2020-2021学年浙江省杭州市之江高级中学高一（上）期末物理试卷

2020-2021学年浙江省杭州市之江高级中学高一（上）期末物理试卷

一、单选题（本大题共18小题，共36.0分）

1. 下列物理量属于矢量的是

A. 重力 B. 质量 C. 时间 D. 路程

2. 国际单位制中力学的基本物理量可用下列哪一组仪器测量

A. 米尺、天平、秒表 B. 米尺、测力计、打点计时器
C. 量筒、天平、秒表 D. 米尺、弹簧秤、秒表

3. 在物理学中突出问题的主要因素、忽略次要因素、建立理想化模型，是经常采用的一种科学研究方法，“质点”这一理想化模型就是这种方法的具体应用。用同样的方法建立的概念是

A. 位移 B. 弹力 C. 自由落体运动 D. 加速度

4. 中国结是一种中国特有的手工编织工艺品，它身上所显示的情致与智慧正是中华古老文明中的一个侧面。如图所示，一质量为的中国结悬挂于点且处于静止状态，重力加速度为，下列说法正确的是

A. 一定竖直
B. 中国结的重心一定在它的几何中心
C. 中国结的重心可能不在通过的直线上
D. 中国结受到的重力大小为
 

5. 在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，下列实验操作中，错误的是

A. 打点计时器应使用交流电源
B. 将打点计时器固定在长木板无滑轮一端，并接好电源
C. 实验开始时，先释放小车，再接通打点计时器电源
D. 打点结束后，先断开电源，再取下纸带

6. 如图所示，形杆在竖直面内，段水平，段竖直，质量为的小球用不可伸长的细线连接在两段杆上，段水平，段与竖直方向的夹角为只剪断段细线的瞬间，小球的加速度为，而只剪断段细线的瞬间，小球的加速度为，则为

A.  B.  C.  D.

7. 在中国海军护航编队“巢湖”舰、“千岛湖”舰护送下，“河北锦绣”“银河”等艘货轮历时小时顺利抵达亚丁湾西部预定海域。此次护航总航程海里，已知海里米。假设所有船只运动速度都相同，则下列说法正确的是

A. 研究舰队的行驶路程时不可将“千岛湖”舰看作质点
B. 根据本题给出的条件可以求出此次航行过程中的平均速率
C. 根据本题给出的条件可以求出此次航行过程中的平均速度
D. 以“千岛湖”舰为参考系，“巢湖”舰一定是运动的

8. 只要物体的速度发生变化，一定具有加速度，则

A. 物体具有加速度，物体一定做加速运动
B. 物体的加速度等于零，物体一定静止
C. 物体的速度变化越大，加速度就越大
D. 物体的速度变化越快，加速度就越大

9. 一观察者发现，每隔一定时间有一滴水自高的屋檐自由落下，而且看到第五滴水刚要离开屋檐时，第一滴水刚好落到地面。已知重力加速度，那么这时第四滴水离地的高度是

A.  B.  C.  D.

10. 如图所示，杯子放在水平桌面上时，杯子对桌面的压力为，桌面对杯子的支持力为，则下列说法正确的是

A. 力是杯子的重力
B. 力和力是一对作用力和反作用力
C. 力和力是一对平衡力
D. 力的大小大于力的大小
 

11. 用卡车运输质量为的匀质圆筒状工件，为使工件保持固定，将其置于两光滑斜面之间，如图所示。两斜面Ⅰ、Ⅱ固定在车上，倾角分别为和重力加速度为当卡车沿平直公路匀速行驶时，圆筒对斜面Ⅰ、Ⅱ压力的大小分别为、，则

A. ， B. ，
C. ， D. ，

12. 如图所示，物体沿光滑竖直墙壁自由下落的过程中，受力个数是

A. 个
B. 个
C. 个
D. 个

13. 一个重为的人站在升降机内的磅秤上，在升降机运动的过程中看到磅秤示数为，，则升降机的运动情况可能是

A. 向上加速，加速度大小为 B. 向下加速，加速度大小为
C. 向上减速，加速度大小为 D. 向下减速，加速度大小为

14. 如图所示，分别对劲度系数的弹簧两端施加拉力在弹性限度内，下列说法正确的是

A. 弹簧产生的弹力为
B. 该弹簧伸长了
C. 该弹簧伸长了
D. 若将该弹簧从中间剪断，其劲度系数不变

15. 一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度图象如图所示。由图象可知

A. 火箭在段的加速度大于段的加速度
B. 时刻火箭回到地面
C. 段火箭是上升过程，段火箭是下落过程
D. 时刻火箭离地最远
 

16. 关于物体的惯性，正确的说法是

A. 同一物体在地球表面和在月球表面惯性不一样大
B. 汽车行驶得快，刹住它困难，所以速度大的物体惯性大
C. 由于绕地球运行的宇宙飞船内的物体处于完全失重状态，因此飞船内的物体不存在惯性
D. 运动状态越难改变的物体惯性越大

17. 不倒翁之所以“不倒”，是因为它的重心设计巧妙，下列说法中正确的是

A. 重心在不倒翁的几何中心上 B. 不倒翁的重心很高
C. 不倒翁的重心很低 D. 不倒翁的重心不在物体上

18. 如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为的斜面上，杆的另一端固定一个重力是的小球，小球处于静止状态时，弹性杆对小球的弹力

A. 大小为，方向平行于斜面向上
B. 大小为，方向平行于斜面向上
C. 大小为，方向竖直向上
D. 大小为，方向垂直于斜面向上
 

二、实验题（本大题共2小题，共12.0分）

19. 某课外兴趣小组做“探究求合力的方法”实验，步骤如下：
    在弹簧测力计的下端悬挂一重物，记下重物静止时弹簧测力计的示数
    将贴有白纸的木板竖直放置，三个细线套一端共系于一个结点，另一端分别系于弹簧测力计、和重物上，测力计挂于固定点，手持测力计的端拉动细线，使结点静止于点，如图所示。记录下点位置、两个测力计示数、及______。本实验用的弹簧测力计示数的单位为，图中弹簧测力计的示数只为______
    在白纸上按一定标度作出、、的图示，根据平行四边形定则作出、的合力的图示，若______，则平行四边形定则得到验证。
    本实验中采用的科学方法是______
    A.理想实验法
    B.等效替代法
    C.控制变量法
    D.建立物理模型法
    关于本实验，下列做法合理的是______
    A.三根细线必须等长
    B.要使两弹簧测力计的读数非常接近
    C.每次实验时弹簧测力计始终保持水平
    D.使弹簧测力计、细线都位于竖直平面内

20. 某实验小组利用如图所示的装置探究加速度与力、质量的关系。
    
    下列做法正确的是______填字母代号。
    A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行
    B.在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上
    C.实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源
    D.通过增减木块上的砝码改变质量时，需要重新调节木板倾斜度
    为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量______木块和木块上砝码的总质量选填“远大于”“远小于”或“近似等于”。
    甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度与拉力的关系，分别得到图中甲、乙两条直线。设甲、乙用的木块质量分别为、，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为、，由图可知，______，______。选填“大于”“小于”或“等于”
    实验时改变所挂钩码的质量，分别测量木块在不同外力作用下的加速度。根据测得的多组数据画出关系图像，如图所示。此图像的段明显偏离直线，造成此现象的主要原因可能是______。选填下列选项的序号
    A.小车与平面轨道之间存在摩擦
    B.平面轨道倾斜角度过大
    C.所挂钩码的总质量过大
    D.所用小车的质量过大

三、计算题（本大题共3小题，共22.0分）

21. 如图所示，用手握住一个重为的酒瓶，使酒瓶始终处于竖直位置。已知酒瓶与手之间的动摩擦因数，若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取，试回答以下问题：
    用水平握力握住酒瓶，并处于静止状态，求酒瓶受到的摩擦力大小；
    用水平握力握住酒瓶，求酒瓶受到的摩擦力大小；
    至少用多大的水平握力才能握住酒瓶，使酒瓶沿水平方向匀速运动。
    
    
    
    
    
    
     
22. 如图所示，王一博参加摩托车比赛万众瞩目，如表为王一博驾驶摩托车在直跑道上飞驰时测量的数据。请根据测量数据，完成下列问题。设变速过程速度均匀变化
    求出摩托车加速阶段的加速度的大小；
    求出摩托车在第末的速度的大小；
    求摩托车全过程发生的位移的大小。

23. 如图所示，质量为的物块放在粗糙水平上，物块与斜面之间的滑动摩擦系数为，某时刻物块在与水平方向成的拉力的作用下，由静止开始向右运动，经时间时撤去拉力。求：
    撤去拉力时物块的速度大小；
    物块从静止开始到最后停止的过程中运动的位移大小。

答案和解析

1.【答案】
 

【解析】解：、矢量是既有大小又有方向、运算遵循平行四边形定则的物理量，所以重力是矢量，故A正确；
、标量是只有大小没有方向、运算遵循代数加减法则的物理量，质量、时间、路程只有大小、没有方向，都是标量，故BCD错误。
故选：。
矢量是既有大小又有方向、运算遵循平行四边形定则的物理量，标量是只有大小没有方向、运算遵循代数加减法则的物理量。
对于矢量与标量，要掌握它们之间的区别：矢量有方向，标量没有方向；同时注意矢量的运算应遵循平行四边形定则。
 

2.【答案】
 

【解析】解：长度、时间、质量是三个力学基本物理量，米尺是测量长度的仪器，天平是测量质量的仪器，秒表是测量时间的仪器，弹簧秤是测量力的仪器，力不是基本物理量，故A正确，BCD错误。
故选：。
力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，根据物理量来确定测量的仪器即可．
解决本题的关键知道力学的三个基本物理量以及对应的基本单位，需识记．
 

3.【答案】
 

【解析】解：、位移是根据物体空间位置的变化定义的，不是理想化模型，故A错误；
B、弹力是根据力的性质与特点命名的，不是理想化模型，故B错误；
C、在真空中物体只受重力，或者在空气中物体所受空气阻力很小，和物体重力相比可忽略时，物体从静止开始的下落运动为自由落体运动，自由落体运动是一种理想化的运动模型，故C正确；
D、加速度，是根据比值定义法定义的物理量，不是理想化模型，故D错误。
故选：。
理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的。结合位移、弹力以及加速度定义的方法判断。
本题涉及了物理多种物理方法和数学方法，理想化模型，等效替代，比值定义法，这些都是老师在课上经常提到的，只要留意听课，这些很容易解答。
 

4.【答案】
 

【解析】解：、由二力平衡可知，用一根线悬挂的物体静止时，线的拉力与自身重力等大反向，重力的方向竖直向下，拉力的方向也是竖直方向的，故一定是竖直的，故A正确；C错误；
B、由于中国结的形状不是完全对称的，质量分布不均匀，故中国结的重心不一定在它的几何中心。故B错误；
D、中国结受到的重力大小为：

故D错误。
故选：。
知道重心是物体各部分所受重力的等效作用点；可以在物体上也可以在体外，会随着形状及质量分布的变化而变化，重心一定在悬挂额竖直延长线上。
本题考查重心的概念，要注意明确重心是等效作用点，可以在物体上也可以在物体外，悬挂法测重心的方法。
 

5.【答案】
 

【解析】解：、打点计时器应使用交流电源，故A正确。
B、在释放小车前，小车应尽量靠近打点计时器，即固定在长木板无滑轮一端，以能在纸带上打出更多的点，有利于实验数据的处理和误差的减小，故B正确。
C、实验开始时，为了在纸带上打出更多的点，为了打点的稳定，具体操作中要求先启动打点计时器然后释放小车，故C错误。
D、打点结束后，先断开电源，再取下纸带，故D正确。
本题选择错误的，故选：。
正确解答本题需要掌握：打点计时器的使用以及简单构造等，明确探究小车速度随时间变化的规律实验中一些简单操作细节等。
本题比较简单，考查了基本仪器的使用和基础实验的操作细节，对于基础知识，平时训练不可忽略，要在练习中不断加强。
 

6.【答案】
 

【解析】解：只剪断段细绳的瞬间，对小球进行受力分析，分解重力如图所示：

剪断段细绳的瞬间，速度为零，向心力为零，沿绳的方向合力为零，即，
小球的合力垂直于绳子，大小为，
根据牛顿第二定律有：，
得小球的加速度为；
只剪断段细绳的瞬间，沿水平绳子方向合力为零，小球的合力为重力，所以小球的加速度为，
则，故B正确，ACD错误。
故选：。
只剪断段细绳的瞬间，对小球进行受力分析，把重力分解在沿绳子方向和垂直于绳子方向，根据牛顿第二定律可以求出小球的加速度；
只剪断段细绳的瞬间，沿水平绳子方向合力为零，小球的合力为重力，根据牛顿第二定律可以求出小球的加速度。
本题考查了牛顿第二定律、力的合成与分解的运用等知识点。分解重力时，按照重力的作用效果来分解，是解决本题的关键。
 

7.【答案】
 

【解析】解：、本题中路程长度远远大于“千岛湖”舰的尺寸，所以研究舰队平均速率时可将“千岛湖”舰看作质点，故A错误；
、“海里”是护航舰艇走过的轨迹长度，因此为路程不是位移，平均速率为路程和时间的比值，由于不知运动位移的大小，不能求出此次航行的平均速度，故B正确，C错误；
D、若“千岛湖”舰与“巢湖”舰同向匀速行驶，则以“千岛湖”舰为参照物，“巢湖”舰是静止，故D错误；
故选：。
正确解答本题需要掌握位移和路程的区别，质点的含义；相对运动，参照物的选取，平均速度的定义等，
本题考查了描述运动的一些基本概念，对于这些概念一定要深入理解其定义，尤其是加强理解位移、平均速度等矢量概念的含义，注意平均速度与平均速率的区别，及看成质点的条件．
 

8.【答案】
 

【解析】解：、加速度是反映速度变化快慢的物理量，物体具有加速度，物体速度一定变化，但不一定做加速运动，可能做减速运动，故A错误。
B、物体的加速度为零，速度不一定为零，比如匀速直线运动，故B错误。
、物体的速度变化越快，加速度越大，并不是速度变化越大，故C错误，D正确。
故选：。
加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动。
解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系。
 

9.【答案】
 

【解析】解：根据得
可知相邻两滴水之间的时间间隔为：
第滴水下落的时间为：
则第四滴水下落的高度为：
水滴离地的高度为：，故D正确，ABC错误。
故选：。
根据位移时间公式求出水下落的时间，从而得出相邻水滴之间的时间间隔，根据位移公式求出第四滴水离地的高度。
解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解，难度不大
 

10.【答案】
 

【解析】解：、重力的施力物体是地球受力物体为杯子，而杯子对桌面的压力为的施力物体是杯子受力物体为桌面，所以不是重力，故A错误；
、杯子对桌面的压力为和桌面对杯子的支持力为，是两个物体之间的相互作用，是一对作用力与反作用力，故B正确，C错误；
D、杯子对桌面的压力为和桌面对杯子的支持力为是一对作用力与反作用力，二者等大，反向，共线，故D错误。
故选：。
此题应先进行受力分析，并确定哪些是平衡力，哪些是作用力与反作用力。
本题主要考查了作用力与反作用力和平衡力的区别与联系，解答的关键是知道一对作用力与反作用力是两个物体之间的相互作用，等大，反向，共线。
 

11.【答案】
 

【解析】解：将圆筒的重力进行分解，如图所示，

由几何关系得，，
根据牛顿第三定律，圆筒对斜面Ⅰ、Ⅱ压力的大小分别为，，故C正确，ABD错误；
故选：。
将圆筒的重力进行分解，作图并找出几何关系，结合牛顿第三定律即可求解。
本题考查力的分解以及牛顿第三定律，要求学生作图进行分析，难度不大。
 

12.【答案】
 

【解析】解：物体下滑过程中一定受重力；而在垂直于墙面的方向上，由于没有压力，故物体不会受墙面的支持力，同时因没有弹力故一定没有摩擦力；
故物体只受重力一个力，故A正确，BCD错误。
故选：。
对物体进行受力分析，根据弹力及摩擦力的产生条件可得出物体的受力个数。
本题考查受力分析的方法，一定注意按重力、弹力、摩擦力的分析顺序进行；这样可以根据各力的产生条件进行简单的判断即可得出正确答案。
 

13.【答案】
 

【解析】解：由题可知，人的重力，由可得，人的质量，人受到磅秤的支持力，由牛顿第二定律可得：解得，人有向上的加速度，所以升降机可能是向上加速或者向下减速，故A正确，BCD错误。
故选：。
根据牛顿第二定律计算出升降机的加速度，根据加速度的方向可以计算出有向上的加速度，进而可以判断出运动的可能情况。
本题应注意计算出加速度方向向上时，物体可能是向上做匀加速运动，也可能是向下做匀减速运动，不要当成一定向上做匀加速运动。
 

14.【答案】
 

【解析】解：、轻弹簧的两端各受拉力的作用，所以弹簧得弹力为，故A错误；
、根据胡克定律得弹簧的伸长量：。故B正确，C错误；
D、弹簧的劲度系数与弹簧的长度有关，该弹簧在剪断一半后劲度系数增大，故D错误。
故选：。
轻弹簧的两端各受拉力的作用，弹簧的弹力为，知道轻弹簧的劲度系数，根据胡克定律求解弹簧的伸长量。
弹簧的弹力与形变量之间的关系遵守胡克定律。公式中，是弹簧伸长的长度或压缩的长度，即是弹簧的形变量。
 

15.【答案】
 

【解析】解：、根据图象的斜率表示物体的加速度，由图可知：段的斜率小于段的斜率，故火箭在段的加速度小于段的加速度，故A错误；
、在段火箭的速度一直为正，火箭一直在上升，时刻火箭离地最远，故BC错误，D正确。
故选：。
图象的斜率表示加速度，根据斜率大小分析加速度大小。根据速度正负表示速度方向，分析火箭的运动情况。
对于速度时间图象，要知道图像的斜率代表物体的加速度；速度的正负代表物体运动的方向。
 

16.【答案】
 

【解析】解：、物体的惯性大小取决于物体的质量，质量越大，惯性越大，所以同一物体在地球表面比在月球表面惯性相等，故A错误；
B、物体的惯性大小取决于物体的质量，质量越大，惯性越大，与汽车的运动状态及受力情况无关，故B错误；
C、绕地球运行的宇宙飞船内的物体处于完全失重状态，飞船内的物体依然存在惯性，惯性与物体的运动状态及受力情况无关，故C错误；
D、物体的运动状态越难改变说明物体的质量越大，所以物体惯性越大，故D正确。
故选：。
一切物体都有保持原来运动状态的性质叫惯性，任何物体都有惯性，物体的惯性大小取决于物体的质量，质量越大，惯性越大，与物体的运动状态及受力情况无关。
本题考查了惯性知识，一切物体都有惯性，物体的惯性与物体是否受力无关，与物体的运动状态无关，取决于物体的质量。
 

17.【答案】
 

【解析】解：、只有形状规则、均匀分布的物体的重心在其几何中心，不倒翁的质量的分布是不均匀的，下部的密度大，所以不倒翁的重心很低，稳度比较大。故AB错误，C正确；
D、不倒翁的重心位于物体的下部，在物体上。故D错误。
故选：。
重力在物体上的作用点角重心，重心的位置与物体的形状、质量的分布有关，重心低的物体的稳度大．
该题考查重心的相关知识，注重了物理与生活的联系，属于对基础知识的考查．
 

18.【答案】
 

【解析】解：小球受重力和杆的支持力弹力作用处于静止状态，由二力平衡可知，弹性杆对小球的弹力与重力等大、反向，即大小为，方向竖直向上，故C正确，ABD错误。
故选：。
杆的弹力不一定沿杆方向，可沿着各个方向，因此可对静止的小球受力分析确定杆的弹力。
本题考查学生共点力平衡条件以及对杆的弹力的认识，难度不大。
 

19.【答案】方向    和在误差范围内重合   
 

【解析】解：根据实验原理可知，除记录下点位置、两个测力计示数、及力的方向；
弹簧测力计读数，每被分成格，则格就等于所以读数为：。
在白纸上按一定标度作出、、的图示，根据平行四边形定则作出、的合力的图示，若和在误差范围内重合，则平行四边形定则得到验证。
验证力的平行四边形定则的实验中需要我们让两次拉时的效果相同，所以是采用了等效替代法，故B正确，ACD错误；
故选：。
、三根细线不需要等长，稍微长一点即可，故A错误；
B、两个弹簧秤的读数不一定接近或差不多，故B错误；
C、实验中只要保证两次结点的位置相同即可，弹簧测力计不一定始终保持水平，故C错误；
D、重力的方向在竖直方向，则要使弹簧秤、细线都位于竖直平面内，故D正确；
故选：
故答案为：方向，；和在误差范围内重合；；
弹簧测力计挂于固定点，下端用细线挂一重物。当弹簧测力计一端用细线系于点，当向左拉使结点静止于某位置。弹簧测力计和的示数分别为两细线的力的大小，同时画出细线的方向即为力的方向，但不需要细线；由图示弹簧测力计确定其分度值，读出其示数；
虽悬挂重物的细线方向确定，但大小却不知，所以要测重物重力，然后结合实验的原理分析即可；
验证力的平行四边形定则的实验中需要我们让两次拉时的效果相同；
当结点静止于某位置时，弹簧测力计的大小与方向就已确定了。原因是挂重物的细线大小与方向一定，但弹力的大小不一定要近似相等，多次实验时，点位置可以改变，对重物的质量没有要求，大小适中即可；弹簧的拉力的合力始终与重力相等，方向相反，若弹簧秤的夹角变化，则大小变化，弹簧的形变量变化。
对于中学中的实验，同学们尽量亲自动手做一下，这样对于实验原理、实验步骤、注意事项、数据处理、误差分析等才有深刻的认识，在该题中考查了弹簧测力计读数、减小实验误差的方法，对弹簧测力计读数时要先确定其分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直。
 

20.【答案】  远小于  小于  大于 
 

【解析】解：、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；
B、在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂“砝码桶”，故B错误；
C、打点计时器要“早来晚走”，即实验开始时先接通打点计时器的电源，待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器，故C错误；
D、平衡摩擦力后，有即与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度，故D错误。
故选A。
按照教材上的理论若以砝码桶及砝码作为小木块的合外力，则有，
而实际实验过程中砝码桶及砝码也与小木块一起做匀加速运动，即对砝码桶及砝码有：，
对小木块有：，
综上有：小物块的实际的加速度为，只有当时，才能有效的保证实验的准确性。
当没有平衡摩擦力时有，故：，即图线斜率为，纵轴截距的大小为，
观察图线可知，则。
随着力的增大，即砝码和小盘总质量的增大，不再满足砝码和小盘的质量远小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象，故C正确。
故选C。
故答案为：  远小于小于，大于。
根据实验的原理及操作中的注意事项逐项分析，得出正确的答案。根据牛顿第二定律，运用整体法和隔离法求出拉力的表达式，从而确定砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力应满足的条件。求出加速度与力的数学关系，根据数学方法处理图像问题，分析斜率。
本题考查探究加速度与力、质量的关系的实验原理及注意事项，对于图线问题，一般的解题思路是通过物理规律得出两个物理量之间的函数关系，结合图线的斜率和截距进行分析求解。
 

21.【答案】解：由最大静摩擦力等于滑动摩擦力可知：
解得
所以酒瓶与手之间没有相对滑动，酒瓶受到手的静摩擦力作用：

由最大静摩擦力等于滑动摩擦力可知：
解得
所以酒瓶与手之间有相对滑动，酒瓶受到手的滑动摩擦力作用：
酒瓶沿水平方向匀速运动，受力平衡。
所以当最大静摩擦力时握力最小
由
解得最小水平握力：
答：酒瓶受到的摩擦力大小为；
酒瓶受到的摩擦力大小为；
至少用的水平握力才能握住酒瓶，使酒瓶沿水平方向匀速运动。
 

【解析】假设酒瓶与手受到滑动摩擦力作用，根据计算出摩擦力大小，与重力比较，从而判断酒瓶是否滑动，如果滑动则受滑动摩擦力，如果不滑动则受静摩擦力等于酒瓶的重力；
当重力恰好等于滑动摩擦力时，水平握力最小。
本题考查静摩擦力和滑动摩擦力的概念，如果两物体由相对滑动，则受到滑动摩擦力作用，根据计算；
如果两物体没有相对滑动，则受到静摩擦力作用，用受力平衡来求解。
 

22.【答案】解：由表得前匀加速运动，根据
代入数据解得摩托车加速阶段的加速度的大小；
由表得末处于匀减速阶段


根据
其中
解得
又根据
其中
代入数据解得；
设摩托车开始减速后，运动的时间为，则
解得，即摩托车恰好在第秒停止运动，
则摩托车全过程发生的位移的大小为

答：摩托车加速阶段的加速度的大小为；
摩托车在第末的速度的大小为；
摩托车全过程发生的位移的大小为。
 

【解析】结合表格，根据匀变速直线运动的运动规律求出加速度大小；
由表格结合运动学公式求出加速度，再利用已知量求速度大小；
由表格信息结合运动学公式求出各段位移，再求总位移。
在求解位移时，要注意多个位移公式的选择应用，比如、等等。
 

23.【答案】解：设时间内，物体运动的加速度为，末的速度为，向右为正方向。对物体受力分析，物体受重力、拉力、支持力和摩擦力，如图，则根据牛顿第二定律得：
竖直方向有
水平方向有 
 结合

联立解得。
撤去拉力时物块的速度大小。
设时间内的位移为，撤掉拉力到停止的位移为，总位移为。
则
撤去后，根据牛顿第二定律得。
由运动学公式有。
解得 
所以总位移。
答：
撤去拉力时物块的速度大小是；
物块从静止开始到最后停止的过程中运动的位移大小是。
 

【解析】撤去前，对物体受力分析后，根据牛顿第二定律列式求出加速度，再根据速度时间关系公式列式求撤去拉力时物块的速度大小；
先根据位移时间公式求出撤去前物体的位移。撤去后物体做匀减速运动，根据牛顿第二定律求解出加速度，再根据速度位移公式求解位移，从而求得总位移。
本题是已知受力情况确定运动情况的问题，关键是正确分析受力情况，根据牛顿第二定律求解加速度。