热水瓶：
(1)此次加热水的效率；
(2)电磁泵的额定功率。

【答案】(1)84%；(2)19.2W
【解析】
【分析】
【详解】解：(1)水升温

水吸热

电热丝消耗电能

此次加热水的效率

(2)R2分压
U2=U-UM=220V-12V=208V
电磁泵支路电流为

电磁泵的额定功率

答：(1)此次加热水的效率84%；
(2)电磁泵的额定功率19.2W。