精品解析：2020年黑龙江省哈尔滨市道里区中考一模物理试题

2020年道里区物理毕业模拟测试（一）

一、单项选择题

1. 如图所示，将一把钢尺紧按在桌面边缘。先将尺的一半伸出桌面，用力拨动钢尺，听它振动发出的声音；再增加尺伸出桌边的长度，用相同的力拨动钢尺，听到的声音（　　）

A. 响度变大

B. 响度变小

C. 音调变高

D. 音调变低

【答案】D

【解析】

【详解】将一把钢尺紧按在桌面边缘，先将尺的一半伸出桌面，用力拨动钢尺，听它振动发出的声音，再增加尺伸出桌边的长度，用相同的力拨动钢尺，钢尺振动的频率会变慢，钢尺振动发出声音的频率变慢，音调会变低。

故选D。

2. 在水平地面上，一个物体在水平拉力作用下沿直线运动，其s-t图像如图所示，其中0~1s内和3s~4s内的图像为直线，1s~3s内的图像为曲线，则下列说法中不正确的是（　　）

A. 0s~ls内物体做匀速运动

B. 1s~3s内物体运动状态是变化的

C. 3s~4s内物体所受水平拉力一定为零

D. 3s~4s内物体所受合外力一定为零

【答案】C

【解析】

【详解】A．由图像可知0s~ls内，物体通过的路程与运动时间成正比，做匀速直线运动，A项正确，故A项不符合题意；

B．1s~3s内物体在相同的时间内通过的路程变小，做减速运动，运动状态是变化的，B项正确，故B项不符合题意；

CD．3s~4s内物体通过的路程为零，说明物体处于静止状态，物体受力平衡，则物体合力为零，水平拉力为零或水平拉力与阻力平衡，C项错误，D项正确，故C项符合题意，D项不符合题意。

故选C。

3. 我们经常提到的像：①小孔成像、②平面镜成像、③放大镜成像、④电影银幕上的像。其中（　　）

A. 属于实像的是①②③ B. 属于虚像的是②③④

C. 由于光的反射而成的像是①② D. 由于光的折射而成的像是③④

【答案】D

【解析】

【详解】①小孔成像是由光的直线传播形成的实像；

②平面镜成像是由光的反射形成的虚像；

③放大镜成像属于凸透镜成像，是由光的折射形成的虚像；

④电影银幕上的像，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的实像；

综上所述，由于反射而形成的像是②，由于折射而形成的像是③④，属于实像的是①④，属于虚像的是②③。

故选D。

4. 关于课本中的力学实验，下列说法错误的是（　　）

A. “探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验，可用小车代替木块

B. “探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度是为了探究同时作用在小车的两个力不在同一条直线上时是否平衡

C. “推断物体不受力时的运动”实验，小车受到阻力越小，小车速度减小得越慢

D. “探究动能的大小与哪些因素有关”实验，木块被小车推得越远，说明小车动能越大

【答案】A

【解析】

【详解】A．“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，若用小车代替木块，变滑动为滚动，减小了摩擦力，从而对测量摩擦力大小带来了困难，A项错误，故A项符合题意；

B．“探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度，小车在水平方向上受到两个力不在同一直线上，是为了探究小车处于平衡状态时二力是否在同一条直线上，B项正确，故B项不符合题意；

C．“推断物体不受力时的运动”实验，由实验现象可以看出：小车受的阻力越小，小车运动的路程越远，速度减小得越慢，C项正确，故C项不符合题意；

D．“探究动能的大小与哪些因素有关”实验，根据转换法，木块被小车推得越远，说明小车动能越大，D项正确，故D项不符合题意。

故选A。

5. 如图，是三种类型剪刀的示意图。下列关于三种剪刀说法正确的是（　　）

A. 剪铁皮应选用甲剪刀

B. 用乙剪刀剪较坚硬的物体时，应将物体靠近支点

C. 使用丙剪刀的好处是可以省距离

D. 使用三种剪刀都可以省功

【答案】B

【解析】

【详解】A．丙剪刀的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，所以剪铁皮应选用丙剪刀，这样更省力，故A项错误；

B．用乙剪刀剪较坚硬的物体时，应将物体靠近支点，这样力臂较小，坚硬的物体受到的力更大，更容易剪断坚硬的物体，故B项正确；

C．丙剪刀的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，使用丙剪刀的好处是可以省力，故C项错误；

D．任何机械都不能省功，所以使用三种剪刀都不可以省功，故D项错误。

故选B。

6. 如图所示，西昌卫星发射中心用长征三号运载火箭，于2019年4月20日将第四十四颗北斗导航卫星成功送上太空。下列说法中不正确的是（　　）

A. 火箭使用液氢燃料，主要是利用了液氢的热值大

B. 火箭升空过程中，燃料燃烧将机械能转化为化学能

C. 北斗导航卫星加速升空过程中，其动能和重力势能均增大

D. 北斗导航卫星加速升空过程中，其所受推力大于重力

【答案】B

【解析】

【详解】A．发射火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，A项正确，故A项不符合题意；

B．火箭升空的过程中，燃料燃的化学能转化为内能，再转化为机械能，B项错误，故B项符合题意；

C．北斗导航卫星加速升空的过程中，速度增大，高度增大，因此动能和重力势能都增大，C项正确，故C项不符合题意；

D．北斗导航卫星加速升空过程中，做加速运动，合力方向与运动方向相同，即合力方向向上，所以北斗导航卫星所受推力大于重力，D项正确，故D项不符合题意。

故选B

7. 如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S.电路正常工作，一段时间后，发现两个电表示数都变大，则出现这种故障的原因可能是(      )

A. L1断路 B. L1短路 C. L2断路 D. L2短路

【答案】D

【解析】

【详解】电流表的示数变大，电路一定是通路，且总电阻变小，故电路出现了短路；电压表示数增大，说明L2短路，此时电压表测量电源电压，故ABC错误、D正确．

8. 下列有关实验结论说法不正确的是（　　）

A. 甲实验说明液体对容器的侧壁有压强

B. 乙实验说明大气压的数值等于760mm水银产生的压强

C. 丙实验说明物体所受浮力的大小等于液体对物体下表面和上表面的压力差

D. 丁实验说明静止在连通器内的同种液体，各部分容器液面总是相平的

【答案】C

【解析】

【详解】A．装置中装水时，侧面的橡皮膜凸起，说明液体对容器的侧壁有压强，A项正确，故A项不符合题意；

B．托里拆利实验中，玻璃管倾斜，水银柱的长度为760mm，水银柱的高度为760mm，大气压的数值就等于水银柱高度所产生的压强，即760mm水银产生的压强，B项正确，故B项不符合题意；

C．实验弹簧测力计的示数变小，说明物体受到竖直向上的浮力，并且浮力的大小等于两次测力计的读数之差，C项错误，故C项符合题意；

D．静止在连通器内的同种液体，各部分与大气接触的液面总是相平的，D项正确，故D项不符合题意。

故选C。

9. 一些民间熟语常蕴涵有丰富的物理知识，下列四个句子中对应的物理知识不正确的是（　　）

A. 人多力量大——杠杆原理

B. 磨刀不误砍柴工——减小受力面积，增大压强

C. 潭清疑水浅——光的折射现象

D. 一个巴掌拍不响——一个物体不能产生力的作用

【答案】A

【解析】

【详解】A．人多力量大是指力的合成，而杠杆是一种简单机械，它的原理是动力×动力臂=阻力×阻力臂，所以人多力量大和杠杆原理没有丝毫的联系，A项错误，故A项符合题意；

B．磨刀是指将刀磨得更锋利一些，砍柴就会更容易，砍柴时的效率会更高，磨的锋利，是减小了刀的受力面积，从而增大对木柴的压强，B项正确，故B项不符合题意；

C．潭清疑水浅，是由于光从水中射入空气中，在水面处发生光的折射而产生的现象，C项正确，故C项不符合题意；

D．一个巴掌拍不响，是因为只有一个物体，没有另一个物体，力就不会产生，说明一个物体不能产生力的作用，D项正确，故D项不符合题意。

故选A。

10. 小鸣等几个同学在实验室中看到有两只外形相同的灯泡，铭牌标注如图所示。下面列出了他们在讨论中的几种说法，其中错误的是（　　）

A. 两灯都正常发光时，相同时间消耗的电能相等

B. 两灯串联在电压合适的电源上时，能同时正常发光

C. 两灯并联在6V的电源上时，“6V 6W”灯消耗的功率比较大

D. 两灯串联在18V的电源上时，总功率为18W

【答案】A

【解析】

【详解】A．两灯都正常发光时，两灯泡的功率均为其额定功率，由可知，相同时间内，功率越大，消耗的电能越多，所以两灯都正常发光时，相同时间内，“12V 12W”灯消耗的电能多，A项错误，故A项符合题意；

BD．两灯泡正常发光时，通过灯泡的电流分别为

两灯泡串联且都正常发光时，灯泡的电压为额定电压，电流为1A，电源的电压为

两灯串联在18V的电源上时，两盏灯都能正常发光，此时电路中总功率为

BD项正确，故BD项不符合题意；

C．两灯泡的电阻为

当两灯泡并联在6V的电源上时，两灯泡两端的电压相等，根据可知，“6V 6W”灯泡的电阻小，消耗的实际功率较大，C项正确，故C项不符合题意。

故选A。

11. 如图所示的家庭电路中，有两个器件连接错误，它们是（　　）

A. 闸刀开关和带开关的灯泡

B. 带开关灯泡和带熔丝的二线插座

C. 带开关的灯泡和三线插座

D. 闸刀开关和三线插座

【答案】C

【解析】

【详解】由于火线和大地间有220V电压，而零线和大地间没有电压，所以开关应接在火线一侧，这样断开开关时，就与火线断开连接了，避免发生触电事故，所以图中带开关的灯泡连接是错误的，三孔插座的接法是：上地、左零、右火，图中的接法也是错误的．

12. 如甲图所示的电路中，电源电压为8V恒定不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S后，在滑片P滑动过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，根据图像信息可知，下列判断错误的是(     )

A. R0的阻值是5Ω B. 电路的最大总功率12.8W

C. R0的最小功率是1.6W D. 滑动变阻器最大阻值是35Ω

【答案】C

【解析】

【详解】A．R0的阻值：，故A正确；

B．结合两图：电路中的电流最大1.6A时，变阻器接入电路的电阻为0，为R0的简单电路，此时电路的总功率最大为：P大=UI大=8V×1.6A=12.8W，故B正确；

C．此时电流最小，则R0的最小功率：P0小=I小2R0=（0.2A）2×5Ω=0.2W，故C错误．

D．由乙图得，电路最小电流I小=0.2A，变阻器R两端的电压UR=7V，滑动变阻器的最大阻值：，故D正确．

二、非选择题

13. 在初中阶段的物理学习中，我们学习了物体的两种属性：_______和惯性；还学习了物质的三种特性：热值、比热容和_______。

【答案】    ①. 质量    ②. 密度

【解析】

【详解】[1]在初中阶段的物理学习中，我们学习了物体的两种属性：质量和惯性。

[2]还学习了物质的三种特性：热值、比热容和密度。

14. 平衡车在当今是非常时尚的交通工具， 深受年轻人的喜爱。人站在车上水平匀速行驶时，以 ______ 为参照物，人是静止的；平衡车踏板上有凸凹不平的花纹，可以增大踏板与脚之间的 _______ 。

【答案】    ①. 平衡车    ②. 摩擦力

【解析】

【详解】[1]人站在车上水平匀速行驶时，人与平衡车之间位置没有发生变化，则以平衡车为参照物，人是静止的。

[2]平衡车踏板上有凸凹不平的花纹，增大了接触面的粗糙程度，从而增大了踏板与脚之间的摩擦力。

15. 习近平总书记提出“绿水青山就是金山银山”，倡导我们要保护环境，开发和使用绿色能源。光伏发电是将______转化为电能。核能作为一种新能源，正在逐步被人们开发和利用，核能是_______ （选填“可再生”或“不可再生”） 能源。

【答案】    ①. 太阳能    ②. 不可再生

【解析】

【详解】[1]光伏发电系统发电时，将太阳能转化为电能。

[2]核能一旦被耗用后，不可能在短期内再生，属于不可再生能源。

16. 在电风扇、 电熨斗、电磁起重机和动圈式话筒中，利用电磁感应原理工作的是______； 电视广播信号可通过通讯卫星覆盖全球，它是用______传递信息的。

【答案】    ①. 动圈式话筒    ②. 电磁波

【解析】

【详解】[1]电风扇里主要部件是电动机，它是通电能转动的机器，即利用通电导线在磁场中受力的作用，电熨斗是利用电流的热效应的原理工作的，电磁起重机是利用电流的磁效应的原理工作的，动圈式话筒是声信号转化为电信号的机器，即是利用电磁感应现象的原理制成的，所以利用电磁感应原理工作的是动圈式话筒。

[2]电视广播信号可通过通讯卫星覆盖全球，它是用电磁波传递信息的

17. 水是生命之源，在生活中的应用很广泛。汽车发动机的冷却循环系统用水作为工作物质，是利用水的_____的特点；夏天在地上洒水可以降低温度是利用水_______的特点。

【答案】    ①. 比热容大    ②. 汽化吸热

【解析】

【详解】[1]因为水的比热容大，在升高相同的温度时，水吸收的热量多，所以汽车发动机的冷却循环系统用水作为工作物质。

[2]夏天在地上洒水，利用水汽化时能吸收大量热量来降低温度。

18. 2022年第24届冬季奥林匹克运动会将在我国举行。如图是滑雪运动员正在训练的场景。使用雪橇滑雪是通过______来减小压强的；运动员冲过终点后不能立即停止滑行，是由于运动员________。

【答案】    ①. 增大受力面积    ②. 具有惯性

【解析】

【详解】[1]运动员使用雪橇，这样增大了与雪地的受力面积，从而减小压强。

[2]运动员冲过终点后不能立即停止滑行，是由于运动员具有惯性。

19. 如图所示的图表是根据某内燃机的能量流向制成，请将中间缺少的一项能量损失补充完整______；根据图表给出的信息，该内燃机的效率为____。

【答案】    ①. 气缸散热    ②. 28%

【解析】

【详解】[1]内燃机的能量损失主要包括废气损失的能量、气缸散热损失的能量以及摩擦与辐射损失的能量。

[2]由图可知，输出的有用功在燃料燃烧放出总能量中所占比例，即机械效率为

20. 小明站在地面上，用如图所示的滑轮组竖直向下用10s使重物匀速上升2m。不计绳子重及摩擦，物体重700N，动滑轮重100N，则小明对绳的拉力的功率是_______W，该装置的机械效率是_______。

【答案】    ①. 160    ②. 87.5%

【解析】

【详解】[1][2]由图可知，n=2，不计绳子重及摩擦，则拉力大小为

绳子移动的距离为

拉力做功为

拉力做功的功率为

该装置的机械效率为

21. 小明用凸透镜先后两次观察书本 上的字，看到如图所示两种情景。甲图中，书与凸透镜间的距离应满足的条件是___________ ；乙图中，凸透镜远离书本，所成的像将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【答案】    ①. 小于凸透镜的一倍焦距    ②. 变小

【解析】

【详解】[1]甲图中凸透镜成正立、放大的虚像，书到凸透镜的距离应该小于凸透镜的一倍焦距。

[2]乙图中看到倒立的像，凸透镜一定成实像，凸透镜成实像时，物距增大，像会变小，所以凸透镜远离书本时，所成的像将变小。

22. 如图所示电路中，电源电压恒定。闭合开关S后，将滑动变阻器滑片从左端向右端移动过程中，电路消耗总功率_______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；电压表V2示数的减小值_____电压表V1示数的增大值（选填“大于”、“小于”或“等于”）。

【答案】    ①. 变大    ②. 大于

【解析】

【详解】[1][2]由电路图可知，R1、R2和R3串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器滑片从左端向右端移动过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，电路中电流变大。由可知，电源电压不变，电流变大，电路中总功率变大；由可知，电流变大，R1和R3电阻不变，R1和R3两端电压均变大，电源电压不变，则R2两端电压变小，故R2两端电压的减小值等于R1和R3两端电压增大值之和，所以R2两端电压的减小值大于R1两端电压增大值，即电压表V2示数的减小值大于电压表V1示数的增大值。

23. 如图所示，在探究“推断物体不受力时的运动”实验中，画出小车在毛巾表面上运动时的受力示意图。

（         ）

【答案】

【解析】

【详解】物体受重力、支持力和水平向左的摩擦力，且重力和支持力大小相等，方向相反，如图所示：

。

24. 如图所示，S点为平面镜前跳棋子的位置，S'点为跳棋子的像的位置，P为人眼的位置，请在图中完成人眼在P点看到跳棋子及其像的光路图．

【答案】图见解析所示

【解析】

【详解】人眼看到平面镜中的像时是因为物体反射的光经平面镜反射后进入人眼，故连接像S’与人眼P，相交于平面镜上一点为入射点，连接入射点与S即为入射光线，而人眼看到棋子是棋子反射的光直接进入人眼，作图如下：

25. 在“观察水的沸腾”实验中：

(1)如图甲、乙所示，是描述水在汽化时的分子运动模型示意图，其中，____图属于水沸腾时的分子运动模型示意图。判断的依据是_____________________________；

(2)图丙是根据实验数据作出的图像。由图像可知，将质量为500g的热水加热至沸点98沸腾的时间较长，其原因可能是__________（选填“水的质量偏大”或“当地气压偏低”）；此过程中，水吸收的热量为________J；

(3)实验结束后，四个实验小组在同一实验室利用相同的实验装置（如图丁所示），正确操作，准确测得水的沸点如下表所示：

你认为他们的实验数据不同的原因是____________。

【答案】    ①. 乙    ②. 沸腾时，有大量的气泡产生，由液态变为气态，分子之间的距离变大    ③. 水的质量偏大    ④. 5.88×104    ⑤. 使用的温度计不同，导致读数时产生的误差不同

【解析】

【详解】(1)[1][2]沸腾时，有大量的气泡产生，由液态变为气态，分子之间的距离变大，所以乙图属于水沸腾时的分子运动模型示意图。

(2)[3]将水加热至沸腾的时间较长，其原因可能是水的质量偏大。

[4]由图像可知，水从70加热至沸点98，则此过程中水吸收的热量为

(4)[5]使用的温度计不同，可能会导致读数时产生的误差不同，所以小组的实验数据会有所差异。

26. 如图所示，物理兴趣小组的同学用金属块放入盛满水的溢水杯中研究浮力的实验：

(1)金属块的密度为_________kg/m3；

(2)由上述实验可得出结论：金属块受到的浮力大小与______有关；而与其浸没在液体中的_____无关；

(3)利用上述实验数据，写出验证阿基米德原理的过程和阿基米德原理的内容________ 。

【答案】    ①. 2.7×103    ②. 排开液体的体积    ③. 深度    ④. 见解析

【解析】

【详解】(1)[1]由A、C两图可知，金属块完全浸没时，受到浮力为

由可知，金属块的体积为

由A图可知，金属块的质量为

金属块的密度为

(2)[2]由A、B、C三图可知，物体浸入的是同种液体，液体的密度是一定的，物体排开水的体积越大，浮力越大，由此说明金属块受到的浮力大小与其排开液体的体积有关。

[3]由A、C、D三图可知，金属块完全浸没水中后，浸没体积不变，浸没的深度增大，金属块受到的浮力大小不变，由此说明金属块受到的浮力大小与浸没在液体中的深度无关。

(3)[4]由A、C两图可知，金属块完全浸没时，受到的浮力为

由E图可知，物体排开水的重力的大小

则，即浸在液体中的物体受到的浮力大小等于物体排开液体的重力；则阿基米德原理的内容为：浸入液体中的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于它排开的液体受到的重力。

27. 实验小组的同学利用如图甲所示的电路进行探究，电源电压恒为9V，电压表V（量程0~3V、0~15V），电流表A（量程0~0.6A、0~3A）。更换5个不同阻值的定值电阻R，得到如图乙所示的图像：

(1)该小组同学所探究的问题是：_______________；

(2)根据图像五次记录实验数据可知，电压表的示数为_____V，滑动变阻器阻值变化范围是________；

(3)为保证实验测量数据的准确性，请写出断开开关，将电阻R由5Ω更换为10Ω后，下一步的具体实验操作__________；

(4)利用图甲电路还可以测量未知电阻的大小，测量时需要多次实验，目的是：______________。

【答案】    ①. 探究电流与电阻的关系    ②. 5    ③. 4Ω~20Ω    ④. 闭合开关，将滑动变阻器的滑片适当向右移动，使电压表的示数为5V，读出电流表的读数    ⑤. 取平均值减小误差

【解析】

【详解】(1)[1]由图乙可知，通过定值电阻的电流随其阻值的变化而变化，但电流和电阻的乘积不变，所以该小组同学所探究的问题是：探究电流与电阻的关系。

(2)[2]由图甲可知，电压表测量电阻两端电压，由图乙可知，五次记录实验数据中，当电阻为5Ω时，电流为1A，电阻两端电压为

当电阻为25Ω时，电流为0.2A，电阻两端电压为

故电压表示数保持不变，为5V。

[3]当R=5Ω时电路中的电流I=1.0A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由可得，此时电路的总电阻为

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值为

当时电路中的电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路的总电阻为

则滑动变阻器接入电路中的最大阻值为

所以滑动变阻器阻值变化范围是4Ω~20Ω

(3)[4]根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω后的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以下一步应该采取的操作是：闭合开关，将滑动变阻器的滑片适当向右移动，使电压表的示数为5V，读出电流表的读数。

(4)[5]定值电阻阻值不变，多次测量是为了取平均值减小误差。

28. 小鸣家买了一台快速电水壶，这台电水壶的铭牌如下表，小华对铭牌中加热效率大于92%有点怀疑。他用所学知识和爸爸合作进行了如下实验：关掉家里所有电器，将该电水壶装满水，接入家庭电路中，测得壶中水从20上升到31所用的时间是50s，同时观察到家中电能表（如图）转盘转了80r。 请根据相关信息解答下列问题：[]

(1)电水壶烧水时的实际功率；

(2)电水壶加热的效率；

(3)爸爸认为电水壶的功率越小越省电，而小鸣却认为功率越大越省电。你支持谁的观点，请分析说明理由。

【答案】(1)1800W；(2)92.4%；(3)见解析

【解析】

【详解】(1)电水壶消耗的电能为

电水壶烧水时的实际功率为

(2)电水壶装满水时的质量为

水吸收的热量为

电水壶加热的效率为

(3)我支持小鸣的观点，因为要烧开相同质量的水，水需要吸收的热量一样多，但是由于在加热时，热量会同时向外界散失，假设外部情况相同，则时间越长，散失的热量越多，则需要的电能越多，而功率越大的电器加热时间越短，故散失的热量也少，所以功率越大越省电。

答：(1)电水壶烧水时的实际功率为1800W；

(2)电水壶加热的效率92.4%；

(3)我支持小鸣的观点，因为要烧开相同质量的水，水需要吸收的热量一样多，但是由于在加热时，热量会同时向外界散失，假设外部情况相同，则时间越长，散失的热量越多，则需要的电能越多，而功率越大的电器加热时间越短，故散失的热量也少，所以功率越大越省电。